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文档简介
2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1.汽车装有安全带未系提示系统,当乘客坐在副驾驶座椅上时,座椅下的开关S1闭合,若未系安全带,则开关S2断开,仪表盘上的指示灯亮起,蜂鸣器工作;若系上安全带,则开关S2闭合,指示灯熄灭,蜂鸣器不工作。图设计的电路图正确的是A. B.C. D.2.一个未装满饮料的密闭杯子,先正立放在桌面上(如图甲),然后反过来倒立放在桌面上(如图乙),两次放置饮料对杯底的压力和压强分别是F甲、F乙、和p甲、p乙,则下列关系式正确的是()A.p甲>p乙,F甲>F乙 B.p甲<p乙,F甲<F乙C.p甲=p乙,F甲=F乙 D.p甲>p乙,F甲<F乙3.关于热学知识,下列说法错误的是A.寒冷的冬天,双手互搓会使手的温度升高,这是用做功的方式改变内能B.物体吸收热量,温度不一定升高C.汽油机的压缩冲程是把内能转化为机械能D.用水作为汽车发动机的冷却剂,是因为水的比热容较大4.如图中的四个物态变化实例,属于吸热的是A.初春,湖面上冰化成水B.盛夏,草叶上形成露C.深秋,枫叶上形成霜D.寒冬,河水结成冰5.二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度,就会形成白色的、像雪一样的固体,这种固体叫干冰。在干冰形成的过程中发生的主要物态变化是A.熔化 B.液化 C.升华 D.凝华6.“控制变量法”是初中常见研究方法.下列教材中的探究实验,不需要控制“电流一定”的是()A.探究电功与电压的关系B.探究通电导体产生的热量与电阻的关系C.探究导体电阻与长度的关系D.探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系7.甲用电器标着“220V60W”,乙用电器上标着“36V60W”,它们都在额定电压下工作,则下列判断中正确的是A.甲用电器做功一定多B.乙用电器做功一定慢C.完成相同的功,甲用电器用时间一定多D.相同时间内,甲乙用电器消耗的电能一样多8.小灯泡L和电阻R上分别标有“6V4.8W”和“0.6A”字样,它们的电流随电压变化规律如图所示.现将小灯泡L和电阻R连入电路中,若要确保电路中的元件不被烧坏,则下列说法错误的是A.L和R并联时干路中的电流最大可达到1.4AB.L和R并联时电路的总功率最大可达到8.4WC.L和R串联时电源电压不超过9VD.L和R串联时小灯泡的功率最大可达到4.8W9.如图所示,小秦改变了尺子伸出桌面的长度,用大小相同的力拨动尺子,尺子振动的A.音调与声源振动的频率有关B.音色与声源振动的幅度有关C.响度跟人与声源的距离无关D.声音只能在空气中传播10.为了提高中小学生的身体素质,教育部要求学校必须在上午和下午都有大课间,让学生进行体育锻炼,大课间不仅锻炼了孩子们的身心,而且也让校园充满了欢声笑语.下面图与对应描述相符合的是A.甲图学生在跳绳的过程中,没有做功B.乙图学生跑步时,鞋底有花纹是为了增大摩擦C.丙图乒乓球在空中向前飞行时,学生对乒乓球做功D.丁图在技河比赛中,赢的一队的拉力大于输的一队的拉力二、填空题(本大题包括7小题,每小题2分,共14分)11.某楼顶水塔的水面比地面高出23m,一只离地面8m高的水龙头与水塔相通,水龙头横截面积为5cm2,若水龙头口处如用手指堵住,打开阀门时,水对手指的压强为_____Pa,手指受到的压力为_____N.(g取10N/kg)12.利用超声波给金属工件探伤是利用声波传递________(选填“能量”或“信息”);为提高全体市民的防空安全意识,某市每年都要进行防空警报演练.为了使警报声传的更远,应该提高警报声的________(选填“音调”“响度”或“音色”).13.将1kg温度为20℃的水加热至100℃,水需要吸收的热量是_____J.若用额定功率为1000W的电水壶来加热,共用去7min,则共消耗电能_____J,该电水壶的加热效率为_____%[水的比热容为4.2×103J/(kg•℃)]。14.如图所示是某电子秤的结构示意图,闭合开关S,秤盘内不放物体时,电子秤刻度表示数为0;在秤盘内放入物体时,就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量;已知弹簧所受的压力与缩短的长度成正比,电子秤的刻度表是由_____(选填“电流表”或“电压表”)改装的.