2023-2024学年四川省物理高一第二学期期中调研试题含解析

2023-2024学年四川省广元天立国际学校物理高一第二学期期中调研试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、关于做匀速圆周运动物体的向心力，下列说法正确的是（）

A.向心力不变

B.向心力一定是重力

C.向心力为其所受的合外力

D.向心加速度决定向心力的大小

2、如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A向上的运动情况是（）

A.加速B.减速

C.匀速D.先加速后减速

3、引体向上是中学生体育测试的项目之一，引体向上运动的吉尼斯世界纪录是53次/分钟.若某中学生在30秒内完

成12次引体向上，该学生此过程中克服重力做功的平均功率最接近于

A.400WB.100WC.20WD.5W

4、2013年6月20日，航天员王亚平在运行中的“天宫一号”内做了如图所示实验：细线的一端固定，另一端系一小球,

在最低点给小球一个初速度，小球能在竖直平面内绕定点做匀速圆周运动.若将此装置带回地球，仍在最低点给小球

相同初速度，则在竖直平面内

A.小球一定能做匀速圆周运动B.小球不可能做匀速圆周运动

C.小球不可能做完整的圆周运动D.小球一定能做完整的圆周运动

5、下列给出的速度值中，速度最大的是（）

A.-15m/sB.5m/sC.36km/hD.lOOcm/s

6、如图甲所示，两物体A、5叠放在光滑水平面上，对物体4施加一水平力F,F-t关系图象如图乙所示.两物体在

力F作用下由静止开始运动，且始终相对静止.则（）

A.两物体做匀变速直线运动

B.两物体沿直线做往复运动

C.8物体所受摩擦力的方向始终与力F的方向相同

D.f=2s至h=3s这段时间内两物体间的摩擦力逐渐减小

7、如图所示，内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分

别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）

A.球A的周期一定大于球B的周期

B.球A的角速度一定大于球B的角速度

C.球A的线速度一定大于球B的线速度

D.球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力

8、如图所示，某同学用硬塑料管和一个质量为机的铁质螺丝帽研究匀速圆周运动，将螺丝帽套在塑料管上，手握塑

料管使其保持竖直并在水平方向做半径为r的匀速圆周运动，则只要运动角速度合适，螺丝帽恰好不下滑，假设螺丝

帽与塑料管间的动摩擦因数为〃，认为最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力。则在该同学手转塑料管使螺丝帽恰好不下

滑时，下述分析正确的是（）

A.螺丝帽受的重力与最大静摩擦力平衡

B.螺丝帽受到杆的弹力方向水平向外，背离圆心

C.此时手转动塑料管的角速度。=

D.若杆的转动加快，螺丝帽有可能相对杆发生运动

9、如图甲所示，半径为衣、内壁光滑的圆形细管竖直放置，一可看成质点的小球在圆管内做圆周运动，当其运动到最

高点A时，小球受到的弹力F与其过A点速度平方（即俨）的关系如图乙所示。设细管内径略大于小球直径，则下列

说法正确的是（）

B.该小球的质量为

b

C.当时，小球在圆管的最高点受到的弹力大小为。

D.当时，小球在A点对圆管的弹力方向竖直向上

10、用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱。如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是

场中的一些点：。是两电荷连线的中点，E、尸是连线中垂线上相对。对称的两点，B、C和4、。也相对O对称。则

B.A、O两点场强相同

C.E、。、尸三点比较，。点场强最弱

D.B、0、C三点比较，。点场强最强

11＞如图所示，在倾角为0的固定光滑斜面上，质量为机的物体受外力尸1和歹2的作用，尸1方向水平向右，尸2方向竖

直向上。若物体静止在斜面上，则下列关系式正确的是（）

A.F1sin0-F2COS0=mgsind

B.F/os。+Fsin0=mgsind

2

C.F2>mg

D.F/mg

12、如图所示,闭合开关S,电压表的示数为U,电流表的示数为I,现向左调节滑动变阻器R的触头P,电压表的示数改变

量的大小为AU,电流表的示数改变量的大小为AI,则下列说法正确的是（）

U一八。2

A.7变大B.不变大

C.电阻Ri的功率变大D.电源的总功率变大

填空题（每小题6分，共18分）

13、某同学用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律.实验所用的电源为学生电源，可以提供输出电压为6V的

