河北省邯郸市大名县第一中学2025届高三物理上学期第十二周周测试题

PAGE20-河北省邯郸市大名县第一中学2025届高三物理上学期第十二周周测试题一、单选题(每题4分，共32分)1．下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中错误的是（）A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热肯定越多B．适用于任何电路，而只适用于纯电阻电路C．在非纯电阻电路中，D．焦耳热适用于任何电路2．小亮家有一台电风扇，内阻为20Ω，额定电压为220V，额定功率为66W，将它接上220V电源后，发觉因扇叶被东西卡住不能转动．则此时电风扇消耗的功率为()A．66W B．2420W C．11W D．不确定3．如图所示的温控电路中，R1为定值电阻，R2为半导体热敏电阻（温度越高电阻越小），C为电容器，电源内阻不行忽视．当环境温度降低时下列说法正确的是A．电容器C的带电量增大B．电压表的读数减小C．干路电流增大D．R1消耗的功率变大4．一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，下列说法中正确的是A．假如实线是电场线，则a点的电势比b点的电势高B．假如实线是等势面，则a点的电势比b点的电势低C．假如实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大D．假如实线是等势面，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大5．如图，E为内阻不能忽视的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）V的读数变大，A的读数变小 B．V的读数变大，A的读数变大V的读数变小，A的读数变小 D．V的读数变小，A的读数变大6．如图所示，直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡L的U－I图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．此电源的内阻为0.67ΩB．灯泡L的额定电压为3V，额定功率为6WC．把灯泡L换成阻值恒为1Ω的纯电阻，电源的输出功率将变小，效率将变低D．小灯泡L的电阻随通过电流的增大而减小7．如图所示，将材料和长度相同，粗细匀称的镍铬合金导体连接起来，接到一个电路中，通以电流；已知右边横截面积是左边横截面积的两倍．则下列说法正确的是（

）左右导体电流不相等，I左>I

右 左右导体的两端电压相等C．左右两端电阻不等，R左<R右D．自由电子定向移动的速率不相等，V左>V右8．如图所示，平行板电容器与直流电源、志向二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，电源负极接地．初始电容器不带电，闭合开关S稳定后，一带电油滴位于电容器极板间的P点且处于静止状态．下列说法正确的是()A．减小极板间的正对面积，带电油滴会向下移动，且P点的电势会降低B．减小极板间的正对面积，带电油滴会向上移动，且P点的电势会降低C．将下极板上移，带电油滴向上运动D．断开开关S，带电油滴将向下运动二、多选题(每题4分，共16分)9．如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻，则下列说法正确的是()A．图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大B．图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小C．图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大D．图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小10．如图所示，为定值电阻，为可变电阻，E为电源的电动势，r为电源内阻，且，以下说法中正确的是（）A．当时，上获得最大功率B．当时，上获得最大功率C．当时，上获得最大功率D．当时，电源的输出功率最大11．小灯泡通电后其电流I随所加电压U改变的I—U图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（

）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围“面积”12．如图所示，调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大ΔU，在这个过程中()A．通过R1的电流增加，增加量肯定等于B．R2两端的电压减小，削减量肯定等于ΔUC．通过R的电流增加，增加量肯定等于D．通过R2的电流减小，但削减量肯定小于第II卷（非选择题）三、试验题(共20分)13．(本题10分)为了测量某一未知电阻Rx(阻值约为6Ω)的阻值，试验室里打算了以下器材：A．电源，电动势E＝3.0VB．电压表V1，量程3V，内阻约5kΩC．电压表V2，量程15V，内阻约25kΩD．电流表A1，量程0.6A，内阻约0.2ΩE．电流表A2，量程3A，内阻约0.04ΩF．滑动变阻器R1，最大阻值5Ω，最大电流为3AG．滑动变阻器R2，最大阻值200Ω，最大电流为1.5AH．开关S、导线若干（1）在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能精确，并且待测电阻两端的电压从零起先连续调整，则在上述供应的器材中电压表应选________；电流表应选________；滑动变阻器应选________。(填器材前面的字母代号)（2）请在虚线框内画出用伏安法测量该电阻阻值时的试验电路图_______。