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文档简介
2023年高考物理模拟试卷
注意事项
1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.
2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.
3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.
4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他
答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.
5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、下列说法正确的是()
A.在光电效应中,增加入射光的强度,饱和光电流不变
B.0衰变现象说明电子是原子的组成部分
C.两个笊核的聚变反应方程式为:H+:HfHe+俨
D.处于基态的氢原子吸收光子发生跃迁后动能增加
2、B超检测仪可以通过探头发送和接收超声波信号,经过电子电路和计算机的处理形成图像。下图为仪器检测到发送
和接收的超声波图像,其中实线为沿x轴正方向发送的超声波,虚线为一段时间后遇到人体组织沿x轴负方向返回的
超声波。已知超声波在人体内传播速度为1200m/s,则下列说法中正确的是()
A.根据题意可知此超声波的频率为1.2x105Hz
B.图中质点B在此后的lx】。—内运动的路程为0.12m
C.图中质点A此时沿y轴正方向运动
D.图中质点A、B两点加速度大小相等方向相反
3、横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起,固定在水平面上,如图所示。它们的竖直边长都是底边长的一半。
现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛,最后落在斜面上,其落点分别是a、b、c。下列判断正确的
是
A.a球落在斜面上的速度方向与斜面平行
B.三小球比较,落在c点的小球飞行时间最长
C.三小球比较,落在b点的小球飞行过程速度变化最快
D.无论小球抛出时初速度多大,落到斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直
4、如图,竖直平面内的RtAABC,AB竖直、BC水平,BC=2AB,处于平行于△ABC平面的匀强电场中,电场强度
方向水平。若将一带电的小球以初动能Ek沿AB方向从A点射出,小球通过C点时速度恰好沿BC方向,则()
A.从A到C,小球的动能增加了4Ek
B.从A到C,小球的电势能减少了3Ek
C.将该小球以3Ek的动能从C点沿CB方向射出,小球能通过A点
D.将该小球以4Ek的动能从C点沿CB方向射出,小球能通过A点
5、两个完全相同的带有同种电荷的小球M和N(可看成点电荷),用轻质绝缘弹簧相连后放在光滑绝缘水平面上的P,
Q两点静止不动,如图所示。若将小球N的带电量突然减小一半后的瞬间,小球M和N的加速度大小分别为al和a2,
下列结论正确的是()
A勺。。?寸0
B力*,。
ca#。。?WO,且34
D.且勺q
6、如图所示,大小可以忽略的小球沿固定斜面向上运动,依次经a、b、c、d到达最高点e.已知ab=bd=6m,bc=lm,小
球从a到c和从c到d所用的时间都是2s,设小球经b、c时的速度分别为vb、va,则下列结论错误的是()
v=3m/s
从d到e所用时间为4s
v=y/lOm/s
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、如图所示,一直角斜劈绕其竖直边BC做圆周运动,物块始终静止在斜劈AB上。在斜劈转动的角速度①缓慢增加
的过程中,下列说法正确的是()
A.斜劈对物块的支持力逐渐减小
B.斜劈对物块的支持力保持不变
C.斜劈对物块的摩擦力逐渐增加
D.斜劈对物块的摩擦力变化情况无法判断
8、如图所示,游乐场中,从高处A到水面B处有两条长度相等的光滑轨道.甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自
由滑向B处,下列说法正确的有
B.甲、乙在同一高度的速度大小相等
C.甲、乙在同一时刻总能到达同一高度
D.甲比乙先到达B处
RR
9、如图,电源电动势为E,内阻为r,。为定值电阻,1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。当开关S闭
合时,电容器中一带电微粒恰好静止,下列说法中正确的是()
殳
A.断开开关S瞬间,电阻&中有向上的电流
