浙江省杭州市2022-2023学年高三年级下册教学质量检测（二模）物理 含解析

2022学年第二学期杭州市高三年级教学质量检测

物理试题

I选择题部分

一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是

符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）

1.下列属于磁感应强度的单位且用国际单位制中基本单位符号表示的是（）

A.TB.N-A-1-m-1C.kg-A^-s_2D.kg-A^-s-3

【答案】C

【解析】

【详解】磁感应强度

IL

磁感应强度单位为T,则

2

"IN1kg-m/s1kg

11=-------=---------------=i--------

A-mA-mA-s-

故选C。

2.如图所受是运油20给歼10、歼20两种战机同时加油的瞬间，则（）

A.研究加油问题时，运油20可视为质点

B.加油过程中，运油20的惯性越来越大

C.以运油20为参考系，歼20、歼10战机是运动的

D.以歼10战机为参考系，运油20和歼20都是静止的

【答案】D

【解析】

【详解】A.研究加油问题时，运油20的形状和体积对所研究的问题的影响不能忽略，因此研究加油问

题时，运油20不能视为质点，A错误；

B.物体的惯性大小由质量决定，加油过程中，运油20的质量减小，则其惯性减小，B错误；

CD.为了确保安全，加油过程中，运油20、歼10、歼20三者的相对位置需要保持不变，则以运油20为

参考系，歼20、歼10战机是静止的，以歼10战机为参考系，运油20和歼20也都是静止的，C错误，D

正确。

故选D。

3.如图，用一根轻质细绳将一幅重力为G画框对称悬挂在墙壁上，画框上两个挂钉间的距离为4,绳子

的总长度为，绳子对一个挂钉的拉力为足则（）

A.F的大小等于0.5GB.F的大小小于0.5G

C.L不变而增大d,可使尸增大D.d不变而增大L可使尸增大

【答案】C

【解析】

2Fcos0=G

G_0.5G

2cos。cos，

所以E的大小大于0.5G,故AB错误;

C.L不变而增大d,。增大，可使/增大，故C正确；

D.d不变而增大3夕减小，可使F减小，故D错误。

故选Co

4.如图，是一个小球从水平向右的横风区正上方自由下落的闪光照片，除横风区外，其他位置的空气作用

力可不计，则（）

o

A.小球在横风区中水平速度不变B.小球刚进入横风区时加速度水平向右

C.小球刚从横风区飞出时速度最大D.小球从横风区飞出后，做匀变速曲线运动

【答案】D

【解析】

【详解】AB.小球刚进入横风区时，受重力和水平向右的风力，根据牛顿第二定律可知加速度斜向右下方，

且水平方向的速度增大，故AB错误；

CD.小球从横风区飞出后，只受重力作用，做匀变速曲线运动，向下运动过程中速度不断增大，所以小

球刚从横风区飞出时速度不是最大，故C错误，D正确。

故选D。

5.如图所示是神舟十四号飞船夜间返回的红外照片，打开降落伞后，飞船先减速后匀速下降，最后安全着

陆。若不计空气对飞船的作用力，则（）

A.打开降落伞之后，飞船仍处于失重状态

B.匀速下降阶段，飞船的机械能守恒

C.减速下降阶段，飞船的机械能的减少量等于合力对飞船做的功

D.匀速下降阶段，飞船的机械能的减少量等于重力对飞船做的功

【答案】D

【解析】

【详解】A.打开降落伞后，飞船减速运动时，加速度方向向上，处于超重状态，故A错误;

