2024届北京市延庆区高三年级下册一模物理（解析版）

2024北京延庆高三一模

物理试卷

本试卷共9页，100分。考试时长90分钟。考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无

效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第一部分

本部分共14道题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，请选出最符合题目要求的

一项。

1.下列核反应方程中属于聚变反应的是（）

A.汨+汨.；He+；n

B.i；/N+/：Heo-1O1+：H

C"He+；；AlT；*+jn

D.2；；U+：nT喘Ba+MKr+3，n

【答案】A

【解析】

【详解】聚变是指由质量小的原子，主要是指笊或瓶，在一定条件下（如超高温和高压），发生原子核互相聚

合作用，生成新的质量更重的原子核，并伴随着巨大的能量释放的一种核反应方式，A是轻核聚变，B中方程

是质子的发现方程；C中方程是原子核的人工转变；D是重核裂变，A正确，BCD错误。

故选A„

2.如图所示，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光a、b,波长分别为儿、人,该玻璃对单色光。、b的

折射率分别为国、侬。则（）

A.九“<儿，"a>nbB.'">儿?，Wa<nb

C.，Ha<nbD.九.>九占，"a>llb

【答案】B

【解析】

【详解】由图可知，6光的偏折程度较大，根据折射定律可知三棱镜对6光的折射率较大，又因为光的频率越

大，介质对光的折射率就越大，故b光的频率大于。光的频率，根据

2=-

f

可知6光的波长小于。光的波长。

故选B。

3.一定质量的理想气体从状态。开始，经历三个过程，先后到达状态b和c,最后回到原状态a,其p-T图像

如图所示。下列判断正确的是（）

A.从状态a到状态b的过程中，气体既不吸热也不放热

B.从状态6到状态c的过程中，气体的内能增加

C.从状态c到状态。的过程中，气体的体积不变

D.a、6和c三个状态中，状态。时分子的平均动能一定最大

【答案】C

【解析】

【详解】A.从状态a到状态b的过程中，气体压强不变，温度升高，内能增加，体积变大，气体对外做功,

则根据

AU=W+Q

则气体吸热，选项A错误；

B.从状态6到状态c的过程中，气体的温度不变，则内能不变，选项B错误；

C.根据

p=­T

V

可知，从状态c到状态。的过程中，气体的体积不变，选项C正确；

D.°、》和c三个状态中，状态a时温度最低，可知该状态下分子的平均动能一定最小，选项D错误。

故选C。

4.将M=22O0sin（lOO万r）V的电压输入如图所示的理想变压器的原线圈，原副线圈的匝数之比为

珥：%=55:1,R=l。。下列说法正确的是（）

A.该交流电的频率为100Hz

B.闭合开关S后，电阻R消耗的电功率为16W

C.闭合开关S后，电流表的读数为2A

D.断开开关S后，副线圈的输出电压为0

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据瞬时值的表达式可知，该交流电的频率为

£=T=50HZ

故A错误;

C.由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220内，所以原线圈的电压的有效值为220V,根据变

压器电压关系有

U]_%_55

U2n21

可得

4=4V

副线圈上的电流为

I==4A

?2R

电流表的读数为原线圈的电流，根据变压器电流关系有

A_生

%%

可得

=J-4A=—A

1X

5555

故c错误；

B.电阻消耗的功率为

P2=U2I2=4x4W=16W

故B正确；

D.断开S后，不影响副线圈电压，根据

U]_弭_55

U2n,1

可知副线圈电压不为0,故D错误。

故选B。

5.一列简谐横波在右。时刻的波形如图甲所示，图乙所示为该波中质点尸的振动图像。下列说法正确的是

()

