2023-2024学年河北省石家庄市高二（下）期末数学试卷（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页2023-2024学年河北省石家庄市高二（下）期末数学试卷一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知集合A={−1,0,1}，B={x|x(x−1)≤0}，则A∩B=(

)A.⌀ B.{0} C.{1} D.{0,1}2.命题p：∀x∈R，都有ex>1，则命题p的否定为(

)A.∃x∈R，使得ex≤1 B.∀x∈R，都有ex<1

C.∃x∈R，使得ex3.函数f(x)=x+1x在x=2处的切线斜率为(

)A.−3 B.34 C.54 4.不等式x2+ax+4<0的解集为空集，则a的取值范围是(

)A.[−4,4] B.(−4,4)

C.(−∞,−4]∪[4,+∞) D.(−∞,−4)∪(4,+∞)5.从7本不同的书中选3本送给3个人，每人1本，不同方法的种数是(

)A.C73 B.A73 C.6.已知一组样本数据x1,y1,x2,y2,⋯,xA.−2.45 B.2.45 C.3.45 D.54.557.正态分布在概率和统计中占有重要地位，它广泛存在于自然现象、生产和生活实践之中.在现实生活中，很多随机变量都服从或近似服从正态分布.假设随机变量X～N(μ,σ2)，可以证明，对给定的k∈N∗，P(μ−kσ≤X≤μ+kσ)是一个只与k有关的定值，部分结果如图所示：

通过对某次数学考试成绩进行统计分析，发现考生的成绩ξ基本服从正态分布ξ～N(105,102).A.341 B.477 C.498 D.6838.某货车为某书店运送书籍，共10箱，其中5箱语文书、3箱数学书、2箱英语书.到达目的地时发现丢失一箱，但不知丢失哪一箱.现从剩下的9箱书中随机打开2箱，结果是1箱语文书、1箱数学书，则丢失的一箱是英语书的概率为(

)A.15 B.14 C.13 D.二、多选题：本题共3小题，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。9.已知实数a，b，c满足a>b>c，且a+b+c=0，则下列说法正确的是(

)A.1a−c>1b−c B.a−c>2b C.10.下列说法正确的是(

)A.已知随机变量X～B(n,p)，若E(X)=30，D(X)=10，则p=13

B.两位男生和两位女生随机排成一列，则两位女生不相邻的概率是12

C.已知An2=Cn3，则n=8

D.从一批含有11.已知函数f(x)=x2exA.函数f(x)存在4个极值点

B.f′(52)>f′(12)>f′(32)

C.若点P(x1,y1)(x三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分。12.当x<54时，f(x)=4x−2+113.二项展开式(1+2x)5=a0+a1x+14.一个装子里面有装有大小相同的白球和黑球共10个，其中黑球有4个，现从中不放回的取球，每次取1球，在第一次取出黑球的条件下，求第二次取出白球的概率为______．四、解答题：本题共5小题，共77分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)

某企业产品利润依据产品等级来确定：其中一等品、二等品、三等品的每一件产品的利润分别为100元、50元、50元.为了解产品各等级的比例，检测员从流水线上随机抽取了100件产品进行等级检测，检测结果如表：产品等级一等品二等品三等品样本数量(件)503020(Ⅰ)若从流水线上随机抽取2件产品，估计2件产品中恰有1件一等品、1件二等品的概率；

(Ⅱ)若从流水线上随机抽取3件产品，记X为这3件产品中一等品的件数，Y为这3件产品的利润总额．

①求X的分布列；

②直接写出Y的数学期望EY．16.(本小题15分)

如图是我国2014年至2022年65岁及以上老人人口数(单位：亿)的折线图．

注：年份代码1−9分别对应年份2014−2022．

(1)由折线图看出，可用线性回归模型拟合y与t的关系，请用相关系数(结果精确到0.01)加以说明；

(2)建立y关于t的回归方程(系数精确到0.01)，并预测2023年我国65岁及以上老人人口数(单位：亿)．

参考数据：i=19yi=15.41,i=19tiyi=82.57,i=19(17.(本小题15分)

为切实提升我省儿童青少年视力健康整体水平，各中小学积极推进近视综合防控，落实“明眸”工程，开展了近视原因的调查.某校为研究本校学生的近视情况与本校学生是否有长时间使用电子产品习惯的关系，在已近视的学生中随机调查了100人，同时在未近视的学生中随机调查了100人，得到如下数据：长时间使用电子产品非长时间使用电子产品近视4555未近视2080(1)能否有99%的把握认为患近视与长时间使用电子产品的习惯有关？