B.匀速下降阶段，飞船动能不变，重力势能减小，机械能减小，故B错误；

C.减速下降阶段，飞船的机械能的减少量等于阻力对飞船做的功，故C错误；

D.匀速下降阶段，飞船的机械能的减少量等于阻力对飞船做的功，而重力等于阻力，所以飞船的机械能

的减少量等于重力对飞船做的功，故D正确。

故选D。

6.用如图甲所示实验装置研究光电效应的规律，得到如图乙所示的实验数据，由此可知（）

<Y>

____________)|_______

u耳3

光的颜色绿色紫色

410

546

光的波长入/nm

强度较低强度较高

反向电压U/V光电流//〃A光电流//〃A光电流//〃A

0.0010.48.514.8

0.024.06.711.9

0.04

0.04.88.9

0.060.03.06.0

乙

A.单位时间逸出的电子数与入射光的强度有关

B.用绿光实验时，遏止电压一定是0.04V

C.用强度较高紫光实验时，饱和电流大小为14.8NA

D.不同颜色的光照射时，材料的逸出功不同

【答案】A

【解析】

【详解】A.根据不同强度的紫光照射时电流大小，可知单位时间逸出的电子数与入射光的强度有关，故

A正确；

B,用绿光实验时，遏止电压不一定是0.04V,故B错误；

C.用强度较高紫光实验时，不能确定饱和电流大小是否为14.即A,故C错误；

D.逸出功是由金属的性质决定，与入射光频率无关，故D错误。

故选A„

7.在医学上，放射性同位素锢90武Sr）制成表面敷贴器，可贴于体表治疗神经性皮炎等疾病。锯90虑Sr）

会发生£衰变，其衰变产物中有铝（Y）的同位素，半衰期为28.8年。下列说法正确的是（）

A.Y原子核的中子数为52

B.0.4mol的3°Sr原子核经过57.6年后还剩余0.3mol

C.4射线是电子流，速度可接近光速

D.将银90制成的数贴器贴在患者体表，若患者发高烧会导致锅90衰变速度加快

【答案】C

【解析】

【详解】A.铜90（；；Sr）会发生/衰变，根据质量数守恒与电荷数守恒可知，Y的质量数为90,电荷数

为

z=38-（-l）=39

则Y原子核的中子数为

90-39=51

故A错误；

B.铜90（；；Sr）半衰期为28.8年，故0.4mol的;;Sr原子核经过57.6年后还剩余（Mmol,故B错误；

C./射线是电子流，速度可接近光速，故C正确；

D.半衰期的大小跟原子所处的温度、压强等物理状态以及化学状态无关，故D错误。

故选C。

8.如图所示，是某火星探测器简化飞行路线图，其地火转移轨道是椭圆轨道。假设探测器在近日点尸点进

入地火转移轨道，在远日点。，被火星俘获。已知火星的轨道半径是地球地火轨道半径的1.5倍，则转轨

道（）

Q

火

地

移

转

道

轨

\太阳。

//。

…二P二'/火星

'、、、地球J

A.地球公转的周期大于火星公转的周期

B.探测器进入地火转移轨道后，速度逐渐增大

探测器在地火转移轨道上的周期大于火星的公转周期

D.探测器从发射到被火星俘获，经历的时间约255天

【答案】D

【解析】

【详解】A.根据开普勒第三定律，地球公转的周期小于火星公转的周期，故A错误;

B.探测器进入地火转移轨道后，万有引力做负功，速度逐渐减小，故B错误;

C.根据开普勒第三定律，探测器在地火转移轨道上的周期小于火星公转的周期，故C错误;

D.根据开普勒第三定律

a3

产

探测器在地火转移轨道上的周期

探测器从发射到被火星俘获，经历时间

2

联立代入数据可知经历的时间约255天，故D正确。

故选D。

9.如图所示，把线圈（内阻不计）、电容器、电源、电阻和单刀双掷开关连成图示电路。把电压传感器（图

中未画出）的两端连在电容器的两个极板M、N±o先把开关置于。侧，一段时间后再把开关置于6侧,

从此刻开始计时，电压与N随时间f变化的图像正确的是（

【答案】C

【解析】

【详解】由于电路有能量损耗，有一部分能量转化为内能，还有一部分能量以电磁波的形式辐射出去，

故电压振幅会减小，电容器放电时间由电容器自身决定，故周期不变，且开始时，电容器电压最大，则

计时开始时，电压处于最大振幅。

故选C。

10.如图所示，在水槽中，a、b、c、d、e是水面上同一直线的五个质点，已知ac=Z?c,cd=de。现使完全

相同的波源以。同向起振，产生速度为丫、振幅为A、周期为T的两列水波，形成图示的干涉图样。此时

c点的位移为+2A,e点是与c紧邻的位移也为+2A的质点，则下列说法错误的是（）

A.d点是振动加强的点

B.c、e之间有一个质点振幅为零

C.c、e两个质点水平距离为vT

D.e点与da的水平距离相差2vT

【答案】B

【解析】

【详解】C.根据题意c、e是两个相邻的振动加强的质点，可知两质点之间的距离等于一个波长，即

xce=A-vT

C正确，不符合题意；

D.e点与b、。的水平距离的差值大小为

Xeb-Xea=Xce+Xcb~(Xca-Cce)=^Xce=22=2vT

D正确，不符合题意；

A.d点与6、。的水平距离的差值大小为

Xdb-Xda=Zb+JZe—[x。。—g="e=

可知，d点是振动加强的点，A正确，不符合题意；

B.c、e之间质点到与6、。的水平距离的差值大小为

XXXXXX2x

Jb-fa=cb+fc-(ca-fc)=fc

若该点振幅为零，即为振动减弱点，则有

丸

勺,-X点=2x於=(2〃+1>5(n=0,1,2,3…)

