江苏省南通市2025届高三数学下学期第三次调研测试试题含解析

PAGE26-江苏省南通市2025届高三数学下学期第三次调研测试试题（含解析）一、填空题1.已知集合A＝{﹣1，0，1}，B＝{0，2}，则AB＝_______．【答案】{﹣1，0，1，2}【解析】【分析】干脆利用集合的并集运算求解.【详解】解：∵集合A＝{﹣1，0，1}，B＝{0，2}，∴AB＝{﹣1，0，1，2}．故答案为：{﹣1，0，1，2}【点睛】本题主要考查集合的并集运算，意在考查学生对该学问的理解驾驭水平，属于基础题.2.设复数z满意(3﹣i)z＝，其中i为虚数单位，则z的模是_______．【答案】1【解析】【分析】先利用复数的除法求出复数，再求复数的模得解.【详解】解：∵(3﹣i)z＝，∴，∴．故答案为：1【点睛】本题主要考查复数的除法运算和复数模的计算，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于基础题.3.如图是一个算法流程图，则输出的的值是____．【答案】【解析】【分析】由已知中的框图可知进入循环的条件为不满意条件模拟程序的运行结果，即可得到输出的k值【详解】模拟执行程序，可得k=1不满意条件执行循环体，k=2不满意条件执行循环体，k=3不满意条件执行循环体，k=4不满意条件执行循环体，k=5满意条件退出循环，输出k的值为5故答案为5【点睛】本题考查程序框图的应用，明确每次循环，精确推断何时结束循环是关键，是基础题4.某校高一、高二、高三年级的学生人数之比为4：4：3，为了解学生对防震减灾学问的驾驭状况，现采纳分层抽样的方法抽取n名学生进行问卷检测．若高一年级抽取了20名学生，则n的值是_______．【答案】55【解析】【分析】依据分层抽样每个个体入样的可能性相同，计算可得；【详解】解：依题意可得．故答案为：【点睛】本题考查分层抽样的应用，属于基础题.5.今年我国中医药选出的“三药三方”对治疗新冠肺炎均有显著效果,功不行没.“三药”分别为金花清感颗粒、连花清瘟胶囊、血必净注射液；“三方”分别为清肺排毒汤、化湿败毒方、宜肺败毒方,若某医生从“三药三方”中随机选出2种,则恰好选出1药1方的概率是_______.【答案】【解析】【分析】依据组合的方法结合古典概型的概率公式求解即可.【详解】从“三药三方”中随机选出2种共个基本领件,其中1药1方的事务数有个.故概率P＝.故答案为：【点睛】本题主要考查了利用组合的方法解决随机事务的概率问题,属于基础题.6.在平面直角坐标系xOy中,已知抛物线y2＝4x的准线是双曲线(a＞0)的左准线,则实数a的值是_______．【答案】【解析】【分析】依据抛物线以及双曲线的准线方程列式求解即可.【详解】因为抛物线y2＝4x的准线是双曲线(a＞0)的左准线,故,即,因为故解得a＝．故答案为：【点睛】本题主要考查了抛物线与双曲线简洁性质,属于基础题.7.已知，，，均为锐角，则的值是_______．【答案】【解析】【分析】计算得到，，再利用和差公式计算得到答案.【详解】∵，均为锐角，∴，从而，，∵，，∴，，∴.故答案为：.【点睛】本题考查了三角恒等变换，意在考查学生的计算实力和转化实力.8.公园里设置了一些石凳供游客休息,这些石凳是经过正方体各棱的中点截去8个一样的四面体得到的（如图所示）．设石凳的体积为V1,正方体的体积为V2,则的值是_______．【答案】【解析】【分析】设正方体的棱长为2a即可得出V2,再利用总体积减去正方体八个角上的三棱锥的体积求出V1,继而得出即可.【详解】解析：设正方体的棱长为2a,则V2＝8a3,,故．【点睛】本题主要考查了空间几何体的体积问题,属于基础题.9.已知x＞1，y＞1，xy＝10，则的最小值是_______．【答案】9【解析】【分析】依题意可得，再由基本不等式计算可得；【详解】解：∵,,，∴，，，所以，当且仅当，即时取“＝”．故答案为：【点睛】本题考查对数的运算及基本不等式的应用，属于基础题.10.