2024年江西中考物理终极押题密卷3含答案

2024年江西中考物理终极押题密卷3一．填空题（共8小题）1．学习物理就要学会“见物识理”，在用如图所示的活塞式抽水机抽水时，压杆COD是一个杠杆。活塞上提时，阀门A打开，阀门B关闭，抽水机外部的水在的作用下进入抽水机中。2．物理学的每一次重大发现，都为人类的文明和发展做出了杰出贡献。英国物理学家经过不懈的思考和探索，发现了万有引力定律，为人类探索宇宙奠定了基础；法拉第经过十年跟的不懈探索发现了现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。3．2023年2月24日，中国载人航天办公室和中国国家博物馆主办的“逐梦寰宇问苍穹——中国载人航天工程三十年成就展”在中国国家博物馆开幕，新闻媒体利用波传输信号，现场开启“太空之旅”，让观众感受到了祖国如何在三十年间实现“飞天梦”的梦想，该波在真空中传播速度是。4．人们现在的生活已经越来越离不开智能手机，手机中的声音是由喇叭产生的；智能手机可以声纹解锁，该功能是通过识别声音的（选填“音调”、“响度”或“音色”）这一特征来工作的。5．寒冷的冬天，在窗户玻璃上常结有漂亮的“冰花”，“冰花”结在玻璃的（选填“内”或“外”）侧，这个物态变化过程要（选填“吸”或“放”）热。6．如图所示，三脚插头最上面的脚和用电器的相连，三孔插座上相对应的最上面的孔和室外的相连，可以有效防止触电事故的发生。7．如图所示是女排主攻手朱婷高高跃起将球扣向地面的场景。朱婷离开地面后仍然能向上运动是由于球具有；球被扣后砸向地面，是因为力能改变物体的。8．如图所示的水罗盘是我国古代船舶上使用的一种测向工具。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水、边上标有方位的盘子里，磁针浮在水面上能够自由旋转，静止时磁针两端分别指向南北。使用过程中，磁针针尖由于受到的作用指向南方，则针尖部分是磁针的极。二．选择题（共4小题）9．如图所示，是体操运动员在平衡木比赛中的情景，运动员静止在平衡木上时，下列关于力的分析正确的是（）A．平衡木对运动员的支持力和运动员的重力是一对平衡力 B．运动员对平衡木的压力和运动员受到的重力是同一个力 C．地面对平衡木的支持力和平衡木的重力是一对平衡力 D．地面对平衡木的支持力和运动员对平衡木的压力是一对相互作用力10．关于电磁现象，下列说法正确的是（）A．磁感线是磁体周围真实存在的曲线 B．磁场一定会对放入其中的物体有力的作用 C．铜导线中的自由电子定向移动时，一定会在导线周围产生磁场 D．放在磁场中的小磁针的S极的受力方向为该点的磁场方向11．如图所示，学校音乐节上，一位古琴爱好者正在演奏名曲《高山流水》。下列有关说法不正确的是（）A．琴声是由琴弦振动产生的 B．琴声通过空气传播到现场观众的耳朵 C．用大小相同的力拨动不同的琴弦，发出琴声的音调不同 D．琴声的响度越大，它在空气中传播的速度越大12．社会的发展离不开能源、信息和材料。下列说法正确的是（）A．我们用的手机芯片采用超导体材料制作而成 B．“北斗”卫星导航系统依靠超声波传递信息 C．能量无论是转化还是转移，其总和都会逐渐减小，所以我们需要节约能源 D．太阳是人类的“能源之母”，煤、石油、风能、水能等能源都间接来自太阳能三．多选题（共2小题）（多选）13．小明用如图所示的滑轮组将240N的重物竖直匀速提升3m，若滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，则下列说法不正确的是（）A．此时绳端移动的距离为6m B．吊起动滑轮绳子的股数n＝3 C．此时拉力F大小为80N D．若增加物重，滑轮组的机械效率增大（多选）14．如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面的高度的变化反映密闭空气温度的变化，下列说法不正确的是（）A．该实验装置是为了探究电流产生的热量与电流的关系 B．将左边容器中的电阻丝换成10Ω的电阻丝后，就可探究电流产生的热量与电阻的关系 C．该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝放出热量的多少的 D．通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大四．计算题（共3小题）15．小明同学家里的太阳能热水器水箱的容积为100L，夏天的某一天里，在太阳光的照射下一满水箱初温为20℃的水温度升高到90℃。求：[q天然气＝4.2×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3）]（1）一满水箱水的质量；（2）水箱中的水吸收的热量；（3）若小明同学家的天然气热水器要获得（2）中水所吸收的热量，需要完全燃烧天然气1m3，则天然气热水器的加热效率；（4）请写出使用太阳能的两个优点。16．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，其最大阻值为15Ω，提供的电源电压恒定。（1）将a、b分别接在电源两端，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为3V，求R1的阻值。（2）只将a、c分别接在电源两端，当滑片P滑至最右端时，求电压表的示数。（3）将b接在电源的一端，用导线将a、c连接后接在电源的另一端，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，使电流表的示数为0.6A，求滑动变阻器接入电路的电阻。17．在水平桌面上有一个盛有水的柱形容器，其底面积为200cm2，将一体积为1000cm3的木块用细线系住没入水中如图甲所示，此时容器中水深为30cm。将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，且有2/5的体积露出水面，如图乙所示。求（1）甲图中木块受到水的浮力；（2）木块的密度；（3）乙图中水对容器底部的压强。五．实验探究题（共4小题）18．小明同学利用如图所示的电路来测量标有电压为2.5V的小灯泡的电阻和电功率.（1）在连接电路时，开关应先。（2）滑动变阻器滑片在如图乙所示的位置时电压表示数为2V，则要使灯泡正常发光，滑片应向移动。（3）如图丙所示为小灯泡正常工作时电流表的示数，此时小灯泡的电阻为Ω（计算结果保留1位小数），小灯泡的额定功率为W。（4）通过调节滑动变阻器的滑片，多次测量，画出了小灯泡的电流随其两端电压变化的I﹣U关系图象（如图丁），发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比（选填“变大”“变小”或“不变”），说明。（5）若将这样的两个小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，则此时两个小灯泡的总功率为W。19．在探究“凸透镜成像的规律”实验中：（1）将蜡烛和光屏移动到如图甲所示的位置时，光屏上恰好得到一个清晰的像，据此可知此凸透镜的焦距为cm。（2）改变蜡烛位置，移动光屏到如图乙所示的位置时，光屏上又得到一个清晰的像，生活中的（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这样的成像原理工作的。