A.该波一定沿无轴正方向传播

B.该波的波速为40m/s

C.U0.15s时质点P速度大于质点。的速度

D.经过0.3s后，质点P通过的路程为6m

【答案】C

【解析】

【详解】A.由波形图和质点P的振动图像，不能确定该波的传播方向，故A错误；

B.由甲图知，波长为4m,由乙图知，周期为0.2s,则该波的传播速度为

v=—=20mzs

T

故B错误；

3

C.当f=0.15s=—T时质点P振动到平衡位置，此时速度最大，质点。振动到最大位移处，速度为零，故C

4

正确；

D.因周期为0.2s,则经过0.3s后

t=0.3s=T+—

2

质点P通过的路程为

5=6A=6x0.4m=2.4m

A.图甲中，Ai与Li的电阻值相同

B.图甲中，闭合Si,电路稳定后，Ai中电流大于Li中电流

C.图乙中，变阻器R与L2的电阻值相同

D.图乙中，闭合S2瞬间，L2中电流与变阻器R中电流相等

【答案】C

【解析】

【详解】AB.断开开关Si瞬间，灯Ai突然闪亮，由于线圈Li的自感，通过Li的电流逐渐减小，且通过Ai,

即自感电流会大于原来通过Ai的电流，说明闭合Si,电路稳定时，通过Ai的电流小于通过Li的电流，Li的电

阻小于Ai的电阻，故AB错误；

C.闭合S2,电路稳定时，A2与A3的亮度相同，说明两支路的电流相同，因此变阻器R与L2的电阻值相同，

故C正确；

D.闭合开关S2,A2逐渐变亮，而A3立即变亮，说明L?中电流与变阻器R中电流不相等，故D错误。

故选C。

8.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块（可视为质点），。点为弹簧在原长时物块的位置。物

块由A点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达8点。关于物块的受力及运动特征，下列

说法正确的是（）

AOB

A.从A到。，物块所受重力的冲量为。

B.从A到0,物块的加速度一直减小

C.从A到8,物块通过。点时的速度最大

D.从A到8,弹簧弹力对物块做功等于物块与水平面摩擦产生的热量

【答案】D

【解析】

【详解】A.物块由A点运动到8点所用时间为右重力的冲量

I=mgt

故A错误；

B.由于水平面粗糙且。点为弹簧在原长时物块的位置，所以弹力与摩擦力平衡的位置在。4之间，加速度为

零时弹力和摩擦力平衡，所以物块在从A到8的过程中加速度先减小后反向增大，故B错误；

C.从A到。运动，当弹簧的弹力等于摩擦力时，加速度为0,速度最大。弹力与摩擦力平衡的位置在OA之

间，故速度最大点在之间，故C错误；

D.由全过程能量守恒知，从A到8,弹簧弹力对物块做的功等于物块与水平面摩擦产生的热量，故D正

确。

故选D

9.如图所示，质量均为优的A、2两物块置于水平地面上，物块与地面间的动摩擦因数均为〃，物块间用一水

平轻绳相连，绳中无拉力。现用水平力F向右拉物块A,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。重力加速度为

g。下列说法中不正确的是（）

/////////////////////////////////////

A.当OVf/加g时，绳中拉力为0

B.当fimg＜F＜2/Limg时，绳中拉力为F—fimg

F

C.当尸＞2〃冽g时，绳中拉力为,

D.无论尸多大，绳中拉力都不可能等于£

3

【答案】D

【解析】

【详解】A.当。〈与加g时，A受到拉力与静摩擦力的作用，二者可以平衡，绳中拉力为0.故A正确，不

符合题意；

B.当〃他g＜心2〃%g时，整体受到拉力与摩擦力的作用，二者平衡，所以整体处于静止状态.此时A受到的

静摩擦力到达最大即〃Wg,所以绳中拉力为P-RMg.故B正确，不符合题意；

C.当尸＞2w«g时，对整体：

F-iLimg

a-

2m

对B：

_F垃一〃ng

a-----------

m

联立解得绳中拉力为

故C正确，不符合题意；

D.由B的分析可知，当〃加且〈仁2〃加g时绳中拉力为尸绳中拉力可能等于（，故D错误，符合题

忌、O

故选D。

10.随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都

已经实现了从理论研发到实际应用的转化。下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的

原理图。关于无线充电，下列说法正确的是（）

接收线圈上爷‘

-u-n2、

"翟芭鎏*场

、二八’:皂？）射线圈善号-

充电底座

A,无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”