R
B.只减小1的光照强度,电源输出的功率变小
C.只将电容器上板向下移动时,带电微粒向上运动
P
D.只将।向上端移动时,下板电势升高
10、如图甲所示,轻弹簧下端固定在倾角37。的粗糙斜面底端A处,上端连接质量3kg的滑块(视为质点),斜面固定
在水平面上,弹簧与斜面平行。将滑块沿斜面拉动到弹簧处于原长位置的D点,由静止释放到第一次把弹簧压缩到最
短的过程中,其加速度a随位移x的变化关系如图乙所示,重力加速度取10m/s2,5吊37。=06cos37°=0.8o下列说法
正确的是()
A.滑块先做匀加速后做匀减速运动
B.滑块与斜面间的动摩擦因数为0」
C.弹簧的劲度系数为180N/m
D.滑块在最低点时,弹簧的弹性势能为3.12J
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.(6分)某同学在《探究弹力和弹簧伸长关系》的实验中,用完全相同的弹簧A和B并联后上端固定,下端与长木
板相连,长木板带挂钩和指针总重2N,右边有一米尺,零刻度与弹簧上端对齐,现在在挂钩上挂不同个数的够吗,测
得数据如下表:
钩码重力ONIN2N3N
指针对齐刻度11cm12cm13cm14cm
(1)每根弹簧的原长为cm,每根弹簧的劲度系数为N/m;
(2)若将A、B弹簧串联起来使用,它们整体的劲度系数为。
A.25N/mB.100N/mC.50N/mD.200N/m
12.(12分)某同学在实验室利用图甲所示的装置探究“在外力一定的条件下,物体的加速度与其质量的关系”。图中长
木板水平固定,小吊盘和盘中物块的质量之和m远小于滑块(含滑块上的祛码)的质量M。
打点
鼻计时器
图甲图乙
(1)为减小实验误差,打点计时器应选用—(填“电磁打点计时器”或“电火花计时器”)。
(2)该同学回到教室处理数据时才发现做实验时忘记了平衡摩擦力,也没有记下小吊盘和盘中物块的质量之和。图乙为
1
实验中所得的滑块的加速度a与滑块(含滑块上的祛码)的质量的倒数加的关系图象。取g=10m/s2,根据图象可求
出小吊盘和盘中物块的质量之和约为kg,滑块与长木板之间的动摩擦因数为o
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13.(10分)对于同一物理问题,常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究,找出其内在联系,从而更加深刻地理
解其物理本质.一段横截面积为S、长为1的直导线,单位体积内有n个自由电子,一个电子电量为e.该导线通有恒
定电流时,导线两端的电势差为U,假设自由电子定向移动的速率均为v.
(1)求导线中的电流I;
(2)所谓电流做功,实质上是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功.为了求解在时间t内电流做功W为多少,
小红和小明给出了不同的想法:
小红记得老师上课讲过,W=UIt,因此将第(1)问求出的I的结果代入,就可以得到W的表达式.但是小红不记得老
师是怎样得出W=UIt这个公式的.小明提出,既然电流做功是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功,那么应该
E=—W=qEvt=q—vt
先求出导线中的恒定电场的场强,即1,设导体中全部电荷为q后,再求出电场力做的功1,将
q代换之后,小明没有得出W=UIt的结果.
请问你认为小红和小明谁说的对?若是小红说的对,请给出公式的推导过程;若是小明说的对,请补充完善这个问题
中电流做功的求解过程.
(3)为了更好地描述某个小区域的电流分布情况,物理学家引入了电流密度这一物理量,定义其大小为单位时间内通
U.
--JP
过单位面积的电量.若已知该导线中的电流密度为j,导线的电阻率为p,试证明:1
14.(16分)在某次学校组织的趣味运动会上,某科技小组为大家展示了一个装置,如图所示,将一质量为0.1kg的钢
球放在O点,用弹射器装置将其弹出,使其沿着光滑的半圆形轨道OA和AB运动,BC段为一段长为L=2.0m的粗糙
平面,DEFG为接球槽。圆弧OA和AB的半径分别为r=0.2m,R=0.4m,小球与BC段的动摩擦因数为卜i=0.5,C
点离接球槽的高度为h=1.25m,水平距离为x=0,5m,接球槽足够大,g取10m/s2,求:
⑴钢球恰好不脱离圆弧轨道,钢球在A点的速度vA多大;
(2)满足(1)时,钢球在圆轨道最低点B对轨道的压力;
(3)要使钢球最终能落入槽中,弹射速度至少多大。
15.(12分)如图所示,将半径为R的透明半球体放在水平桌面上方,。为球心,直径恰好水平,轴线00,垂直于水平
桌面。位于0点正上方某一高度处的点光源。S发出一束与00,夹角。=60。的单色光射向半球体上的A点,光线通过
