吉林省榆树市第一高级中学2025届高三物理上学期期末备考卷A老教材

PAGEPAGE10吉林省榆树市第一高级中学2025届高三物理上学期期末备考卷（A）（老教材）留意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔干脆答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题（本大题共10小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项是符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列说法中正确的是()A．库仑最早建立电场概念并用电场线描述电场B．贝克勒尔发觉了自然放射现象并相识到原子具有困难结构C．汤姆孙通过对阴极射线的探讨发觉了电子D．爱因斯坦发觉并说明了光电效应【答案】C【解析】法拉第最早建立电场概念并用电场线描述电场，故A错误；贝克勒尔发觉了自然放射现象并相识到原子核具有困难结构，故B错误；汤姆孙通过对阴极射线的探讨发觉了电子，故C正确；光电现象由德国物理学家赫兹于1887年发觉，爱因斯坦说明了光电效应，故D错误。2．2024年新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播，打喷嚏可以将飞沫喷到十米之外，为了防止病毒传播，打喷嚏时捂住口鼻很重要。有关专家探讨得出打喷嚏时气流喷出的速度可达40m/s，假设打一次喷嚏大约喷出50mL的空气，用时约0.02s。已知空气的密度为1.3kg/m3，估算打一次喷嚏人受到的平均反冲力为()A．0.13NB．13NC．0.68ND．2.6N【答案】A【解析】打一次喷嚏喷出的空气质量m＝ρV＝1.3×5×10－5kg＝6.5×10－5kg，设打一次喷嚏喷出的空气受到的作用力为F，依据动量定理得FΔt＝mv，解得F＝0.13N，依据牛顿第三定律可得人受到的平均反冲力F′＝F＝0.13N，故A正确。3．从在高空水平匀速飞行的飞机上每隔1s释放1个小球，先后共释放5个，不计空气阻力，则()A．这5个小球在空中处在同一条抛物线上B．在空中，相邻的两小球间的距离保持不变C．相邻的两小球的落地点的间距相等D．最先释放的两小球的落地点的间距最大【答案】C【解析】由于惯性，小球和飞机水平方向具有相同速度，因此都在飞机的正下方，故小球落地前排列在同一条竖直线上，故A错误；在空中，相邻的两个小球水平分速度相等，在竖直方向，小球做自由落体运动，由于先释放的一个小球比后一个小球多运动1s，故竖直分速度大10m/s，故每秒中两个小球间距增加10m，故B错误；小球水平方向是匀速运动，设为v0，前一个小球落地，再过1s，后一个小球落地，故间距为v0t＝v0m，恒定，故C正确，D错误。4．如图所示，在第Ⅰ象限内有垂直于纸面对里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速率沿与x轴正方向成30°角的方向从原点射入磁场，则正、负电子在磁场中运动的时间之比为()A．1∶eq\r(3)B．1∶1C．1∶2D．2∶1【答案】D【解析】画出正负电子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示，由图可知，正电子圆弧轨迹对应的圆心角为120°，负电子圆弧轨迹对应的圆心角为60°，又正负电子在磁场中做匀速圆周运动的周期T＝eq\f(2πm,qB)相同，故正负电子在磁场中运动的时间之比为2∶1，故选D。5．设想人类开发月球，不断把月球上的矿藏搬运到地球上，假定经过长时间开采后，地球仍可看作是匀称的球体，月球仍沿开采前的圆周轨道运动，则与开采前相比()A．地球与月球间的万有引力变大B．地球与月球间的万有引力变小C．地球与月球间的引力不变D．地球与月球间引力无法确定怎么变更【答案】B【解析】设起先时地球的质量为M，月球的质量为m，两星球之间的万有引力为F0，开采后地球的质量增加Δm，月球的质量相应减小Δm，它们之间的万有引力变为F，依据万有引力定律有F0＝Geq\f(Mm,r2)，，上式中因m1＞m2，后一项必大于零，由此可知F0＞F，故选B。6．如图所示，一个小球用不行伸长的轻绳悬挂在小车上，随小车沿着倾角为θ的斜面一起下滑，图中的虚线①与斜面垂直，②沿水平方向，③沿竖直方向，则可推断出()A．假如斜面光滑，则摆线与②重合B．假如斜面光滑，则摆线与③重合C．假如斜面光滑，则摆线与①重合D．假如斜面不光滑，则摆线与②重合【答案】C【解析】假如斜面光滑，依据牛顿其次定律得，整体加速度a＝gsinθ，方向沿斜面对下，对小球合力F合＝ma＝mgsinθ，则摆线必定与斜面垂直，即摆线与①重合；假如斜面粗糙能下滑则μ＜tanθ，以整体为探讨对象，依据牛顿其次定律得，加速度a＝gsinθ－μgcosθ，由于μ＜tanθ，则μcosθ＜sinθ，a＞0，说明加速度方向沿斜面对下，而且a＜gsinθ，因当a＝0时摆线位于位置③，斜面光滑时摆线位移位置①，可知斜面粗糙时摆线位于①与③之间。