浙江省湖州市2024-2025学年高一物理下学期期末考试试题含解析

PAGE14-浙江省湖州市2024-2025学年高一物理下学期期末考试试题（含解析）一、单项选择题1.下列物理量为矢量的是A.功 B.动能 C.电场强度 D.电流【答案】C【解析】【详解】A.功只有大小无方向，是标量，选项A错误；B.动能只有大小无方向，是标量，选项B错误；C.电场强度有大小和方向，是矢量，选项C正确；D.电流有大小虽然有方向，但是不满意平行四边形定则，是标量，选项D错误.2.发觉万有引力定律的科学家是A.牛顿 B.开普勒 C.卡文迪许 D.焦耳【答案】A【解析】【详解】发觉万有引力定律的科学家是牛顿；A.正确；BCD.错误.3.一物块在水平恒力F作用下沿水平面ABC直线运动。已知AB段光滑，BC段粗糙，且。设恒力F在AB、BC段所做功分别为、，则A.， B.，C.， D.，【答案】D【解析】【详解】依据功的概念可知，W=Fxcosθ，则恒力F在AB、BC段的位移相同，则所做的功相同，均为W=FL；ABC.三个选项都错误；D.选项正确；4.下列有关静电学的说法正确的是A.摩擦起电和感应起电的本质是产生了新的电子B.电荷量是不能连续改变的物理量C.电场力做功与移动电荷的路径有关D.沿着电场线方向电势渐渐上升【答案】B【解析】【详解】A.摩擦起电和感应起电的本质是电荷的转移，而不是产生了新的电子，选项A错误；B.电荷量是不能连续改变的物理量，只能是元电荷的整数倍，选项B正确；C.电场力做功与移动电荷的路径无关，只与初末两态位置有关，选项C错误；D.沿着电场线方向电势渐渐降低，选项D错误.5.下列四幅图中的物体在指定的过程中机械能守恒的是A.甲图：客机在起飞爬升的过程B.乙图：抽成真空的管中鸡毛悬空下落的过程C.丙图：跳伞运动员打开着陆伞下落的过程D.丁图：石头从手中加速到落地前的过程【答案】B【解析】【详解】A.甲图：客机在起飞爬升的过程重力势能增大，动能增大，则机械能增加，选项A错误；B.乙图：抽成真空的管中鸡毛悬空下落的过程只有重力做功，则机械能守恒，选项B正确；C.丙图：跳伞运动员打开着陆伞下落的过程要克服阻力做功，则机械能减小，选项C错误；D.丁图：石头从手中加速到落地前的过程中要克服阻力做功，则机械能减小，选项D错误.6.在10s的时间内，有3C的电量通过了小灯泡，则在该时间内流过小灯泡的平均电流为A.0.3A B.3A C.10A D.30A【答案】A【解析】【详解】依据电流的定义式，则在该时间内流过小灯泡的平均电流为；A.此选项正确；BCD.此三项错误；7.某星球在膨胀过程中，半径变为原来的2倍，若星球的质量不变，则它表面的重力加速度变为原来的A.4倍 B.2倍 C.倍 D.倍【答案】D【解析】【详解】依据可知，，若星球的质量不变，半径变为原来的2倍，则它表面的重力加速度变为原来的；ABC.此三项错误；D.此选项正确；8.如图，O、A、B三点位于同始终线上，且。现在O点放置一点电荷，它在A点产生的电场强度大小为E，则它在B点产生的电场强度大小为A. B. C.2E D.4E【答案】A【解析】【详解】设，依据点电荷场强公式：，则A点的场强：，B点的场强：；A.此选项正确；BCD.三个选项错误；9.在地球表面旁边绕地运行的卫星，周期为85min，运行速率为7.9km/s。我国放射的第四十四颗北斗导航卫星轨道离地面距离为地球半径的5.6倍，关于该卫星的运行速率v和周期T，下列说法正确的是A.v<7.9km/s，T<85min B.v<7.9km/s，T>85minC.v>7.9km/s，T<85min D.v>7.9km/s，T>85min【答案】B【解析】依据卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力供应向心力：风云二号轨道半径大于近地卫星的轨道半径，所以线速度小于7.9km/s依据周期关系，所以半径越大，周期越大，所以周期大于85min故答案选B10.物体仅在拉力、重力作用下竖直向上做匀变速直线运动，重力做功-2J，拉力做功3J，则下列说法正确的是A.物体的重力势能削减2JB.物体的动能增加3JC.物体的动能增加1JD.物体的机械能增加1J【答案】C【解析】【详解】A.物体的重力做功-2J，则重力势能增加2J，选项A错误；B.合力功为3J+(-2J)=1J，则物体的动能增加1J，选项B正确；C.