根据上述有

°<Xfc<%=%

解得

n=0,1

可知c、e之间有两个振动减弱的质点，即c、e之间有两个质点振幅为零，B错误，符合题意。

故选B。

11.利用霍尔元件可以进行微小位移的测量。如图甲所示，将霍尔元件置于两块磁性强弱相同同极相对放

置的磁体缝隙中，建立如图乙所示的空间坐标系。两磁极连线方向沿x轴，通过霍尔元件的电流/不变，

方向沿z轴正方向。当霍尔元件处于中间位置时，磁感应强度2为0,霍尔电压U”为0,将该点作为位移

的零点。当霍尔元件沿着:tr方向移动时，则有霍尔电压输出，从而能够实现微小位移的测量。已知该霍尔

元件的载流子是负电荷，则下列说法正确的是()

A.霍尔元件向左偏离位移零点时，其左侧电势比右侧高

B霍尔元件向右偏离位移零点时，其下侧电势比上侧高

C.增加霍尔元件沿y方向的厚度，可以增加测量灵敏度

D.增加霍尔元件沿x方向的厚度，可以增加测量灵敏度

【答案】B

【解析】

【详解】AB.霍尔元件向左偏离位移零点时，磁场方向向右，则带负电的载流子向下偏转，则上侧电势

比下侧高；同理霍尔元件向右偏离位移零点时，其下侧电势比上侧高，选项A错误，B正确；

CD.当稳定时

---q=qvB

dy

其中

I=nqdydxv

解得

nqdx

则只有减小x方向的厚度才能增加灵敏度；增加霍尔元件沿y方向或者沿尤方向的厚度，都不可以增加测

量灵敏度，选项CD错误。

故选B。

12.如图甲所示，某多级直线加速器由"个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，

各金属圆筒依序接在交变电源的两极M、N上，序号为C的金属圆板中央有一个质子源，质子逸出的速度

不计，M、N两极加上如图乙所示的电压一段时间后加速器稳定输出质子流。已知质子质量为机、电

荷量为e,质子通过圆筒间隙的时间不计，且忽略相对论效应，则（）

FTTII2）

有o1n2n11Ia,।|[+113CH3i11i21i1i「Ii।

D丁丁丁

NooT

甲

A.质子在各圆筒中做匀加速直线运动

2（n-l）e[/

B.质子进入第n个圆筒瞬间速度为0

m

C.各金属筒的长度之比为1:虎：73：•••

D.质子在各圆筒中的运动时间之比为i：、/5：粗：…

【答案】c

【解析】

【详解】A.金属圆筒中电场为零，质子不受电场力，做匀速运动，故A错误;

B.质子进入第〃个圆筒时，经过〃次加速，根据动能定理

12

neU0=-mvn-0

解得

2neU

V0

n=m

故B错误；

D.只有质子在每个圆筒中匀速运动时间为工时，才能保证每次在缝隙中被电场加速，故D错误;

2

C.第”个圆筒长度

则各金属筒的长度之比为1:0：6：・・・，故C正确。

故选C。

13.如图所示，有一块半径为R的半圆形玻璃砖，。。'是对称轴。现有平行单色光垂直照射到AB面，玻璃

53

砖对该单色光的折射率为一。已知sin37=-,不考虑二次反射，则（）

35

\O

I

p

A.玻璃砖的弧面上有光射出的区域弧长为」

180

B.若在纸面内将玻璃砖绕圆心逆时针旋转30，有光射出的区域弧长不变

C,所有从A3射出的光线都将汇于一点

D.入射光线距OO,越远，出射光线与。。'的交点离AB面越远

【答案】B

【解析】

【详解】A.光线射到圆弧面上的临界角

.「13

sinC=—=—

n5

则

C=37°

玻璃砖的弧面上有光射出的区域弧长为

2x37377iR

2兀R—

36090

选项A错误;

