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文档简介

山西农业大学附属中学2025届高考冲刺模拟生物试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题:(共6小题,每小题6分,共36分。每小题只有一个选项符合题目要求)1.艾弗里等人为了弄清转化因子的本质,进行了一系列的实验,如下图是他们所做的一组实验。有关说法正确的是()A.比较实验一和实验三的结果,可说明转化因子就是DNAB.检测实验结果发现,实验二的培养皿中只存在一种菌落C.比较实验二和实验三的结果,可看出蛋白酶没有催化作用D.根据三个实验的结果,还无法确定转化因子的本质2.下列有关实验或研究的叙述正确的是()A.萨顿通过类比推理法研究蝗虫的减数分裂过程,证明基因在染色体上B.用标志重捕法调查种群密度时,部分被标记个体的标记物脱落,将会导致调查结果较实际值偏大C.探究低温诱导植物细胞染色体数目变化实验中,用卡诺氏液可将染色体染色D.制备纯净细胞膜时,可选择去掉细胞壁的成熟叶肉细胞作为实验材料3.细胞是最基本的生命系统,下列有关细胞及其化合物的叙述正确的是()A.内环境发生的丙酮酸氧化分解给细胞生命活动提供能量B.自然界一切生物的生命活动都离不开细胞C.酶、激素、抗体和神经递质都是细胞中微量高效物质,作用后都立刻被分解D.同一种酶不可能存在于同一生物个体内分化程度不同的活细胞中4.健康人原尿中葡萄糖的浓度与血浆中的基本相同,而终尿中几乎不含葡萄糖。原尿中的葡萄糖是被肾小管上皮细胞主动重吸收的,而葡萄糖由肾小管上皮细胞进入血液不消耗ATP。下列有关叙述中,不正确的是A.原尿中的葡萄糖进入肾小管上皮细胞需要消耗ATPB.肾小管上皮细胞重吸收葡萄糖受细胞膜上葡萄糖载体数量的限制C.葡萄糖由肾小管上皮细胞进入血液的动力来自葡萄糖的浓度差D.糖尿病患者的肾小管上皮细胞对葡萄糖的重吸收是顺浓度梯度进行的5.下列有关人体内环境及稳态的叙述,正确的是()A.人体内环境的稳态依靠激素作用于神经系统和免疫系统来维持B.组织液和血浆之间存在物质交换,二者的渗透压变化会互相影响C.剧烈运动时血浆中乳酸含量升高,主要通过血细胞吸收乳酸来保持血浆pH相对稳定D.分级调节和反馈调节共同维持内环境稳态,甲状腺激素分泌的调节仅体现了分级调节6.某植物的株色紫色(B)对绿色(b)为显性,B、b位于第6号染色体上。把经过X射线照射的紫色植株的花粉授予绿色植株,F1代中出现一株绿色植株。F1紫株和绿株的第6号染色体的组成如图所示。下列叙述错误的是()A.亲本中紫株的基因型为BB,绿株的基因型为bbB.该绿色植株的出现是由于紫色基因突变导致的C.F1中绿株与紫株相比,其他性状也可能存在差异D.图中F1绿株的两条染色体属于同源染色体二、综合题:本大题共4小题7.(9分)科研人员利用固定化酵母直接发酵甜菜汁生产燃料乙醇,下图1表示相关的工艺流程,图2为不同固定化酵母接种量对发酵的影响。请回答下列问题:(1)图1的步骤①中,溶化海藻酸钠时要______________,以防止焦糊。步骤②中加入果胶酶的作用是_______________________。(2)图1步骤③中进行增殖培养的目的是_______________________。(3)研究表明使用固定化酵母的酒精产量平均值高于游离酵母的对照组,可能的原因是_____________________。(4)由图2可知,固定化酵母接种量为______________时酒精产量最高。接种量过高,酒精产量反而有所降低的原因是_____________________。(5)研究表明,固定化酵母更适于甜菜糖液的发酵环境,由此可以通过______________的方法来提高固定化酵母对发酵糖液的耐受性,从而达到提高发酵效率的目的。8.(10分)图1是某生态系统部分生物关系示意图。请回答下列问题:(1)该生态系统中大型真菌和跳虫以碎屑中的________________(有机物或无机物)为食,_______生态系统通常以该种食物链为主。