2024年山东省青岛市中考物理二模试卷附答案解析

2024年山东省青岛市中考物理二模试卷

一、单选题

1.（3分）综艺节目《朗读者》，用最平实的情感读出文字背后的价值，实现鼓舞教育人的作用，在朗读过

程中，涉及到的物理知识，下列说法正确的是（）

A.观众主要依据音调区分主持人和朗读者的声音

B.空气中，声音的传播速度约为3X108mzs

C.朗读时，朗读者的声带振动产生声音

D.朗读者的声音很大是因为声音的频率很高

2.（3分）2023年杭州亚运会期间，我国运动健儿用汗水和努力，让五星红旗一次次升起，这是他们对祖

国最好的祝福。运动中蕴含着丰富的物理知识，如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲图中林雨薇冲过终点不能立刻停止，是由于受到惯性的作用

B.乙图中巩立姣将铅球投出后，铅球到达最高点时受到平衡力的作用

C.丙图中孙颖莎用力将乒乓球发出，说明力能改变物体的运动状态

D.丁图中刘焕华举着杠铃静止时，他受到的重力与地面对他的支持力是一对平衡力

3.（3分）如图所示，C919国产大飞机首度服务2024年春运。下列说法正确的是（）

A.起飞时，飞机在跑道上加速滑行时惯性逐渐增大

B.飞机在上升过程中，舱外的大气压会变小

C.机翼是利用气体流速大，压强大的原理获得升力

D.飞机座椅设计得很柔软，是为了减小乘客对座椅的压力

4.（3分）唐诗宋辞璀璨夺目，蕴含丰富的光学知识，下列诗句中有关光现象的说法正确的是（）

第1页（共30页）

A.“潭清疑水浅”，水浅是光的折射形成的

B.“楼台倒影入池塘”，楼台倒影是光的折射形成的

C.“瀑水喷成虹”，彩虹是光的直线传播形成的

D.“绿树阴浓夏日长”，树阴是光的反射形成的

5.（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从最右端a滑动到最左端b

的过程中，电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）

A.电源电压为6V

B.定值电阻Ro的阻值为6Q

C.滑片P在b端时，电路中电流为1A

D.电路消耗的最大功率为27W

6.（3分）如图所示的实例中，可以利用增大压强的知识服务于我们生活的是（）

B.压雪车有宽大的履带

提袋子时垫上厚纸片

7.（3分）如图是探究“通电螺线管的磁场方向”实验示意图。实验时，在小圆位置放置小磁针，闭合开

关，画出不同位置小磁针静止时N极的指向；对调电源正负极，重复上述操作。下列说法正确的是

第2页（共30页）

A.闭合开关，通电螺线管的左端是N极，右端是S极

B.闭合开关，放置在a、b处的小磁针静止时N极指向相同

C.小磁针的作用是指示通电螺线管周围的磁场方向

D.对调电源正负极，闭合开关，通电螺线管的磁场方向不变

8.（3分）如图是家庭电路的模拟电路图。开关S闭合后，灯泡能正常发光；断开开关S,用试电笔检测

插座的两孔，窟管均不发光。针对该模拟电路，下列说法正确的是（）

接

供

电

线

路

A.保险丝是用电阻率较大、熔点较高的材料制成的

B.插座无法正常工作，原因可能是cd间断路

C.灯泡能正常发光，所以灯泡的连接是安全、合理的

D.电能表转盘转过30转，电路消耗的电能为0.02J

9.（3分）如图所示的滑轮组，工人用200N竖直向上的拉力F,将物体匀速提高2m,所用时间为6s,若

此时滑轮组机械效率为80%,不计绳重和摩擦。以下说法正确的是（）

第3页（共30页）

A.工人所做的有用功是1200J

B.拉力的功率是200W

C.动滑轮的重是100N

D.其他条件不变，被提升物体重力越大，机械效率越小

10.（3分）如图所示是电阻甲和乙的U-I图像，将它们串联在3V的电源上，下列计算结果正确的是

D.电路的总功率为12W

二、多选题

（多选）11.（3分）关于下面四幅图，下列说法正确的是（）

第4页（共30页）

A.甲图是行走在沙漠中的骆驼，它之所以不会陷入沙中，是因为它对地面的压力和压强都大

B.乙图是工作中的船闸，其原理是连通器

C.丙图是自制水气压计，把它从山脚移到山顶，细管内水柱上升

D.丁图中，口含b管对a管上方吹气，a管水面上升是因为流速越大的位置压强越大

（多选）12.（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过

电压表V的示数不变

B.电流表A2的示数不变，电压表V的示数不变

C.电压表V的示数与电流表Ai的示数比值不变

D.电压表V的示数与电流表A2的示数比值变小

（多选）13.（3分）关于生活现象的解释，下列说法中正确的是（）

A.高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大，沸点低

B.人出汗后吹风扇会感觉更凉快，是因为加快了蒸发

C.夏天，从冰箱拿出来的饮料瓶外壁会冒汗，这是一种液化现象

D.冬季，窗户上的小水珠常出现在玻璃内侧

（多选）14.（3分）下列关于实验的叙述不正确的是（）

