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文档简介

2019-2020学年度化学九年级全一册第二单元溶液人教版练习题二

第1题【单选题】

下列物质放入水中,能形成溶液的是()

A、牛奶

B、蔗糖

C、面粉

D、食用油

【答案】:

B

【解析】:

【解答】A、牛奶不能溶于水,形成的混合物不均一、不稳定待一段时间会潜虫,属于乳浊液,故A错误;

B、蔗糖能溶于水,形成的混合物也是均一、稳定的,故B正确;

C、面粉不能溶于水,形成的混合物不均一、不稳定待一段时间会有沉淀产生,属于悬浊液,故C错误;

D、食用油不能溶于水,形成的混合物不均一、不稳定待一段时间会分层,属于乳浊液,故D错误;

婕B.

【分析】根据溶液的定义来判断本题:溶液是指一种或J1种物质分散到另一种物质中形成均T定的混合物,知道溶液的特

点,易浊液、簿虫液和溶液的区别.

第2题【单选题】

下列有关溶液的说法错误的是()

A、生理盐水中溶质是氯化钠

B、--种溶液中溶剂只有-一种

C、浓溶液可能是不饱和溶液

D、饱和溶液就是不能再溶解这种溶质的溶液

【答案】:

D

【解析】:

【解答】解:A、生理盐水是由氯化钠和水组成的,所以生理盐水中溶质是氯化钠,故A正确;

B、溶液是均一、稳定的混合物,溶质可以是多种,但是溶剂只要一种,故B正确;

C、溶液的浓稀指的是溶液的质量分数,饱和、不饱和指的是溶解的溶质是否达到了最大限度,故C正确;

D、在说明饱和溶液时,T要指明温度,故D错误.

故选:D.

【分析】A、根据生理盐水的组成成分进行分析;

B、根据溶液的定义进行分析;

C、根据溶液的浓稀指的是溶液的质量分数,饱和、不饱和指的是溶解的溶质是否达到了最大限度进行分忻;

D、根据在说明饱和溶液时r一定要指明温度进行分析.

>第3题【单选题】

A、A

B、B

C、C

D、D

【答案】:

C

【解析】:

【解答】解:A、喝完汽水打嗝,是由于胄内的温度高二«化碳的溶解度变小而导致的,故选项说法正确.B、水垢的主要成分

水是碳酸钙,能与酸反应,醋除去热水瓶中的水垢,是因为水垢能和醋酸反应而溶解,故选项说法正确.

*汽油能溶解油污,用汽油洗涤油污,是利用了溶解原理,故选项说法错误.

D、铝、氧化铝均能与酸反应,铝制容器不能盛酸性物质,是因为酸性物质会破坏铝的氧化膜,进而腐蚀金属铝,故选项说法

正确.

邂C

【分析】A、利用气体的溶解度随温度的升高而减小,随着压强的增大而增大,进行分析判断.

B、根据水垢的主要成分水是碳酸钙,进行分析判断.

C、根据汽油能溶解油污,进行分析判断.

D、根据铝、氧化铝均能与酸反应,进行分析判断.

>第4题【单选题】

如图是甲乙两种固体物质的溶解度曲线,下列说法正确的是()

g

A、甲的溶解度受温度的影响比乙小

B、tl℃时,甲、乙溶解度相等

C、t2℃时,甲的饱和溶液的溶质质量分数等于30%

D、可采用降低温度的方法使乙的饱和溶液变为不饱和溶液

【答案】:

B

【解析】:

【解答】A,由溶解度曲线可以看出来甲的溶解度受温度影响变化大而乙变化小.故不正确;

B、t1℃时甲、乙的溶解度曲线相交表明在此温度下甲乙的溶解度相等.故正确;

C、由图可颁2℃时甲的溶解度为30g,则其溶质质量分数是^^^^缥-xl00%«23.1%,故不正确;

100g+30g

D、由图可知乙的溶解度随温度的升高而升高,所以使接近饱和的溶液变为不饱和溶液应升高温度,故不正确;

:B.

【分析】溶解度受温度影响,且不同的物质在不同的温度下溶解度不同,所以在比较不同物质的溶解度时,f要指明温度否

则没有意义.同时在溶解度曲统上的点表示饱和溶液•

>第5题【单选题】

欲配制100g质量分数为10%的氢氧化钠溶液,下列说法中错误的是()

A、用托盘天平称取10.0g氢氧化钠

B、氢氧化钠易潮解,应放在玻璃器皿中称量

C、将配好的溶液装入试剂瓶中,塞好瓶塞并贴上标签

D、实验中用到的玻璃仪器只有烧杯和量筒

【答案】:

D

【解析】:

【解答】解:A、溶质质量=溶液质量,溶质的质量分数,配制100g质量分数为10%的氢氧化钠溶液,需氢氧化钠的质量

=100gx10%=10.0g,雌项激正确.