(2)由于乔木的遮挡程度不同,导致了不同区域地表的草本植物、真菌等生物种类和数量有一定差异,地表生物的这种区域差异分布是________________的一种表现。(3)为了有助于了解该生态系统中蝗虫种群的特性及其与环境的适应关系,需要收集数据以绘制该种群的________________。而调查该种群的________________,是预测预报蝗虫是否成灾的基础。(4)图2是图1生态系统中某两个营养级(甲、乙)的能量流动示意图,其中a~f表示能量值,a为甲的同化量。若甲为第一营养级,则甲的净初级生产量为________________(用图2中字母和计算符号表示);乙粪便中食物残渣的能量包含在b至f中________________字母代表的能量值中。9.(10分)诺如病毒为无包膜单链+RNA病毒,感染发病的主要表现为腹泻和呕吐,通常称之为急性胃肠炎。“诺如病毒”感染性腹泻属于自限性疾病,这种疾病在发生发展到一定程度后能自动停止,并逐渐恢复痊愈,并不需特殊治疗,日前没有疫苗和特效药物,公众搞好个人卫生、食品卫生和饮水卫生是预防本病的关键。(1)人体感染诺如病毒后会引发___________________免疫及时清除病毒;对个别严重腹泻者,需及时补充一定量的_____________________。(2)目前市面上有大量的针对DNA病毒的疫苗,而像诺如病毒这种单链+RNA病毒却鲜有疫苗问世,其主要原因是____________________。(3)测序发现诺如病毒单链+RNA共有7500个碱基,其中腺嘌呤核糖核苷酸有1500个、尿嘧啶核糖核苷酸有2000个,其复制过程如下图,则产生一个新的单链+RNA过程中,需消耗_______________个鸟嘌呤核糖核苷酸。10.(10分)滴灌施肥技术是在灌水的同时可以把肥料均匀地带到作物根部,实现了水肥一体化管理。利用该技术,不仅能节省劳力,还可以提高肥料利用率,改善土壤环境状况,实现丰产稳产。请结合材料回答下列问题:(l)硝酸铵(NH4NO3)等无机盐因在水中的溶解度____,经常作为滴灌施肥技术的首选肥料。无机盐在植物体内主要以____的形式存在。将植物体烘干,然后点燃烧尽,最终得到的____就是无机盐。(2)利用滴灌施肥技术时,肥料溶液浓度不宜过高,否则会造成植物根细胞____,从而造成“烧苗”现象。(3)滴灌可以保持土壤良好的水气状况,基本不破坏原有土壤结构。一方面可以有效促进土壤微生物作为____者将土壤中的有机物分解成无机物,其中的CO2可作为植物______的原料,其中的无机盐则与水肥中的无机盐一起以____的方式被植物根细胞吸收。另一方面可以有效避免植物根细胞____产生酒精,造成“烂根”。(4)在晴朗的夏日,采用该技术还可以有效降低“光合午休”,请解释其中的原因:______________________________________________。11.(15分)内环境稳态是机体进行正常生命活动的必要条件,水盐平衡是内环境稳态的重要内容,回答下列相关问题。(1)水盐平衡调节中枢位于______________________,若饮水不足,垂体释放的抗利尿激素增多,该激素的作用是______________________。(2)人体的排尿反射是一个复杂的过程,膀胱中尿液充盈时,膀胱牵张感受器兴奋,兴奋在反射弧中的传导方向为_____________(填“单向”或“双向”),这是因为____________________________________________。(3)尿崩症临床表现为排出大量低渗透压尿,尿崩症根据病变部位分为中枢性尿崩症和肾性尿崩症,通过测定血浆抗利尿激素水平(血管加压素)和禁水—加压素实验可以进行区分。抽取患者血液检测抗利尿激素的依据是____________________,在禁水—加压素实验中,患者禁止饮水、注射抗利尿激素检测尿液情况,患者的尿液不浓缩,尿液渗透压仍很低,判断该患者为肾性尿崩症,推测其患病原因可能是___________________________________________。

