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文档简介
湖南省衡阳市石鼓区逸夫中学2025届九年级物理第一学期期中调研模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题1.下列有关热现象的说法中,正确的是A.分子间既有引力又有斥力,分子间的距离越大作用力也越大B.机械能与整个物体的运动情况有关,内能与物体内部分子的热运动有关C.震后疾病防控消毒时空气中散发一股浓浓的药味,是药物分子的扩散现象D.做功和热传递都可以改变物体的内能,但功和热量是不同的物理量,单位也不同2.现代生活照明多采用低碳节能的LED灯,其核心元件的主要材料是A.导体 B.纳米材料 C.超导体 D.半导体3.如图4所示电路中,能正确测出灯L1的电流是A. B.C. D.4.如图所示,将注射器的小孔用橡皮帽堵住,快速推动活塞,压缩注射器内的空气,则注射器内空气的()A.密度变小 B.温度不变 C.压强不变 D.内能增大5.塑料外壳手电筒的构造如图所示,手电筒内装了两节干电池.关于手电筒的电路,下列说法正确的是()A.金属弹簧将弹性势能转化为电能B.金属弹簧属于电路的一部分C.灯泡发光时,两端电压为4VD.灯泡发光时,电能转化为化学能6.下列事例中,不是利用连通器原理的是A.活塞式抽水 B.茶壶C.下水道存水管 D.船闸7.利用如图所示的电路探究影响电阻大小的因素,则说法中正确的是A.该实验运用了转换法和控制变量法B.利用该电路只能探究电阻与长度的关系C.将电流表换成小灯泡,实验效果会更明显D.用电流表示数反映电阻大小,说明电阻大小与电流有关8.在用伏安法测电阻的实验中,连接电路正确的是A.开关断开或闭合都可以B.连接滑动变阻器时,应该使滑片置于接入电路的阻值最大处C.接线时,必须从电源正极开始,开关要靠近电源正极D.在实验结束时,只要把变阻器滑片再置于电阻值最小位置即可9.功率是用功和时间的比值来定义的,下列物理量所采用的定义方法与功率不一样的是()A.比热容 B.机械效率 C.功 D.热值10.在如图所示的电路中,当闭合开关S后,发现两灯都不亮,电流表的指针几乎指在“0”刻度线不动,电压表指针则有明显偏转,该电路中的故障可能是A.电流表被烧坏了B.灯泡L1的灯丝断了C.两个灯泡都断路D.灯泡L2的灯丝断了11.如图所示,电源电压为3V且保持不变,滑动变阻器R标有“1A15Ω”的字样.当滑动变阻器的滑片P在最右端时,闭合开关S,通过灯泡的电流为0.4A,移动滑动变阻器的滑片P,在电路安全工作的情况下,下列说法正确的是()A.向左移动滑动变阻器的滑片P时灯泡变亮B.滑片P在最右端时通过干路中的电流是0.9AC.R接入电路的阻值变化范围是5Ω﹣15ΩD.电路总电阻的最大值为5Ω12.对生活中的实例或现象涉及的物理知识,下列说法正确的是()A.铁丝很难拉断,说明分子间只存在引力 B.足球下落过程中,重力势能不变C.做功和热传递是改变物体内能的两种方式 D.看到烟雾在空中弥漫属于扩散现象二、填空题13.如图所示的电路中,当开关S闭合时,电压表测的是______的电压,若L1突然灯丝断了,则电压表示数将________(选填变大、变小或不变).14.如图所示的电路中,电源两端电压不变,为电阻线.闭合开关,灯泡发光.当把鳄鱼夹在电阻线上向右滑动的过程中,灯泡发光减弱,电流表示数变小.请你根据这个实验现象,提出一个可探究的科学问题:___________.15.如图所示,A、B、C、D是四个接线柱,要使、并联,应用导线分别连接________两接线柱和连接_______两接线柱。16.