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文档简介
2025届辽宁省东北育才、实验中学、大连八中、鞍山一中等高一物理第二学期期末学业质量监测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、(本题9分)如图所示,质量分别为m和3m的两个小球a和b用一长为2L的轻杆连接,杆可绕中点O在竖直平面内无摩擦转动.现将杆处于水平位置后无初速度释放,重力加速度为g,则下列说法正确的是A.在转动过程中,a球的机械能守恒B.b球转动到最低点时处于失重状态C.a球到达最高点时速度大小为D.运动过程中,b球的高度可能大于a球的高度2、(本题9分)如图所示,在水平力F作用下,物体B沿水平面向右运动,物体A恰匀速上升,那么以下说法正确的是()A.物体B正向右做匀减速运动B.斜绳与水平成30°时,C.地面对B的摩擦力减小D.物体B正向右做加速运动3、从某一高处平抛一个物体,物体着地时末速度与竖直方向成α角,取地面处重力势能为零,则物体抛出时,动能与重力势能之比为()A.B.C.D.4、(本题9分)飞机从停机坪沿直线滑出,在第1秒内,在第2秒内,在第3秒内的位移分别是2m、4m、6m,那么()A.飞机做匀加速运动
B.飞机做匀速运动C.3秒内的平均速度是2m/s
D.3秒内的平均速度是4m/s5、(本题9分)如图所示,a、b、c、d、e五条实线为电场中的等势面,相邻两个等势面间的电势差相等,且等势面b的电势为零.一个带电的粒子仅在静电力作用下从A点运动到B点,其在A点的动能为10J,到达B点时的动能为30J.在此过程中,粒子动能是27.5J时的电势能为A.-2.5J B.2.5J C.12.5J D.-12.5J6、(本题9分)利用传感器和计算机可以测量快速变化的力,如图所示是用这种方法获得的弹性绳中拉力F随时间的变化图象.实验时,把小球举高到绳子的悬点O处,然后让小球自由下落.从图象所提供的信息,判断以下说法中正确的是A.t1时刻小球速度最大B.t2时刻小球动能最大C.t2时刻小球势能最大D.t2时刻绳子最长7、党的十九大报告指出人与自然应和谐共生,下列关于能源和能量说法正确的有A.能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散B.因为自然界的能量守恒,所以不需要节约能源C.煤炭和石油资源是有限的,不可能无限制的利用D.合理利用能源的同时,需要保护好自然环境8、(本题9分)如图所示,电源E对电容器C充电,当C两端电压达到80V时,闪光灯瞬间导通并发光,C放电.放电后,闪光灯断开并熄灭,电源再次对C充电.这样不断地充电和放电,闪光灯就周期性地发光.该电路()A.充电时,通过R的电流不变B.若R增大,则充电时间变长C.若C增大,则闪光灯闪光一次通过的电荷量增大D.若E减小为85V,闪光灯闪光一次通过的电荷量不变9、(本题9分)将质量为0.2kg的小球放在竖立的弹簧上,并把球往下按至A的位置,如图甲所示,迅速松手后,弹簧把球弹起,球升至最高位置C(图丙).途中经过位置B时弹簧正好处于自由状态(图乙).已知B、A的高度差为0.1m,C、B的高度差为0.2m,弹簧的质量和空气阻力都可忽略,重力加速度g=10m/s2,则有()A.小球从A上升至B的过程中,弹簧的弹性势能一直减小,小球的动能一直增加B.小球从B上升到C的过程中,小球的动能一直减小,势能一直增加C.小球在位置A时,弹簧的弹性势能为0.6JD.小球从位置A上升至C的过程中,小球的最大动能为0.4J10、如图所示,水平传送带以恒定速率v运行.一物块(可视为质点)质量为m,从传送带左端由静止释放,被传送到右端,在到达右端之前和传送带共速.在运送该物块的过程中,下列说法正确的是A.滑块先受到滑动摩擦力作用,后受到静摩擦力作用B.滑块在匀加速阶段的位移等于滑块相对皮带的位移C.皮带对滑块做的功为D.皮带克服滑块摩擦力做的功为11、(本题9分)如图所示,竖直平面内轨道ABCD的质量M=0.4kg,放在光滑水平面上,其中AB段是半径R=0.4m的光滑1/4圆弧,在B点与水平轨道BD相切,水平轨道的BC段粗糙,动摩擦因数μ=0.4,长L=3.5m,C点右侧轨道光滑,轨道的右端连一轻弹簧.现有一质量m=0.1kg的小物体(可视为质点)在距A点高为H=3.6m处由静止自由落下,恰沿A点滑入圆弧轨道(g=10m/s²).