A.图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力

B.图乙中，水沸腾后软木塞被推出，试管内水蒸气的内能转化为软木塞的机械能

C.图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用

第5页（共30页）

D.图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少

（多选）15.（3分）2023年1月，北斗导航系统已连接我国社会发展的各个方面，并进入全面的商用阶

段。从北斗一号工程立项开始，几代北斗人接续奋斗、数十万建设者聚力托举，在强国复兴的伟大征程

中，•一次又一次刷新“中国速度”、展现“中国精度”、彰显“中国气度”，创造出无愧于党、无愧于人

民、无愧于时代的辉煌业绩。关于如图所示的情景，下列说法正确的是（）

A.北斗一号卫星运行中若所受的力全部消失，卫星将会绕地球做匀速圆周运动

B.火箭加速升空时向下喷气，火箭就腾空而起，利用了力的作用是相互的原理

C.每颗北斗卫星绕地球做圆周运动的过程中，北斗卫星都受到非平衡力的作用

D.北斗一号卫星随火箭加速升空的过程中，动能转化为重力势能，机械能不变

三、填空题

16.（4分）春暖花开，图中花儿盛开时清香扑鼻，这是现象；我们能从不同角度观赏花，是由

于光在花的表面发生了现象（选填“镜面反射”或“漫反射”）。

17.（4分）如图所示，重为90N的物体挂在杠杆B点，OB=0.5m,OA=0.9m,在A端施加竖直向上的

拉力F,杠杆自重忽略不计。当F=N时，杠杆在水平位置平衡；测量质量的工具托盘天平也

是杠杆，它属于（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。

18.（4分）2024年3月20日，搭载探月工程四期鹊桥二号中继星的长征八号遥三运载火箭，在文昌航天

发射场点火升空，如图所示。一起加速升空的过程中，以火箭为参照物，中继星是（选填“静

第6页（共30页）

止”或“运动”）的，中继星的机械能（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

19.（6分）如图甲所示的“聪明电梯”在有、无人乘坐时会以不同的速度运行，这样可以节约用电。图乙

所示是其控制电路图，R是一个压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。当所有人走上电梯后，则图中

电磁铁的磁性将（选填“增强”、“减弱”或“不变”），电动机的转速将（选填“变

快，，、“变慢”或“不变，，）。电动机的工作原理是。

四、实验题

20.（4分）在用如图所示装置“探究平面镜成像的特点”实验中：

（1）选择玻璃板代替平面镜的目的是什么？

（2）选取两支完全相同的蜡烛的目的是什么？

（3）请将下列实验步骤合理排序，合理的实验步骤顺序为AF（填序号）；

A.在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜。沿着玻璃板在纸上画一条直线，代表平面

镜的位置；

B.用直线把蜡烛和它的像在纸上的位置连起来，并用刻度尺分别测量它们到玻璃板的距离；

C.拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完

全重合；

D.把一支点燃的蜡烛放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像；

E.在纸上记下蜡烛和它的像的位置。

F.根据上述实验分析得出平面镜成像的规律：平面镜所成的像与物体关于平面镜对称。

（4）为了使实验结论更具科学性，请写出应补充的实验步骤。

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21.（6分）用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，所用器材均完好。待测小灯泡的额定电压为2.5V,电

源电压恒为4.5V。

PD

（1）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示

数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因应该是;

（2）排除故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，据此计算出小灯泡的

额定功率为W；

（3）测出小灯泡的额定功率后，再测小于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向

（选填"A”或"B”）端滑动；

（4）测量小灯泡的电功率（选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因

是;

（5）图丙是测量小灯泡电功率的电路图，对测量结果进行误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该