有两个电阻阻值分别为3Ω和6Ω,并联后的总电阻为__________Ω;两电阻并联后接到某电源上,两电阻两端的电压之比为_________。三、实验题17.(8分)小伟和小李研究物体浸入液体的过程中容器底部所受压强增加量Δp与哪些因素有关。所用相同的柱形容器底部都装有压强传感器,他们在容器中分别倒入一定量的水和酒精(ρ水>ρ酒),然后将高H为0.1m的实心柱体缓慢放入液体中,逐步改变其下表面距液面的距离h,如图所示,并将测量数据记录在表一和表二中。表一:柱体浸入水中表二:柱体浸入酒精中表三:锥体浸入水中序号h(m)△p(Pa)序号h(m)△p(Pa)序号h(m)△p(Pa)10.0210060.0280110.0281.320.0420070.04160120.04130.730.0630080.06240130.0615640.0840090.08320140.08165.350.1500100.1400150.1166.7(1)分析比较表一或表二中液体对柱形容器底部压强增加量Δp与圆柱体浸入液体深度h的倍数关系及相关条件,可得出的初步结论是:当圆柱体浸入同种液体的过程中,_________________。(2)分析比较实验序号___________中液体对柱形容器底部压强增加量Δp与圆柱体浸入液体深度h及相关条件,可得出的初步结论是:当圆柱体浸入液体的过程中,浸入液体的深度h相同时,液体的密度越大,液体对柱形容器底部压强增加量Δp也越大。(3)小李猜想:物体浸入同种液体中时,h的增加量相同,Δp的增加量也相同。小伟猜想:物体浸入同种液体中时,h的增加量相同,Δp的增加量与物体的形状有关。于是他们用等高的实心圆锥体在水中重复上述实验进行验证,如图所示,测得的数据记录在表三中。分析表三中的数据,___的猜想正确,由表三中的数据及相关条件可得出初步结论是:实心锥体浸入柱形容器的水中时,_____。如果用实心球重复上述实验,根据上述结论,可推理得出:实心球体浸入柱形容器的水中时,____________________。18.(8分)在“探究串联电路的电流特点”的实验中,小红同学选用两个不同的小灯泡组成了如图甲所示的串联电路,然后用一个电流表分别接在a,b,c三处去测量电流。(1)在连接电路时发现,刚接好最后一根导线,表的指针就发生了偏转,由此可知在连接电路时,他忘了_______。(2)她排除故障后,重新闭合开关,电流表的指针指示位置如图乙所示,则所测的电流值为_____A。(3)如果他在测量b处的电流时,发现电流表的指针偏转如图丙所示,原因是_______;(4)她测量了a,b,c三处的电流,又改变灯泡的规格进行了多次实验,其中一次实验的测量数据如下表,在分析数据时,发现三处的测量值有差异。下列分析正确的是_____。Ia/(A)Ib/(A)Ic/(A)0.160.150.14A.可能是因为测量误差造成的B.是因为没有对电流表调零造成的C.串联电路中各处的电流本来就不等D.电流从电源正极流向负极的过程中,电流越来越小19.(8分)如图所示是“__________”实验的示意图。通过(A)与(C)两图可以得知物体所受__力的大小;通过(B)与(C)两图可以得到____力的大小。该实验若用漂浮在液面的物块,__(选填“能”或“不能”)验证上述原理。四、作图题20.(8分)根据下图所示的电路,在虚线框内画出对应的电路图.21.(8分)请在图的电流表上选择示数为0.32A的合适量程,并在刻度盘上画出指针的位置(_____)五、计算题22.(10分)如图所示,甲为电路的连接情况,定值电阻R1=30Ω,R2为滑动变阻器,图乙是定值电阻R3的I、U图像,电源电压保持不变。当S1闭合,S2断开时,滑片P在a端,此时电流表示数为0.4A,再移动滑动变阻器的滑片P至中点,此时电压表的示数为4V。