已知等比数列的前n项和为,若,,成等差数列,且,则的值是_______．【答案】【解析】【分析】依据等差等比数列的性质列式求解得,再利用等比数列各项的关系求解即可.【详解】∵,,成等差数列,∴,即,所以,故.∴.又,则,所以,．故答案为：【点睛】本题主要考查了等比数列的简洁性质,等差中项的运用等,属于基础题.11.海伦（Heron，约公元1世纪）是古希腊亚历山大时期的数学家，以他的名字命名的“海伦公式”是几何学中的闻名公式，它给出了利用三角形的三边长a，b，c计算其面积的公式S△ABC＝，其中，若a＝5，b＝6，c＝7，则借助“海伦公式”可求得△ABC的内切圆的半径r的值是_______．【答案】【解析】【分析】首先依据海伦公式求得三角形的面积，然后依据三角形内切圆计算公式，计算出三角形的内切圆.【详解】，S△ABC＝，由于，所以．故答案为：【点睛】本小题主要考查三角形面积的计算，考查三角形内切圆半径的计算，属于基础题.12.如图,△ABC为等边三角形,分别延长BA,CB,AC到点D,E,F,使得AD＝BE＝CF．若,且DE＝,则的值是_______．【答案】【解析】【分析】设AD＝x,再在△BDE中依据余弦定理求解得出,再利用数量积公式求解即可.【详解】易知△DEF也为等边三角形,设AD＝x,则BD＝3x,△BDE中,由余弦定理得：,解得x＝1,故BD＝3,则．故答案：【点睛】本题主要考查了平面对量数量积以及余弦定理的运用,属于基础题.13.已知函数,若函数有且仅有四个不同的零点,则实数k的取值范围是_______．【答案】【解析】【分析】依据题意可求得,再分三种状况求函数的单调性,进而依据零点存在性定理求出函数的最小值求解不等式即可.【详解】由题,,即,当k＝0时,原函数有且只有一个零点,不符题意,故k≠0,视察解析式,可知函数有且仅有四个不同的零点,可转化为有且仅有两个不同的零点,当k＜0,函数在(0,)单调递增,最多一个零点,不符题意,舍；当k＞0,,令有,故x(0,)(,)﹣0﹢单调递减单调递增要使在(0,)有且仅有两个不同的零点,则,因为,故,解得k＞27,综上所述,实数k的取值范围是(27,)．故答案为：(27,)【点睛】本题主要考查了依据分段函数的零点个数求解参数范围问题,须要依据函数的性质求出单调性以及最值,进而依据零点存在性定理列式求解.属于中档题.14.在平面直角坐标系xOy中，过点P(2，﹣6)作直线交圆O：x2＋y2＝16于A，B两点，C(，)为弦AB的中点，则的取值范围是_______．【答案】[，)【解析】【分析】求出点C的轨迹，转化条件为点C(，)到点距离，数形结合即可得解.【详解】因为C(，)为弦AB的中点，所以，圆O：x2＋y2＝16的圆心为，半径为，所以，的中点，C在以OP为直径的圆即圆上，且C在圆O内，如图所示，圆上的劣弧（不含端点）即为C的轨迹，可转化为点C(，)到点距离，由图可知，,联立方程可得或，所以点，，所以，所以的取值范围是[，)．故答案为：[，).【点睛】本题考查了直线与圆的综合应用，考查了数形结合思想与转化化归思想，属于中档题.二、解答题15.△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c．若．（1）求cosC的值；（2）若A＝C，求sinB的值．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）利用正弦定理将角化边，再由余弦定理计算可得；（2）由（1），由同角三角函数的基本关系求出，再由诱导公式及二倍角公式计算可得；【详解】解：（1）由正弦定理：，且得，整理得：，故由余弦定理：；（2）由（1），又C为△ABC内角，故，，则．【点睛】本题考查正弦定理、余弦定理的应用，同角三角函数的基本关系，属于基础题.16.如图，在直三棱柱中，，分别是，的中点.求证：（1）平面平面；（2）平面.