电路主要是由于所测（选填“电压”或“电流”）值偏大引起小灯泡电功率偏大的。

22.（5分）在利用天平和量筒测量液体的密度实验中：

60

20

10

（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向

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（选填“左”或“右”）端移动，使横梁水平平衡；

（2）将装有适量待测液体的烧杯放在调节好的天平上，测出烧杯和液体的总质量为96.7g；然后将烧杯

中的液体倒入量筒中一部分，如图乙所示，量筒中液体的体积为cm3；

（3）把烧杯和剩余液体放在天平上，天平平衡时祛码及游码的位置如图丙所示，则烧杯和剩余液体的

质量为g,根据上述实验数据计算出液体的密度为kg/m3；

（4）若将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，会导致所测液体密度与真实值

相比（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。

23.（6分）在利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验中，每个钩码重0.5N。

（1）实验前出现图甲所示情况，此时应将杠杆两端的螺母向调（选填“左”或“右”），使杠

杆在水平位置平衡，这样做的目的是什么;

（2）实验过程中出现了图乙所示的情况，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应将左边的钩码向

（选填“左”或“右”）移动格；

（3）如图丙所示，在B点处施加一个竖直向下的拉力F=3N时，杠杆在水平位置平衡。当拉力F向右

倾斜时，仍要保持杠杆在水平位置平衡，拉力F的大小将（选填“变大”、“变小”或“不变”）；

（4）杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易

工具，由带有秤星的秤杆、秤坨、提纽等组成。如图丁所示，此杆秤有两个提纽，使用它称较重的物体

时，常用离秤钩较（选填“近”或“远”）的提纽。

24.（5分）物理兴趣小组在进行“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验，用弹簧测力计提着一个实心

圆柱体A,图甲中a、b、c、d、e分别为实验情景（g取10N/kg）。

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(1)通过a、c两次实验可知，圆柱体A浸没在水中所受浮力大小是N；

(2)通过两次实验，可以探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系；

(3)分析实验步骤a、b、c,可以说明浮力大小跟有关；

(4)小明又想探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，他找来薄铜片、烧杯和水进行实验，实验步

骤如下：

步骤一：将铜片放入盛水的烧杯中，铜片下沉至杯底；

步骤二：将铜片弯成“碗状”再放入水中，它漂浮在水面上；

小明得出物体受到的浮力与其形状有关的结论，小明得出错误结论的原因是=

(5)在利用某种液体进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图乙所示弹簧测力计读数与圆柱体A

下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为kg/m3(g=10N/kg)o

五、计算题

25.(6分)如图所示为孵化小鸡的恒温箱的工作原理图。S为电源开关，通过控制温控开关Si可实现保

温、加热两个挡位间的切换。电源实际电压U=220V,Ri、R2是电热丝，保温时的电功率P保温=100W。

将恒温箱两气孔封闭，闭合开关S,Si置于加热挡位，箱内温度从20℃升至设定的恒温38℃(不计热

量损失)，用时90s。恒温箱的容积V=2.5m3,箱内空气密度p=1.2kg/m3,箱内空气的比热容c=LOX

103J/(kg»℃)o求：

(1)箱内空气完成一次升温吸收热量；

(2)加热时恒温箱的电功率；

(3)电热丝R2的阻值。

26.(5分)如图甲所示为怀丙打捞铁牛的场景，他让人们用两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上,

然后卸掉船里的泥沙，随着船逐渐上浮，铁牛从河底淤泥中被拉了出来，其模型如图乙所示，已知物体

A是边长为0.1m的正方体(与底部不密合)，物体B的底面积为0.03m2,高为0.6m,质量为8kg的长

方体，容器的底面积为O.ln?。现将AB用细线连接，细线拉直但无拉力，然后沿水平方向切物体B,

B被切去某一高度时，水面下降3cm,此时细线所受拉力为15N。(已知细线不伸长，g=10N/kg,p水

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=1.0X103kg/m3）求:

(1)物体A受到的浮力大小；

(2)细线拉直但无拉力时，B的下表面处受到水的压强(小数点后保留1位小数);

(3)当水面下降3cm时，B剩余的重力大小。

粗木头

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2024年山东省青岛市中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、单选题

1.（3分）综艺节目《朗读者》，用最平实的情感读出文字背后的价值，实现鼓舞教育人的作用，在朗读过

程中，涉及到的物理知识，下列说法正确的是（）

A.观众主要依据音调区分主持人和朗读者的声音

B.空气中，声音的传播速度约为3Xl（）8m/s

C.朗读时，朗读者的声带振动产生声音

D.朗读者的声音很大是因为声音的频率很高

【解答】解：A.观众主要依据音色区分主持人和朗读者的声音，故A错误；

B.15℃时空气中的声速是340m/s,故B错误；

C.声音是由物体振动产生的，人发声是声带振动，故C正确；

D.朗读者声音大指的是响度大，响度与振幅有关，音调与频率有关，故D错误。

故选：Co

2.（3分）2023年杭州亚运会期间，我国运动健儿用汗水和努力，让五星红旗一次次升起，这是他们对祖

国最好的祝福。运动中蕴含着丰富的物理知识，如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲图中林雨薇冲过终点不能立刻停止，是由于受到惯性的作用