求:(1)电源电压是多少V?(2)滑动变阻器的R2最大阻值?(3)若闭合开关S1和S2,把滑片P移到a端,此时电流表的示数时多少A?23.(12分)水壶里装有2kg、20℃的水,用煤气炉具将其加热至沸腾,共消耗0.045m1的煤气.已知当时为1标准大气压,水的比热容为4.2×101J/(kg•℃),1标准大气压下煤气的热值为1.9×107J/m1.求:(1)烧开这壶水,水吸收的热量是多少_____?(2)0.045m1的煤气完全燃烧产生的热量是多少____?(1)煤气炉具烧开这壶水的热效率是多少_____?(百分号前保留整数)
参考答案一、选择题1、C【解析】分子间引力和斥力同时存在,分子间距离越大分子力越小,只是引力减小的更快。A错。机械能和整个物体的运动情况和所处位置有关,内能与内部分子热运动有关。B错。药物分子扩散导致真个空气中充满药物分子,C对。做功和热传递都是内能改变的量度,单位相同。D错。2、D【解析】现代生活照明多采用低碳节能的LED灯,因为LED灯可以直接将电能转化为光能,所以发光效率高,非常节能,其核心元件的主要材料是半导体.LED灯也是半导体材料的典型应用.故选D.点睛:注意多了解一些LED发光二极管的特点,因为其发光效率高,近年来被广泛应用于各个领域,成为取代传统光源的理想选择.3、B【解析】
A由图知,电流表与灯泡L1并联,造成L1短路,无法测量通过L1的电流,故A错误;B由图知,L、1L2串联,电流表和L1、L2串联在电路中,即能正确测出L1的电流;故B正确;C由图知,L1、L2并联,电流表在干路中,测的是干路电流,故C错误;D由图知,L1、L2并联,电流表和L1串联,但是正负接线柱接反了,进入电流表的电流方向错误,故D错误.故选B.【点睛】电流表是测量电路电流的仪表,与用电器串联在电路中,并且使电流从“+”接线柱流入,从“-”接线柱流出.4、D【解析】
A.注射器内的空气质量不变,快速推动活塞,空气体积变小,空气密度变大,A项不合题意;BD.快速推动活塞压缩空气,对空气做功,空气内能变大,温度升高,B项不合题意,选项D符合题意;C.空气体积变小,那么它的压强会变大,C项不合题意.5、B【解析】根据电路的组成知道,手电筒底部的金属弹簧是导体,在这里是导线,属于电路的一部分,不能将弹性势能转化为电能,故A错误,B正确;一节电池的两端的电压为1.5V,故两节电池的电压为3V,故C错误;手电筒工作时,灯泡将电能转化为光能,故D错误,故选B。6、A【解析】
A.活塞式抽水应用了大气压,故A正确;B.茶壶壶嘴与壶口应用了连通器原理,故B错误;C.下水道存水管弯曲的部位应用了连通器原理,故C错误;D.船闸上下游及闸门一起构成连通器,故D错误。7、A【解析】
A.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小,用到了转换法;导体的电阻可能与导体的材料、长度、横截面积有关,实验探究时应采用控制变量法;故A正确;B.电阻与导体的长度、横截面积、材料有关,实验中通过改变AB在镍铬合金丝上的位置改变连入电阻丝的长度,从而探究电阻与长度的关系;将电阻丝的一半接入电路和对折后接入电路相比,控制了长度相同,改变了电阻丝的横截面积,可以探究电阻与横截面积的关系,故B错误;C.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小,电流表示数越大,表示电阻越小,由于小灯泡的电阻大于电流表的电阻,电路中的电流更小,实验效果会更不显著,故C错误;D.电阻是导体本身的一种性质,电阻的大小与材料、长度、横截面积、温度有关,与电压和电流无关,故D错误。