它的刻度_____(填“是”或“不是”)均匀的;如果使用一段时间后,电池两端的电压降低,导致不放物体时指针不在“零刻度”上,调零的方法是把滑片P向_____移动合适距离.15.一金属圆柱体重力为G,用弹簧测力计吊着将其三分之一浸入水中,这时测力计的示数为10牛,当圆柱体逐渐浸入水中时,圆柱体受到的浮力_____(选填“变大”、“变小”、“不变”),当圆柱体完全浸没时,测力计示数恰好为0牛(且塑料块尚未接触容器底部),则圆柱体的重力G为_____牛,此时圆柱体上下表面压力差为_____牛.16.根据下表所列几种物质的比热容数据,可知:5千克的水温度升高20℃,需吸收的热量为_____焦,质量相等的水与干泥土,吸收相等的热量,_____升高的温度多。物质比热容[J/(kg•℃)]水4.2×103铝0.90×103干泥土0.84×10317.一个标有“220V1200W”的电热水壶.要在1个标准大气压下将2kg温度为20℃的水烧开,水需要吸收的热量是______J,若不计热损失,电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是____s.(水的比热容为4.2×103J/(kg•℃)三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题,共34分)18.如图所示,A、B两物体以相同的速度向右做匀速直线运动(A、B相对静止).请画出A的受力示意图.19.如图所示,开关S闭合,发现弹簧拉长,小磁针旋转到如图中所示位置静止,请标出电源的“+”极和小磁针的N极。20.小美同学做“测定小灯泡的电功率”实验,现有学生电源(电压为2伏的整数倍且保持不变)一个、分别标有“2.5V”和“3.8V”字样的待测小灯各一个、电压表一只、电流表一只,滑动变阻器(标有“5Ω3A”、“20Ω2A”字样)各一个,电键一个,导线若干。他先正确串联实验器材,然后将电压表并联在电路中。闭合电键,当划片移到某位置时,小灯恰好正常发光,此时他将观察到的电压表和电流表的示数(如图所示)分表记录到实验单上。(1)能否据此判定该实验中电压表并联在哪部分电路两端?并请说明理由。___________(2)小高同学看了小美同学记录的信息,做出了电压表读数的如下分析判断:因为小灯正常发光,由如图(a)可知:,此时,变阻器接入电路的阻值一定大于其最大阻值。所以,。因此,电压表读数为11伏。你认为小葛的分析判断是否正确?为什么?____________(3)由此可以分析得出:小要在实验中选用的小灯是标有_______字样的,滑动变阻器标有________字样,小灯的额定功率为______瓦。21.学习了“伏安法”测电阻以后,小明利用图甲所示的实验器材测量标有“2.5V”字样的小灯泡的电阻,并连接了部分实验器材.(1)请你用笔画线代替导线,在答题纸上把图甲中的器材连接成完整的实验电路(要求:变阻器滑片向右移动时电流表示数变大).(_____)(2)开关闭合前,滑动变阻器的滑片应处于最_________端(选填“左”或“右”).(3)闭合开关后,小明发现电流表和电压表均有示数,但是灯泡不亮.他下一步的操作是___________,并同时观察小灯泡的亮度和电表的示数.(4)实验过程中,小明依次进行了第1至5次测量,并将实验数据记录在下表中,其中第3次实验时,电压表和电流表的示数如图乙和丙所示.请你分别读出电压值和电流值,并填写到答题纸的相应位置.实验次数12345电压(V)1.01.5_____2.52.7电流(A)0.140.20________0.300.32电阻()7.147.508.338.44(5)小明根据收集的数据计算出了小灯泡的电阻,发现灯泡的电阻不同且相差较大.进一步分析实验数据发现,小灯泡电阻的变化是有规律的,请你结合实验数据分析灯泡电阻的变化规律是___________22.某同学用如图所示的装置研究影响滑动摩擦力大小的因素.木板P放在水平桌面上,木块Q放在木板P上,弹簧测力计一端固定,一端挂在木块Q上,拉动木板P,木块Q稳定时,读取测力计的示数.回答下列问题:(1)读取弹簧测力计的示数,是为了测量___.(填序号)
A.木板P受到地面的滑动摩擦力大小B.木板P受到木块Q的滑动摩擦力大小C.木块Q受到地面的滑动摩擦力大小D.木块Q受到木板P的滑动摩擦力大小(2)用相同的木板P和木块Q,在木块Q上放不同个数的砝码,拉动木板P快慢相同,记录弹簧测力计的示数及对应的砝码个数.这是为了研究滑动摩擦力大小与_____的关系.