B,氢氧化钠易潮解,具有强烈的腐蚀性,应放在玻璃器皿中称量,故选项说法正确.

C、将配好的溶液装入试剂瓶中,塞好瓶塞并贴上标签,故选项说法正确.

D、配制100g质量分数为10%的氢氧化钠溶液,首先计算配制溶液所需氢氧化钠和水的质量,再称量所需的氢氧化钠和量取

水,最后进行溶解;在这些操作中需要的仪器:托盘天平、药匙、量筒、胶头滴管、烧杯和玻璃棒,其中属于玻璃仪器的是玻

璃棒、烧杯、胶头滴®、量筒,故选项说法错误.

嵋D.

【分析】配制分数的溶液的步骤:计算、称量(量取)、溶解、装瓶贴签,由溶质质量=溶液质量x溶质的质量分数计

算所需溶质的质量;由实验步骤分析解答需要的仪器、使用注意事项.

>第6题【单选题】

如图是两种物质的溶解度曲线,下列说法正确的是()

A、甲的溶解度大于乙的溶解度

B、t2℃时等质量甲、乙两物质的饱和溶液降温至tl℃时,两溶液中溶质质量分数相等

C、tl°C时等质量甲、乙两种物质的饱和溶液中溶质质量相等

D、甲物质中混有少量的乙物质适合蒸发结晶的方法提纯甲

【答案】:

C

【解析】:

【解答】A、物质的溶解度与温度有很大关系,没有指明温度,不能比较溶解度的大小,故A错误;

B、t2℃时,甲、乙物质的溶解度榜,所以溶质和溶解质量不相等,所以等质量甲、乙两物质的饱和溶液降温至t/C时,溶质

相等,但是溶剂不等,所以溶质质量分数根,故B错误;

C、t『C时,甲、乙物质的溶解度相等,所以等质量甲、乙两种物质的饱和溶液中溶质质量相等,故C正确;

D、甲物质的溶解度受温度影响较大,所以甲物质中混有少量的乙物质适合降温结晶的方法提纯甲,故D错误.

雌C

【分析】根据固体的溶解度曲爱可以:①查出某物质在T温度下的溶解度,从而确定物质的溶解性,②比较不同物质在同一

温度下的溶解度大小,从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小,③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况,从而判断通

过降温结晶还是蒸箍晶的方法达到提纯物质的目的.

第7题【单选题】

下图为A、B、C三种物质的溶解度曲线,请据图判断下列叙述中正确的是()

A、tl℃时,B物质的溶解度为40

B、tl℃时,三种物质的溶解度由大到小的顺序为:A>B>C

C、要使A从其热饱和溶液中析出,最好采用冷却溶液法

D、要将C的不饱和溶液转化为饱和溶液可以采取降温的方法

【答案】:

【解析】:

[解答]根据所学知识和题中信息知,A、t/C时,B物质的溶解度为40g,溶解度单位是克,故A不符合题意;

B、匕℃时,三种物质的溶解度由大到小的顺序为:B>A=C,故B不符合题意;

C、要使A从其热饱和溶液中析出,最好采用冷却溶液法,A物质溶解度随温度的升高而增大,B物质溶解度随温度的升高而变化

不大,C物质溶解度随温度的升高而减少,故C符合题意;

D、要将C的不饱和溶液转化为饱和溶液可以采取升温的方法,C物质溶解度随温度的升高而减少.

故答案为:C

【分析】根据固体的溶解度曲我可以:①查出某物质在一定温度下的溶解度,从而确定物质的溶解性,②比较不同物质在同一

温度下的溶解度大小,从而判断饱和溶液中溶质的质量分散的大小,③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况,从而判断通

过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的.

第8题【单选题】

推理是化学学习中常用的思维方法之一。下列推理正确的是()

A、溶液是均一、稳定的,均一、稳定的液体一定是溶液

4NH3+3O:点燃2X+6HQ

依据化学方程式:,可推出X的化学式为N2

C、酸能使紫色石蕊试液变红,通入二氧化碳后的紫色石蕊试液变红,所以二氧化碳是酸

D、稀有气体的原子(除氨外)最外层电子数都为8,最外层电子数为8的微粒一定是稀有气体的原

【答案】:

【解析】:

【解答】A、溶液是均一、稳定的混合物,故均一、稳定的液体不f是溶液,选项不符合题意;

B、根据质量守恒定律,化学反应前后原子种类和数量不发生变化,根据方程式可知X的化学式为N2,选项符合题意;

C、通入二氧化碳后的紫色石蕊试液变红,是二氧化碳与水反应生成了碳酸,碳酸是一种弱酸,能使紫色石蕊溶液变红,选项不

取返;

D、最外层电子数为8的微粒有可能是得到电子或失去电子的离子,不一定是稀有气体的原子,选项不符合题意.