保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动3cm，为了在光屏上得到清晰的像，应把光屏向（选填“左”或“右”）移动，移动的距离（选填“大于”“等于”或“小于”）3cm。（3）在图乙的实验中，保持凸透镜和蜡烛的位置不变，换用焦距为20cm的凸透镜继续实验，下列说法正确的是（填序号）。A.向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰缩小的清晰的实像B.向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像C.向右移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像D.无论怎样移动光屏，在光屏上都得不到烛焰的清晰的像（4）实验时，若一只昆虫落在了凸透镜上，光屏上（选填“有”或“没有”）昆虫的像。（5）图乙实验时，小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，应将蜡烛向（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，才能使光屏上的像再次清晰。20．小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会，U形管左右两侧液面就会产生；（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管左右两侧液面的变化，得出结论：；（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到U形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：。21．【问题】如图是小明学习了热量与比热容之后，对探究“不同物质吸热升温现象”和“不同燃料燃烧放热能力”的实验设计的装置图：【证据】（1）小明在进行甲组实验时，取质量相等的沙子与水，让它们升高相同的温度；在进行乙组实验时，他除了要保证水的质量与初温相同，还应使相同。（2）在进行探究时需用到一些测量工具，除了图中已经呈现的，在两组实验时小明均还需使用的测量工具是；实验中搅拌器的作用是：使被加热物体。【解释】甲组实验是通过来比较不同物质吸收热量的多少，乙组是通过来比较不同燃料放出热量的多少。【拓展】在探究乙实验的过程中，小明在燃料全部完全燃烧完后将实验数据记录在如下表格中：燃料加热前的水温/℃燃料燃尽时的水温/℃燃料的热值/（J•kg⁻1）酒精15352.4×106碎纸片1525？（1）根据表中数据，可计算出碎纸片的热值是J/kg。（2）通过实验得到的纸片热值与实际相比偏（选填“大”或“小”）。

2024年菁优江西中考物理终极押题密卷3参考答案与试题解析一．填空题（共8小题）1．学习物理就要学会“见物识理”，在用如图所示的活塞式抽水机抽水时，压杆COD是一个省力杠杆。活塞上提时，阀门A打开，阀门B关闭，抽水机外部的水在大气压的作用下进入抽水机中。【考点】杠杆的分类；气压计和抽水机．【专题】应用题；气体的压强、流体压强与流速的关系；简单机械；应用能力．【答案】省力；大气压。【分析】（1）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）抽水机是利用大气压来工作的。【解答】解：在用如图所示的活塞式抽水机抽水时，压杆COD的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；当活塞提上时，阀门A打开，阀门B关闭，在外界大气压的作用下，外部的水进入抽水机中。故答案为：省力；大气压。【点评】本题的考查了杠杆的分类和抽水机的工作原理，属于基础知识考查。2．物理学的每一次重大发现，都为人类的文明和发展做出了杰出贡献。英国物理学家牛顿经过不懈的思考和探索，发现了万有引力定律，为人类探索宇宙奠定了基础；法拉第经过十年跟的不懈探索发现了电磁感应现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。【考点】物理常识．【专题】其他综合题；理解能力．【答案】见试题解答内容【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答。【解答】解：英国物理学家牛顿经过不懈的思考和探索，发现了万有引力定律，为人类探索宇宙奠定了基础；法拉第经过十年跟的不懈探索发现了电磁感应现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。故答案为：牛顿；电磁感应。【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，考试中也时有涉及，在学习中应注意。3．2023年2月24日，中国载人航天办公室和中国国家博物馆主办的“逐梦寰宇问苍穹——中国载人航天工程三十年成就展”在中国国家博物馆开幕，新闻媒体利用电磁波波传输信号，现场开启“太空之旅”，让观众感受到了祖国如何在三十年间实现“飞天梦”的梦想，该波在真空中传播速度是3×108m/s。【考点】电磁波的传播与应用．【专题】信息的传递；理解能力．【答案】电磁波；3×108m/s。【分析】电磁波可以传递信息，电磁波在真空中的传播速度约为3×108m/s。【解答】解：新闻媒体用电磁波传递信息，电磁波在真空中传播速度是3×108m/s。故答案为：电磁波；3×108m/s。【点评】本题考查了电磁波的运用，属于基础题。4．人们现在的生活已经越来越离不开智能手机，手机中的声音是由喇叭振动产生的；智能手机可以声纹解锁，该功能是通过识别声音的音色（选填“音调”、“响度”或“音色”）这一特征来工作的。【考点】声音的产生；音色．【专题】定性思想；声现象；应用能力．【答案】振动；音色。【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距声源距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：一切正在发声的物体都在振动，手机中的声音是由喇叭振动产生的；不同物体发出的声音的音色是不同的，智能手机可以声纹解锁，该功能是通过识别声音的音色这一特征来工作的。故答案为：振动；音色。【点评】本题主要考查了声音的产生、声音的三要素及影响因素，属基础知识的考查。5．寒冷的冬天，在窗户玻璃上常结有漂亮的“冰花”，“冰花”结在玻璃的内（选填“内”或“外”）侧，这个物态变化过程要放（选填“吸”或“放”）热。【考点】升华和凝华的定义与特点．【专题】汽化和液化、升华和凝华；应用能力．【答案】内；放。【分析】物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华，凝华放热。【解答】解：寒冷的冬天，在窗户玻璃上常结有漂亮的“冰花”，“冰花”是屋内靠近玻璃的水蒸气，遇到冷的玻璃凝华形成的小冰晶，结在玻璃的内侧，凝华过程放热。故答案为：内；放。【点评】本题考查了生活中的物态变化现象，属于热学基础知识的考查，注重了物理和生活的联系。