(3)用相同的木板P和木块Q,发现拉动木板P的快慢不同时,弹簧测力计的示数相等.由此得到的结论______四、计算题(本大题包括2小题,共22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分)23.如图是工人利用滑轮组提升重为810N物体的示意图,某段过程中物体匀速上升的速度为0.1m/s,工人拉力F的功率为90W,物体上升10s拉力F克服滑轮组的摩擦做的功是60J,不计绳重.求:工人拉绳子的速度;滑轮组的机械效率;滑轮组中的动滑轮的重力.24.当下有一种流行的平衡车,它的内部其实是一个带多种压力传感器的电动机,外形如图.动力系统的电动机工作时电压U=36V,电流I=2A,电阻R=3Ω.当平衡车以3m/s的速度匀速前进时,求:(1)电动机机械功率(2)电动机机械效率(3)平衡车受到的阻力.
参考答案一、本大题包括10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1、B【解析】
由电路图可知,A、系上安全带时开关S2闭合,会造成电源短路,故A不符合题意;B、当乘客坐在副驾驶座椅上时,开关S1闭合,蜂鸣器和指示灯均工作,系上安全带后开关S2闭合,蜂鸣器和指示灯被短路均不工作,此时电路安全,故B符合题意;C、只有当乘客坐在副驾驶座椅上且系上安全带时,两开关闭合,蜂鸣器和指示灯才工作,故C不符合题意;D、当乘客坐在副驾驶座椅上时,开关S1闭合,蜂鸣器和指示灯均工作,系上安全带后开关S2闭合,蜂鸣器和指示灯仍工作,故D不符合题意。2、D【解析】
由图可知,正放时,杯中饮料的深度较大,根据可知,正放时饮料对杯底的压强较大,即p甲>p乙;正放时,杯中的饮料柱是上粗下细的,一部分饮料压的是杯壁,所以杯底受到的压力小于杯中液体的重力。倒放时,杯中的饮料柱下粗上细,所以杯底受到的压力大于饮料的重力;因此F甲<F乙.故选D.3、C【解析】
A、寒冷的冬天,双手互搓,手克服摩擦做功,温度升高,这是用做功的方式改变内能,故A正确;B、一般情况下,物体吸热时温度升高,但是晶体熔化和液体沸腾的过程中,吸热但温度保持熔点和沸点不变,故B正确;C、汽油机的压缩冲程中,将机械能转化为内能,故C错误;D、用水作为汽车发动机的冷却剂,是因为水的比热容较大,与其他物质相比,在质量相同、升高的温度相同时,水吸收的热量多,故D正确。4、A【解析】
A.冰化成水,由固态变为液态属于熔化现象,熔化吸热,故A符合题意.B.露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的,液化放热,故B不符合题意.C.霜是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态凝华而成的,凝华放热,故C不符合题意.D.河水结成冰,水由液态变为固态,属于凝固现象,凝固放热,故D不符合题意.【点睛】伴随着物态变化总有吸放热现象.其中吸热的物态变化是熔化、汽化、升华;放热的物态变化是凝固、液化、凝华;5、D【解析】
由题,二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度,由气态直接变成固态形成干冰,所以发生的物态变化是凝华,凝华放热。故D正确。6、C【解析】
A.由W=UIt可知,要探究电功与电压的关系,需使电流和通电时间一定.故A不符合题意;B.由Q=I2Rt可知,通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关,要探究热量与电阻的关系,需控制电流和通电时间一定.故B不符合题意;C.电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关,与电流大小无关,探究与长度的关系,不用控制电流一定.故C符合题意;D.电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关,要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系,需控制电路中的电流相同.故D不符合题意.7、D【解析】
甲、乙用电器在额定电压下工作时的功率均为60W。A.由知道,电流做功的多少与通电时间有关,故A错误;B.电功率是表示电流做功快慢的物理量,甲乙用电器的功率相同,做功一样快,故B错误;C.根据知道,完成相同的功,两用电器用的时间一样多,故C错误;D.根据知道,相同时间内,甲乙用电器消耗的电能一样多,故D正确。8、D【解析】