由B的分析可知，选项C错误；D.拉力做功为3J，则物体的机械能增加3J，选项D错误.11.依据电阻定律，电阻率。某种金属导线，在温度不变的状况下，其电阻率A.跟导线的电阻成正比 B.跟导线的横截面积成正比C.跟导线的长度成反比 D.由金属材料本身特性确定【答案】D【解析】试题分析：导体的电阻率是由导体本身的特性确定的，与导体的长度、横截面积以及导体的电阻均无关，故选D。考点：电阻率.12.在如图所示的电路中，E是直流电源，A、B是平行板电容器的两极板。电容器原来不带电，闭合开关S，电源给电容器充电，下列说法正确的是A.充电过程中，电容器的电容增大B.充电时，电容器储存的是电场能C.充电时，A极板带负电荷、B极板带正电荷D.充电过程中，没有电流流过电阻R【答案】B【解析】【详解】AB.初始时电容器不带电，当闭合开关S，在电源向电容器充电的过程中，因电容C不变，依据电容器的定义式可知，Q=CU，那么电容器的电量Q增大，充电时，储存的是电场能，故A错误，B正确。C.充电时，电流从正极流向正极板，故A极板带正电，B极板带负电，故C错误。D.充电过程中，形成闭合回路，电流流过电阻R，故D错误。13.下列有关多用电表的欧姆挡说法正确的是A.欧姆挡的刻度是匀称的B.欧姆挡的“零刻线”位于刻度盘右侧C.欧姆挡由“×10”挡换至“×1”挡后不须要再欧姆调零D.欧姆挡可干脆测出连接在电路中的电阻的阻值【答案】B【解析】【详解】A.欧姆挡的刻度是不匀称的，右侧疏，左侧密，故A错误；B.欧姆挡的“零刻线”位于刻度盘右侧，故B正确；C.欧姆挡由“×10挡”换至“×1”挡后必需进行欧姆调零；故C错误；D.为了防止其他电阻的影响，利用欧姆档测电阻时必需将电阻与电路断开，故D错误。14.某人造地球卫星沿圆轨道运行，轨道半径，周期，已知万有引力常量。依据这些数据可以求得的物理量为A.地球的质量B.地球的平均密度C.地球表面的重力加速度大小D.地球对该卫星万有引力大小【答案】A【解析】【详解】A.依据万有引力供应向心力，；代入数据可得：M=6×1024kg．故A正确；B.由于没有给出地球的半径，所以不能求出地球的密度。故B错误；C.由于没有给出地球的半径，所以不能依据万有引力定律求出地球表面的重力加速度大小。故C错误；D.由于没有给出卫星的质量，所以不能依据万有引力定律求出地球对该卫星的万有引力大小。故D错误；15.a、b两灯连接成如图所示的电路。a灯的规格为“220V40W”，b灯的规格为“220V100W”。通电时，a、b灯两端电压分别为、，实际功率分别为、，且实际功率都没有超过额定功率，设a、b灯电阻不变。下列推断正确的是A.， B.，C.， D.，【答案】D【解析】【详解】依据知：a灯的电阻为，b灯的电阻为，所以a灯的电阻大于b灯的电阻，因为两灯电流相等，依据U=IR知Ua＞Ub，又因为P=UI，所以Pa＞Pb；ABC.此三项错误；D.此选项正确；16.如图，A、B为地球的两颗卫星，它们绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径满意。v、a、T、分别表示它们的环绕速度大小，向心加速度大小、周期和动能，下列推断正确的是A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M．卫星绕地球做匀速圆周运动，依据万有引力供应向心力，有：；解得：，，，，则依据题意有：rA＜rB可得：A.由，可得，vA＞vB，故A错误。B.由，可得，aA＞aB，故B错误。C.由，可得，TA＜TB，故C正确。D.由于二者的质量关系是未知的，则不能比较它们的动能大小，故D错误。17.一台电动机工作时输出的机械功率为40kW，保持该机械功率，竖直提升质量为的货物，阻力不计，则货物能达到的最大速度为A.0.2m/s B.0.5m/sC.2m/s D.5m/s【答案】A【解析】【详解】货物达到最大速度时，拉力等于重力，即：F=mg；设货物能达到的最大速度为v。由P额=Fv=mgv得：；A.此选项正确；BCD.此三项错误；18.如图，绝缘志向细线AC、BC系着带电小球a，在D处的带电小球b的库仑引力作用下，两细线AC、BC处于伸直状态，B、C、D在同一条水平线上，a、b两小球均可看作点电荷。下列选项正确的是A.若只增大b球的带电量，AC线的拉力增大B.若只增大a球带电量，AC线的拉力增大C.若只将b球沿直线CD向左靠近a球，AC细线的拉力保持不变D.若只将b球沿直线CD向左靠近a球，AC细线的拉力增大【答案】C【解析】【详解】AB.设细线AC和AB的夹角为θ，分析小球a的受力状况，竖直方向上，FACcosθ=mg，当只增大a球或b球的带电量时，夹角θ不变，AC的拉力不变，故AB错误。