【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析【解析】【分析】（1）证明平面得到答案.（2）为中点，连接，，确定四边形为平行四边形，得到证明.【详解】（1）在直三棱柱，则平面，平面，故，，，故平面，平面，故平面平面.（2）如图所示：为中点，连接，，故，，故，故四边形为平行四边形，故，平面，故平面.【点睛】本题考查了面面垂直，线面平行，意在考查学生的推断实力和空间想象实力.17.某单位科技活动纪念章的结构如图所示，O是半径分别为1cm，2cm的两个同心圆的圆心，等腰△ABC的顶点A在外圆上，底边BC的两个端点都在内圆上，点O，A在直线BC的同侧．若线段BC与劣弧所围成的弓形面积为S1，△OAB与△OAC的面积之和为S2，设∠BOC＝2．（1）当时，求S2﹣S1的值；（2）经探讨发觉当S2﹣S1的值最大时，纪念章最美观，求当纪念章最美观时，cos的值．（求导参考公式：(sin2x)'＝2cos2x，(cos2x)'＝﹣2sin2x）【答案】（1）()；（2）【解析】【分析】依题意可得，故，，，（1）当时，代入计算可得；（2）由，令，，利用导数探讨函数的单调性，求出函数的最值；【详解】解：过点作于点，则为的中点，又为等腰三角形，所以、、三点共线，，故（1）时，，，故，答：当时，求的值为()；（2），令，令，得或（舍去）记，＋0－单调递增极大值单调递减故，即时，最大，即的值最大，答：纪念章最美观时，cos的值为．【点睛】本题考查利用导数探讨函数的最值，三角形面积公式的应用，属于中档题.18.如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆(a＞b＞0)的左、右焦点分别为F1，F2，过点F2的直线交椭圆于M，N两点．已知椭圆的短轴长为，离心率为．（1）求椭圆的标准方程；（2）当直线MN的斜率为时，求的值；（3）若以MN为直径的圆与x轴相交的右交点为P(t，0)，求实数t的取值范围．【答案】（1）（2）（3）．【解析】【分析】（1）设焦距2c，由题得到关于的方程组，解方程组即得解；（2）先求出点的坐标，再利用两点间的距离公式得解；（3）先探讨当直线MN斜率不存在时，；再探讨直线斜率存在的状况,联立直线和椭圆方程得到韦达定理，再依据得到，解不等式组综合即得解.【详解】解：（1）设焦距2c，，，故椭圆的标准方程为：；（2）由（1）知，c＝2，则F2(2，0)或即，或，因此，；（3）当直线MN斜率不存在时，MN：x＝2，＝，以MN为直径的圆方程为：,其与x轴相交的右交点为(，0)，即；当MN斜率存在时，设MN：，M(，)，N(，)所以，，，则，因为P在以MN为直径的圆上，则，所以所以所以所以，因为，所以.∵P是右交点，故t＞2，因此，解得．综合得.【点睛】本题主要考查椭圆标准方程的求法，考查直线和椭圆的位置关系，考查椭圆中的范围问题的求解，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平和分析推理计算实力.19.已知是各项均为正数的无穷数列，数列满意(n)，其中常数k为正整数．（1）设数列前n项的积，当k＝2时，求数列的通项公式；（2）若是首项为1，公差d为整数等差数列，且＝4，求数列的前2024项的和；（3）若是等比数列，且对随意的n，，其中k≥2，试问：是等比数列吗？请证明你的结论．【答案】（1）；（2）（3）数列是等比数列．证明见解析【解析】【分析】（1）先求出，即得数列的通项公式；（2）通过分析得到d＝1，得到，再求出k＝1，即得，再利用裂项相消法求数列的前2024项的和；（3）设公比为q2，则对随意n，，由已知得到，证明得到，即得数列是等比数列．【详解】解：（1）因为，所以，两式相除，可得，当n＝1时，，符合上式，所以，当k＝2时，；（2）因为，且，所以，，所以，因为是各项均为正数的无穷数列，是首项为1，公差d为整数的等差数列，所以d，k均为正整数，所以，所以，所以，解得d≤1，所以d＝1，即.