B.光线垂直射到直径A8时，玻璃砖的弧面上有光射出的区域所对应的角度为74。；若在纸面内将玻璃

砖绕圆心逆时针旋转30，设此时能在圆弧A8面上发生全反射的两条临界光线在直径上的折射角为仇

则

ZDFG=180-C-(90—8)=90-C+0

ZHFE=180-C-(90+8)=90-C-0

则

ZGFH=180-(ZDFG+NHFE)=2C=74

可知有光射出的区域弧长不变，选项B正确；

CD.设能从圆弧上射出某条光线在A8上的入射角为a,则折射角p满足

sin«_3

sin/35

由正弦定理

R_FM

sin(,-a)sin("-/3)

可得

E,FM=------R-----.__

v9-25sin2a

cosa-------------------

5

则光线在AB上的入射角a不同，则光线与。。'的交点不同，即射出的光线不是都将汇于一点，入射光线

距。。越远a较大，出射光线与。。的交点离A3面不一定越远，选项CD错误。

故选B。

二、选择题(本题共2小题，每小题3分，共6分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符

合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不选全的得2分，有选错的得0分

14.下列说法正确的是()

A.可用金属柏制作温度传感器B.可用干簧管制作压力传感器

C.可用金属电容器制作位移传感器D.可用电阻应变片制作温度传感器

【答案】AC

【解析】

【详解】A.金属伯的电阻值随温度变化而变化，并且具有很好的重现性和稳定性，利用伯的这种物理特

性制成的传感器称为钳电阻温度传感器，钳电阻温度传感器精度高，稳定性好，应用温度范围广，故A

正确；

B.干簧管是感知磁场的传感器，故B错误；

C.金属电容式位移传感器的原理是电容器的两个电极作相对位移时，其电容量随着变化，根据电容的变

化量可以测出位移的大小和方向，故可用金属电容器制作位移传感器，故C正确；

D.电阻应变片由电阻丝温度系数和电阻丝与被测件材料的膨胀系数的不同会产生温度误差，故不可用电

阻应变片制作温度传感器，故D错误。

故选AC。

15.与下图相关的说法正确的是分（）

乙：a粒子散射的实验装置示意图

A.图甲:汤姆孙的气体放电管实验可估测电子的比荷

B.图乙:卢瑟福的a粒子散射实验可估测原子核的半径

C.图丙:康普顿认为光子与电子碰撞之后，动量减小、波长变短

D.图丁:玻尔理论可以解释多种物质发出的线状光谱

【答案】AB

【解析】

【详解】A.汤姆孙通过研究求出了阴极射线的比荷，明确阴极射线是电子，故A正确；

B.卢瑟福在用a粒子轰击金箔的实验中发现大多粒子能穿透金箔，只有少量的粒子发生较大的偏转，提

出原子核式结构学说，并能估测原子核的半径，故B正确；

C.康普顿认为光子与电子碰撞之后，动量减小、波长变长，故C错误；

D.玻尔理论只可以解释氢原子的光谱现象，故D错误。

故选ABo

II非选择题部分

三、非选择题（本题共6小题，共55分）

16.（1）在“探究加速度与质量的关系”实验中，实验装置如图所示。

运动”）的特点，实验时，应改变多次实验。

【答案】①.AC##CA②.0.49##0.47##0.48##0.50##0.51##0.52③.B④.竖直分运动⑤.

下落高度⑥.撞击力度

【解析】

【详解】（1）①[1]A.实验前将长木板安装打点计时器的一侧适当垫高，以补偿小车受到的阻力，轻推小

车,当小车恰好匀速下滑时，说明小车重力的下滑分力刚好平衡了小车的摩擦阻力，故A正确;

B.电火花打点计时器电压为220V,故B错误;

C.实验探究加速度与质量的关系，故需用天平称量小车及车中重物的质量，故C正确;

D.探究加速度与质量的关系，槽码的质量不需要改变，故D错误。

故选AC„

②⑵由图可知,小车的加速度大小为

Av0.52-0.38

(I---------m---/-s-2--h---0--.47m/s2

At0.5-0.2

③[3]由图可知,图像是一条过原点的直线，在拉力不变时，小车的加速度与质量成反比，拉力的大

小由槽码的质量影响。

故选B。

（2）[4]利用如图实验装置只能研究竖直方向两小球同时落地，故可探究平抛运动竖直分运动。

⑸⑹实验时，为了得到实验结论，需多次测量实验，故需改变小球下落高度和撞击力度。

17.在“测量电源的电动势和内阻”实验中，某小组用两节干电池串联进行测量.

