黄金卷07-【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（浙江卷专用）（参考答案）

试卷第=page22页，共=sectionpages2222页【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（浙江卷专用）黄金卷07·参考答案一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）12345678910111213BACCBDDABBBDD二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）1415BCABD三、非选择题（本题共6小题，共55分）16．(7分+7分)Ⅰ、（1）20.00；（2）见解析；（3）弹簧都有重力，故竖直悬挂后，有了一定的初始伸长量，使得图线不过坐标原点；（4）不变Ⅱ、（1）甲；（2）1.60，5.0，320，310。17．(9分)【解答】解：（1）设连接杆的压力为F，气缸B内气体压强为pB，活塞横截面积为2S，气缸A活塞横截面积为S对气缸B，根据平衡条件pB•2S＝p0•2S+F对气缸A，根据平衡条件1.5p0•S＝p0•S+F联立解得pB＝1.25p0（2）重新达到稳定后，对于气缸B，根据平衡条件pB′•2S＝p0•2S+F′对于气缸A，根据平衡条件2×1.5p0•S＝p0•S+F′联立解得pB′＝2p0由于气缸B中的气体做等温变化，根据波意耳定律pB•2V0＝pB′•VB代入数据联立解得VB＝1.25V0因此气缸B的体积变化ΔVB＝2V0﹣1.25V0＝0.75V0气缸A的体积变化ΔVA＝VA﹣V0设连接杆向右移动的距离为d，根据题意ΔVB＝2S•d，ΔVA＝S•d代入数据联立解得VA＝1.375V018．(12分)【解答】解：（1）滑块a下滑过程中，根据动能定理可得：mgh=代入数据解得：vB＝2m/s滑块运动至B处时，根据牛顿第二定律可得：FN′﹣mg＝mv代入数据解得：FN′＝24N根据牛顿第三定律可知，滑块运动至B处时滑块对轨道的作用力大小为FN＝FN′＝24N、方向向下（2）若滑块过不了传送带，滑块到达E点的速度为零时下滑的高度最大，设最大高度为hm，由动能定理，有：mghm﹣μmgLCD﹣μmgLMN＝0代入数据解得：hm＝0.575m（3）传送带额外做功最大的临界条件：滑块第二次到达E点速度为零，在EF段，克服摩擦力做功为：WEF=Ff•LEF滑块第一次到达E点时，根据功能关系可得：12mvE12滑块第一次到达D点，根据功能关系可得：12mvD12=2WEF+滑块第二次到达D点，根据功能关系可得：12mvD22=μ第一次在传送带上运动过程中，传送带额外做的功：W1＝μmgv0•v第一次在传送带上运动过程中，传送带额外做的功：W2＝μmgv0•v滑块只通过传送带一个来回，传送带额外做功的最大值为：W＝W1+W2联立解得：W＝6（1+719．(10分)【解答】解：（1）设半导体薄片中载流子平均移动速率为v，根据电流微观表达式I=nqsv=necb解得：v=（2）当棒位于x＝x0处时，eEH0联立解得：B若UH0＞0，M端积累正电荷，N端积累负电荷，故为N型。（3）由图2可知，UHB=1导体棒受力F由动能定理：1v=±I0lkmx导体棒做简谐振动，沿x轴负方向运动时，取负号，反之取正号。20.（10分）【解答】解：（1）想要射出板的粒子占发射源发射粒子总数的百分比最小，需要让更多的粒子打在极板上，即全体粒子向垂直于极板方向的位移最大，故粒子源应在t＝0时刻（或方形波电压每一周期的起始时刻）发射粒子，由于粒子带负电，故粒子受到向上的电场力而向上运动，假设在极板左侧的C位置发射的粒子刚好打在上极板右侧边缘，如图所示；以t＝0时刻进入电场的粒子，在初速度方向做匀速直线运动，则：L＝v0t解得：t＝1.5×10﹣5s＞2粒子在电场中的加速度大小为：a=qU0md粒子在电场方向先做匀加速运动后做匀减速运动，匀加速运动时间为：tt1时刻粒子在电场方向的分速度为：vy1＝at1＝6×108×1.0×10﹣5m/s＝6×103m/s在电场方向匀加速运动的位移为：y1=1匀减速运动时间为：tt2时刻粒子在电场方向的分速度为：v在电场方向匀减速运动的位移为：y故粒子向上偏转的距离为：y＝y1+y2＝5.25cm射出板的粒子占发射源发射粒子总数的百分比最小值为：η=由速度关系可知粒子射出电场的合速度大小为：v=v02合速度与初速度方向之间夹角为：cosθ=v0v由图中几何关系可知收集板的最小长度为：L（2）设粒子在t＝1×10﹣5s时刻进入电场，可知离开电场的粒子在电场中先向下加速再向下减速，最后向上加速离开电场，设极板左侧的D位置发射的粒子刚好没有打在下极板上，如图所示；粒子在电场方向先向下匀加速运动的时间为：tt1时刻粒子在电场方向的分速度为：v'在电场方向向下匀加速运动的位移为：y向下匀减速运动时间为：t由对称性可知向下匀减速运动的位移为：y'2＝y'1＝0.75cm最后向上匀加速运动时间为：t在电场方向向上匀加速运动的位移为：yt3时刻粒子在电场方向的分速度为：v可知从极板右侧离开的粒子中离B板的最小距离为0.75cm。所有离开电场的粒子速度都满足大小为：v=v02粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律：qvB=m解得：r＝2.5cm为使所有射出电场的粒子都能被收集板吸收，如图所示，由几何关系可得收集板的最小长度为：L2＝dAF﹣2r＝（20﹣0.75﹣2×2.5）cm＝14.25cm若磁场改为B2=为使所有射出电场的粒子都能被收集板吸收，如图所示由几何关系可得收集板的最小长度为：L'2＝2r2＝2×8cm＝16cm（3）要使所有射出电场的粒子