6．如图所示，三脚插头最上面的脚和用电器的外壳相连，三孔插座上相对应的最上面的孔和室外的地线相连，可以有效防止触电事故的发生。【考点】插座的构造与工作方式．【专题】电与热、生活用电；应用能力．【答案】外壳；地线。【分析】如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与金属外壳接通，金属外壳就带电，人体接触金属外壳等于接触火线，就会发生触电事故；若使用三脚插头和三孔插座，把金属外壳用导线接地，即使金属外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触金属外壳就没有危险。【解答】解：对于有金属外壳的家用电器，要使用三脚插头和三孔插座，把三脚插头插在三孔插座里，在把用电部分连入电路的同时，也将用电器的金属外壳与大地连接，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生。故答案为：外壳；地线。【点评】安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带体。对于有金属外壳的家用电器，要使用三脚插头和三孔插座，不要将三脚插头的长脚去掉用两孔插座。7．如图所示是女排主攻手朱婷高高跃起将球扣向地面的场景。朱婷离开地面后仍然能向上运动是由于球具有惯性；球被扣后砸向地面，是因为力能改变物体的运动状态。【考点】惯性与惯性现象；力的作用效果．【专题】应用题；运动和力；应用能力．【答案】惯性；运动状态。【分析】任何物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性；力可以改变物体的运动状态，力可以使物体发生形变。【解答】解：朱婷离开地面后仍然能向上运动是因为朱婷具有惯性，仍然会保持原来向上的运动状态；球被扣后砸向地面，球受到了力的作用，力改变了球的运动状态。故答案为：惯性；运动状态。【点评】本题考查了力的作用效果、惯性，熟练掌握基础知识即可正确解题。8．如图所示的水罗盘是我国古代船舶上使用的一种测向工具。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水、边上标有方位的盘子里，磁针浮在水面上能够自由旋转，静止时磁针两端分别指向南北。使用过程中，磁针针尖由于受到地磁场的作用指向南方，则针尖部分是磁针的S极。【考点】地磁场．【专题】磁现象、电生磁；理解能力．【答案】地磁场；S。【分析】指南针指示南北是因为受到地磁场的作用。指南针指南的那一端是它的S极。【解答】解：使用过程中，磁针针尖由于受到地磁场的作用指向南方，针尖相当于磁针的S极。故答案为：地磁场；S。【点评】本题考查了地磁场和指南针指示南北的原因，属于基础性题目。二．选择题（共4小题）9．如图所示，是体操运动员在平衡木比赛中的情景，运动员静止在平衡木上时，下列关于力的分析正确的是（）A．平衡木对运动员的支持力和运动员的重力是一对平衡力 B．运动员对平衡木的压力和运动员受到的重力是同一个力 C．地面对平衡木的支持力和平衡木的重力是一对平衡力 D．地面对平衡木的支持力和运动员对平衡木的压力是一对相互作用力【考点】平衡力与相互作用力的辨别．【专题】运动和力；理解能力．【答案】A【分析】二力平衡的条件：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用于同一直线上；相互作用力的条件：两个力作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。【解答】解：A、平衡木对运动员的支持力和运动员所受的重力符合二力平衡的条件，因此是一对平衡力，故A正确；B、运动员对平衡木的压力作用在平衡木上，运动员受到的重力作用在运动员上，不是同一个力，故B错误；C、地面对平衡木的支持力和平衡木的重力大小不相等，不是一对平衡力，故C错误；D、地面对平衡木的支持力和运动员对平衡木的压力大小作用在两个物体上，不是一对相互作用力，故D错误。故选：A。【点评】平衡力与相互作用力最明显的区别在于前者是一个物体受到的两个力，而后者是两个相互作用的物体分别受力。10．关于电磁现象，下列说法正确的是（）A．磁感线是磁体周围真实存在的曲线 B．磁场一定会对放入其中的物体有力的作用 C．铜导线中的自由电子定向移动时，一定会在导线周围产生磁场 D．放在磁场中的小磁针的S极的受力方向为该点的磁场方向【考点】磁感线及其特点；磁场的概念．【专题】应用题；错解分析题；磁现象、电生磁；应用能力．【答案】C【分析】（1）磁感线是人们为了研究磁场的分布情况而假设的线，实际不存在；（2）磁体的周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用；（3）通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应；（4）小磁针静止时北极所指的方向规定为该点磁场方向。【解答】解：A、磁感线实际上并不存在，所以A说法错误；B、磁体的周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，故错误；C、铜导线中的自由电子在定向移动时，导体中有电流，因为通电导体周围存在磁场，所以金属导体中的自由电子在定向移动时一定产生磁场，故C正确；D、物理学中把小磁针静止时N极所指的方向规定为该点磁场方向，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对电流的磁效应、磁场对电流的作用、磁场的方向等的了解和掌握，考查的知识点较多，应熟悉考查的各知识点11．如图所示，学校音乐节上，一位古琴爱好者正在演奏名曲《高山流水》。下列有关说法不正确的是（）A．琴声是由琴弦振动产生的 B．琴声通过空气传播到现场观众的耳朵 C．用大小相同的力拨动不同的琴弦，发出琴声的音调不同 D．琴声的响度越大，它在空气中传播的速度越大【考点】响度与振幅的关系；声音的产生；声音的传播条件；音调与频率的关系．【专题】声现象；理解能力．【答案】D【分析】（1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。（2）能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。（3）声音的高低叫音调，音调与频率有关。（4）声音在同种介质中的传播速度与温度有关，与响度、音调无关。【解答】解：A、琴声是由琴弦振动产生的，故A正确；B、观众听到的美妙音乐是通过空气传播的，故B正确；C、拨动不同的琴弦，主要引起琴声音调不同，故C正确；D、琴声响度越大，它在空气中传播的速度不变，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了声音产生和传播的条件；知道音调、响度和声速的影响因素。12．社会的发展离不开能源、信息和材料。下列说法正确的是（）A．我们用的手机芯片采用超导体材料制作而成 B．“北斗”卫星导航系统依靠超声波传递信息 C．能量无论是转化还是转移，其总和都会逐渐减小，所以我们需要节约能源 D．太阳是人类的“能源之母”，煤、石油、风能、水能等能源都间接来自太阳能【考点】能源危机和节约能源；半导体材料的特点与作用；电磁波的传播与应用；太阳能．