（1）该小组用多用电表粗测电池组的电动势，在实验前可能需要进行的操作是（选填“机械调

零”、“欧姆调零”）；如图所示

是多用电表的操作面板，实验前需将选择开关旋转至_________档；经正确操作后，电表指针指在如图所

示位置，由图中可知该电池组的电动势为V.

(2)①该小组进一步用图所示仪器(其中定值电阻阻值为4.00。)，测量电池组的电动势与内电阻，部分

仪器已完成连接，为减少实验误差，试用笔迹代替导线将电压表接入电路

②经过正确操作后，得到该电池的伏安特性曲线如图所示，由此可知电池组的电动势为V,内电阻

3.20④.见解析⑤.3.001.56

【详解】(1)[1]该小组用多用电表粗测电池组的电动势，在实验前可能需要进行的操作是机械调零。

⑵用多用电表测电池组电动势，实验前需将选择开关旋转至直流10V档。

[3]经正确操作后，电表指针指在如图所示位置，由图中可知该电池组的电动势为3.20V。

(2)①[4]如图

②[5]根据闭合电路欧姆定律，可得

U=E-I(r+R)

结合伏安特性曲线，有

由此可知电池组的电动势为3.00V,内电阻为1.56Q

18.如图甲、乙，是某一强力吸盘挂钩，其结构原理如图丙、丁所示。使用时，按住锁扣把吸盘紧压在墙

上（如图甲和丙），空腔内气体压强仍与外界大气压强相等。然后再扳下锁扣（如图乙和丁），让锁扣通过细杆

把吸盘向外拉起，空腔体积增大，从而使吸盘紧紧吸在墙上。已知吸盘挂钩的质量，〃=0.02kg,外界大气压

强po=lxlO5pa,丙图空腔体积为Vo=1.5cm3,丁图空腔体积为0=2.Ocm3,如图戊，空腔与墙面的正对面积

为Si=8cm2,吸盘与墙面接触的圆环面积S2=8cm2,吸盘与墙面间的动摩擦因数〃=0.5,最大静摩擦力可

视为等于滑动摩擦力。吸盘空腔内气体可视为理想气体，忽略操作时温度的变化，全过程盘盖和吸盘之间

的空隙始终与外界连通。

(1)扳下锁扣过程中空腔内气体吸热还是放热？

(2)求板下锁扣后空腔内气体的压强pi;