交电流和直流电，交电流的频率为50Hz,重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，对纸

带上的点测量并分析，即可验证机械能守恒定律。

打点计时器b-

甲

⑴他进行了下面几个操作步骤：

A.按照图示的装置安装器材；

B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上；

C.用天平测出重锤的质量；

D.先释放纸带，后接通电源，打出一条纸带;

E.测量纸带上某些点间的距离;

F.根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于其增加的动能。

其中没有必要进行的步骤是：—，操作不当的步骤是：。（均填步骤前的选项字母）

⑵这位同学进行正确测量后挑选出一条点迹清晰的纸带进行测量分析，如图乙所示，其中。点为起始点，A、B,C、

D、E、F为六个计数点，根据纸带上的测量数据，可得出打C点时重锤的速度为________m/s（保留2位有效数字）。

（3）他根据纸带上的数据算出各点的速度也量出下落距离力,并以为纵轴、力为横轴画出的图像是图中的

（选填项字母）。

14、某同学要测量一个由均匀新材料制成的中空圆柱体电阻的中空面积So,步骤如下:

O

（1）用游标卡尺测量其长度/如图甲所示，可知其长度为_____mm.

（2）用螺旋测微器测量其直径d如图乙所示，可知其直径为____mm.

（3）选用多用电表的电阻“xi”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该圆柱体的阻值

约为S2.

(4)为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：

A.电流表(0〜200mA,1.0Q)

B.电流表(0〜0.6A,0.1。)

C.电压表(0〜3Y6kQ)

D.电压表(0〜15Y6k。)

E.滑动变阻器(0〜10k。，2A)

F.滑动变阻器(0-200,0.5A)

G.蓄电池(6Y0.05Q)

H.开关一个，带夹子的导线若干

为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的工，电压表应选,电流表应选,滑动变阻器应

3

选(填器材代号).

(5)在方框中画出你所设计方案的实验电路图_____________

(6)实验中要测量的物理量有电压表读数U,电流表读数I,电阻长度/,直径d,则计算金属管线内部空间截面积

So的表达式为So=（设电阻率为夕）.

15、图为“研究电磁感应现象”的实验装置。

（1）将图中所缺导线补接完整_________o

（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后：

A.将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将。（填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”）

B.原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针o（填“向左偏转一下”或“向右偏转

一下，，或，，不偏转，，）

三.计算题（22分）

16、（12分）如图所示，长为R的轻质杆（质量不计），一端系一质量为m的小球（球大小不计），绕杆的另一端v在

竖直平面内做圆周运动

（1）若小球最低点时，杆对球的弹力大小为5mg,则小球的向心加速度为多大？

（2）小球通过最高点时，杆与小球间的弹力大小为0.75mg,则小球的线速度为多大？

17、（10分）如图所示，A3为半径R=0.8m竖直平面内光滑圆轨道，。为圆心，40水平，3为圆的最低点。质量为

机=lkg的物体（可视为质点），从A点由静止下滑，水平向右进入长乙=lm的水平传送带，物体与传送带之间的动摩

擦因数〃=0.4,g=10m/s2•求：

⑴物体到达B点时受到圆弧的支持力为多大？

⑵若传送带固定不动时，物体在传送带上滑动过程产生的热量为多少？

（3）若传送带以v=3m/s顺时针匀速转动时，物体在传送带上滑动过程产生的热量为多少？

口

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、C

【解析】

做匀速圆周运动物体的向心力大小不变，方向不断变化，由物体所受的合外力来提供，故选项A错误，C正确；因重

力是恒力，则向心力一定不是重力，选项B错误；向心力决定向心加速度，选项D错误.