(1)灯泡的额定电压UL=6V,电阻R允许通过的最大电流IR,=0.6A,由图象可以知道,电阻两端允许所加的最大电压UR=6V,,因为并联电路中各支路两端的电压相等,所以L和R并联时,电路中的最大电压:U=UL=UR=6V,由图象可以知道,通过L的电流IL=0.8A,因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以干路中的最大电流:I=IL+IR=0.8A+0.6A=1.4A,所以A选项正确的;电路的最大总功率:P=UI=6V×1.4A=8.4W,所以B选项是正确的;(2)因为串联电路中各处的电流相等,且IL,=0.8A,IR=0.6A,所以L和R串联时,电路中的最大电流:I′=IR=0.6A由图象可以知道,L两端的电压UL′=3V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以电源的最大电压:U′=UL′+UR=3V+6V=9V,所以C选项是正确的;小灯泡的最大功率:PL′=UL′I′=3V×0.6A=1.8W,故D错误,符合题意9、A【解析】尺子发出声音的音调与尺子振动快慢有关,(1)当尺子伸出桌面的长度越长时,振动越慢,发出声音的音调越低;(2)当尺子伸出桌面的长度越短时,振动越快,发出声音的音调越高;故探究的是音调与声源振动的频率的关系.故选A.点睛:声音的三个特征分别是:音调、响度、音色,是从不同角度描述声音的,音调指声音的高低,由振动频率决定;响度指声音的强弱或大小,与振幅和距离有关;音色是由发声体本身决定的一个特性.10、B【解析】
跳绳时,克服重力向上跳起了一定的高度,所以是做功的,故A错误;鞋底有花纹是为了通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦,故B正确;乒乓球在空中向前飞行是由于球具有惯性,此时学生对乒乓球没有做功,故C错误;拔河时,双方的拉力是一对相互作用力,其大小是相同的,故D错误.二、填空题(本大题包括7小题,每小题2分,共14分)11、1.5×10575【解析】
水龙头处水的深度:h=h1﹣h2=23m﹣8m=15m,打开阀门时,水对手指的压强:p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa,由p=可得,手指受到的压力:F=pS=1.5×105Pa×5×10﹣4m2=75N。12、信息响度【解析】
利用超声波给金属工件探伤是利用声波传递信息;进行防空警报演练时,为了使警报声传的更远,应该提高警报声的响度.【点睛】本题考查声音可以传递信息,也可以传递能量;响度与物体振幅有关,振幅越大,响度越大,距离发声体越远,声波的振幅越小,响度越小.13、3.36×1054.2×10580【解析】
水吸收热量:Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(100℃﹣20℃)=3.36×105J;电热水器消耗的电能:W=Pt=1000W×7×60s=4.2×105J;电热水器的热效率:η=Q吸W=×100%=3.36×105J14、电流表不是右【解析】
由图知,电子秤刻度表串联在电路中,电子秤刻度表应该是电流表,由电路图可知,左侧的变阻器和Rx串联(Rx起保护电路的作用),串联电路中的总电阻:R=R滑+Rx,则电路中的电流I==,由于物体对托盘施加的压力等于物体的重力,物体的重力与质量成正比,而缩短的长度与弹簧所受的压力成正比,所以,缩短的长度与物体的质量成正比;由于变阻器连入电路的电阻与电阻线的长度成正比,所以质量越大,变阻器连入电路的电阻越小,由I=可知,I与R滑不成正比或不成一次函数关系;故电路中的电流与物体的质量不成正比,即电流表的示数不是均匀的.由上面分析可知,不放物体时即指针“零刻度”上时,是变阻器的电阻全连入电路,则此时电路中的电流最小为:Imin=;如果使用一段时间后,电池两端电压降低,则根据欧姆定律可知,电路中电流变小;为了使不放物体时指针仍在“零刻度”上,即应使电路中电流变大,所以应减小Rx的阻值,即把滑片P向右移动合适距离,使电路中的电流保持为原来的Imin值.15、变大;1;1【解析】试题分析:当金属圆柱体全部浸没在水中后,V排变为原来的3倍,根据F浮=ρ水gV排可知圆柱体受到的浮力情况,当圆柱体完全浸没时,测力计示数恰好为0牛,根据F浮="G"F拉,求得其重力,此时圆柱体上下表面压力差即为浮力大小.解:由“用弹簧测力计吊着将其三分之一浸入水中,这时测力计的示数为10牛”可得,F浮="G"F拉="G"10N,当金属圆柱体全部浸没在水中后,V排变为原来的3倍,根据F浮=ρ水gV排可知圆柱体受到的浮力浮力变大;则此时圆柱体受到的浮力=3F浮=3(G10N)="3G"30N,由此时弹簧测力计的示数为0牛,="G"F′可得,3G30N="G"0,解得G=1N,此时圆柱体上下表面压力差即为浮力,即="3G"30N="3×1N"30N=1N.故答案为变大;1;1.【点评】本题属于浮力的基本计算,利用好称重法求浮力(F浮="G"F示)是本题的关键.16、4.2×105干泥土【解析】