所以，即，解得k＝1，所以，则，记的前n项和为，则，所以；（3）因为成等比数列，设公比为q2，则对随意n，，因为，且，所以，所以，因为，所以，所以数列是等比数列．【点睛】本题主要考查数列通项的求法，考查数列的求和问题，考查数列性质的判定，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平和分析推理实力.20.已知函数，，其中e是自然对数的底数．（1）若函数的极大值为，求实数a的值；（2）当a＝e时，若曲线与在处的切线相互垂直，求的值；（3）设函数，若＞0对随意的x(0，1)恒成立，求实数a的取值范围．【答案】（1）a＝1；（2）；（3）[，)．【解析】【分析】（1）利用导数求出的极大值，即得a的值；（2）由得到，设，依据函数的单调性和得到；（3）由题得对随意x(0，1)恒成立，设，得到对随意x(0，1)恒成立，即，设，x(0，1)，求出的最大值得解.【详解】解：（1）因为，则，因为，所以a＞0，则当x(0，e)时，，单调递增，当x(e，)时，，单调递减，所以当x＝e时，的极大值，解得a＝1；（2）当a＝e时，，，则，，由题意知，，整理得，设，则，所以单调递增，因为，所以；（3）由题意可知，对随意x(0，1)恒成立，整理得对随意x(0，1)恒成立，设，由（1）可知，在(0，1)上单调递增，且当x(1，)时，，当x(0，1)时，，若，则，若，因为，且在(0，1)上单调递增，所以，综上可知，对随意x(0，1)恒成立，即，设，x(0，1)，则，所以单调递增，所以，即a的取值范围为[，)．【点睛】本题主要考查利用导数探讨函数的单调性和极值问题，考查利用导数探讨不等式的恒成立问题和最值问题，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平和分析推理实力.21.已知，是矩阵的一个特征向量，求的逆矩阵．【答案】．【解析】【分析】依据特征向量定义及矩阵乘法运算，先求得矩阵；设矩阵的逆矩阵，由矩阵乘法运算可得方程组，解方程组即可确定的逆矩阵．【详解】设是属于特征值的一个特征向量，则，因为，，所以，解得，所以矩阵，设矩阵的逆矩阵，则所以，解得，所以．【点睛】本题考查了矩阵特征向量的应用，逆矩阵的求法，属于中档题.22.在极坐标系中，圆的方程为.以极点为坐标原点，极轴为轴正半轴建立平面直角坐标系，直线的参数方程为（为参数）．若直线与圆恒有公共点，求的取值范围．【答案】【解析】【分析】将圆的极坐标方程化为一般方程，确定圆心和半径，并将直线的方程化为一般方程，利用圆心到直线的距离不大于可得出关于的不等式，进而可求得正数的取值范围.【详解】因为圆的极坐标方程为，所以，因为，，所以，整理得，即圆是圆心为，半径为的圆，因为直线的参数方程为，消去得，所以，直线的一般方程为，因为直线和圆有公共点，所以圆心到直线距离，解得，因此，的取值范围是.【点睛】本题考查利用直线与圆的位置关系求参数的取值范围，同时也考查曲线的极坐标方程、参数方程与一般方程之间的相互转化，考查计算实力，属于中等题.23.已知，，且，求证：．【答案】证明见解析【解析】【分析】设，，可得出，然后利用基本不等式可证得.【详解】设，，因为，，所以，，且，.当且仅当，即时，上述等号成立，原命题得证．【点睛】本题考查利用基本不等式证明不等式，解答的关键在于对代数式进行化简变形，考查推理实力与计算实力，属于中等题.24.某“芝麻开门”消遣活动中，共有扇门，嬉戏者依据规则开门，并依据打开门的数量获得相应嘉奖．已知开每扇门相互独立，且规则相同，开每扇门的规则是：从给定的把钥匙（其中有且只有把钥匙能打开门）中，随机地逐把抽取钥匙进行试开，钥匙运用后不放回．若门被打开，则转为开下一扇门；若连续次未能打开，则放弃这扇门，转为开下一扇门；直至扇门都进行了试开，活动结束．（