(2)据调查，某校患近视学生约为46%，而该校长时间使用电子产品的学生约为30%，这些人的近视率约为60%.现从每天非长时间使用电子产品的学生中任意调查一名学生，求他患近视的概率．

附：χ2=n(ad−bc)α0.100.050.010.0050.001x2.7063.8416.6357.87910.82818.(本小题17分)

已知函数f(x)=x−2，g(x)=x2−mx+4(m∈R)．

(Ⅰ)当m=4时，求不等式g(x)>f(x)的解集；

(Ⅱ)若对任意x∈R，不等式g(x)>f(x)恒成立，求m的取值范围；

(Ⅲ)若对任意x1∈[1,2]，存在x2∈[4,5]19.(本小题17分)

已知函数f(x)=x2−mx−1，g(x)=xlnx−1．

(Ⅰ)若f(x)在区间(−2,1)上恰有一个极值点，求实数m的取值范围；

(Ⅱ)求g(x)的零点个数；

(Ⅲ)若m=1，求证：对于任意x∈(0,+∞)，恒有f(x)≥g(x)参考答案1.D

2.A

3.B

4.A

5.B

6.A

7.B

8.B

9.BC

10.BC

11.ACD

12.1

13.80

122

14.2315.解：(Ⅰ)记Ai(i=1,2)表示“第i件产品是一等品”，

记Bi(i=1,2)表示“第i件产品是二等品”，

记C表示“2件产品中恰有1件一等品、1件二等品”，

此时C=A1B2+A2B1，

易知P(Ai)=12，P(Bi)=310，

则P(C)=P(A1)P(B2)+P(A2)P(B1x0123P1331②EY=225．

16.解：(1)由折线图看出，y与t之间存在较强的正相关关系，理由如下：

因为i=19yi=15.41,i=19tiyi=82.57，i=19(yi−y−)2=0.72，所以y−=i=19yi9=15.419，

t−=1+2+3+4+5+6+7+8+99=5，i=19(ti−t−)2=(1−5)2+(2−5)2+……+(9−5)17.解：(1)零假设为H0：学生患近视与长时间使用电子产品无关，

χ2=200×(45×80−20×55)2100×100×65×135≈14.245>6.635，

根据小概率α=0.01的独立性检验，我们推断H0不成立，

即认为患近视与长时间使用电子产品的习惯有关联；

(2)令A1=“每天长时间使用电子产品的学生”，A2=“每天非长时间使用电子产品的学生”，

B=“任意调查一人，此人近视”，

则Ω=A1∪A2，且A1，A2互斥，

P(18.解：(Ⅰ)当m=4时，由x2−4x+4>x−2得x2−5x+6>0，

即(x−3)(x−2)>0，解得x<2或x>3．

所以不等式g(x)>f(x)的解集为{x|x<2或x>3}．

(Ⅱ)由g(x)>f(x)得x2−mx+4>x−2，

即不等式x2−(m+1)x+6>0的解集是R．

所以(m+1)2−24<0，解得−26−1<m<26−1．

所以m的取值范围是(−26−1,26−1)．

(Ⅲ)当x2∈[4,5]时，f(x2)=x2−2∈[2,3]．

又g(x)=x2−mx+4=(x−m2)2+4−m24．

①当m2≤1，即m≤2时，

对任意x1∈[1,2]，g(x1)∈[5−m,8−2m]⊆[2,3]．

所以m≤2,5−m≥2,8−2m≤3,此时不等式组无解．

②当1<m2≤3219.解：(Ⅰ)已知f(x)=x2−mx−1，函数定义域为R，

可得f′(x)=2x−m，

当x<m2时，f′(x)<0，f(x)单调递减；

当x>m2时，f′(x)>0，f(x)单调递增，

所以当x=m2时，函数f(x)取得极小值，

若f(x)在区间(−2,1)上恰有一个极值点，

此时−2<m2<1，

解得−4<m<2，

则实数m的取值范围为(−4,2)；

(Ⅱ)已知g(x)=xlnx−1，函数定义域为(0,+∞)，

可得g′(x)=lnx+1，

当0<x<1e时，g′(x)<0，g(x)单调递减；

当x>1e时，g′(x)>0，g(x)单调递增，

所以当x=1e时，函数g(x)取得极小值，

当0<x<1e时，lnx<−1，

即xlnx−1<0，

此时函数g(x)在(0,1e)上无零点；

当x>