B.乙图中巩立姣将铅球投出后，铅球到达最高点时受到平衡力的作用

C.丙图中孙颖莎用力将乒乓球发出，说明力能改变物体的运动状态

D.丁图中刘焕华举着杠铃静止时，他受到的重力与地面对他的支持力是一对平衡力

【解答】解：A.林雨薇冲过终点不能立刻停止，是由于林雨薇具有惯性，要保持原来的运动状态，所

以不能立即停下来，惯性不是力，不能用“受到”描述，故A错误；

B.将铅球投出后，到达最高点的瞬间，只受重力作用，受到的力是非平衡力，故B错误；

C.用力将乒乓球发出，乒乓球的速度由静止变成运动，这说明力能改变物体的运动状态，故C正确；

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D.根据二力平衡可知，举着杠铃不动时，地面对他的支持力和他受到的重力二者大小并不相等，所以

不是一对平衡力，故D错误。

故选：Co

3.（3分）如图所示，C919国产大飞机首度服务2024年春运。下列说法正确的是（）

A.起飞时，飞机在跑道上加速滑行时惯性逐渐增大

B.飞机在上升过程中，舱外的大气压会变小

C.机翼是利用气体流速大，压强大的原理获得升力

D.飞机座椅设计得很柔软，是为了减小乘客对座椅的压力

【解答】解：A、起飞时，飞机在跑道上加速滑行时，质量不变，惯性不变，故A错误；

B、大气压随高度的增大而减小，飞机在上升过程中，高度变高，则舱外大气压逐渐减小，故B正确；

C、机翼是利用气体流速大，压强小的原理获得升力，故C错误；

D、飞机座椅设计得很柔软，可以增大受力面积，在压力一定时，可以减小乘客对座椅的压强，故D错

误。

故选：Bo

4.（3分）唐诗宋辞璀璨夺目，蕴含丰富的光学知识，下列诗句中有关光现象的说法正确的是（）

A.“潭清疑水浅”，水浅是光的折射形成的

B.“楼台倒影入池塘”，楼台倒影是光的折射形成的

C.“瀑水喷成虹”，彩虹是光的直线传播形成的

D.“绿树阴浓夏日长”，树阴是光的反射形成的

【解答】解：A、、“潭清疑水浅”中“水浅”是水底看起来比较浅，这是由于光的折射形成的，看水底

是逆着光的传播方向看的（即逆着折射光线看），由于错觉，我们始终认为光是沿直线传播的，所以看

到的位置比实际位置浅，故A正确；

B、楼台的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B错误；

C、彩虹是光的色散现象，是光的折射形成的，故C错误；

D、树荫是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，故D

错误。

第13页（共30页）

故选：Ao

5.（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从最右端a滑动到最左端b

的过程中，电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）

A.电源电压为6V

B.定值电阻Ro的阻值为6Q

C.滑片P在b端时，电路中电流为1A

D.电路消耗的最大功率为27W

【解答】解：由图甲可知，Ro与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；

ABC、由图甲可知，滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为Ro的简单电路，由欧姆

定律可知此时电路中的电流最大，

由图乙可知，此时电路中的电流为3A,故C错误；

由欧姆定律可知，电源电压：U=I大Ro=3AXRo.......①

滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小，

由图乙可知此时电路中的电流为1A,滑动变阻器两端的电压为6V,

由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=U滑+1；0=17滑+1小Ro=6V+lAXRo……②

由①②解得：Ro=3R,U=9V,故AB错误；

D、电路消耗的最大功率：「大=5大=9VX3A=27W,故D正确。

故选：D。

6.（3分）如图所示的实例中，可以利用增大压强的知识服务于我们生活的是（）

、还

A.^■■।单板滑雪B.■压雪车有宽大的履带

第14页（共30页）

c.T逃生锤锤头很尖D.提袋子时垫上厚纸片

【解答】解：A、单板滑雪，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误;

B、压雪车有宽大的履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误;

C、逃生锤锤头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确；

D、提袋子时垫上厚纸片，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。

故选：Co

7.（3分）如图是探究“通电螺线管的磁场方向”实验示意图。实验时，在小圆位置放置小磁针，闭合开

关，画出不同位置小磁针静止时N极的指向；对调电源正负极，重复上述操作。下列说法正确的是

)