【专题】其他综合题；分析、综合能力．【答案】D【分析】（1）手机芯片是由半导体材料制成的；（2）电磁波可以传递信息；（3）根据能量守恒定律，能量在转移和转化的过程中，能量的总量不变；（4）太阳孕育了地球的生命，煤、石油等都是化石能源是植物在地壳运动中被埋所形成的，而植物的成长需要太阳能；空气的流动是因为不同位置大气的温度不同导致的，而它们温度不同是由于接收阳光能量的不同；没有太阳就没有水循环。【解答】解：A、我们用的手机芯片采用半导体材料制作而成，故A错误；B、“北斗”卫星导航系统依靠电磁波传递信息，故B错误；C、能量无论是转化还是转移，其总和都会保持不变，但能量的转化和转移具有方向性，所以我们需要节约能源，故C错误；D、太阳是人类的“能源之母”，煤、石油、风能、水能等能源都间接来自太阳能，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了半导体材料的利用、电磁波的应用、能量守恒定律、太阳能，涉及知识点较多，综合性较强。三．多选题（共2小题）（多选）13．小明用如图所示的滑轮组将240N的重物竖直匀速提升3m，若滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，则下列说法不正确的是（）A．此时绳端移动的距离为6m B．吊起动滑轮绳子的股数n＝3 C．此时拉力F大小为80N D．若增加物重，滑轮组的机械效率增大【考点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组及其工作特点；滑轮组中的相关计算．【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】AC【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s＝nh求出自由端移动的距离；（2）根据η＝＝＝＝求出拉力F大小；（3）当增大所提物体重力时，有用功变大，不计绳重和摩擦，额外功不变，再结合机械效率是有用功与总功的比值分析。【解答】解：AB、由图可知，n＝3，自由端移动的距离为s＝nh＝3×3m＝9m，故A错误，B正确；C、由η＝＝＝＝可知，拉力F大小为：F＝＝＝100N，故C错误；D、如果利用此装置，当增大所提钩码重力时，有用功变大，不计绳重和摩擦，额外功不变，有用功占总功的比例变大，故该滑轮组的机械效率将变大，故D正确。故选：AC。【点评】本题考查了滑轮组中的相关计算和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。（多选）14．如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面的高度的变化反映密闭空气温度的变化，下列说法不正确的是（）A．该实验装置是为了探究电流产生的热量与电流的关系 B．将左边容器中的电阻丝换成10Ω的电阻丝后，就可探究电流产生的热量与电阻的关系 C．该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝放出热量的多少的 D．通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素．【专题】定性思想；电与热、生活用电．【答案】BC【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。（1）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；（3）探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；（4）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想。【解答】解：（1）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻的阻值相等，则支路中电流相等，即I1＝I2，所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系；由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；因此通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差更大，故AD正确；（2）将左边容器中的电阻丝换成10Ω的电阻丝后，左右容器中的电阻和电流都不同，没有控制好变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故B错误；（3）该实验装置是利用U形管中空气的热胀冷缩来反映电阻丝产生热量的多少，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，故C错误。故选：BC。【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。四．计算题（共3小题）15．小明同学家里的太阳能热水器水箱的容积为100L，夏天的某一天里，在太阳光的照射下一满水箱初温为20℃的水温度升高到90℃。求：[q天然气＝4.2×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3）]（1）一满水箱水的质量；（2）水箱中的水吸收的热量；（3）若小明同学家的天然气热水器要获得（2）中水所吸收的热量，需要完全燃烧天然气1m3，则天然气热水器的加热效率；（4）请写出使用太阳能的两个优点。【考点】太阳能；密度的计算与公式的应用；燃料的热值及其计算；能量的利用效率．【答案】（1）一满水箱水的质量为100kg；（2）水箱中的水吸收的热量为2.94×107J；（3）天然气热水器的加热效率为70%；（4）使用太阳能的两个优点：①取之不尽，用之不竭；②清洁无污染。【分析】（1）利用密度公式计算出水的质量；（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；（3）利用Q放＝Vq计算出天然气完全燃烧放出的热量，利用效率公式计算出天然气热水器的效率；（4）太阳能的优点：取之不尽，用之不竭；清洁无污染。【解答】解：（1）由ρ＝可知，一满水箱水的质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×100×10﹣3m3＝100kg；（2）水箱中的水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（90℃﹣20℃）＝2.94×107J；（3）完全燃烧1m3天然气放出的热量：Q放＝V天然气q天然气＝1m3×4.2×107J/m3＝4.2×107J；天然气热水器的加热效率：η＝＝＝70%；（4）太阳能的优点：①取之不尽，用之不竭；②清洁无污染。答：（1）一满水箱水的质量为100kg；（2）水箱中的水吸收的热量为2.94×107J；（3）天然气热水器的加热效率为70%；（4）使用太阳能的两个优点：①取之不尽，用之不竭；②清洁无污染。