2、A

【解析】

小车沿绳子方向的速度等于A的速度，设绳子与水平方向的夹角为仇根据平行四边形定则，物体A的速度

vA=vcos61

小车匀速向右运动时，。减小，则A的速度增大，所以A加速上升

故选Ao

【解析】

学生体重约为50kg,每次引体向上上升高度约为0.5m,引体向上一次克服重力做功为W=mg&=50xl0x0.5J=250J,全

过程克服重力做功的平均功率为无处=空空亚=100W,故B正确，ACD错误.

t30s

4、B

【解析】

把此装置带回地球表面，在最低点给小球相同初速度，小球在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，则动能和重

力势能相互转化,速度的大小发生改变,不可能做匀速圆周运动，故A错误,B正确;若小球到达最高点的速度v>7^，

则小球可以做完整的圆周运动，若小于此速度，则不能达到最高点，则不能做完整的圆周运动，故CD错误.故选B.

【点睛】

本题主要考查了机械能守恒定律及绳-球模型到达最高点的条件，知道在运行的天宫一号内，物体都处于完全失重状态,

给小球一个初速度，小球能做匀速圆周运动.

5^A

【解析】速度为矢量，其正负号表示方向，不参与大小的比较，又知道36km/h=1Om/s,1OOcm/s=1m/6，所以15m/s

最大，A正确.

6、C

【解析】

试题分析：先对整体受力分析可知加速度的变化，得知整体的运动状态及其变化；再对B分析可知AB间摩擦力及其

变化；

解：A、对AB整体分析可知，整体水平方向只受变化的推力作用.由图象可知，合外力作周期性变化，则由牛顿第

二定律可知，整体的加速度也作周期性的变化，所以两物体做非匀变速直线运动；故A错误.

B、因0-2s时间内物体向右做加速度先增大后减小的加速运动，2s-4s时间内物体向右做加速度先增大后减小的减速

运动，根据对称性可知，4s末物体的速度为零，接着周而复始，故两物体沿直线做单向运动.故B错误；

C、因两物体一直相对静止，故在运动中加速度相同，而B由摩擦力提供加速度，整体由F提供，故B受到的摩擦力

一直与F同向，故C正确；

D、对B分析可知，B水平方向只受摩擦力.t=2s到t=3s时间内，F增大，由牛顿第二定律知，整体的加速度逐渐增

大，B所受的摩擦力逐渐增大；故D错误；

故选C.

【点评】本题为连接体问题，此类问题的处理方法一般要先整体再隔离，分别对整体和部分受力分析是解决问题的关

键.

7^AC

【解析】

ABC.对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图：

根据牛顿第二定律，有

2

F=mgtan6八^=m一v=mra)2

r

解得

v=

gtan。

CD—

r

A的半径大，则A的线速度大，角速度小

根据。=也

知A球的周期大，选项AC正确，B错误;

T

D.因为支持力

N=^-

COS0

知球A对筒壁的压力一定等于球B对筒壁的压力，选项D错误。

故选ACo

8、AC

【解析】

A.螺丝帽受到竖直向下的重力、水平方向的弹力和竖直向上的最大静摩擦力，螺丝帽在竖直方向上没有加速度，根

据牛顿第二定律得知，螺丝帽的重力与最大静摩擦力平衡，故A正确。

B.螺丝帽做匀速圆周运动，由弹力提供向心力，所以弹力方向水平向里，指向圆心，故B错误。

C.根据牛顿第二定律得：

N=marr

又因为：

力=〃N

联立得到:

故C正确。

D.若杆的转动加快，角速度s增大，螺丝帽受到的弹力N增大，最大静摩擦力增大，螺丝帽不可能相对杆发生运动,

故D错误。

故选AC.