水吸收热量:Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg•℃)×5kg×20℃=4.2×105J;查表可知c泥土<c水,因Q水=Q泥土,且m水=m泥土,由Δt=可知:Δt泥土>Δt水;即干泥土升高的温度多。17、6.72×105J560【解析】
在标准大气压下,水的沸点为100℃,水吸收的热量Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×=6.72×105J因为电热水壶正常工作,所以P=P额=1200W不计热损失Q吸=W=Pt所以电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间t===560s三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题,共34分)18、【解析】
物体A、B以相同的速度向右做匀速直线运动,物体A在水平方向上不受力;物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F支的作用,这两个力是一对平衡力,大小相等、方向相反,作用在同一直线上,如下图所示:19、【解析】已知开关闭合后,发现弹簧缩短,根据磁极间的相互作用,异名磁极相互吸引,则螺线管上端为S极,下端为S极,由右手螺旋定则可得,电流由右侧流入,故电源右侧为正极,左侧为负极;由磁极间的相互作用可知小磁针的上端为S极,下端为N极。如图所示:20、实验中电压表并联在滑动变阻器两端小葛的分析判断是错误的;1.1伏3.8V“10Ω1A”1.14【解析】
(1)由题意,当滑片移到某位置时,电流表、电压表的示数分别如图所示时,小灯泡恰好正常发光。由指针的位置,若使用大量程0-15V,分度值为0.5V,示数为11V;若使用小量程0-3V,分度值为0.1V,示数为1.1.,电流表使用小量程,分度值为0.01A,电流大小为0.3A;又因灯上标有“1V”和“3.8V”字样,且电源电压为1伏的整数倍且保持不变:①先判断电路的连接关系:若灯与变阻器并联在电路中,则电压表示数即为电源电压,无论11V还是1.1V,都不是1V的整数倍,所以可判断出灯与变阻器不是并联在电路中,而应是串联在电路中的;②判断电压表的示数和连接位置:若电压表示数为11V,因11V大于3.8V,大于1V,所以电压表不可能直接并联在灯的两端,也不能并联在电源的两端(因为11V不是1V的整数倍),若并联在变阻器的两端,根据串联电路电压的特点,此时,电源电压为或均不是1V的整数倍,所以电压表的示数为11V是不可能的,只能为1.1V;因,,所以电压表不能直接并联在灯的两端,更不能并联在电源的两端(1.1V不是1V的整数倍),由此可确定电压表只能并联在变阻器的两端,且示数为1.1V;(1)小葛的分析判断是错误的,若使用“10Ω1A”的变阻器,其连入电路的阻值不可能大于10Ω;并且电压表示数若为11V,那么电源电压为或,都不是1V的整数倍;(3)若使用额定电压为1V的灯,根据串联电路电压的特点,则电源电压为1V+1.1V=4.1V不是1V的整数倍,不符合题意;若使用额定电压为3.8V的灯,因电源电压为,符合电源电压是1V整数倍的条件。所以灯的额定电压为3.8V,且电源电压为6V;因为电路的电流大小为0.3A,所以变阻器连入电路中的电阻大小,所以使用的是“10Ω1A”的变阻器;灯的额定电压为UL=3.8V,正常工作时的电流大小IL=0.3A,所以灯的额定功率。21、左调节滑动变阻器的金属滑片1.9V0.24A灯丝的电阻随电压(或电流)的增大而增大【解析】
(1)伏安法测小灯泡电阻的实验中,电压表应与灯泡并联,小灯泡额定电压为2.5V,所以电压表应使用0-3V量程;变阻器滑片向右移动时电流表示数变大,向右移动时阻值减小,因此应接右下接线柱,即如图所示:(2)为保护电路,由图可知,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于最大值左端;(3)闭合开关后,小明发现电流表和电压表均有示数,说明电路是通路,灯泡不亮应该是电流太小,灯泡的实际功率太小,他下一步的操作是调节滑动变阻器的金属滑片,减小滑动变阻器连入电路中的阻值,并同时观察小灯泡的亮度和电表的示数.(4)由图乙知电压表选用小量程,分度值为0.1V,示数为1.9V,由图丙知电流表选用小量
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