8、B【解析】A.为防止电路连接出现错误,在连接过程中开关应该断开,所以A错误;B.连接滑动变阻器时,应该使滑片移至最大阻值处,所以B正确;C.接线时,可从正极开始,也可从负极开始,开关位置不一定要靠近电源正极,所以C错误;D.滑动变阻器在电路中起保护电路的作用,所以即使实验结束,也不能将滑片移至最小阻值.故选B.点睛:A、连接电路中,开关应该断开;B、在连接电路过程中,为防止电流过大,滑片应移至最大阻值处;C、接线时,可以从电源的任何一极开始,但要按照一定的顺序进行连接;D、根据滑动变阻器的保护电路的作用进行分析.9、C【解析】
功率是用功和时间的比值来定义的,即采用了比值定义法。A.比热容等于热量与质量和温度变化量乘积的比值,即,是采用比值定义法,故A不符合题意;
B.机械效率是有用功和总功的比值,即,是采用比值定义法,故B不符合题意;
C.功等于力与在力的方向移动距离的乘积,即,不是采用比值定义法,故C符合题意;
D.热值等于燃料完全燃烧放出的热量与质量的比值,即,是采用比值定义法,故D不符合题意。
故选C。10、D【解析】
A.若电流表坏了,断路时两表均没有示数,短路时电流表没有示数,两灯均亮,不符合题意,A错;BC.灯L1断路,两表均无示数,不符合题意,B、C错;D.若灯L2断路,电压表串联接入,由于电压表电阻较大,电路中电流较小,电流表几乎为零,灯L1不亮,符合题意.【点睛】该题考查电路中典型故障,由于被测元件断路,使得电压表串联接入电路,由于电压表阻值较大,致使电路中电流很小,灯泡不亮,做题时一定要理解这种典型故障.11、D【解析】
A.由电路图可知,滑动变阻器与灯泡并联,由于并联电路独立工作、互不影响,所以滑片的移动不能改变灯泡的亮暗,故A错误;B.当滑片位于右端时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,由于并联电路中各支路两端的电压相等,则通过滑动变阻器的最小电流:则干路的电流Imin=IL+R1min=0.4A+0.2A=0.6A,故B错误;C.由滑动变阻器的铭牌可知,允许通过的最大电流为1A,根据欧姆定律可得滑动变阻器的最小电阻为:所以R接入电路的阻值变化范围是3Ω﹣15Ω,故C错误;D.由于当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电阻最大,干路电流最小,所以,根据欧姆定律可得最大总电阻为:故D正确.12、C【解析】
A.铁丝很难拉断说明分子间存在引力,不能说明只存在引力,A不符合题意;B.足球下落时质量不变,高度降低,重力势能减小,B不符合题意;C.改变物体内能的方式有做功和热传递两种,C符合题意;D.烟雾在空中弥漫是颗粒物在空中飘浮,不是扩散现象,D不符合题意。二、填空题13、L1变大【解析】
如图所示的电路中,当开关S闭合时,电压表与L1并联所以测的是L1的电压,若L1突然灯丝断了,则电压串联在电路中其数将变大为电源电压.14、电阻丝的电阻随长度的增大而增大【解析】
掌握影响电阻大小的因素:材料、长度、横截面积和温度;根据实验过程分析控制的量和改变的量,得出探究的问题.【详解】当把鳄鱼夹在电阻线上向右滑动的过程中,接入电路中的电阻线的长度变大,灯泡发光程度变弱,说明电阻丝的电阻增大,据此现象可提出一个可探究的科学问题:电阻丝的电阻随长度的增大而增大.故答案为电阻丝的电阻随长度的增大而增大.15、BDAC【解析】
[1][2]分别连接BD和AC,这样电流从正极出发后会分别通过两盏灯泡,最后回到电源的负极,两个灯泡之间互不影响。16、21:1【解析】