【点评】本题考查密度公式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用以及太阳能的优点，是一道热学综合题，难度不大。16．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，其最大阻值为15Ω，提供的电源电压恒定。（1）将a、b分别接在电源两端，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为3V，求R1的阻值。（2）只将a、c分别接在电源两端，当滑片P滑至最右端时，求电压表的示数。（3）将b接在电源的一端，用导线将a、c连接后接在电源的另一端，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，使电流表的示数为0.6A，求滑动变阻器接入电路的电阻。【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律；应用能力．【答案】（1）R1的阻值是7.5Ω；（2）只将a、c分别接在电源两端，当滑片P滑至最右端时，电压表的示数是1V；（3）将b接在电源的一端，用导线将a、c连接后接在电源的另一端，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，使电流表的示数为0.6A，滑动变阻器接入电路的电阻值是15Ω。【分析】（1）若将a、b分别接在电源两端，此时电路中R1和电流表串联，电流表示数为0.4A，电压表示数为3V，根据欧姆定律计算R1的阻值；（2）只将a、c分别接在电源两端，变阻器R2和定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压；当滑片P滑至最右端时，变阻器接入电阻值最大，根据串联电路规律计算电路的总电阻；由欧姆定律计算电路中的电流和R1两端的电压即电压表的示数；（3）将b接在电源的一端，a、c连接后接在电源的另一端，R1和R2并联接入电路，电流表测干路电流；根据欧姆定律可得通过R1的电流，根据并联电路电流规律计算通过变阻器的电流；由并联电路电压规律和欧姆定律计算变阻器的接入电阻值。【解答】解：（1）若将a、b分别接在电源两端，此时电路中R1和电流表串联，电流表测量通过R1的电流，其示数为：I1＝0.4A，电压表测量电源电压，其示数为：U＝3V，根据欧姆定律可得R1的阻值：R1＝＝＝＝7.5Ω；（2）只将a、c分别接在电源两端，变阻器R2和定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压；当滑片P滑至最右端时，变阻器接入电阻值最大，根据串联电路规律可得，电路的总电阻：R＝R1+R2＝7.5Ω+15Ω＝22.5Ω，由欧姆定律可得，电路中的电流：I＝＝＝A，R1两端的电压即电压表的示数：U′1＝IR1＝A×7.5Ω＝1V；（3）将b接在电源的一端，a、c连接后接在电源的另一端，R1和R2并联接入电路，电流表测干路电流：I″＝0.6A；因为R1两端的电压为电源电压，根据欧姆定律可得通过R1的电流：I1＝0.4A，根据并联电路电流规律可得，通过变阻器的电流：I1＝I″﹣I1＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，由并联电路电压规律可得R2两端的电压：U2＝U＝3V，根据欧姆定律可得，变阻器的接入电阻值：R″2＝＝＝15Ω。答：（1）R1的阻值是7.5Ω；（2）只将a、c分别接在电源两端，当滑片P滑至最右端时，电压表的示数是1V；（3）将b接在电源的一端，用导线将a、c连接后接在电源的另一端，调节滑动变阻器的滑片P到适当位置，使电流表的示数为0.6A，滑动变阻器接入电路的电阻值是15Ω。【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，判断电路连接是关键，属于基础题。17．在水平桌面上有一个盛有水的柱形容器，其底面积为200cm2，将一体积为1000cm3的木块用细线系住没入水中如图甲所示，此时容器中水深为30cm。将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，且有2/5的体积露出水面，如图乙所示。求（1）甲图中木块受到水的浮力；（2）木块的密度；（3）乙图中水对容器底部的压强。【考点】浮力大小的计算；密度的计算与公式的应用；液体压强的计算以及公式的应用．【专题】计算题；浮力；应用能力．【答案】（1）甲图中木块受到水的浮力为10N；（2）木块的密度为0.6×103kg/m3；（3）乙图中水对容器底部的压强为2.8×103Pa。【分析】（1）已知木块没入水中，排开水的体积等于木块的体积，由F浮甲＝ρ水gV排，可求得木块受到的浮力：（2）木块最终漂浮在水面上，则木块的重力F浮乙＝G＝ρ水gV排＝ρ水g（1﹣）V＝ρ水gV＝ρ木gV，可求得木块的密度；（3）根据题意可求出木块漂浮时排开水的体积，再求出木块排开水的体积变化量，再除以容器底面积可得水面降低的高度，从而求出此时水的深度，然后由p＝ρgh可求得乙图中水对容器底部的压强。【解答】解：（1）甲图中，木块全部浸没，V排＝V＝1000cm3＝1×10﹣3m3，木块受到水的浮力F浮甲＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；（2）木块漂浮在水面上，F浮乙＝G，ρ水g（1﹣）V＝ρ木gV，ρ木＝ρ水＝×1.0×103kg/m3＝0.6×103kg/m3，（3）木块漂浮时排开水的体积V排′＝（1﹣）V＝×1000cm3＝600cm3，木块排开水的体积变化量ΔV排＝V排﹣V排′＝1000cm3﹣600cm3＝400cm3，水面下降的高度Δh＝＝＝2cm，乙图中水的深度h′＝h﹣Δh＝30cm﹣2cm＝28cm＝0.28m，则乙图中水对容器底部的压强：p′＝ρ水gh′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.28m＝2.8×103Pa。答：（1）甲图中木块受到水的浮力为10N；（2）木块的密度为0.6×103kg/m3；（3）乙图中水对容器底部的压强为2.8×103Pa。【点评】本题是有关浮力知识的应用，关键掌握阿基米德原理及液体压强公式的应用，其中计算乙图中水的深度是难点。五．实验探究题（共4小题）18．小明同学利用如图所示的电路来测量标有电压为2.5V的小灯泡的电阻和电功率.（1）在连接电路时，开关应先断开。（2）滑动变阻器滑片在如图乙所示的位置时电压表示数为2V，则要使灯泡正常发光，滑片应向左移动。（3）如图丙所示为小灯泡正常工作时电流表的示数，此时小灯泡的电阻为8.9Ω（计算结果保留1位小数），小灯泡的额定功率为0.7W。（4）通过调节滑动变阻器的滑片，多次测量，画出了小灯泡的电流随其两端电压变化的I﹣U关系图象（如图丁），发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大（选填“变大”“变小”或“不变”），说明灯丝的电阻随温度升高而增大。（5）若将这样的两个小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，则此时两个小灯泡的总功率为0.66W。