下列说法正确的是A.最终m一定静止在M的BC某一位置上B.小物体第一次沿轨道返回到A点时将做斜抛运动C.M在水平面上运动的最大速率2.0m/sD.小物体第一次沿轨道返回到A点时的速度大小4m/s12、(本题9分)质量为m的物体,从静止出发以g的加速度竖直下降h,下列几种说法错误的是()A.物体的机械能增加了mgh B.物体的动能增加了mghC.物体的机械能减少了mgh D.物体的重力势能减少了mgh二.填空题(每小题6分,共18分)13、(本题9分)某同学用图(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律,其中打点计时器的电源为交流电源,可以使用的频率有20Hz、30Hz和40Hz,打出纸带的一部分如图(b)所示.该同学在实验中没有记录交流电的频率,需要用实验数据和其他条件进行推算.(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落,利用和图(b)中给出的物理量可以写出:在打点计时器打出B点时,重物下落的速度大小为_________,打出C点时重物下落的速度大小为________,重物下落的加速度的大小为________.(2)已测得=8.89cm,=9.5.cm,=10.10cm;当重力加速度大小为9.80m/,试验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%.由此推算出为________Hz.14、(本题9分)某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系,采用了如图1所示的“探究物体加速度与物体质量、受力之间关系”的实验装置.(1)实验时,该同学想用钩码的重力表示滑块受到的合力,为了减小这种做法带来的实验误差,你认为在实验中应该采取的两项措施是和.(2)如图2所示是实验中得到的一条纸带,其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点,相邻计数点间的时间间隔为T,相邻计数点间距离已在图中标出,测出滑块的质量为M,钩码的总质量为m.从打B点到打E点的过程中,为达到实验目的,该同学应该寻找和之间的数值关系(用题中和图中的物理量符号表示).15、(本题9分)将一铜片和一锌片分别插入一个苹果内,就构成了简单的“水果电池”,其电动势约为1.5V。可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V、额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡,原因是流过小灯泡的电流太小了,实验测得不足3mA。为了较精确地测定该水果电池的电动势和内阻,提供的实验器材有:电流表A(量程0~3mA,内阻约为0.5Ω)电压表V(量程0~1.5V,内阻约为3kΩ)滑动变阻器R1(阻值0~10Ω,额定电流为1A)滑动变阻器R2(阻值0~3kΩ,额定电流为1A)电键,导线若干(1)应选______(选填“a”或“b”)电路图进行实验。(2)实验中滑动变阻器应选用______(用器材代号表示)。(3)根据实验记录的数据,经描点、连线得到水果电池的路端电压随电流变化的U-I图象如图所示,由图可知,水果电池的电动势E=______V,内阻r=________Ω。三.计算题(22分)16、(12分)(本题9分)如图所示为两组平行金属板,一组竖直放置,一组水平放置,现有一质量为m的带电粒子静止在竖直放置的平行金属板的A点,经电压U0=400V电压加速后通过B点进入两板间距为d=0.2m、电压为U=200V的水平放置的平行金属板间,若带电粒子从两块水平平行板的正中间射入,且刚好能从水平放置的平行金属板右侧边缘射出,A、B分别为两块竖直板的中点,q(1)带电粒子通过B点时的速度大小;(2)带电粒子穿出右侧平行金属板时的速度大小;(3)右侧平行金属板的长度。17、(10分)(本题9分)质量为M=0.2kg的木块放在水平台面上,台面比水平地面高出h=0.20m,木块离台的右端L=1.7m。质量为m=0.10M的子弹以v0=180m/s的速度水平射向木块,当子弹以v=90m/s的速度水平射出时,木块的速度为v1=9m/s(此过程作用时间极短,可认为木块的位移为零)。若木块落到水平地面时的落地点到台面右端的水平距离为s=1.6m,求:(1)木块对子弹所做的功W1和子弹对木块所做的功W2;(2)木块与台面间的动摩擦因数为μ。