故答案为:B.

【分析】A,根据溶液定义分析;

B、根据质量守恒定律分析;

C、根据二«化碳的性质分析;

D、根据稀有气体的原子的电子结构分析.

第9题【单选题】

图中四个图像能正确反映其对应实验操作的是()

A、①高温煨烧一定质量的石灰石

B、②用等质量、等浓度的双氧水分别制取氧气

C、③向一定体积的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液

D、④某温度下,向一定量饱和硝酸钾溶液中加入硝酸钾晶体

【答案】:

C

【解析】:

【解答】①高温城烧一定质量的石灰石时,分解生成氧化钙和二氧化碳,而氧化钙为固体物质,图象显示反应后固体质量为

零.故A不正确;

②用等质量、等浓度的双氧水分别制取氧气,力坏加催化剂,只是改变化学反应速率,最终产生氧气一样多;而图示显示加

催化剂与不加生成的氧气不一样;故B不正确.

③向一会积的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液发生反应,溶液酸性减弱至完全反应后碱性又逐渐增强,pH逐渐增大;题意

与图示相符;故C正确.

④某温度下,向和硝酸钾溶液中加入硝酸钾晶体时,原溶液及原溶液溶质量不变,其溶质质量分数不变.而图象显

示其溶质质量分数开始逐渐增加,与题意不符;故D不正确.

婕C

【分析】高温烟烧一定质量的石灰石时,能分解生成氧化钙和二氧化碳;

用等质量、等浓度的双氧水分别制取氧气,无论加不加催化剂,最终产生氧气一样多;

向的稀盐酸中逐鹿加入氢氧化钠溶液,溶液酸性减弱,pH逐渐增大;

某温度下,向Ta&和硝酸钾溶液中力DA硝酸钾晶体时,原溶液及原溶液溶质量不增加,其溶质质量分数不变.

第10题【单选题】

A、A

B、B

C、C

D、D

【答案】:

A

【解析】:

【解答】A、硬水和软水J0QJE皂水哨根据出现泡沫还是浮渣可以鉴§11,正确;纯碱滴加白醋有气泡放出,而食盐滴加白醋没有

现象,正确;羊毛点燃后有烧焦羽毛的气味,而化纤灼烧没有烧焦羽毛的气味,正确;A符合题意;

B,白色污染指废弃塑料对环境的污染,正确;温室效应会导致地球的温度升高,对生存环境有影响,错误;重金属污染对人体

内蛋白质有影响,正确;B不符合题意;

C、汽油去油污是溶解原理,洗涤剂去油污是乳化原理,错误;蛋白质与油脂的组成元素不完全相同,错误;合金与纯金属的硬

度不相同,错误;坏符合题意;

D、构成物质三种粒子有分子、原子、离子,正确;塑料属于有机合成材料,错误;出、C、CO2一三种具有还原性的物质,正

确;D不符合题意.

故答案为:A.

【分析】A、通常用用月巴皂水检验硬水和软水;纯碱中有碳酸根,加酸有气泡产生,食盐加酸不会产生气泡;羊毛点燃后有烧焦

羽毛的气味,而化纤灼烧没有烧焦羽毛的气味;

B、白色污潮g废弃塑料对环境的污染;温室效应会对生存环境有影响;

C、汽油去油污是溶解原理,洗涤剂去油污是乳化原理;蛋白质与油脂的组成元素不完全相同;合金与纯金属的硬度不相同;

D、陶瓷、玻璃属于无机合成材料,塑料属于有机合成材料.

第11题【单选题】

A、A

B、B

C、C

D、D

【答案】:

D

【解析】:

【解答】解:A,向盐酸中加水,酸性减弱,pH增大,但是不会大于等于7,故A错误;B、一定温度下,向不饱和硝酸钾溶液

中力叭硝酸钾,开始溶液的质量不会等于0,故B错误;

C、加热高镒酸钾固体,会生成氧气,导致固体质量减少,而反应前后镒元素的质量不变,故镒元素的含量会增大,故C错误;

D、在盐酸和氯化镁的混合溶液中加入氢氧化钾溶液,盐酸先与氢氧化钾反应,等盐酸肖耗尽,氯化镁与氢氧化钾反应生成氢

氧化镁沉淀,故开始没有沉淀,过一段时间再出现沉淀,故D正确;

腌D.

【分析]根据已有的知识进行分析,酸性溶液的pH小于7,加水稀释酸性减弱,pH增大,但是不会大于等于7;T温度下,

T的水中不能无限量的溶解硝酸钾;高镒酸钾受热会分解生成氧气;盐酸能与碱反应,氯化镁1绚氢氧化钾反应生成氢氧化

镁沉淀,据此解答.