【考点】实验测量小灯泡的电功率；实验伏安法测电阻．【专题】实验题；电路和欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力；实验基本能力．【答案】（1）断开；（2）左；（3）8.9；0.7；（4）变大；灯丝的电阻随温度升高而增大；（5）0.66。【分析】（1）连接电路时开关应该断开；（2）若灯泡两端的电压低于额定电压，要测其额定功率，则应减小滑动变阻器的阻值，使电压表的示数为2.5V；（3）根据图丙读出电流表的示数，注意量程和分度值，根据R＝求出灯泡的电阻；根据P＝UI计算出其额定功率；（4）电压表与电流表的示数之比为灯的电阻，当电压表的示数增大时，通过灯的电流增大，根据P＝UI分析灯的功率的变化及灯丝温度的变化，根据灯泡的电阻随温度的升高而增大分析回答；（5）两个小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，根据串联分压可得出每只小灯泡两端的电压，从图丙中读出电路中的电流，再根据电功率公式求出两个小灯泡的总功率。【解答】解：（1）连接电路时开关应该断开；（2）电压表示数为2V，低于额定电压，所以应减小滑动变阻器的阻值，将滑片向左端滑动，使电压表的示数为2.5V；（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，灯丝的电阻为：R＝≈8.9Ω；小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；（4）电压表与电流表的示数之比为灯的电阻；根据小灯泡的I﹣U关系图象（如图丁），发现：当电压表的示数增大时，通过灯的电流增大，根据P＝UI可知，灯的功率增大，灯丝温度升高，灯丝电阻变大，故电压表与电流表的示数之比变大；说明灯丝的电阻随温度升高而增大；（5）两个规格相同的小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，根据串联分压可得出每只小灯泡两端的电压为1.5V，串联电路各处电流相等，从图丙可以读出电路中的电流为0.22A，两个小灯泡的总功率：P′＝U′I′＝3V×0.22A＝0.66W。故答案为：（1）断开；（2）左；（3）8.9；0.7；（4）变大；灯丝的电阻随温度升高而增大；（5）0.66。【点评】本题考查注意事项、实验操作、串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。19．在探究“凸透镜成像的规律”实验中：（1）将蜡烛和光屏移动到如图甲所示的位置时，光屏上恰好得到一个清晰的像，据此可知此凸透镜的焦距为10.0cm。（2）改变蜡烛位置，移动光屏到如图乙所示的位置时，光屏上又得到一个清晰的像，生活中的照相机（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这样的成像原理工作的。保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动3cm，为了在光屏上得到清晰的像，应把光屏向左（选填“左”或“右”）移动，移动的距离小于（选填“大于”“等于”或“小于”）3cm。（3）在图乙的实验中，保持凸透镜和蜡烛的位置不变，换用焦距为20cm的凸透镜继续实验，下列说法正确的是C（填序号）。A.向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰缩小的清晰的实像B.向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像C.向右移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像D.无论怎样移动光屏，在光屏上都得不到烛焰的清晰的像（4）实验时，若一只昆虫落在了凸透镜上，光屏上没有（选填“有”或“没有”）昆虫的像。（5）图乙实验时，小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，应将蜡烛向靠近（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，才能使光屏上的像再次清晰。【考点】探究凸透镜成像的规律．【专题】实验题；透镜及其应用；实验基本能力．【答案】（1）10.0；（2）照相机；左；小于；（3）C；（4）没有；（5）靠近。【分析】（1）根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；（2）根据u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；（3）根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；（4）根据u＜f，成正立、放大的虚像；（5）远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。【解答】解：（1）将蜡烛和光屏移动到如图甲所示的位置时，光屏上恰好得到一个清晰的像，此时u＝v＝20.0cm，根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，即2f＝20.0cm，故该凸透镜的焦距为f＝10.0cm；（2）改变蜡烛位置，移动光屏到如图乙所示的位置时，光屏上又得到一个清晰的像，此时物距u＝50cm﹣12cm＝38cm＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；当凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动3cm，此时物距增大，要想在光屏上再一次成清晰的像，需要将像距减小，即将光屏向左移动；此时的像距小于物距，则光屏移动的距离小于3cm；（3）在图乙的实验中，保持凸透镜和蜡烛的位置不变，换用焦距为20cm的凸透镜继续实验，此时物距2f＞u＝50cm﹣12cm＝38cm＞f，根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，因此向右移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像，故选：C；（4）实验时，若一只昆虫落在了凸透镜上，此时u＜f，根据u＜f，成正立、放大的虚像，因此光屏上没有昆虫的像；（5）图乙实验时，小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像；若保持光屏的位置不变，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，故应将蜡烛向靠近透镜的方向移动，才能使光屏上的像再次清晰。故答案为：（1）10.0；（2）照相机；左；小于；（3）C；（4）没有；（5）靠近。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。20．