B.只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电

C.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同

D.只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电

【答案】C

【解析】

【详解】A.无线充电的原理，其实就是电磁感应现象，而不是电流的磁效应，故A错误；

B.发生电磁感应的条件是磁通量要发生变化，直流电无法产生变化的磁场，故不能接到直流电源上，故B错

误；

C.发生电磁感应时，两个线圈中的交变电流的频率是相同的，故C正确；

D.只有无线充电底座，手机内部没有能实现无线充电的接收线圈等装置，也不能进行无线充电，D错误。

故C正确。

11.某同学利用如图所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，在实验中，他将滑动变阻器的滑片从左端匀速滑

向右端，发现电流表的指针始终在小角度偏转，而电压表的示数开始时变化很小，但当滑片接近右端时电压

表的示数迅速变大。为了便于操作并减小误差，你认为应采取的措施是（）

A.换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上

B.换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上

C.换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上

D.换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上

【答案】D

【解析】

【详解】AC.由于电流表的指针始终在小角度偏转，说明它选择的量程偏小，应该选用更大的量程，故AC

错误；

BD.又因为当滑片接近右端时电压表的示数迅速变大，说明滑动变阻器的阻值偏大，应该选用阻值较小的滑

动变阻器，故B错误，D正确。

故选D。

12.航天器离子发动机原理如图所示，首先电子枪发射出的高速电子将中性推进剂离子化（即电离出正离

子），正离子被正、负极栅板间的电场加速后从喷口喷出，从而使航天器获得推进或调整姿态的反冲力，已知

单个正离子的质量为加，电荷量为分正、负栅板间加速电压为U,从喷口喷出的正离子所形成的电流为I,

忽略离子间的相互作用力，忽略离子喷射对航天器质量中和电子枪磁铁的影响.该发动机产生的平均推力/

的大小为（）

中和电子枪4H

磁铁■■

电负极栅板

。e中性推进剂常正极栅板

・离子

\2mU\mU\mU…mU

A.IT-----B.I——C.IT——D.21——

VqVqV2qVQ

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】以正离子为研究对象，由动能定理可得

712

qL/--mv

2

Af时间内通过的总电荷量为

喷出的总质量

/A\m=—Qm=-I-X--m

qq

由动量定理可知

FA/=Amv

联立解得

12mU

FFT=I------

Vq

故A正确，B、C、D错误。

故选A。

13.离子陷阱是一种利用电场或磁场将离子俘获并囚禁在一定范围内的装置。如图所示为最常见的“四极离子

陷阱”的俯视示意图，“氏。、［四根平行的细导体杆与工作电源相连，相当于四个独立的电极，相对的电

极带等量同种电荷，相邻的电极带等量异种电荷。在垂直于杆的平面内，四根细杆的位置连线是一个正方

形，A、C是a、c连线上的两点，B、。是6、1连线上的两点，A、C、B、。到正方形中心。的距离相等。下

列判断正确的是（）

T\c；zT申

A.A点电势比8点电势高

B.A、B、C、。四点电场强度相同

C.若电子由A点运动到C点，静电力对电子做负功

D.电子在C点的电势能大于在。点的电势能

【答案】A

【解析】

【详解】A.A到B的电场线，是由A指向B,且电场线是曲线，沿着电场线的方向，电势是降低，所以A点电

势比8点电势高，故A正确；