[1]由=+得,R总===2Ω[2]并联电路各支路电压相同,U1:U2=1:1。三、实验题17、液体对柱形容器底部压强增加量Δp与圆柱体浸入液体深度h成正比1与6;(或2与7;或3与8;或4与9;或5与10)小伟h的增加量相同,Δp的增加量越来越小h的增加量相同,Δp的增加量先变大后变小【解析】
分析压强的增加量与h的变化,得出正比例关系;要得出压强增加量与液体密度的关系,需使液体的深度变化相同,液体的密度不同;分析表格中数据压强增加量与深度增加的关系,得出结论;根据表格中数据结合球的特点与圆锥的关系进行分析。【详解】(1)[1]由表1或表2中数据知,深度增加,液体压强增加量也增大,且液体压强增加量与深度增加量的比值不变,可知对柱形容器底部压强增加量△p与圆柱体浸入液体深度h成正比;[2]1与6(或2与7;或3与8;或4与9;或5与10)的密度不同,深度增加量相同,压强的增加量也不同,且液体密度越大,压强增加量越大,可知当圆柱体浸入液体的过程中,浸入液体的深度h相同时,液体的密度越大,液体对柱形容器底部压强增加量△p也越大。(3)[3][4][5]由表三中数据知,同种液体,深度的增加量相同,物体的形状不同,增加量不同,说明物体浸入同种液体中时,h的增加量相同,△p的增加量与物体的形状有关,即小伟的猜想正确;计算压强增加量与深度增加量的比值可以发现,对于圆锥体,h的增加量相同,△p的增加量越来越小;球的横截面就两边小中间最大,可以推测实心球体浸入柱形容器的水中时,h的增加量相同,△p的增加量先变大后变小。18、断开开关0.22电流表正负接线柱接反了A【解析】
(1)[1]在连接电路时发现,刚接好最后一根导线,表的指针就发生了偏转,即此时电路有电流通过,由此可知在连接电路时,他忘了断开开关。(2)[2]她排除故障后,重新闭合开关,电流表的指针指示位置如图乙所示,电流表接入小量程,分度值为0.02A,则所测的电流值为0.22A。(3)[3]如果他在测量b处的电流时,发现电流表的指针偏转如图丙所示,指针反转,原因是电流表正负接线柱接反了。(4)[4]她测量了a,b,c三处的电流,又改变灯泡的规格进行了多次实验,其中一次实验的测量数据如下表,在分析数据时,发现三处的测量值有差异,由于串联电路的电流处处相等,故可能是因为测量误差造成的,未对电流表调零不会影响三个位置的测量结果的相对值,故选A。19、验证阿基米德原理浮排开液体重能【解析】
[1]由图可知,由(A)和(C)可以求出物体受到的浮力,由(B)与(C)可以得到物体排开液体的重力,可以验证阿基米德原理实验;[2]先测出物体的重力F1,然后将物体浸入水中,弹簧测力计的示数就会减小,减小的示数就是物体受到的浮力,根据(A)和(C)两个步骤,利用F1-F2就可以测出浮力;[3]由(B)与(C)两图可以得到排开液体体积V=V2-V1,利用G=mg=ρVg可求得排开液体重力的大小,然后比较浮力和排开液体重力的大小,从而验证阿基米德原理;[4]该实验若用漂浮在液面的物块,弹簧测力计的示数为0,此时F浮=G,可以得到排开液体体积V排,利用G=mg=ρV排g求得排开液体重力的大小,然后比较浮力和排开液体重力的大小,所以能验证上述原理。四、作图题20、【解析】试题分析:从实物图中可以看出,电流从正极流出,依次经过开关、滑动变阻器、电流表以及灯泡回到电源负极,电压表并联在灯泡两端.解:先画出电源,然后从电源正极依次串联开关、滑动变阻器、电流表以及灯泡,并回到电源负极,如图所示:【点评】本题考查根据实物图画电路图,关键是明白实物图中各个用电器的连接方式,根据实物图画电路图是整个初中物理的难点也是中考必考的内容.21、【解
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