®O0

A.闭合开关，通电螺线管的左端是N极，右端是S极

B.闭合开关，放置在a、b处的小磁针静止时N极指向相同

C.小磁针的作用是指示通电螺线管周围的磁场方向

D.对调电源正负极，闭合开关，通电螺线管的磁场方向不变

【解答】解：A.闭合开关，根据右手螺旋定则可知，通电螺线管的左端是S极，右端是N极，故A

错误；

B.闭合开关，根据磁极间的相互作用规律可知，放置在a处、b处的小磁针静止时N极指向不同，故

B错误；

C.小磁针的作用是检验通电螺线管周围的磁场方向，故C正确；

D.对调电源正负极，闭合开关，通电螺线管的磁场方向改变，故D错误。

故选：Co

8.（3分）如图是家庭电路的模拟电路图。开关S闭合后，灯泡能正常发光；断开开关S,用试电笔检测

第15页（共30页）

插座的两孔，颊管均不发光。针对该模拟电路，下列说法正确的是（)

A.保险丝是用电阻率较大、熔点较高的材料制成的

B.插座无法正常工作，原因可能是cd间断路

C.灯泡能正常发光，所以灯泡的连接是安全、合理的

D.电能表转盘转过30转，电路消耗的电能为0.02J

【解答】解：A、保险丝是由电阻率较大，熔点较低的材料制成的，故A错误；

B、cf之间断路，插座不能与火线连通，试电笔的就管不发光，故B正确；

C、灯泡能正常发光，开关没有接在火线上，不安全，故C错误；

D、电能表转盘转过30转，电路消耗的电能为W=4给x30=0.02klVd,故D错误。

故选：Bo

9.（3分）如图所示的滑轮组，工人用200N竖直向上的拉力F,将物体匀速提高2m,所用时间为6s,若

此时滑轮组机械效率为80%,不计绳重和摩擦。以下说法正确的是（）

A.工人所做的有用功是1200J

B.拉力的功率是200W

C.动滑轮的重是100N

D.其他条件不变，被提升物体重力越大，机械效率越小

【解答】解：A.由图可知，n=3,工人做的总功为

第16页（共30页）

M^=Fs=Fnh=200NX3X2m=1200J,

工人所做的有用功为

W：^=r|W总=80%X1200J=960J,故A错误；

B.拉力的功率为

p=2=空处=2oow,故B正确；

tOS

C.额外功为W额=亚总-W有=1200J-960J=240J,

不计绳重和摩擦，根据W额=6动卜可知，动滑轮的重为

勿

G动=£=蜉=120N,故c错误;

W有ChC1

D.不计绳重和摩擦，由〃曹"xlOO%=f?八义100%=x10°%=-100%

有额动动1□_动

l±~G~

可知，其他条件不变，被提升物体的重力越大，机械效率越大，故D错误。

故选:Bo

10.（3分）如图所示是电阻甲和乙的U-I图像，将它们串联在3V的电源上，下列计算结果正确的是

B.电路的总电流为0.5A

C.一分钟内电流所做总功72J

D.电路的总功率为12W

【解答】解：AB.由串联电路中的电流特点可知，将它们串联在3V的电源上时，通过它们的电流相

等。

由图象可知，当通过它们的电流为0.4A时，R甲两端的电压为2V,R乙两端的电压为IV,此时电源电

压U=UI+U2=2V+1V=3V,符合题意，

此时电路的总电阻R=y=7^7=7.5。，故AB不符合题意；

C.一分钟内电流所做总功W=UIt=3VX0.4AX60s=72J,故C符合题意；

第17页（共30页）

D.电路的总功率P=UI=3VX0.4A=1.2W,故D不符合题意。

故选：Co

二、多选题

（多选）11.（3分）关于下面四幅图，下列说法正确的是（）

A.甲图是行走在沙漠中的骆驼，它之所以不会陷入沙中，是因为它对地面的压力和压强都大

B.乙图是工作中的船闸，其原理是连通器

C.丙图是自制水气压计，把它从山脚移到山顶，细管内水柱上升

D.丁图中，口含b管对a管上方吹气，a管水面上升是因为流速越大的位置压强越大

【解答】解：A、甲图是行走在沙漠中的骆驼，它之所以不会陷入沙中，是因为当它对地面的压力一定

时，骆驼脚掌与沙漠的接触面积较大，则骆驼对沙面的压强较小，故A错误；

B、船闸属于连通器，在水不流动时，两侧水面保持相平，利用了连通器原理，故B正确；

C、把自制气压计从山下移到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在

瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故C正确；

D、丁图中，口含b管对，a管上方吹气，a管上方气体流速加快，压强减小，因此a管水面将上升，故

D错误。

故选：BC=

（多选）12.（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过

程中，下列说法正确的是（）

第18页（共30页）

A.电流表Ai的示数不变，电压表V的示数不变

B.电流表A2的示数不变，电压表V的示数不变

C.电压表V的示数与电流表Ai的示数比值不变

D.电压表V的示数与电流表A2的示数比值变小

【解答】解：根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表Ai测量通过R2的电流，电流表A2测量干