B.A、B、C、。对称分布，电场线密集程度一样，所以这四点电场强度大小相等，方向不同，故B错误；

C.根据等量同种电荷电场和等势面分布可知，〃、c和Z?、d在A、。两点的电势分别相等，则A、。两点的电

势相等，所以若电子由A点运动到。点，静电力对电子不做功，故C错误；

D.根据等量同种电荷电场和等势面分布可知，4、C两点电荷在。点的电势高于在。点的电势；b、d两点电荷

在。点的电势也高于在。点的电势，即C点的电势大于。点的电势，电子在C点的电势能小于在。点的电势

能，故D错误。

故选A„

14.在霍尔效应中，霍尔电压与通过导体的电流之比被定义为霍尔电阻，可用符号3表示，通常情况下，霍

尔电阻与外加磁场的磁感应强度成正比。但在超低温、强磁场的极端条件下，某些材料的霍尔电阻却随着强

1h

磁场的增加出现量子化现象：％=—♦下"是普朗克常数，e是电子的电量，v既可以取1、2、3…等整

ve

数，也可以取某些小于1的分数，这就是量子霍尔效应现象。实验发现，当霍尔电阻处于量子态时，材料中

的电子将沿边缘带做定向运动，几乎不受阻力作用。2013年，清华大学薛其坤团队发现，在超低温（0.03K）

环境条件下，具备特殊结构的拓补绝缘体材料可以自发地发生磁化，此时不需要外加磁场也会发生量子霍尔

效应，这种现象被称为量子反常霍尔效应。结合以上资料，可以判断下列说法正确的是（）

A.同欧姆电阻类似，霍尔电阻越大，表明材料对通过它的电流的阻碍越强

B.要发生量子霍尔效应现象，外部环境条件有两个，一是要具备超低温环境，二是要具备超强的磁场

C.具备量子反常霍尔效应磁性拓补绝缘材料已成为新一代低能耗芯片的制造材料

h

D.霍尔电阻的量子态表达式中的常数组合下与欧姆电阻具有相同的单位

e

【答案】D

【解析】

【详解】A.设半导体的与电流垂直方向长为。，宽为6,处于磁感应强度为B的磁场中，电子定向运动的速率

为v,则半导体两端的霍尔电压为

U=Bbv=—

Hnea

根据霍尔电阻定义有

UB

r=—^H=——

H1nea

则霍尔电阻不能反映对电流的阻碍作用，故A错误；

B.由题意可知，在超低温、强磁场的极端条件下，某些材料的霍尔电阻却随着强磁场的增加出现量子化现象，

并不是所有的材料都会发生，故B错误；

C.具备量子反常霍尔效应的磁性拓补绝缘材料，有望成为新一代低能耗芯片的制造材料，故C错误；

D.根据功率的表达式P=/2R,p=Fv,结合牛顿第二定律/=府，整理得

_mav

区:

则欧姆电阻基本单位表示为理/；

A2s3

【解析】

【详解】根据折射定律可得

AB

_sinZAOB_Qp_l2

“-sinNC。。一苟一7

OC

17.误差分析。用图所示的电路测量&的阻值，该测量值比实际值偏（选填“大”或“小”），造成这

一系统误差的原因是。（选填“电压表的分流”或“电流表的分压”）

电压表的分流

【解析】

【详解】口］［2］根据实验原理结合部分电路的欧姆定律可得

由于电压表与待测电阻并联，则实际通过待测电阻的电流会小于电流表示数，即

因此可知计算时电流值大于真实值，则该测量值比实际值偏小，造成这一系统误差的原因是由于电压表的分流。

18.某实验小组用如图所示的装置验证机械能守恒定律。

(1)在实验操作过程中，下列做法正确的是

A.实验中打点计时器可以使用直流电源

B.实验时应先接通打点计时器的电源再释放纸带

C.实验时纸带与打点计时器的两个限位孔应在同一竖直线上

D.打点计时器、天平和刻度尺都是本实验必须使用的测量仪器

(2)如图所示为某次实验打出的纸带，取纸带上连续的五个点4B、C、。、E,通过测量并计算出点A距

起始点0的距离为So,AC间的距离为Si,5间的距离为&,若相邻两点的时间间隔为T,重锤质量为m,

重力加速度为g。根据这些条件计算从。点到C点的过程中重锤重力势能的减少量AEP=—,动能的增加量

AEk=o

「S。T&

(3)利用该装置还可以测量当地的重力加速度，某同学的做法是以各点到起始点的距离力为横坐标，以各点

速度的平方/为纵坐标，建立直角坐标系，用实验测得的数据绘制出v2力图像，如图所示。请画出庐，图线

并求得当地重力加速度g=m/s2»(结果保留三位有效数字)