故ABD错误，C正确。7．两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点。一带负电的摸索电荷q从A由静止释放只在电场力作用下运动，取无限远处电势为零，则()A．若q从A点由静止释放，在由A点向O点运动的过程中，加速度肯定先增大后减小B．q由A向O运动的过程电势能渐渐增大C．q运动到O点时的动能最大D．给q一初速度它可能做匀速圆周运动【答案】CD【解析】依据两等量正电荷四周部分电场线分布可知，在P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向，故摸索电荷所受的电场力是变更的，q由A向O的加速度可能先增大后减小，也可能始终减小，故A错误；q由A向O运动的过程，电场力方向与AO方向一样，电场力做正功，电势能渐渐减小，故B错误；从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点摸索电荷的动能最大，速度最大，故C正确；两电荷连线的中垂面是等势面，场强方向向外，若给q一垂直纸面方向的初速度它可能做匀速圆周运动，故D正确。8．如图所示，志向变压器原线圈接在沟通电源上，其电动势为u＝220eq\r(2)sin100πt(V)，沟通电源电阻为r＝10Ω，定值电阻R0＝100Ω与原线圈并联，滑动变阻器R与副线圈串联，滑动变阻器的最大值为Rm＝30Ω，已知变压器的原副线圈的匝数之比为2∶1，电流表和电压表均为志向沟通电流表。滑动变阻器的滑动触头由最上端下向下缓慢移动到某位置时，开关S分别接a、b，电源输出功率相等，下列说法正确的是()A．开关接a时，电流表的示数为2AB．开关接b时，电压表的示数为110VC．电源的输出功率相等时，滑动变阻器的阻值可能为R＝25ΩD．副线圈消耗的功率最大时，滑动变阻器的阻值为R＝10Ω【答案】AC【解析】开关接a时，电流表的示数，A正确；依据变压比可得，原线圈所在电路中，电源内阻要分压，原线圈输入电压小于220V，则U2小于110V，B错误；电源输出功率相等时，即R等效至原线圈时阻值等于R0或等于1Ω，由可得R＝25Ω或R＝0.25Ω，C正确；副线圈消耗的功率最大，即电源输出功率最大，即，解得R＝2.5Ω，D错误。9．如图所示，物体A、B的质量均为m，二者用细绳连接后跨过定滑轮，A静止在倾角θ＝30°的斜面上，B悬挂着，且斜面上方的细绳与斜面平行。若将斜面倾角θ缓慢增大到45°，物体A仍保持静止，不计滑轮摩擦。则下列推断正确的是()A．物体A对斜面的压力可能增大B．物体A受的静摩擦力肯定减小C．物体A受的静摩擦力可能增大D．物体A受斜面的作用力肯定减小【答案】BD【解析】物体A对斜面的压力为FN＝mgcosθ，倾角增大，压力减小，A错误；物体A受的静摩擦力分别为f1＝mg－mgsin30°，f2＝mg－mgsin45°，A受的静摩擦力减小，B正确，C错误；物体A始终静止，其受斜面的作用力始终等于重力与绳的拉力的合力，绳的拉力始终等于B的重力，大小不变，两个分力大小不变，夹角增大，合力减小，D正确。10．如图所示，质量为m的物体在地面上沿斜向上方向以初速度v0抛出后，能达到的最大高度为H，当它将要落到离地面高度为h的平台上时，下列推断正确的是(不计空气阻力，取地面为参考平面)()A．它的总机械能为eq\f(1,2)mv02B．它的总机械能为mghC．它的动能为mg(H－h)D．它的动能为eq\f(1,2)mv02－mgh【答案】AD【解析】整个过程中，只有重力对小球做功，故小球的机械能守恒，且以地面为参考平面，物体刚抛出时物体的重力势能为0，它的总机械能E＝eq\f(1,2)mv02＝mgh＋eq\f(1,2)mv′2，B错误，A正确；小球从抛出到平台机械能守恒，有eq\f(1,2)mv02＝mgh＋Ek，故Ek＝eq\f(1,2)mv02－mgh，物体的总的机械能不等于mgH，则到平台的动能不等于mg(H－h)，C错误，D正确。二、非选择题(本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位)11．(6分)某同学在做“验证力的平行四边形定则”试验时，将橡皮筋改为劲度系数为400N/m的轻质弹簧AA'，将弹簧的一端A'固定在竖直墙面上。不行伸长的细线OA、OB、OC，分别固定在弹簧的A端和弹簧秤甲、乙的挂钩上，其中O为OA、OB、OC三段细线的结点，如图1所示。在试验过程中，保持弹簧AA'伸长1.00m不变。(1)若OA、OC间夹角为90°，弹簧乙的读数如图2所示，则弹簧秤甲的读数是______N。（如图2所示）(2)在(1)问中若保持OA与OB的夹角不变：渐渐增大OA与OC的夹角，则弹簧秤甲的读数大小将，弹簧秤乙的读数大小将。【答案】(1)5.00(2)始终变小先变小后变大(每空2分)【解析】(1)依据胡克定律可知，F＝kx＝4.00N；依据弹簧秤的读数方法可知乙的读数为3.00N；两弹簧秤夹角为90°，则甲的读数为5.00N。