参考答案一、选择题:(共6小题,每小题6分,共36分。每小题只有一个选项符合题目要求)1、B【解析】

肺炎双球菌转化实验包括格里菲斯的体内转化实验和艾弗里体外转化实验,其中,格里菲斯体内转化实验证明,S型细菌体内存在着某种转化因子能将R型细菌转化成S型细菌,肺炎双球菌体外转化实验能证明DNA是遗传物质。【详解】A、实验一和实验三中加入的RNA酶和蛋白酶都不能将S型菌的DNA分解,此时在两个培养皿中R型菌可实现转化,由于实验缺乏对照,故不能说明转化因子就是DNA,A错误;B、实验二的培养皿中由于加入了DNA酶,在DNA酶的作用下,S型菌的DNA被分解了,R型菌不能实现转化,故培养基上只存在一种菌落,B正确;C、比较实验二和实验三的结果,只能说明蛋白酶不能催化DNA的水解,但不能说明蛋白酶没有催化作用,C错误;D、根据三个实验的结果,能确定转化因子的本质是DNA,D错误。故选B。2、B【解析】

1、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说,摩尔根运用假说演绎法证明基因在染色体上。2、调查种群密度常用样方法和标记重捕法,其中样方法适用于调查植物和活动能力弱、活动范围小的动物,而标记重捕法适用于调查活动能力强、活动范围大的动物。标志重捕法估算种群密度的计算公式是:该种群数量÷第一次捕获标记的个体数=第二次捕获的个体数÷第二次捕获的个体中被标记的个体数,该种群数量=(第一次捕获标记的个体数×第二次捕获的个体数)÷二次捕获的个体中被标记的个体数。3、低温诱导染色体加倍实验的原理:低温能够抑制纺锤体的形成,以致影响染色体被拉向两极,细胞也不能分成两个子细胞.实验步骤是:固定(卡诺氏液)→解离(盐酸酒精混合液)→漂洗→染色(改良苯酚品红溶液或醋酸洋红溶液)→制片→观察。【详解】A、萨顿通过类比推理法研究蝗虫的减数分裂过程,提出“基因在染色体上”的假说,A错误;B、用标志重捕法调查时,部分被标记个体的标记物脱落,根据种群数量=(第一次捕获标记的个体数×第二次捕获的个体数)÷二次捕获的个体中被标记的个体数,则会导致调查结果较实际值偏大,B正确;C、探究低温诱导染色体加倍的实验中,卡诺氏液用于材料的固定,C错误;D、去掉细胞壁的成熟叶肉细胞仍具有液泡、叶绿体等具膜细胞器,不能用于获得纯净的细胞膜,D错误。故选B。3、B【解析】

内环境由细胞外液构成,主要由组织液、血浆和淋巴组成。丙酮酸氧化分解发生在细胞线粒体内。一切生物的生命活动都离不开细胞。酶、激素等具有微量高效的特性。同种酶可能存在于不同分化时期的细胞中。【详解】A、内环境由细胞外液构成,而丙酮酸氧化分解发生在细胞内,A错误;B、包括病毒在内,一切生命活动都离不开细胞,B正确;C、酶发挥作用后没有被立即分解;激素被靶细胞接受,起作用后就被灭活;抗体和抗原特异性结合后可形成沉淀或细胞集团,进而被吞噬细胞吞噬消化;神经递质能完成信息传递作用,与突触后膜上的特异性受体结合发生作用后,立即被分解或被相应的细胞回收,但神经递质不是微量高效物质;C错误;D、同一生物个体内分化程度不同的活细胞中可能含有相同的酶,如ATP合成酶、呼吸酶,D错误。故选B。【点睛】本题主要考查内环境组成、细胞呼吸场所、神经体液调节、特异性免疫、酶的特性等知识,答题关键在于建立知识间的内在联系,综合所学知识进行判断。4、D【解析】原尿中的葡萄糖是被肾小管上皮细胞主动重吸收的,据此可知:原尿中的葡萄糖进入肾小管上皮细胞需要消耗ATP,A正确;肾小管上皮细胞对葡萄糖的重吸收是主动运输,受细胞膜上葡萄糖载体数量的限制,B正确;由题意“葡萄糖由肾小管上皮细胞进入血液不消耗ATP”可知,葡萄糖由肾小管上皮细胞进入血液是被动运输,动力来自葡萄糖的浓度差,C正确;糖尿病患者的肾小管上皮细胞对葡萄糖的重吸收是主动运输,是逆浓度梯度进行的,D错误。5、B【解析】