参考答案一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、C【解析】过程中杆对两球做功,故单独的以其中一个球为研究对象,这个球的机械能不守恒,但以两个球组成的系统机械能守恒,A错误;b球运动到最低点,合力指向圆心,即合力竖直向上,加速度竖直向上,处于超重状态,B错误;两个球组成的系统机械能守恒,故,解得,C正确;若b球能上升到最高点,则,方程无解,故b球不能上升到最高点,即b球的高度不可能大于a球的高度,D错误.2、B【解析】
AD.将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,沿绳子方向上的分速度等于A的速度,如图,
根据平行四边形定则有:vBcosα=vA,所以α减小,B的速度减小,但不是匀减速,故AD错误;B.根据vBcosα=vA,斜绳与水平成30°时,vA:vB=:2,故B正确;C.在竖直方向上,对B有:mg=N+Tsinα,T=mAg,α减小,则支持力增大,根据f=μFN,摩擦力增大,故C错误;3、A【解析】
设物体的初速度为v0,开始的高度为h,则物体抛出时的动能为:物体刚抛出时的重力势能为:Ep=mgh设物体落地时,在竖直方向的分速度为vy,由几何关系有:由平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动,有:则可得重力势能为:则可得物体抛出时,动能与重力势能的比值为:A正确,BCD错误。4、D【解析】试题分析:题目中只说在第1秒内,在第2秒内,在第3秒内的位移分别是,没有说物体怎样运动,所以不能确定是否做匀加速运动,但飞机不是做匀速运动,故AB错误;根据得:3秒内的平均速度是:,故D正确,C错误.考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系【名师点睛】解答本题要知道平均速度的定义式,匀速运动时,物体的速度不发生改变,任意相等时间内,位移相等.5、D【解析】
由能量关系可知,粒子运动过程中只有电场力做功,则粒子的电势能与动能之和守恒,则粒子在b等势面时总能量为15J,则此过程中,粒子动能是27.5J时的电势能为15J-27.5J=-12.5J,故选D.6、D【解析】把小球举高到绳子的悬点O处,让小球自由下落,t1时刻绳子刚好绷紧,此时小球所受的重力大于绳子的拉力,小球向下做加速运动,当绳子的拉力大于重力时,小球才开始做减速运动,所以t1时刻小球速度不是最大.故A错误.t2时刻绳子的拉力最大,小球运动到最低点,速度为零,动能最小,势能也最小,绳子也最长.故BC错误,D正确.故选D.点睛:本题考查运用牛顿定律分析小球运动情况的能力,要注意绳子拉力的变化与弹簧的弹力类似,主要是分析弹力和重力的大小关系,从而分析小球的运动情况.7、ACD【解析】
A.能量是守恒的,但能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散,故A正确;B.自然界的能量守恒,但是由于可用能源是有限的,故需要节约能源。故B错误;C.能源短缺是指煤炭和石油资源是有限的,以现在的开采和消耗速度,石油储藏将在百年内用尽,煤炭资源也不可能永续,所以不可能无限制的利用,故C正确;D.合理利用能源时,燃料的生成物容易对空气、土壤、水源造成污染,所以需要注意保护好自然环境,故D正确;8、BCD【解析】本题考查电容器的充放电,意在考查考生的分析能力.电容器充电时两端电压不断增大,所以电源与电容器极板间的电势差不断减小,因此充电电流变小,选项A错误;当电阻R增大时,充电电流变小,电容器所充电荷量不变的情况下,充电时间变长,选项B正确;若C增大,根据Q=CU,电容器的带电荷量增大,选项C正确;当电源电动势为85V时,电源给电容器充电仍能达到闪光灯击穿电压80V时,所以闪光灯仍然发光,闪光一次通过的电荷量不变,选项D正确.点睛:本题源自于2009年江苏高考物理卷的第5题,以闪光灯发光问题为背景考查电容器的充放电问题,解题的关键是要弄清电路的工作原理和电容器9、BC【解析】A.