路的电流，电压表V测量电源电压；

AB、由于电源电压不变，所以电压表示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑

片移动时，通过R2的电流不变，电流表Ai的示数不变；

将滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变大，由1=^可知，通过Ri支路的电流变

小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故

A正确、B错误；

C、电压表V的示数不变，电流表Ai的示数不变，则电压表V的示数与电流表Ai的示数比值不变，

故C正确；

D、电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小，则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大，

故D错误。

故选：ACo

（多选）13.（3分）关于生活现象的解释，下列说法中正确的是（）

A.高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大，沸点低

B.人出汗后吹风扇会感觉更凉快，是因为加快了蒸发

C.夏天，从冰箱拿出来的饮料瓶外壁会冒汗，这是一种液化现象

D.冬季，窗户上的小水珠常出现在玻璃内侧

【解答】解：A.高压锅是通过增大锅内气体压强的办法来提高水的沸点，从而缩短加热时间的，故A

错误；

B.人出汗后吹风扇会感觉更凉快，是因为加快了空气流动，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，导致人身

体表面的温度降低，所以人会感到凉快，故B正确；

C.夏天，从冰箱拿出来的饮料瓶外壁会冒汗，这是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确；

D.冬天，窗户上的小水珠是室内暖气液化形成的小水滴，常出现在玻璃内侧，故D正确。

故选：BCDo

（多选）14.（3分）下列关于实验的叙述不正确的是（）

第19页（共30页）

A.图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子间存在着引力

B.图乙中，水沸腾后软木塞被推出，试管内水蒸气的内能转化为软木塞的机械能

C.图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用

D.图丁中，将瓶塞弹出时，瓶内气体内能减少

【解答】解：A、抽掉玻璃板，二氧化氮和空气之间发生扩散现象，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明

分子在不停地运动，故A错误；

B、试管中的水沸腾后，水蒸气将软塞子推出，即水蒸气对塞子做功，将水蒸气的内能转化机械能，故

B正确；

C、因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面的过程，测力

计示数将变大，故C错误；

D、图丙中，将瓶塞弹出时，瓶内气体对瓶塞做功，内能减少，故D正确。

故选：ACo

（多选）15.（3分）2023年1月，北斗导航系统已连接我国社会发展的各个方面，并进入全面的商用阶

段。从北斗一号工程立项开始，几代北斗人接续奋斗、数十万建设者聚力托举，在强国复兴的伟大征程

中，一次又一次刷新“中国速度”、展现“中国精度”、彰显“中国气度”，创造出无愧于党、无愧于人

民、无愧于时代的辉煌业绩。关于如图所示的情景，下列说法正确的是（）

A.北斗一号卫星运行中若所受的力全部消失，卫星将会绕地球做匀速圆周运动

B.火箭加速升空时向下喷气，火箭就腾空而起，利用了力的作用是相互的原理

C.每颗北斗卫星绕地球做圆周运动的过程中，北斗卫星都受到非平衡力的作用

第20页（共30页）

D.北斗一号卫星随火箭加速升空的过程中，动能转化为重力势能，机械能不变

【解答】解：A.如果北斗卫星所受的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，将做匀速直线运动，故A