内环境的理化性质主要包括温度、pH和渗透压:(1)人体细胞外液的温度一般维持在37℃左右;(2)正常人的血浆接近中性,pH为7.35~7.45,血浆的pH之所以能够保持稳定,与它含有的缓冲物质有关;(3)血浆渗透压的大小主要与无机盐、蛋白质的含量有关.在组成细胞外液的各种无机盐离子中,含量上占有明显优势的是Na+和Cl-,细胞外液渗透压的90%来源于Na+和Cl-。【详解】A、人体内环境的稳态依靠神经-体液-免疫调节共同维持,神经系统和免疫系统发挥作用不一定需要激素的作用,A错误;B、组织液和血浆之间可以进行物质交换,二者的渗透压发生变化时会互相影响,B正确;B、血浆pH的调节主要依靠血浆中存在的一些缓冲物质,C错误;D、甲状腺激素分泌的调节体现了分级调节和反馈调节,D错误。故选B。【点睛】本题考查内环境稳态的相关知识,识记激素的调节过程和内环境稳态的维持机制和过程是解题的关键。6、B【解析】

分析图示可知,F1紫株的两条6号染色体正常,而F1绿株的两条6号染色体长度不同,说明经过X射线照射的紫色植株的花粉中6号染色体中的一条发生了缺失,使其相关的株色基因丢失,而未经过X射线处理的绿色植株基因型为bb,减数分裂产生的配子中含有b基因,与上述紫色植株含有异常6号染色体的花粉结合形成了图示中F1绿株的染色体组成。而经过X射线照射的紫色植株中含有正常6号染色体的花粉与绿色植株产生的含有b基因的卵细胞结合形成了图示中F1紫株的染色体组成。【详解】A、若亲本中紫株的基因型为BB,绿株的基因型为bb,经X射线照射的紫株的花粉授给绿株(bb),若X射线照射使一条6号染色体上片段缺失导致B基因丢失,另一条6号染色体正常,则杂交后代能出现上图中染色体组成的紫株和绿株,A正确;B、由图可以知道,X射线照射紫株花粉后,花粉中的6号染色体发生了结构变异中的缺失),B错误;C、由图可以知道,F1中绿株的第6号染色体中的一条缺失了一段,属于染色体结构变异中的缺失,缺失的片段可能还会含有控制其它性状的基因,所以F1中绿株与紫株相比,其他性状也可能存在差异,C正确;D、没有发生染色体结构变异之前,图中F1绿株的两条染色体形状和大小应该相同,一条来自父方,一条来自母方,属于同源染色体,发生染色体结构变异后这两条染色体仍是同源染色体,减数分裂过程中可发生联会,D正确。故选B。二、综合题:本大题共4小题7、小火加热或间断加热分解果胶,瓦解细胞壁,提高甜菜汁的出汁率和澄清度增加酵母菌的数量,提高发酵效率凝胶珠内部容易产生无氧环境,有利于酒精发酵15%酵母菌呼吸的中间产物大量用于自身的生长,导致酒精产量降低(酵母菌生长消耗大量的糖分,使得酒精的产量降低)缓慢提高发酵液糖度【解析】

据图分析,图1中步骤①表示配置海藻酸钠溶液固定酵母细胞的过程,步骤②表示榨汁、加酶、过滤后获取的甜菜汁的过程,步骤③表示固定的酵母细胞的增殖,步骤④表示固定化酵母细胞反复与发酵糖液混合、分离的过程。图2显示,固定化酵母菌接种量为5%时,酒精的产量最低,残糖量最多;在固定化酵母菌接种量为5%-15%时,酒精含量逐渐升高,残糖量逐渐减少。【详解】(1)步骤①中配置海藻酸钠溶液时要注意小火加热或间断加热,直到海藻酸钠溶化为止,以防止海藻酸钠焦糊;步骤②中榨取的甜菜汁含有果胶,因其不溶于水,会影响出汁率,且导致果汁浑浊,因此该步骤使用果胶酶分解果胶,瓦解细胞壁,以提高甜菜汁的出汁率和澄清度。(2)步骤③是酵母菌快速增殖的过程,可以增加酵母菌的数量,提高发酵效率。(3)固定化的酵母是与凝胶珠结合,包裹在凝胶珠内,与游离的酵母相比,凝胶珠内部容易产生无氧环境,有利于酒精发酵,所以使用固定化酵母的酒精产量平均值高于游离酵母的对照组。(4)由图2可知,固定化酵母接种量为15%时对应的酒精含量值达到顶点的最大值,接种量超过15%,酵母菌呼吸的中间产物大量用于自身的生长,导致酒精产量降低。(5)固定化酵母更适于甜菜糖液的发酵环境,可以通过缓慢提高发酵液糖度提高固定化酵母对发酵糖液的耐受性,从而达到提高发酵效率的目的。【点睛】解答本题的关键是掌握固定化酵母细胞的过程和酒精发酵的过程,根据不同的过程的细节和题干要求分析答题,并能够根据曲线图找出最适宜酒精发酵的接种量。8、有机物陆地空间异质性存活曲线种群密度a-bc【解析】