（3）请依据电路图将下列实物图补充完整__________。14．(本题10分)某同学想设计一个测量金属棒(阻值约10Ω)电阻率的试验方案，试验室供应的器材有：A.电流表A1(内阻Rg=100Ω、满偏电流Ig=3mA)B.电流表A2内阻约为0.4Ω、量程为0.6A)C.定值电阻R0=900ΩD.滑动变阻器R(5Ω、2A)E.干电池组(6V、0.05Ω)F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺(1)如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为______mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为______cm．(2)请依据供应的器材，设计一个试验电路，画在答题卡方框内，要求尽可能精确测量金属棒的阻值_______。(3)若试验测得电流表A1示数为I1，电流表A2示数为I2，则金属棒电阻的表达式为RX=_________________（用I1、I2、R0、Rg表示）四、解答题(共32分)15．(本题12分)如图所示，电源的电动势为12V，内阻为1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机的线圈电阻为0.5Ω．开关闭合后通过电源的电流为3A，求：(1)R1两端的电压和电源的内电压；(2)电动机的热功率和输出的机械功率．16．(本题10分)如图所示，水平放置的平行板电容器两板间距为d＝8cm，板长为L＝25cm，接在直流电源上，有一带电液滴以v0＝0.5m/s的初速度从电容器左端沿两板间中线水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到板间P处时快速将下极板向上移动cm，结果液滴刚好从金属板末端飞出。取g=10m/s2，求：（1）液滴通过平行板电容器两板间所用时间t；（2）液滴飞出平行板电容器时的速度v。17．(本题10分)图甲为某元件R的U－I特性曲线，把它连接在图乙所示电路中．已知电源电动势E＝5V，内阻r＝1.0Ω，定值电阻R0＝4Ω.闭合开关S后，求：(1)该元件的电功率；(2)电源的输出功率．参考答案1．A【解析】A．电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，A错误；B．公式是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路。当为纯电阻电路时，依据欧姆定律，可以推导出，所以只能适用于纯电阻电路，B正确；C．在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而只是电路中发热的功率，电流中还对外做功的功率，所以，所以C正确；D．焦耳热适用于任何电路中的焦耳热量的计算，D正确。本题选错误的，故选A。2．B【解析】扇片被卡住时，此时可以看做是纯电阻，总的功率即为发热的功率：故B正确，ACD错误．故选B。3．A【解析】C、当环境温度降低时R2增大，外电路总电阻增大，依据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I减小．故C错误．A、电容器的电压UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不变，I减小，UC增大，由得，电容器C的带电量增大．故A正确．B、总电流I减小，路端电压U=E-Ir，E、r不变，则U增大，电压表的读数增大．故B错误．D、R1消耗的功率P=I2R1，I减小，R1不变，则P减小．故D错误．故本题选A．4．C【解析】试题分析：据题意，假如实线是电场线，则电场力水平向右，电场方向为水平向左，则b点电势高，电子从a点运动到b点电场力做正功，电子电势能减小，则电子在a点电势能较大，故选项A错误选项C正确；假如实线为等势线，电子受到电场力竖直向下，电场方向竖直向上，则a点电势较高，从a点到b点电场力做负功，电子电势能增加，电子在b点电势能较高，故选项B、D错误．5．B【解析】S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，A．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故A错误；B．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故B正确；C．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故C错误；D．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故D错误；6．B【解析】A.由题图可知，电源的电动势E=4V，内阻，故A错误；B.两图线的交点表示小灯泡L与电源连接时的工作状态，由于灯泡正常发光，则知灯泡的额定电压U=3V，额定电流I=2A，则额定功率为P=UI=6W，故B正确；C.正常发光时灯泡L的电阻，换成一个1Ω的定值电阻，可知其电阻更接近电源的内阻，电源的输出功率将变大，依据闭合电路欧姆定律可知外电阻减小，路端电压减小，电源效率减小，故C错误；D.灯泡的温度随通过电流的增大而上升，电阻随温度的上升而增大，故D错误.7．D【解析】导体由同种材料制成，长度相同，由图可知右边比左边的横截面积大，由于导体的电阻与横截面积成反比，所以；因串联电路中各处的电流相等，所以图中通过两导体的电流相等，即；由的变形式可知，依据电流的微观表达式可得，所以自由电子定向移动的速率为，故D正确，A、B、C错误；8．