第12题【多选题】

如图是a、b、c三种固体物质的溶解度曲线,下列说法正确的是()

A、a属于易溶性物质

B、t°C时c物质的饱和溶液,可采用升高温度方法使其变为不饱和溶液

C、90℃时,将50ga物质加入到50g水中充分搅拌,可得到100ga的饱和溶液

D、将20℃时三种物质的饱和溶液升温到90℃,所得溶液中溶质的质量分数的大小关系是:a>c>b

【答案】:

A,D

【解析】:

【解答】解:A,20℃时,a物质的溶解度是54.5g,所以a属于易溶性物质,故A符合题意;

B、大于t°C时,c物质的溶解度随温度的升高而减小,所以t℃时c物质的饱和溶液,可采用逐渐溶剂方法使其变为不饱和溶液,

故B不符合题意;

C、90℃时,a物质的溶解度是70g,所以将50ga物质加入到50g水中充分解,可得到85ga的饱和溶液,故坏符合题意;

D、20℃时,a物质的溶解度最大,b物质的溶解度最小,c物质的溶解度等于90℃的溶解度,所以将20℃时三种物质的饱和溶

液升温到90℃,所得溶液中溶质的质量分数的大小关系是:a>c>b,故D符合题意.

故答靠为:AD.

【分析】A、20℃时,溶解度大于10克的属于易容物质;

B、t℃时c物质无论升温还是降温溶解度都减小,有溶质析出,fS会是饱和溶液;

C,90℃时,a的溶解度为70克,则在50克水中最务溶解35克a物质;

D、20℃时abc三种物质饱和溶液的溶质质量分数大小关系为:a>c>b,当升温至90℃时,ab均变成不饱和溶液,但溶质质量

分数不变,话析出晶体变成90℃时的饱和溶液,溶质质量分数减小,但大于20℃时c的饱和溶液的溶质质量分数,故最终溶质

质量分数大小的关系为:a>c>b.

>第13题【多选题】

实验室模拟“侯氏制碱法”制纯碱,其原理是NaCI+NH4HCO3=NaHCO3+NH4CI,再将碳酸氢钠加热分解得

到纯碱.如图是NaCI、NH4CI、NaHCO3的溶解度曲线,下列说法正确的是()

A、NaHCO3从溶液中分离出,可采用的操作是蒸发结晶

B、NH4CI饱和溶液的溶质质量分数一定大于NaCI饱和溶液的溶质质量分数

C、40℃时,溶解度大小关系是:NH4CI>NaCI>NaHCO3

D、20℃时,100g水中加入11.7gNaCI和15.8gNH4HCO3固体,充分反应后,理论上可析出7.14g

NaHCO3晶体

【答案】:

CD

【解析】:

【解答】解:A、NaHCC>3的溶解度较小,从溶液中分离出来可采用过滤方法,故A错误;B、饱和溶液的溶质质量分数取决于

溶解度,b匕较两种固体物质的溶解度大<J凄在同一温度下进行,故B错误;

C、由图可以看出,40℃时,溶解吐小:NH4CI>NaCI>NaHCO3,C正确;

D、演计算,11.7gNaCI和15.8gNH4HCO3固体NaHCO3,20℃时NaHC03的度为

9.66g,则析出固体的质量=16.8g-9.66g=7.14g,D正确.

SSd^CD.

【分析】解:A、根据碳酸氢钠的溶解度分析;

B、根据饱和溶液溶质质量分数的比较方法分析;

C、根据图象分析;

D、根据方程式的计算分析解答.

第14题【多选题】

下列表示反应对应变化关系的四个图象中,正确的是()

H2

>

A.向相同质量的铝和镁中分别加入足量稀盐酸

B、0力口入6肖酸节甲质量g向接近饱和的硝酸钾溶液中加硝酸钾固体

C、°力口入水的质里g向一定量的稀盐酸中加水

溶质

质量

分数

发)

分蒸

虑水

(不考

升温

溶液

酸钾

和硝

给饱

T也

D、

案】

【答

AD

析】

【解

大,故

的质量

的氢气

铝生成

镁铝,

质量的

可知同

方程式

,根据

属决定

量由金

气的质

生成氧

,所以

足量

硫酸

因为

:A.

】解

【解答

错误

零,故

不为

质量

质的

中溶

溶液

酸钾

和的d肖

.不饱

;B

正确

;

错误

7,故

H小于

性,p

显酸

盐酸

C.稀

.

正确

变,故

分数不

的质量

中溶质

以溶液

变,所

质量不

溶剂的

溶质与

,但是

变大

解度

温,溶

溶液升

硝酸钾

饱和的

D.

D.

雌A

分析;

过程来

反应的

属与酸

根据金

】A.

【分析

分析

溶来

中的

溶液

不甘

B.领

分析;

稀释来

据馥的

C.根

析.

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