图1为某生态系统的部分生物关系图,其中草本植物、乔木为生产者,蝗虫、蜘蛛、杂食性鸟为消费者,大型真菌、跳虫为分解者。图2是生态系统中某两个营养级之间的能量流动示意图,a表示甲的同化量,d表示乙的同化量,b、e分别表示甲、乙呼吸作用散失的能量,c、f分别表示甲、乙流向分解者的能量。一般来说,流入某一营养级的能量在足够长的时间内的去路可以有三条:①自身呼吸消耗;②流入下一营养级;③被分解者分解。【详解】(1)分解者作用:分解者将死亡的有机体分解为简单的无机物并释放出能量。大型真菌和跳虫作为分解者,是以碎屑中的有机物为食。该食物链是腐食食物链,陆地生态系统以腐食食物链为主,海洋生态系统以捕食食物链为主。(2)地表生物的这种区域差异分布是群落的水平结构,体现了空间异质性。(3)种群存活曲线反映了各物种的死亡年龄分布状况,有助于了解种群的特性及其与环境的适应关系。种群密度大小是进行害虫预测预报及研究种群动态的基础。(4)甲的净初级生产量=总初级生产量(同化量a)-呼吸消耗量(b);乙粪便中的能量归属于上一营养级被分解者利用的能量(c)。【点睛】本题考查生态系统的成分以及能量的流动的相关知识,意在考查识图能力,运用所学知识解决问题的能力。9、细胞和体液(或者特异性)生理盐水和葡萄糖单链RNA结构不稳定易变异4000【解析】

1.体液免疫过程为:大多数病原体经过吞噬细胞等的摄取和处理,暴露出这种病原体所特有的抗原,将抗原传递给T细胞,刺激T细胞产生淋巴因子,少数抗原直接刺激B细胞,B细胞受到刺激后,在淋巴因子的作用下,开始一系列的增殖分化,大部分分化为浆细胞产生抗体,小部分形成记忆细胞。抗体可以与病原体结合,从而抑制病原体的繁殖和对人体细胞的黏附。2.细胞免疫过程:抗原经吞噬细胞摄取、处理和呈递给T淋巴细胞,接受抗原刺激后T淋巴细胞悔增殖、分化产生记忆细胞和效应T细胞,效应T细胞与相应的靶细胞密切接触,进而导致靶细胞裂解死亡,抗原暴露出来,此时体液中抗体与抗原发生特异性结合形成细胞团或沉淀,最后被吞噬细胞吞噬消化。3.病毒是非细胞生物,专性寄生在活细胞内。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体;根据遗传物质来分,分为DNA病毒和RNA病毒;病毒由核酸和蛋白质组成。【详解】(1)病毒是胞内寄生物,当人体感染诺如病毒后会引发机体产生细胞免疫和体液免疫及时清除病毒;严重腹泻会导致脱水,因此对于严重腹泻的病人,为避免内环境稳态失调,需及时补充一定量的生理盐水和葡萄糖。(2)目前市面上有大量的针对DNA病毒的疫苗,而像诺如病毒这种单链+RNA病毒却鲜有疫苗问世,其主要原因是单链RNA结构不稳定,易产生变异,因此生产疫苗的有效性很低,不具有实用价值。(3)由诺如病毒的复制过程可知,要产生一个新的单链+RNA,实际是相当于产生了一个双链的RNA,而且单链+RNA和单链-RNA为互补关系,因此计算如下:单链中A+U的含量为7/15,在双链RNA中A+U的含量也为7/15,则其中G+C的含量为8/15,G+C的数量为8/15×15000=8000个,故G=C=4000个,即产生一个新的单链+RNA过程中,需消耗4000个鸟嘌呤核糖核苷酸。【点睛】熟知细胞免疫和体液免疫的过程以及作用是解答本题的关键!理清RNA复制的过程是正确解答有关碱基计算的关键!10、高(大)离子(灰白色的)灰烬(灰分)渗透失水分解光合作用主动运输无氧呼吸采用滴灌技术,植物水分供应充足,可以避免植物蒸腾作用失水过多造成的气孔关闭,CO2供应充足,从而降

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