C【解析】依据电容的确定式：可知，减小极板的正对面积，电容C减小，由于二极管具有单向导电性，图中电容器只能充电不能放电，在直流电路中，电容器视为断路，电容器两端的电压等于电阻R两端的电压，依据定义式：Q=CU可知，电容器电量削减，但由于电路中有二极管，电容器放电时二极管处于截止状态，所以电容器不能放电，即电量不变，依据、和联立可得：，电场强度E变大，油滴所受电场力变大，油滴所受合力向上，带电油滴会向上移动，P点与下极板的距离不变，E变大，则P点的电势上升，故A、B错误；当电容器的下极板向上移动时，极板距离减小，电容器的电容变大，电容器所带的电量Q变大，电容器充电，由知，电容器板间场强变大，油滴所受电场力大于重力，带电油滴向上运动，故C正确；断开开关S，由于二极管具有单向导电性，电容器不能放电，电容器带电量Q不变，电容C不变电压也不变，电容器两极板间的场强不变，故油滴仍旧处于平衡状态，故D错误．所以C正确，ABD错误．9．BC【解析】图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，依据可知，会使得改装后电表的量程减小，选项A错误，B正确；图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，依据可知，改装后电表的量程增大，选项C正确，D错误；故选BC.10．ACD【解析】A．依据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可知，当把R1和电源看成一个整体时，即把电源的内阻看成，即时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，A正确；BC．依据当，时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，B错误C正确；D．电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大，因为，所以当时，外电路电阻和内阻最接近，电源输出功率最大，D正确。故选ACD。11．BD【解析】【详解】A．I-U图线中各点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由题可知斜率减小，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；BC．依据电阻的定义可知，对应P点的电压为U1，电流为I2，则小灯泡的电阻为，而R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D．依据功率表达式，则有小灯泡功率为图中矩形PQOM所围“面积”的数值，故D正确；故选BD。12．AD【解析】试题分析：电压表的示数增大，则两端的电压增大，所以通过的电流增大，依据欧姆定律可得，A正确，滑动变阻器两端的电压增大，说明其连入电路的电阻增大，故电路总电阻增大，所以电路总电流减小，故的电流减小，所以其两端的电压减小，因为路端电压增大，而电压表示数增大，所以其削减量肯定小于，故通过电流的减小量肯定小于，BC错误D正确；考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用13．（1）BDF（2）（3）【解析】（1）因为电动势只有3V，所以电压表原则B；通过待测电阻的最大电流：，所以电流表选择D；电压要求从零起先调整，所以选择分压式电路，滑动变阻器选择总阻值较小的F（2）该试验选择分压电路，因为：，所以电流表选择外接法，电路图如下：（3）依据电路图连接实物图：14．6.126mm；10.230cm；电路图见解析；【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：6mm+12.6×0.01mm=6.126mm，由图示游标卡尺可知，其示数为：102mm+6×0.05mm=102.30mm=10.230cm；

（2）由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻R0串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为100+900=1000Ω，电流表内阻约为0.4Ω，待测电阻阻值约为10Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组试验数据，滑动变阻器应采纳分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采纳外接法，试验电路图如图所示：

（3）金属棒电阻阻值：；15．（1）R1两端的电压和电源的内电压分别为，；（2）电动机的热功率和输出的机械功率分别为，．【详解】（1）由题可知电路中总电流为，则依据部分电路欧姆定律可知R1两端电压为；依据部分电路欧姆定律可知电源的内电压为；（3）R2两端电压：通过R2的电流：通过电动机的电流：，电动机消耗的电功率为：电动机的热功率为：电动机输出的机械功率为：16．（1）；（2）【解析】17．(1)1.2W(2)1.84W【解析】设非线性元件的电压为U，电流为I，由欧姆定律得：U＝E－I(R0＋r)，代入数据得U＝5－5I在U－I图象中画出U＝E′－Ir′＝5－5I图线，如图所示，两图线交点坐标为(0.4A，3.0V)．(1)该元件的电功率PR＝UI＝3.0×0.4W＝1.2W.(2)电源的输出功率P＝PR0＋PR＝I2R0＋PR＝0.42×4W＋1.2W＝1.84W.参考答案1．A【解析】A．电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，A错误；B．公式是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路。当为纯电阻电路时，依据欧姆定律，可以推导出，所以只能适用于纯电阻电路，B正确；C．在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而只是电路中发热的功率，电流中还对外做功的功率，所以，所以C正确；D．