CD.若只将b球沿直线CD向左靠近a球，则库仑力增大，水平方向上，处于平衡，BC细线的拉力变大，但AC细线的拉力保持不变，故C正确，D错误。二、试验探究题19.王同学做“验证机械能守恒定律”的试验。（1）试验中须要一个合适的“重物”，如图重物中最合适的为________（选填“A”、“B”或“C”）（2）图中纸带为王同学做本试验所得纸带的一部分，重物的质量m=0.20kg，查得当地的重力加速度值，则打下点“5”时重物的速度大小为________m/s；从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的削减量为_________J。（结果均保留两位有效数字）【答案】(1).(1)C(2).(2)2.4~2.6m/s(3).0.25~0.27J【解析】【详解】第一空.试验中应选择质量尽量大，体积尽量小的重物挂在纸袋下方，故选C；其次空.依据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，得出5点的瞬时速度大小为：，解得：v5=2.5m/s；第三空.从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的削减量△Ep=mgh2-5，解得△EP=0.25J。20.刘同学做“测电源的电动势和内阻”试验。（1）刘同学采纳两节干电池串联作为电源，电流表选择0.6A量程，电压表选择3V量程。在闭合开关起先试验前其连接的电路如图所示。请帮其检查电路，指出图中的不妥之处：____________（指出一处即可）。（2）刘同学改进电路连接，经过正确的试验操作，得到某次测量的电流表示数如图（2）所示，则该示数为________A。（3）刘同学经过正确操作，得到多组U、I数据，作出U-I图像如图（3）所示，则该电源的电动势为______V，内阻为___________Ω。（结果均保留两位有效数字）【答案】(1).(1)①连接电压表负接线柱的导线应接在电流表的负接线柱或电源负极；②滑变器的滑片应置于左端或接入电阻最大的那一端。(2).(2)0.25A(按非常之一估读也算对，比如0.248A等)(3).(3)3.0V，(4).4.3~4.4Ω【解析】【详解】第一空.由实物图可知，图中不妥之处有：连接电压表负接线柱应接在电流表的负接线柱或电源负极；其次空.当电流表选择0.6A量程时，每小格分度值为0.02A，故按本位估读，即0.248A；第三空.依据电源U-I图象的物理意义可知，图象在纵轴的截距表示电源电动势，即为：E=3.0V，斜率表示内阻大小，即为：三、计算题21.如图，民航客机机舱紧急出口的气囊可看作一条连接出口与地面的斜面，若斜面高3m，长6m。质量为60kg的人从出口无初速滑下，滑下时人所受的阻力大小是220N，将人看作质点，求：（1）人从出口滑到地面过程中重力所做的功；（2）人刚滑到地面前的速度大小；（3）人刚滑到地面前瞬间克服阻力做功的瞬时功率。【答案】（1）1800J；（2）4m/s（3）880W【解析】【详解】(1)人从出口滑到地面过程中重力做功为W=mgh=1800J；(2)从滑出到刚到地面，由动能定理有：(用牛顿运动定律解且正确的同样给分)(3)究竟端时克服阻力做功的瞬时功率为：P=fv=880W22.如图是长为l、高为h的光滑绝缘水平桌面，桌面上方存在水平向右的匀强磁场，电场强度大小为E，桌面右侧空间没有电场。一质量为m、带电量为q的小物块从桌面左端由静止释放，然后从桌面右端M点以速度v水平抛出，最终落于地面Q点，平抛的水平位移为x，不考虑空气阻力。若m=2.0kg，，l=2.0m，h=0.8m，x=1.6m。求：（1）v的大小；（2）E的大小。【答案】（1）4m/s（2）104V/m【解析】【详解】(1)小物块从M起先做平抛运动，由平抛运动的规律有：(2)从释放到物块抛出前，由动能定理有：或者：物块在桌面做匀加速直线运动，故有：由牛顿其次定律有：可得：E=104V/m23.如图所示，在竖直平面内有一“”管道装置，它是由两个完