小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会发生形变，U形管左右两侧液面就会产生高度差；（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与液体深度的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成下宽上窄（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管左右两侧液面的变化，得出结论：同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等；（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到U形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是错误（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：没有控制探头所在深度一定。【考点】探究液体内部的压强．【专题】压强、液体的压强；实验基本能力．【答案】（1）发生形变；高度差；（2）液体深度；下宽上窄；（3）同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等；（4）错误；没有控制探头所在深度一定。【分析】（1）液体压强计就是利用当薄膜受压强时，薄膜会发生形变，U形管中液面就会产生高度差，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；（2）液体压强随着深度的增加而增加；（3）液体压强大小跟液体深度和液体的密度有关，与方向无关；（4）在本实验中，我们要根据实验目的，控制相应的变量。【解答】解：（1）当将探头放在液体里时，由于液体内部存在压强，金属盒上的薄膜就会发生形变，U形管左右两侧液面就会产生高度差，高度差的大小反映了橡皮膜所受压强的大小，U形管液面的高度差越大，液体内部的压强越大，这用到了转换法；（2）根据图2、图3所示，液体密度相同，深度不同，根据控制变量法，可以研究液体内部压强大小与液体深度的关系。同种液体中，深度越大，液体产生的压强越大，根据研究得出的结论，拦河坝底部深度大，承受的液体压强更大，应设计成下宽上窄的形状；（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管两侧液面的高度差，发现高度差不变；这表明：同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等；（4）小彬保持图3中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，液体的密度增大，U形管左右液面差增大，没有控制探头所在深度一定，不能探究液体压强跟液体的密度的关系；故答案为：（1）发生形变；高度差；（2）液体深度；下宽上窄；（3）同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等；（4）错误；没有控制探头所在深度一定。【点评】本题利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，考查器材调试、控制变量法和转换法的运用。21．【问题】如图是小明学习了热量与比热容之后，对探究“不同物质吸热升温现象”和“不同燃料燃烧放热能力”的实验设计的装置图：【证据】（1）小明在进行甲组实验时，取质量相等的沙子与水，让它们升高相同的温度；在进行乙组实验时，他除了要保证水的质量与初温相同，还应使酒精和碎纸片的质量相同。（2）在进行探究时需用到一些测量工具，除了图中已经呈现的，在两组实验时小明均还需使用的测量工具是天平；实验中搅拌器的作用是：使被加热物体受热均匀。【解释】甲组实验是通过加热时间来比较不同物质吸收热量的多少，乙组是通过温度计升高的示数来比较不同燃料放出热量的多少。【拓展】在探究乙实验的过程中，小明在燃料全部完全燃烧完后将实验数据记录在如下表格中：燃料加热前的水温/℃燃料燃尽时的水温/℃燃料的热值/（J•kg⁻1）酒精15352.4×106碎纸片1525？（1）根据表中数据，可计算出碎纸片的热值是1.2×106J/kg。（2）通过实验得到的纸片热值与实际相比偏小（选填“大”或“小”）。【考点】燃料的热值及其计算；实验比较不同物质吸热的情况．【专题】比热容、热机、热值；科学探究能力．【答案】【证据】（1）酒精和碎纸片的质量；（2）天平；受热均匀；【解释】加热时间；温度计升高的示数；【拓展】（1）1.2×106；（2）小。【分析】【证据】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，应选用相同质量的不同的燃料加热相同质量的同种物质；（2）分析两图对应的实验，利用控制变量法和转换法进行分析；【解释】相同加热装置，加热时间的长短反映物质吸收热量的多少；相同质量的同种液体，升高的温度反映燃料放出热量的多少；【拓展】（1）通过水的温度变化值得出水吸热的大小关系，也就知道酒精和碎纸片燃尽时放出热量的关系，又知道燃烧的质量相同，据此得出热值的关系，求出碎纸片的热值；（2）实验过程中存在热损失。【解答】解：【证据】（1）在进行乙组实验时，他除了要保证水的质量与初温相同，还应使酒精和碎纸片的质量相同。（2）甲图中研究不同物质吸热升温的现象，要控制物质的质量相等；乙中探究不同燃料燃烧的放热能力，也要控制不同燃料质量相同，即甲、乙两图，物质的质量都必须相等，因此还要用天平称量质量，即要用到相同的测量工具是天平；实验中搅拌器的作用是：使被加热物体受热均匀。【解释】根据转换法，甲组实验是通过加热时间来比较不同物质吸收热量的多少；乙组是通过温度计升高的示数（水升高的温度）来比较不同燃料放出热量的多少；【拓展】（1）由题意和表中数据可知，相同质量的酒精和碎纸片燃尽时，酒精燃烧放出的热量可以将水的温度升高35℃﹣15℃＝20℃，而碎纸片燃烧放出的热量可以将水的温度升高25℃﹣15℃＝10℃，所以，酒精燃烧放出的热量是碎纸片燃烧放出热量的2倍，且两燃料的质量相同，则酒精的热值是碎纸片的2倍，故碎纸片的热值为：q纸＝q酒精＝×2.4×106J/kg＝1.2×106J/kg；（2）因为烧杯、空气也吸收热量，存在热损失，并且燃料不可能完全燃烧，所以通过实验得到的纸片热值与实际相比偏小。故答案为：【证据】（1）酒精和碎纸片的质量；（2）天平；受热均匀；【解释】加热时间；温度计升高的示数；【拓展】（1）1.2×106；（2）小。【点评】本题考查了探究“不同物质吸热升温现象”和“不同燃料燃烧放热能力”的实验，实验应用了控制变量法和转换法，有一定难度。