01020304050/z/Xl(y2m

(4)小刚利用气垫导轨和光电门等器材验证机械能守恒定律，图是实验装置的示意图。实验时开启气泵，先

将气垫导轨调至水平，然后滑块通过细线与托盘和祛码相连。将滑块从图示位置由静止释放，读出挡光条通

过光电门的挡光时间为人已知刚释放时挡光条到光电门的距离为/,挡光条的宽度为“，且dI,托盘和祛

码的总质量为"3滑块和挡光条的总质量为加，当地的重力加速度为g。在滑块从静止释放到运动到光电门的

过程中，系统重力势能的减少量AEp=mg/;系统动能的增加量AEk=o在误差允许的范围内，如

果AEp=AEk,则可验证系统的机械能守恒。

数字计时器挡光条和滑块

【答案】⑴BC(2)①.mg(S0+SJ②.工皿昌±±)2

22T

(3)9.75##9.76##9.77##9.78##9.79##9.80

1d。

(4)+

【解析】

【小问1详解】

A.实验中打点计时器必须使用交流电源，不能使用直流电源，选项A错误；

B.实验时应先接通打点计时器的电源再释放纸带，选项B正确；

C.实验时纸带与打点计时器的两个限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦，选项C正确；

D.打点计时器和刻度尺都是本实验必须使用的测量仪器，但是不需要天平，选项D错误。故选BC。

【小问2详解】

⑴从。点到C点的过程中重锤重力势能的减少量

△/二冽8⑸+耳)

[2]打C点时的速度

动能的增加量

【小问3详解】

做出图像如图

^/(m/s)2

v2=2gh

结合图像可知

09.0

"46x10-2

解得

g=9.78m/s2

【小问4详解】

滑块经过光电门时的速度

d

v=­

t

系统动能的增加量

+m)v2=1(Af+m)(y)2

19.中国北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。图甲是北斗导航系统卫星分布示意图，乙所

示为其中一颗北斗卫星的轨道示意图。已知该卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T,地球半径为R,地球表

面附近的重力加速度为g,引力常量为G。

(1)求地球的质量M；

(2)求该卫星的轨道距离地面的高度/z；

(3)请推导第一宇宙速度电的表达式，并分析比较该卫星的运行速度丫与第一宇宙速度vi的大小关系。

【解析】

【详解】(1)设一物体的质量为阳，在地球表面附近万有引定律等于重力

G“=gg

解得地球质量

(2)设卫星质量为m2,根据牛顿第二定律

GMm?4万2

亍(R+li)