焦耳热适用于任何电路中的焦耳热量的计算，D正确。本题选错误的，故选A。2．B【解析】扇片被卡住时，此时可以看做是纯电阻，总的功率即为发热的功率：故B正确，ACD错误．故选B。3．A【解析】C、当环境温度降低时R2增大，外电路总电阻增大，依据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I减小．故C错误．A、电容器的电压UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不变，I减小，UC增大，由得，电容器C的带电量增大．故A正确．B、总电流I减小，路端电压U=E-Ir，E、r不变，则U增大，电压表的读数增大．故B错误．D、R1消耗的功率P=I2R1，I减小，R1不变，则P减小．故D错误．故本题选A．4．C【解析】试题分析：据题意，假如实线是电场线，则电场力水平向右，电场方向为水平向左，则b点电势高，电子从a点运动到b点电场力做正功，电子电势能减小，则电子在a点电势能较大，故选项A错误选项C正确；假如实线为等势线，电子受到电场力竖直向下，电场方向竖直向上，则a点电势较高，从a点到b点电场力做负功，电子电势能增加，电子在b点电势能较高，故选项B、D错误．5．B【解析】S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，A．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故A错误；B．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故B正确；C．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故C错误；D．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故D错误；6．B【解析】A.由题图可知，电源的电动势E=4V，内阻，故A错误；B.两图线的交点表示小灯泡L与电源连接时的工作状态，由于灯泡正常发光，则知灯泡的额定电压U=3V，额定电流I=2A，则额定功率为P=UI=6W，故B正确；C.正常发光时灯泡L的电阻，换成一个1Ω的定值电阻，可知其电阻更接近电源的内阻，电源的输出功率将变大，依据闭合电路欧姆定律可知外电阻减小，路端电压减小，电源效率减小，故C错误；D.灯泡的温度随通过电流的增大而上升，电阻随温度的上升而增大，故D错误.7．D【解析】导体由同种材料制成，长度相同，由图可知右边比左边的横截面积大，由于导体的电阻与横截面积成反比，所以；因串联电路中各处的电流相等，所以图中通过两导体的电流相等，即；由的变形式可知，依据电流的微观表达式可得，所以自由电子定向移动的速率为，故D正确，A、B、C错误；8．C【解析】依据电容的确定式：可知，减小极板的正对面积，电容C减小，由于二极管具有单向导电性，图中电容器只能充电不能放电，在直流电路中，电容器视为断路，电容器两端的电压等于电阻R两端的电压，依据定义式：Q=CU可知，电容器电量削减，但由于电路中有二极管，电容器放电时二极管处于截止状态，所以电容器不能放电，即电量不变，依据、和联立可得：，电场强度E变大，油滴所受电场力变大，油滴所受合力向上，带电油滴会向上移动，P点与下极板的距离不变，E变大，则P点的电势上升，故A、B错误；当电容器的下极板向上移动时，极板距离减小，电容器的电容变大，电容器所带的电量Q变大，电容器充电，由知，电容器板间场强变大，油滴所受电场力大于重力，带电油滴向上运动，故C正确；断开开关S，由于二极管具有单向导电性，电容器不能放电，电容器带电量Q不变，电容C不变电压也不变，电容器两极板间的场强不变，故油滴仍旧处于平衡状态，故D错误．所以C正确，ABD错误．9．BC【解析】图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，依据可知，会使得改装后电表的量程减小，选项A错误，B正确；图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，依据可知，改装后电表的量程增大，选项C正确，D错误；故选BC.10．ACD【解析】A．依据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可知，当把R1和电源看成一个整体时，即把电源的内阻看成，即时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，A正确；BC．依据当，时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，B错误C正确；D．电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大，因为，所以当时，外电路电阻和内阻最接近，电源输出功率最大，D正确。故选ACD。11．BD【解析】【详解】A．I-U图线中各点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由题可知斜率减小，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；BC．依据电阻的定义可知，对应P点的电压为U1，电流为I2，则小灯泡的电阻为，而R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D．依据功率表达式，则有小灯泡功率为图中矩形PQOM所围“面积”的数值，故D正确；故选BD。12．AD【解析】试题分析：电压表的示数增大，则两端的电压增大，所以通过的电流增大，依据欧姆定律可得，A正确，滑动变阻器两端的电压增大，说明其连入电路的电阻增大，故电路总电阻增大，所以电路总电流减小，故的电流减小，