当弹簧的弹力与小球重力平衡时,合力为零,加速度为零,速度达到最大.之后小球继续上升,弹簧弹力小于重力,球做减速运动,直到脱离弹簧,故小球从上升到的过程中,弹簧的弹性势能一直减小,动能先增大后减小,故A错误;B.从到,小球只受重力作用,做减速运动,所以动能一直减小,重力势能一直增加,故B正确;C.从到,小球动能不变,重力势能增加,重力势能由弹簧弹性势能转化而来,而重力势能增量为,所以在点弹簧的弹性势能为,故C正确;D.小球受力平衡时,因未给弹簧的劲度系数,则弹簧的形变量由题设条件无法求出,故无法求出小球最大动能,故D错误.综上所述,本题正确答案为BC.故选:BC.点睛:小球从开始向上运动,开始做加速运动,当弹簧弹力与重力平衡时,小球速度达到最大,之后开始减速,运动到时脱离弹簧,之后只在重力作用下减速.10、BC【解析】
A.滑块加速运动时,与传送带间相对滑动,受到向右的滑动摩擦力,当相对静止后不受摩擦力,故A错误;B.根据牛顿第二定律可得滑块的加速度为:,共速的时间为,滑块在匀加速阶段的位移为:,皮带的位移为:,滑块相对皮带的位移:,由此可知滑块在匀加速阶段的位移等于滑块相对皮带的位移,故B正确;C.根据动能定理可得皮带对滑块做的功为:,故C正确;D.皮带克服滑块摩擦力做的功为:,故D错误.11、ACD【解析】
A.将小物体和轨道ABCD整体研究,根据能量守恒可知,开始时小物体的机械能全部转化由克服摩擦力做功而产生的内能,故最终m一定静止在M的BC某一位置上,故选项A正确;BD.由题意分析可知,小物体第一次沿轨道返回到A点时小物体与轨道在水平方向的分速度相同,设为,假设此时小物体在竖直方向的分速度为,则对小物体和轨道组成的系统,由水平方向动量守恒得:由能量守恒得:解得;故小物体第一次沿轨道返回到A点时的速度大小返回A点时由于,即小物体第一次沿轨道返回到A点时将做竖直上抛运动,故选项B错误,D正确;C.由题意分析可知,当小物体沿运动到圆弧最低点B时轨道的速率最大,设为,假设此时小物体的速度大小为v,则小物体和轨道组成的系统水平方向动量守恒,以初速度的方向为正方向;由动量守恒定律可得:由机械能守恒得:解得:故选项C正确.故选ACD.点睛:本题考查动量守恒定律及能量关系的应用,要注意明确系统在水平方向动量是守恒的,整体过程中要注意能量的转化与守恒.12、AC【解析】AC、因物体的加速度为g,故说明物体不受阻力作用,只受重力作用,物体的机械能守恒,故A、C错误;B、由动能定理可得动能的改变量,所以物体的动能增加mgh,故B正确;D、重力做功,所以物体的重力势能减少mgh,故D正确;说法错误的是故选AC.【点睛】因物体的加速度为g,故说明物体不受阻力作用,只受重力作用,物体的机械能守恒,由动能定理可得物体的动能变化量.二.填空题(每小题6分,共18分)13、40【解析】
(1)[1]打B点时,重物下落的速度等于AC段的平均速度,所以;[2]同理打出C点时,重物下落的速度;[3]由加速度的定义式得(2)[4]由牛顿第二定律得:,解得:,代入数值解得:f=40Hz.【点睛】本题主要考查验证机械能守恒定律实验、纸带数据分析.解决这类问题的关键是会根据纸带数据求出打某一点的瞬时速度、整个过程的加速度;解决本题要特别注意的是打点计时器的频率不是经常用的50Hz.14、(1)平衡摩擦力,钩码质量远小于滑块质量;(2)mg(x2+x3+x4),【解析】试题分析:(1)小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力,想用钩码的重力表示小车受到的合外力,首先需要平衡摩擦力;其次要想用钩码的重力表示小车受到的合外力,必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量.(2)根据纸带分别求出B点和E点的速度,进而求出滑块动能的变化量以及合外力做的功,再根据动能定理求出需要比较的量.解:(1)小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力,想用钩码的重力表示小车受到的合外力,首先需要平衡摩擦力;设绳子上拉力为F,对小车根据牛顿第二定律有:F="Ma"①钩码有:mg﹣F="ma
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