(R+hf

解得

—

(3)根据牛顿第二定律

-Mmv2

CJ——=m——

rr

得

Vr

第一宇宙速度为近地卫星的运行速度，即片R时

该卫星的轨道半径

r=R+h>R

因此其速度V<%。

20.如图所示，半径R=0.4m的竖直半圆形轨道6c与水平面仍相切。质量优2=0.2kg的小滑块B放在半圆形

轨道的最低点b,另一个质量为//n=0.3kg的小滑块A,在水平推力尸=3N作用下由静止开始从。点向右做匀加

速直线运动，当小滑块A刚好要与小滑块B碰撞时立即撤去足随后小滑块A与B相碰，碰撞时间极短，碰

后A、B粘在一起后恰好能够到达半圆形轨道的最高点co已知推力厂作用的时间/=2s,滑块A与水平面之间

的动摩擦因数“=0.5。取重力加速度g=10m/s2,A、B均可视为质点。求：

(1)A与B碰撞前瞬间的速度大小也；

(2)两滑块在碰撞过程中损失的机械能AE；

(3)两滑块从沙运动到c的过程中系统产生的热量。。

【答案】(1)10m/s；(2)6J；(3)4J

【解析】

【详解】(1)设小滑块A的加速度为a,根据牛顿第二定律有

F-/xm\g=mia

由运动学公式有

vi=at

解得

vi=10m/s

(2)小滑块A与B相碰，根据动量守恒定律有

mivi=(mi+m2)v

根据能量守恒定律有

11、，

2z-

AE=—mlvi--(州+)v

解得

AE=6J

(3)设A、B到达半圆形轨道的最高点c时的速度为先,根据牛顿第二定律有

根据能量守恒定律有

Q=4J

21.利用潮水涨落产生的水位差所具有的势能发电叫潮汐发电，是目前海洋能利用中最主要的一种。

陆地和海湾，中间为水坝，其下有通道，无论涨潮或落潮，水流经过通道均可带动发电机发电。一昼夜中两次

涨、落潮。涨潮时，堵住通道，潮水涨至最高水位时打开通道，进水发电；当海湾水位涨至最高时，堵住通道；

落潮至最低水位时，打开通道放水发电。以下是某小型双向型潮汐发电站的一组数据，据此回答下列问题(取

海水的密度为LOxlO3kg/m3,g取10m/s2)：

水坝高度H15m海湾面积s____m2

涨潮海湾最高水位hi10m发电机日平均发电量E4.8xl04kWh

退潮海湾最低水位h26m水轮发电机总效率〃10%

(1)若采用U=200kV的直流电向某地区输电，要求输电线上损耗的功率△尸不高于输送功率的5%,求输电

线总电阻的最大值厂；

(2)试估算该小型发电站所圈占的海湾面积S的大小。

【答案】⑴/=1000Q；(2)5=5.4xl06m2

【解析】

【详解】(1)发电机的功率为

二卷詈kW=2xl03kW

采用U=200kV直流电向某地区输电尸=2xlO3kw时，通过输电线的电流

P

/=—=104

U

输电线上损耗的功率为

AP=/2厂=5%产

r=1000Q

(2)一次涨潮，发电机发电量

一次涨潮，水的质量为

m=(%-h,^Sp

发电机日平均发电量

E=4E。

解得小型发电站所圈占的海湾面积为

S=5.4x106n?

22.电子的电荷量e与其质量加之比称为电子的比荷，测定电子的比荷是物理学发展史上的非常重要的事件，

电子比荷的测定有多种方法。

(1)汤姆孙偏转法测电子的比荷

图是汤姆孙用来测定电子比荷的实验装置示意图，某实验小组的同学利用此装置进行了如下探索：

①真空管内的阴极K发出的电子经加速后，穿过A中心的小孔沿中心线OP的方向进入到两块水平正对放置

的平行极板M和N间的区域。当M和N间不加偏转电压时，电子束打在荧光屏的中心尸点处，形成了一个亮

点；

②在M和N间加上大小为U的偏转电压后，亮点偏离到P点；

③在M和N之间再加上垂直于纸面向外的匀强磁场，调节磁场的强弱，当磁感应强度的大小为B时，电子在

M,N间作匀速直线运动，亮点重新回到P点；

④撤去M和N间的偏转电压，只保留磁场，电子在/、N间作匀速圆周运动，亮点偏离到P2点。荧光屏可视

为平面，测得P、尸2的距离。

若已知平行板的间距为d,并已经求得电子在M、N间作匀速圆周运动的轨迹半径为广，请结合上述步骤求电

子的比荷且。(不计电子所受的重力和电子间的相互作用)

m

(2)磁聚焦法测电子的比荷图2磁聚焦法测量电子比荷的装置示意图。在抽成真空的玻璃管中装有热阴极K

和有小孔的阳极A。在A、K之间加一电压，对电子进行加速，电子由阳极小孔高速射出；在电容器C的两

极板间加一不大的交变电场，使不同时刻通过这里的电子发生不同程度的微小偏转，在电容器右侧和荧光屏

之间加一水平方向的匀强磁场，进入磁场的电子会沿不同的螺旋线运动，每绕行一周后都会到达同一位置聚

焦，适当调节磁感应强度的大小，可使电子流的焦点落在荧光屏S上。

已知加速电压的大小为Uo,电容器右端到荧光屏的水平距离为/,匀强磁场的磁感应强度大小为假设电子

在磁场中运动仅绕行一周就刚好打在荧光屏上，请根据以上条件及所学的知识求电子的比荷上。(不计电子所

m

受的重力和电子间的相互作用)

(3)如何说明金属导电靠的是电子？有人尝试用下述实验来证明这件事：让一块向前运动的金属长方体突然

刹车，其中的载流子便会因惯性而聚集到前端使之带电，而在后端由于缺乏这种电荷而带相反电性的电，于

是在导体前后两端之间形成电场，通过分析该情景下