错误；

B.火箭向后喷出气体，受到向前的力，从而加速升空，是因为力的作用是相互的，故B正确；

C.北斗卫星绕轨道运行时，运动的方向和速度发生了变化，受到非平衡力的作用，故C正确；

D.北斗一号卫星随火箭加速升空的过程中，质量不变，速度增加，高度增加，动能和重力势能都增大,

机械能增大，不是动能转化为重力势能，故D错误。

故选：BC=

三、填空题

16.（4分）春暖花开，图中花儿盛开时清香扑鼻，这是扩散现象:我们能从不同角度观赏花，是由

于光在花的表面发生了漫反射现象（选填“镜面反射”或“漫反射”）。

【解答】解：鲜花盛开时清香扑鼻，我们能够闻到花的香味，这属于扩散现象，说明了分子在不停的做

无规则的运动。

从不同角度都能看到鲜花，这是由于光射花儿表面上发生了漫反射，反射光线射向各个方向的缘故。

故答案为：扩散；漫反射。

17.（4分）如图所示，重为90N的物体挂在杠杆B点，OB=0.5m,OA=0.9m,在A端施加竖直向上的

拉力F,杠杆自重忽略不计。当F=3N时，杠杆在水平位置平衡；测量质量的工具托盘天平也是

杠杆，它属于等臂（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。

【解答】解：根据杠杆的平衡条件：F-OA=G-OB,贝!］：FX9m=90NX0.5m

解得：F=50N

平时测量质量的托盘天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆。

故答案为：50；等臂。

第21页（共30页）

18.（4分）2024年3月20日，搭载探月工程四期鹊桥二号中继星的长征八号遥三运载火箭，在文昌航天

发射场点火升空，如图所示。一起加速升空的过程中，以火箭为参照物，中继星是静止（选填“静

止”或“运动”）的，中继星的机械能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

【解答】解：以火箭为参照物，中继星与火箭之间没有发生位置变化，所以中继星是静止的。

中继星在加速升空时，速度变大，高度变高，质量不变，所以中继星的重力势能增大，动能增大，机械

能增大。

故答案为：静止；增大。

19.（6分）如图甲所示的“聪明电梯”在有、无人乘坐时会以不同的速度运行，这样可以节约用电。图乙

所示是其控制电路图，R是一个压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。当所有人走上电梯后，则图中

电磁铁的磁性将增强（选填“增强”、“减弱”或“不变”），电动机的转速将■决（选填“变

快，，、“变慢”或“不变，，）。电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动。

【解答】解：由图乙得，压敏电阻R与电磁铁串联，当所有人走上电梯后，压力变大，压敏电阻的阻

值随压力的增大而减小，此时控制电路电阻变小，通过电磁铁的电流增大，电磁铁的磁性将增强。

电磁铁磁性增大，衔铁与2接触，工作电路由Ri与电动机串联变为电动机独自工作，通过电动机的电

流增大，电动机的转速将变快。

电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动工作的。

故答案为：增强；变快；通电线圈在磁场中受力而转动。

四、实验题

20.（4分）在用如图所示装置“探究平面镜成像的特点”实验中：

（1）选择玻璃板代替平面镜的目的是什么？

（2）选取两支完全相同的蜡烛的目的是什么？

（3）请将下列实验步骤合理排序，合理的实验步骤顺序为ADCEBF（填序号）；

第22页（共30页）

A.在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜。沿着玻璃板在纸上画一条直线，代表平面

镜的位置；

B.用直线把蜡烛和它的像在纸上的位置连起来，并用刻度尺分别测量它们到玻璃板的距离；

C.拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完

全重合；

D.把一支点燃的蜡烛放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像；

E.在纸上记下蜡烛和它的像的位置。

F.根据上述实验分析得出平面镜成像的规律：平面镜所成的像与物体关于平面镜对称。

（4）为了使实验结论更具科学性，请写出应补充的实验步骤。

【解答】解：（1）用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛一侧能看到蜡烛的像，同时还能看到另一个蜡烛,

便于确定像的位置；

（2）选择大小相同的蜡烛，是为了比较像与物的大小关系

（3）在“探究平面镜成像特点”的实验中，根据实验目的：实验步骤的合理顺序为：

A.在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜。沿着玻璃板在纸上画一条直线，代表平面镜

的位置；

D.把一支点燃的蜡烛放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像；

C.拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全

重合；

E.在纸上记下蜡烛和它的像的位置；

B.用直线把蜡烛和它的像在纸上的位置连起来，并用刻度尺分别测量它们到玻璃板的距离；

F.根据上述实验分析得出平面镜成像的规律：平面镜所成的像与物体关于平面镜对称；

（4）为了使实验结论更具科学性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，应补充

的实验步骤是：移动点燃的那支蜡烛的位置，重复步骤DCEB多次实验；

故答案为：（1）便于确定像的位置；（2）为了比较像与物的大小关系；（3）DCEB；（4）移动点燃的那

支蜡烛的位置，重复步骤DCEB多次实验。

21.（6分）用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，所用器材均完好。待测小灯泡的额定电压为2.5V,电

第23页（共30页）

源电压恒为4.5V。

(1)正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示

数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因应该是小灯泡断路；

(2)排除故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，据此计算出小灯泡的

额定功率为0.5W；

(3)测出小灯泡的额定功率后，再测小于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向」

(选填"A”或"B”)端滑动；

(4)测量小灯泡的电功率不需要(选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值，原因是小

灯泡在不同电压下的电功率不同；

(5)图丙是测量小灯泡电功率的电路图，对测量结果进行误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该