若保持OA与OB的夹角不变，渐渐增大OA与OC的夹角，如图中实线变到虚线，由图可知弹簧秤甲的读数将始终变小，而弹簧秤乙的读数将先变小后变大。12．(10分)某同学利用电压表和电阻箱测定特别电池的电动势（E约为9V，r约为50Ω）。已知该电池最大允许电流为150mA，该同学利用图示电路试验，电压表内阻约为2kΩ，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是定值电阻，起爱护电路的作用。(1)定值电阻R0有以下几种规格，爱护电阻应选_______。（填入相应的字母）A．2ΩB．20ΩC．200ΩD．2000Ω(2)在实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接。(3)该同学完成电路的连接后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图所示，其读数为________V。(4)变更电阻箱阻值，取得多组数据，作出图示图线，则电动势E为________V，内阻r为________Ω。（保留两位有效数字）【答案】(1)B(2)见解析图(2)6.5(3)1050(每空2分)【解析】(1)最大电流为150mA，可得最小总电阻约为60Ω，则最小爱护电阻R0＝Rmin－r＝10Ω，选B。(2)如图所示。(3)电压表用的应当是0～15V量程，按5分度的电表的读数规则读数，应为6.5V。(4)由得，由图可知，解得E＝10V；由图知，解得r＝50Ω。13．(8分)一辆值勤的警车停在路边，当警员发觉从他旁边以v＝8m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，确定前去追逐。经2.5s警车发动起来，以a＝2m/s2做匀加速运动。(1)警车发动后要多长时间才能追上违章的货车？(2)在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？【解析】(1)此时警车的位移x1＝eq\f(1,2)at2(1分)货车的位移x1＝v(t＋2.5)(1分)x1＝x2联立解得：t＝10s，t＝－2s(舍去)。(2分)(2)当警车的速度与货车的速度相等时，两车的距离最大，则警车速度与货车速度相等时，有：v＝at(1分)解得t＝4s此时货车的位移x1＝v(t＋2.5)＝52m(1分)警车的位移为x2＝eq\f(1,2)at2＝16m(1分)则两车间的最大距离Δx＝x1－x2＝36m。(1分)14．(10分)如图，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点。现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知A的质量mA＝1kg，B的质量mB＝2kg，圆弧轨道的半径R＝0.45m，圆弧轨道光滑，A和B整体与桌面之间的动摩擦因数μ＝0.2，取重力加速度g＝10m/s2。(1)求碰撞前瞬间A的速率v；(2)求碰撞后瞬间A和B整体的速率v′和碰撞过程中A、B系统损失的机械能E损；(3)A和B整体在桌面上滑动的距离L。【解析】(1)对A，从释放→碰撞前，由动能定理得：mAgR＝eq\f(1,2)mAv2－0(1分)解得：v＝3m/s。(2分)(2)对A、B组成的系统，在碰撞过程中，由动量守恒得：mAv＋0＝(mA＋mB)v′(1分)解得v′＝1m/s碰撞之前的机械能E＝eq\f(1,2)mAv2＋0＝4.5J(1分)碰撞之前的机械能E′＝eq\f(1,2)(mA＋mB)v′2＝1.5J(1分)碰撞过程中损失的机械能ΔE损＝E－E′＝3J。(1分)(3)A和B整体在桌面上做匀减速直线运动，有：μ(mA＋mB)g＝(mA＋mB)a(1分)又0－v′2＝2aL(1分)解得：L＝0.25。(1分)15．(13分)如图甲所示，两条足够长的光滑平行金属导轨竖直放置，导轨间距L＝1m，两导轨的上端接有电阻，阻值R＝2Ω。虚线OO′下方是垂直于导轨平面对里的匀强磁场，磁场磁感应强度为2T。现将质量为m＝0.1kg、电阻不计的金属杆ab，从OO′上方某处由静止释放，金属杆在下落的过程中与导轨保持良好接触，且始终保持水平，不计导轨的电阻。已知金属杆下落0.3m的过程中加速度a与下落距离h的关系图象如图乙所示，取g＝10m/s2。求：(1)金属杆刚进入磁场时速度为多大？下落了0.3m时速度为多大？(2)金属杆下落0.3m的过程中，在电阻R上产生多少热量？【解析】(1)刚进入磁场时，a0＝10m/s2，方向竖直向上，由牛顿其次定律有：BI0L－mg＝ma0(2分)若进入磁场时的速度为v0，有：I0＝，E0＝BLv0(2分)解得：v0＝1m/s(2分)下落0.3m时，通过a－h图象知a＝0，表明金属杆受到的重力与安培力平衡有：mg＝BIL，其中I＝，E＝BLv