9、BC

【解析】

AB.在最高点，根据牛顿第二定律

〃mv2

ms-b-----

R

整理得

〃mv~

t=ms-----

R

由乙图斜率、截距可知

ma

a=mg,—=—

Rb

整理得

a口b

m=-K,g=——

bR

A错误，B正确；

C.由乙图的对称性可知，当俨=25时

F=-a

即小球在圆管的最高点受到的弹力大小为“，方向竖直向下，C正确；

D.当时，小球在A点对圆管的弹力方向竖直向下，D错误。

故选BC。

10、AB

【解析】

A.等量异种点电荷连线的中垂线是一等势面，所以E、0、歹三点比较，电势是相等的，选项A正确；

B.电场线的疏密表示场强的大小，电场线的切线方向表示场强的方向。由甲图可以判断出4、。两点场强大小相等,

方向相同，选项B正确；

C.E、0、F三点比较，由甲图可以判断。点电场线最密，故。点场强最强，选项C错误；

D、B、0、C三点比较，。点电场线最疏，故。点场强最弱，选项D错误。

故选AB„

11、BD

【解析】

若FzNmg,则竖直方向不能平衡，不能处于静止状态，所以匕＜加9；以物体为研究对象，当时分析受力如

图，建立如图所示的坐标系，根据平衡条件得：X方向：Picose+F2sin9=mgsind,y方向:

F^ind+mgcosd^N+F2cose,故选项A、C错误，B、D正确。

mg

12、AC

【解析】

由图看出，变阻器与电阻拈并联后再与电阻出串联。向左调节滑动变阻器R的触头P,则尺阻值变大，电阻Ri与R

并联的电阻R并增大,而号=R并,则知，dU0

增大，故A正确。根据闭合电路欧姆定律得：U=E-KR2+r\即7=&+

不变。故B错误。当向左调节滑动变阻器的触头尸时，变阻器有效电阻变大，外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆

定律，干路电流/减小，电源的内电压和Ri的电压减小，根据闭合电路欧姆定律可知电压表示数U变大，则根据公式

r=」得知，电阻&的电功率变大，故C正确。/减小，E不变，则电源的总功率尸="减小，故D错误。

R

填空题(每小题6分，共18分)

V2

13、CBD2.03——C

2

【解析】

⑴[i]c.因为我们是比较“3、万m2的大小关系，故机可约去比较，不需要用天平，故选项c没有必要。

[2]B.打点计时器应接在交流电源上，因此B选项将打点计时器接到电源的“直流输出”错误，应接在“交流输出”上,

故选项B错误，操作不当。

D.应先接通电源再释放纸带，故D错误，操作不当。

故选BDo

⑵[3]匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出C点的速度大小为

25.90-17.80

%=口=xlO_2m/s=2.03m/s

02T2x0.02

(3)[4][5]重锤做自由落体运动，有v2=2g/i,化简得

2

他继续根据纸带算出各点的速度V,量出下落距离〃，并以L为纵轴、以力为横轴画出的图象，图象的斜率

2

k=g

所以图象是一条过原点的倾斜直线，选项C正确，ABD错误。

故选C。

14、50.154.70022CAF如图所示：

【解析】

(1)游标卡尺读数=固定刻度读数+游标尺读数；

固定刻度读数：50mm

游标尺读数：0.05mmx3=0.15mm；

故游标卡尺读数为50.15mm；

(2)螺旋测微器的读数=固定刻度读数+半刻度读数+可动刻度读数数；

固定刻度读数：4.0mm；

半刻度读数：0.5mm；

可动刻度读数：20.0x0.01mm=0.2(X)mni；

故螺旋测微器的读数为4.700mm；

(3)该圆柱体的阻值约为22xl£l=22Q;

(4)电源电动势为6V,为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的;，使用电压表D量程太大，故

电压表选择C；

待测电阻两端的电压不能超过3V,最大电流不超过二A"0」36A=136mA,所以电流表选A；

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由于电压表的量程不足，变阻器采用分压式接法，为保证电路安全方便实验操作，滑动变阻器应选F；

(5)由于电流表内阻与待测电阻的阻值相差不多，故采用安培表外接法，如图所示：

(6)根据欧姆定律可以得到：R,=*,根据电阻定律可知：R,=p4

联立可以得到电阻的横截面积为：S吗

/j\2/Jy

则金属管线内部空间截