(3)若挂钩挂上重物时恰好不脱落，求所挂重物的质量

【答案】(1)吸热；(2)7.5xlO4Pa；(3)4.98kg

【解析】

【详解】(1)整个过程中，温度不变，空腔内气体内能不变，扳下锁扣过程中外力对空腔内气体做负功,

根据热力学第一定律，空腔内气体吸热。

(2)根据玻意耳定律

p(y0=PNI

代入数据解得

pi=7.5xlO4Pa

(3)若挂钩挂上重物时恰好不脱落，对挂钩受力分析

挂钩对墙面的压力

FN=p0S2+(p0-pl)Sl

联立代入数据得

M=4.98kg

19.如图所示，某游戏装置由光滑平台、轨道A3、竖直圆管道BCOEC(管道口径远小于管道半径)、水平

轨道CG光滑直轨道BG平滑连接组成，B、C、。为切点，A,尸连接处小圆弧长度不计，A点上方挡片

可使小滑块无能量损失地进入轨道AB。圆管道半径R=0.2m,管道中，内侧粗糙，外侧光滑。小滑块与

轨道AB、CF的动摩擦因数均为〃=0.5,AB轨道长度/=0.4m,倾角6=37°,CF长度L=2m,FG

高度差〃=0.8m,平台左侧固定一轻质弹簧，第一次压缩弹簧后释放小滑块，恰好可以运动到与管道圆

心等高的D点，第二次压缩弹簧使弹性势能为0.36J时释放小滑块，小滑块运动到圆管道最高处E的速度

为％=lm/s,已知小滑块质量m=0.1kg可视为质点，sin37°=0.6,cos37°=0.8,不计空气阻力。

求；

(1)第一次释放小滑块，小滑块首次到圆管上的C点时受到弹力大小；

(2)第二次释放小滑块，小滑块从C点运动到E点的过程，圆管道对滑块的摩擦力做的功；

(3)若第三次压缩弹簧使弹性势能为Ep时释放小滑块，要求小滑块在圆管道内运动时不受到摩擦力且全

程不脱轨，最终停在C歹上。写出小滑块。'尸上运动的总路程s与Ep之间的关系式，并指出Ep的取值

范围。

E

m

•n

D

【答案】(1)综=3N；⑵叱=-0.03J；(3)s=(2£p+0.24)m；0.38J<Ep<1.68J

【解析】

【详解】(1)从C到。，对小滑块由动能定理可得

12

—mgR=Q——mvc

解得

vc=2m/s

在。点由牛顿第二定律可得

尸vc

K

联立解得

FN=3N

(2)从开始到E点由动能定理可得

12

Ep+mglsin6-jumglcos0-mgR(l+cos8)+%=—mv卷一0

解得

喷=-0.03J

(3)从开始到C,可得

EkC-Ep=mglsin0-/jmglcos0+mgR(\-cos，)

解得

%=综+0.⑵

要能最终停在C厂上，必过E点，圆轨道运动无摩擦，所以

m2<m—

R

1

£kE=-mVE9^0-1J

又有C到E,可得

-2mgR=EW-EkC

解得

Ep>O.38J

EkC>0.5J

不从右侧斜面飞出需

Ekc-"ingL-mgh<0

解得

Ep<1.68J

%WL8J

返回，若不过圆心等高处，可得

Ekc-2fimgL-mgh<0

解得

EkC<2.2J

Ep<2.08J

故

0.38J<Ep<1.68J

从开始到静止有

Ekc-〃mgs=0

则

s=(2Ep+0.24)m

其中

0.38J<Ep<1.68J

20.如图所示，电池通过开关K］与两根光滑水平轨道相连接，轨道的5、T两处各有一小段绝缘，其它位

置电阻不计，轨道间L=lm,足够长的区域MNP。内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度与=0.5T,QR右

侧足够长的区域内有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B2=O-5T,。、尸两处各有一微微突起的导电结点，

结点不影响金属棒通过。轨道右端电阻凡=0」。，尸与R间有一开关K.轨道上放置三根质量根=0.03kg、

电阻-0.1。的相同金属棒，金属棒甲位于3磁场内的左侧；金属棒乙用较长绝缘细线悬挂在8磁场外靠近

0P边界的右侧，且与导电结点无接触；金属棒丙位于8磁场内的左侧。闭合Ki,金属棒甲向右加速，达

到稳定后以%=2m/s速度与金属棒乙碰撞形成一个结合体向右摆起。此时立即断开K1并闭合K?,当两棒

结合体首次回到OP时，恰与导电结点接触（无碰撞），此时导体棒丙获得向右的速度。两棒结合体首次向左

摆到最大高度/z=0.032m处被锁止。空气阻力不计，不考虑装置自感。求：

（1）电池电动势E的大小；

（2）碰后瞬间甲、乙结合体的速度大小％；

（3）结合体与导电结点接触过程，通过金属棒丙的电荷量公

【解析】

【详解】（1）当感应电动势大小等于电池电动势大小时，金属棒匀速运动，电池电动势

£=BxLv0=IV

（2）根据动量守恒

mv0=2mvr

得碰后瞬间甲、乙结合体的速度大小

V1=lm/s

（3）根据

得两棒结合体首次回到。尸时的速度

v2=0.8m/s

方向向左，根据动量守恒

mvi=mv3—mv2

得导体棒丙速度

v3=1.8m/s

根据

F安•Nt=B?IL・X=mv3

q=[.At

得结合体与导电结点接触过程，通过金属棒丙的电荷量

q=0.108C

(4)根据能量守恒，全过程金属棒丙、以产生热量之和为

19

。总=—mv3=0.0486J

全过程金属棒丙产生焦耳热

一❷=0.0243J

2R0+r

4加正

21.某离子诊断测量装置的简化结构如图所示。在第一象限中存在一沿+方向，电场强度后=一^的匀

aq

强电场。在第二、三象限存在垂直平面向外磁感应强度3=强的匀强磁场。有一块长度为a的探

aq

2

测板CD,仅可在第四象限范围内移动，且始终接地。在第一象限的抛物线y=—/(o