电路主要是由于所测电流(选填“电压”或“电流”)值偏大引起小灯泡电功率偏大的。

【解答】解：(1)正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示数，

说明断路，电压表示数明显，则故障可能是小灯泡断路。

(2)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A,其示数为0.2A,

小灯泡的额定功率为

P=UI=2.5VX0.2A=0.5W。

(3)测出小灯泡的额定功率后，再测小于小灯泡额定功率的实际功率，应减小灯的电压，由串联电路

的规律，要增大变阻器的电压，由分压原理，应增大变阻器的阻值，故将滑动变阻器的滑片向A端滑

动。

(4)小灯泡在不同电压下的电功率不同，所以测量小灯泡的电功率时，不需要多次测量求平均值。

(5)图丙中，电压表与灯并联，电压表测量的电压是准确的，电流表测灯与电压表并联的总电流，由

并联电路电流的规律，电流表示数大于灯的实际电流，即该电路主要是由于所测电流值偏大，从而引起

第24页(共30页)

小灯泡电功率也会偏大。

故答案为：（1）小灯泡断路；（2）0.5；（3）A；（4）不需要；小灯泡在不同电压下的电功率不同；（5）

电流。

22.（5分）在利用天平和量筒测量液体的密度实验中：

（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向

（选填“左”或“右”）端移动，使横梁水平平衡；

（2）将装有适量待测液体的烧杯放在调节好的天平上，测出烧杯和液体的总质量为96.7g；然后将烧杯

中的液体倒入量筒中一部分，如图乙所示，量筒中液体的体积为30cm3：

（3）把烧杯和剩余液体放在天平上，天平平衡时祛码及游码的位置如图丙所示，则烧杯和剩余液体的

质量为71.2g,根据上述实验数据计算出液体的密度为0.85X1Q3kg/m3：

（4）若将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，会导致所测液体密度与真实值

相比偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。

【解答】解：（1）游码归零后发现指针偏向如图所示，指针偏向分度盘的右边，表明右边要重一些，故

应向左调节平衡螺母，使天平平衡。

（2）量筒的分度值为2mL,如图乙，则量筒内待测液体的体积是V=30mL=30cm3。

（3）天平平衡时右盘中的磋码和游码位置如图所示。标尺上的分度值为0.2g,读数为1.2g,则剩余液

体质量为

m¥l|=50g+20g+1.2g=71.2g,

则量筒中液体的质量为

m=m总-m喇=96.7g-71.2g=25.5g,

液体的密度

P=号==0.85g/cm3=0.85xIO3kg/m3o

（4）将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，会导致测量液体体积偏小，根据p=

多可知，测量密度偏大。

第25页（共30页）

故答案为:（1）左;（2）30；（3）71.2；0.85X103；（4）偏大。

23.（6分）在利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验中，每个钩码重0.5N。

/U、/U、/■、k

甲乙丙丁

（1）实验前出现图甲所示情况，此时应将杠杆两端的螺母向右调（选填“左”或“右”），使杠杆

在水平位置平衡，这样做的目的是什么避免杠杆自重对实验结果产生影响，便于测量力臂：

（2）实验过程中出现了图乙所示的情况，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应将左边的钩码向。

（选填“左”或“右”）移动1格:

（3）如图丙所示，在B点处施加一个竖直向下的拉力F=3N时，杠杆在水平位置平衡。当拉力F向右

倾斜时，仍要保持杠杆在水平位置平衡，拉力F的大小将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）:

（4）杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易

工具，由带有秤星的秤杆、秤蛇、提纽等组成。如图丁所示，此杆秤有两个提纽，使用它称较重的物体

时，常用离秤钩较近（选填“近”或“远”）的提纽。

【解答】解：（1）如图甲所示，杠杆左低右高，表明左边要重一些，可将平衡螺母向右调节，将杠杆调

节至水平位置平衡，使得杠杆中心经过支点，避免杠杆自重对实验结果产生影响，便于测量力臂。

（2）如图乙，杠杆的右端上翘，说明杠杆左端力和力臂的乘积大于右端力和力臂的乘积，所以可以减

小左端的力臂，将左端的钩码向右移动；由题意可得，设钩码的重力为G,每一小格的长度为1,则右

端力与力臂的乘积为GX4L根据杠杆平衡条件可得，左端的力和力臂的乘积也应该为4GL则应该为