半球体后刚好垂直射到桌面上的B点,已知0B=2R,光在真空中传播速度为c,不考虑半球体内光的反射,求:
(1)透明半球对该单色光的折射率n;
(2)该光在半球体内传播的时间。
参考答案
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】
A.根据光子假设,当入射光的强度增加时,单位时间内通过金属表面的光子数增多,单位时间内从金属表面逸出的光
电子增多,饱和光电流随之增大,选项A错误;
B.B衰变释放的电子是原子核内的中子转化来的,选项B错误;
C.两个笊核的聚变反应方程式为:H+;Hf9He+华,选项c正确;
kez_mv2
D.处于基态的氢原子吸收光子后向高能级跃迁,轨道半径厂增大,根据「2r可知,速度随轨道半径厂的增大而
减小,所以动能减小,选项D错误。
故选C。
2、C
【解析】
A.根据图象读出波长九=12mm=1.2xl0-2m,由v=Xf得频率为
v=1500
)一不—[2x10-2=1.25x105Hz
故A错误;
1
B.质点B振动的周期为T=/=8xl0-6s,质点B只会上下振动,因为IXIOY=12.5T,所以质点B在lxl0-4s内运
动的路程为
S=12.5x4A=12.5x4x0.004m=0.2m
故B错误;
C.实线波向右传播,则图中质点A此时沿y轴正方向运动,选项C正确;
D.质点A、B两点都在平衡位置上方位移相同的地方,所以加速度大小相等方向相同,故D错误;
故选C。
3、D
【解析】
A.根据平抛运动的推论可知,设a球落在斜面上的速度方向与水平方向夹角为0,对应处位置位移与水平方向偏转角
1
tana=_
为a,即tan0=2tana,根据题意2,所以445。,不可能与斜面平行,选项A错误。
h=—gt2
B.根据平抛运动规律2,a球竖直方向下落距离最大,所以a球飞行时间最长,选项B错误;
C.三个球都做平抛运动,即速度变化快慢(加速度)均相同,选项C错误。
D.通过A的分析可知,a球不可能与斜面垂直。对于b、c点而言,竖直方向分速度gt,水平速度vO,假设能与斜面
垂直,则
V1
—Q-=tana=一
gt2
对应的竖直方向的距离为
1
y=-gt2
水平方向的距离为
1、
X=vt=(-gt)t
02
显然这是不可能满足的,因此选项D正确。
4、D
【解析】
A.设小球的速度为t则有
E=—mv2
k2
小球通过C点时速度恰好沿BC方向,则说明小球在竖直方向上的速度减为0,小球在水平方向上做初速度为零的匀加
速直线运动,运动的位移为竖直方向上位移的2倍,则平均速度为竖直方向上平均速度的2倍,又这段时间竖直方向
的平均速度为
v
V=—
2
故水平方向的平均速度为
V-2v-v
又
v=2v
C
E=_mv2=—m(2v)2=4E
kc2c2
从A到C,小球的动能增加了
kE=4E-E=3E
故A错误;
B.由动能定理可知重力与电场力做功之和为动能的增加量即k,重力做负功,故电场力做功大于k,则小球的电
势能减小量大于k,故B错误;
4F
D.由上分析可知:动能为k,则速度大小为2v,即小球以2V对速度从C点沿CB方向射出。而由AB分析可知,
小球以初速度v沿AB方向从A点射出时,小球将以速度大小为2v,方向沿BC方向通过C点,则小球以2V的速度
从C点沿CB方向射出后运动过程恰好可视为其逆过程,所以若将小球以2v的速度从C点沿CB方向射出,小球能通
过A点;故D正确;
C.由D分析可知,若将小球以2V的速度从C点沿CB方向射出,小球能通过A点;则若将小球小于2V的速度从C
点沿CB方向射出,小球将经过A点右侧。所以,若将该小球以k的动能从C点沿CB方向射出,小球将经过A点
右侧,不能经过A点,故C错误。
故选D。
5、D
【解析】
由题意可知开始时M、N两球开始静止不动,则弹簧的弹力等于它们之间的库仑力,当小球N的带电量突然减小一半
后的瞬间根据库仑定律可知它们之间的库仑力立即减小,而弹簧的弹力在这一瞬间保持不变,故合力不为零,根据牛
顿第二定律可知
因为这一瞬间两球所受弹簧弹力和库仑力都是大小相等,方向相反,而两球质量相同,故两球加速度大小相等,方向
相反,故D正确,ABC错误。
故选D。
6、A
【解析】
B.由题,小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s,根据推论得知,c点的速度等于ad间的平均速度,则有
ac+cd12_,
v=-----=-------=3m/s
。2t2x2
选项B不符合题意;
D.ac间中点时刻的瞬时速度为
ac7--,
v=•—=-=3.5m/s
1t2
cd中间时刻的瞬时速度
cd5
v=——=—m/s=2.5m/s
2t2
故物体的加速度
v—v
a=4-----t=0.5m/s2
由vb2-vc2=2a*bc得,
vb=Mm/s.
故D不符合题意.
A.设c点到最高点的距离为s,贝I:
V2_32
=9m
la2x0.5
则de=s-cd=9-5m=4m.故A符合题意.
C.设d到e的时间为T,则
1
de=2aT2,
解得T=4s.故C不符合题意.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得。分。
7、AC
【解析】
物块的向心加速度沿水平方向,加速度大小为a=32r,设斜劈倾角为仇对物块沿AB方向
f-mgsin0=macos0
垂直AB方向有
mgcos0-N=masin0
解得
f=mgsin0+macos0
N=mgcos0-masin0
当角速度3逐渐增加时,加速度a逐渐增加,f逐渐增加,N逐渐减小,故AC正确,BD错误。
故选AC。
8、BD
【解析】
试题分析:由受力分析及牛顿第二定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小,故A错误;由机械能守恒定
律可知,各点的机械能保持不变,高度(重力势能)相等处的动能也相等,故B错误;由甲乙的速度时间图像可知C
错误D正确
考点:牛顿第二定律;机械能守恒定律
9、AC
【解析】
A.若断开电键S,电容器处于放电状态,电荷量变小,因下极板带正电,故电阻&中有向上的电流,故A正确;
RR
B.若只减小1的光照强度,电阻1变大,但由于不知道外电阻和内阻的大小关系,因此无法判断电源输出的功率的
变化情况,故B错误;
C.电压不变,只将电容器上板向下移动时距离d减小,根据
可知电场强度增加,则电场力增大,所以带电粒子向上运动,故C正确;
D.由于下极板接地,只将P1向上端移动时,下板电势不变,依然为零,故D错误。
故选ACo
10、BD
【解析】
A.因滑块的加速度先减小后反向增加,可知滑块先做变加速后做变减速运动,选项A错误;
B.弹簧处于原长时,加速度为a=5.2m/s2,由牛顿第二定律
mgsin37-[imgcos37=ma
解得
pi=0.1
选项B正确;
C.由图像可知,弹簧被压缩x=0.Im时滑块的加速度减为零,则
mgsin37-\imgcos37=kx
解得
k=156N/m
选项C错误;
D.由能量关系可知,滑块在最低点时,弹簧的弹性势能为
E-mg-2xsin37-[imgcos37-2x
p
解得
EP=3.12J
选项D正确。
故选BD„
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11、9cm50N/mA
【解析】
(1)口][2]根据力的平衡,有
G=2k(L—L)
0
把G=2N时,L=llcm与G=3N时,L=12cm代入解得
L0=9cm
k=50N/m
⑵[3]将A、B弹簧串联起来使用,当拉力为F时,每个弹簧的形变量为x,整体形变量为2x,由F=kx,可得整体的劲
度系数
Fk
左=—=_=25N/m
2x2
故填A。
12、电火花打点计时器0.020.2
【解析】
(1)口]电磁打点计时器纸带运动时,振针振动,计时器与纸带存在较大摩擦,而电火花打点计时器由火花放电,摩擦小,
故选用电火花打点计时器误差小;
(2)⑵根据牛顿第二定律,对滑块有
T-\i-Mg=Ma
变形后得
T
a=——一|ig
M
图像斜率表示合外力则有
TH=2_N=0.2N
10
由于小吊盘和盘中物块的质量之和m远小于滑块(含滑块上的祛码)的质量M,则小吊盘和盘中物块的总重力近似等
于合力,所以小吊盘和盘中物块的总质量为
T
m=—=0.02kg
g一
[3]乙图中纵截距
-2=一Rg
则滑块与木板间的动摩擦因数为
|1=0.2
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13、(1)1=neSv(2)见解析(3)见解析
【解析】
I=Q
(1)电流定义式t,在t时间内,流过横截面的电荷量Q="Sv招,因此/=〃eSv;
(2)小红和小明说的都有一定道理
1=2
a.小红说的对.由于,,在t时间内通过某一横截面的电量Q=It,对于一段导线来说,每个横截面通过的电量均为
Q,则从两端来看,相当于Q的电荷电势降低了U,则
W^QU=UIt
E=;
b.小明说的对•恒定电场的场强1,导体中全部电
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