考点卡片1．升华和凝华的定义与特点【知识点的认识】（1）升华：物质从固态不经过液态而直接转化为气态的相变过程，是物质在温度和气压低于三相点的时候发生的一种物态变化．升华过程中需要吸热．（2）凝华：物质从气态不经过液态而直接变成固态的现象．是物质在温度和气压高于三相点的时候发生的一种物态变化，凝华过程物质要放出热量．（3）升华和凝华区别：【命题方向】1、生活中的升华现象的判断是这个知识点的核心，例如：用久的灯泡灯丝变细；冬天室外冰冻的衣服变干；冰雕作品体积变小；衣柜里的卫生球变小；干冰在常温下升华．例1：现在有一种叫“固体清新剂”的商品，把它放置在厕所、汽车、饭店内，能有效的清新空气、预防感冒等，“固体清新剂”发生的物态变化是（）A．熔化B．凝华C．汽化D．升华分析：此题主要考查生活中的升华现象，明确升华是由固态直接变为气态．解：“固体清新剂”使用时由固态直接变为气态．是升华现象．故选：D．点评：此题要明确“固体清新剂”使用时的状态变化．2、生活中的凝华现象的判断是这个知识点的核心，例如：霜，冬天玻璃窗内侧的窗花，针形六角形的雪，雾淞等例2：寒冷的冬天，在窗玻璃上常会出现“窗花”，下列说法中正确的是（）A．窗花在玻璃的内表面，是升华现象B．窗花在玻璃的内表面，是凝华现象C．窗花在玻璃的外表面，是升华现象D．窗花在玻璃的外表面，是凝华现象分析：物体直接由气态变为固态的过程叫凝华，冰花就是由空气中的水蒸气遇到比较冷的窗玻璃凝华形成的．解；冬天室内温度高于室外温度，室内空气中的水蒸气遇到较冷的玻璃时会发生凝华现象变成冰花，冰花出现在玻璃的内表面；故选B．点评：解决此类题目要结合生活中的凝华现象进行分析解答，生活中与物态变化有关的现象还有：云、雨、雹、霜、雾、露、雪等的形成过程．【解题方法点拨】判断时一定要紧扣定义，由定义来判断是最准确的、简单的．（1）升华和凝华现象是物质在固态和气态两种状态之间直接的相互转化，中间并没有经过液体这个过程．（2）并不是所有的物质都能发生升华和凝华现象，它仅限于某些物质在一定条件下发生。2．密度的计算与公式的应用【知识点的认识】利用公式ρ＝及它的变形公式V＝，m＝ρV，可以解决一些实际应用中的问题。（1）根据公式ρ＝来鉴别物质。测出物体的质量和体积，运用公式ρ＝求出物质的密度，然后对照密度表就可以知道该物质的种类。（2）利用公式V＝计算不便测量的物体的体积。测出物体的质量，利用密度表查出该种物质的密度，利用公式V＝就可以计算出物体的体积。（3）利用m＝ρV计算不便测量的物体的质量。测出物体的体积，利用密度表查出该种物质的密度，利用公式m＝ρV就可以计算出物体的质量。（4）空、实心的判断：通过对物体的密度、质量、体积的比较，可判断物体时空心的还是实心的，即当ρ物＝ρ为实心，ρ物＜ρ为空心；m物＝m为实心，m物＜m为空心；V物＝V为实心，V物＞V为空心。【命题方向】1、利用密度知识直接求物体质量，求物体的体积。对一些体积庞大的物体，质量不便测量。可以测量出它的体积，从密度表中查出它的密度，最后计算出它的质量；有的物体、体积不规则，不便于直接测量，可以测出它的质量，从密度表中查出它的密度，最后计算出它的体积。判断这个球是空心还是实心问题。例1：图所示三个规格相同的杯子里分别装有质量相等的水、盐水和煤油。（盐水的密度1.1×103kg/m3，煤油的密度0.8×103kg/m3）根据杯中液面的位置可以判定（）A．甲杯是水，乙杯是盐水B．甲杯是盐水，乙杯是煤油C．乙杯是盐水，丙杯是水D．乙杯是水，丙杯是煤油分析：质量相同的不同物质，密度大小与体积成反比。据此分析判断。解：已知三种液体的质量相同，由图知：甲液体的体积最大，乙液体的体积最小，丙液体的体积居中，根据公式ρ＝得：甲液体密度最小，为煤油；乙液体密度最大，是盐水；丙液体密度居中，是水。故选C。点评：此题考查的是对密度公式的理解和应用。对同种物质，密度与质量、体积无关；对不同物质，密度与质量成正比，与体积成反比。2、用公式计算出密度来鉴别物质，利用控制变量法分析函数图来比较密度的大小．例1：有不同物质组成的甲乙两个体积相同的实心物体，质量之比是2：3，这两种物质的密度值比是（）A．2：3B．3：2C．1：1D．以上答案都不对分析：解答此题的关键是学生明确甲乙两个体积相同，根据密度公式即可得出答案．解：由V甲＝V乙，＝可得＝，故选项A正确；故选A．点评：此题主要考查学生对密度公式的理解与掌握，此题比较简单，是密度计算题的基础，因此是一道基础题．【解题方法点拨】对于密度公式，还要从以下四个方面理解：（1）同种物质，在一定状态下密度是定值，它不随质量大小或体积大小的改变而改变．当其质量（或体积）增大几倍时，其体积（或质量）也随着增大几倍，而比值是不变的．因此，不能认为物质的密度与质量成正比，与体积成反比；（2）具有同种物质的物体，在同一状态下，体积大的质量也大，物体的体积跟它的质量成正比；（3）具有不同物质的物体，在体积相同的情况下，密度大的质量也大，物体的质量跟它的密度成正比＝（4）具有不同物质的物体，在质量相同的条件下，密度大的体积反而小，物体的体积跟它的密度成反比＝．熟练运用密度公式及其变形进行计算。判断这个球是空心还是实心有密度比较法、质量比较法、体积比较法三种。3．物理常识【知识点的认识】从力学、热学、光学、电学、声的现象这几方面的原理来联系生活中的现象．生活中有关的物理常识：一、与电学知识有关的现象1、电饭煲煮饭、电炒锅煮菜、电水壶烧开水是利用电能转化为内能，都是利用热传递煮饭、煮菜、烧开水的．2、排气扇（抽油烟机）利用电能转化为机械能，利用空气对流进行空气变换．3、电饭煲、电炒锅、电水壶的三脚插头，插入三孔插座，防止用电器漏电和触电事故的发生．4、微波炉加热均匀，热效率高，卫生无污染．加热原理是利用电能转化为电磁能，再将电磁能转化为内能．5、厨房中的电灯，利用电流的热效应工作，将电能转化为内能和光能．6、厨房的炉灶（蜂窝煤灶，液化气灶，煤灶，柴灶）是将化学能转化为内能，即燃料燃烧放出热量．二、与力学知识有关的现象1、电水壶的壶嘴与壶肚构成连通器，水面总是相平的．2、菜刀的刀刃薄是为了减小受力面积，增大压强．3、菜刀的刀刃有油，为的是在切菜时，使接触面光滑，减小摩擦．4、菜刀柄、锅铲柄、电水壶把手有凸凹花纹，使接触面粗糙，增大摩擦．5、火铲送煤时，是利用煤的惯性将煤送入火炉．6、往保温瓶里倒开水，根据声音知水量高低．由于水量增多，空气柱的长度减小，振动频率增大，音调升高．7、磨菜刀时要不断浇水，是因为菜刀与石头摩擦做功产生热使刀的内能增加，温度升高，刀口硬度变小，刀口不利；浇水是利用热传递使菜刀内能减小，温度降低，不会升至过高．三、三、与热学知识有关的现象（一）与热学中的热膨胀和热传递有关的现象1、使用炉灶烧水或炒菜，要使锅底放在火苗的外焰，不要让锅底压住火头，可使锅的温度升高快，是因为火苗的外焰温度高．2、锅铲、汤勺、漏勺、铝锅等炊具的柄用木料制成，是因为木料是热的不良导体，以便在烹任过程中不烫手．3、炉灶上方安装排风扇，是为了加快空气对流，使厨房油烟及时排出去，避免污染空间．4、滚烫的砂锅放在湿地上易破裂．这是因为砂锅是热的不良导体，烫砂锅放在湿地上时，砂锅外壁迅速放热收缩而内壁温度降低慢，砂锅内外收缩不均匀，故易破裂．5、往保温瓶灌开水时，不灌满能更好地保温．因为未灌满时，瓶口有一层空气，是热的不良导体，能更好地防止热量散失．6、炒菜主要是利用热传导方式传热，煮饭、烧水等主要是利用对流方式传热的．7、冬季从保温瓶里倒出一些开水，盖紧瓶塞时，常会看到瓶塞马上跳一下．这是因为随着开水倒出，进入一些冷空气，瓶塞塞紧后，进入的冷空气受热很快膨胀，压强增大，从而推开瓶塞．8、冬季刚出锅的热汤，看到汤面没有热气，好像汤不烫，但喝起来却很烫，是因为汤面上有一层油阻碍了汤内热量散失（水分蒸发）．9、冬天或气温很低时，往玻璃杯中倒入沸水，应当先用少量的沸水预热一下杯子，以防止玻璃杯内外温差过大，内壁热膨胀受到外壁阻碍产生力，致使杯破裂．10、煮熟后滚烫的鸡蛋放入冷水中浸一会儿，容易剥壳．因为滚烫的鸡蛋壳与蛋白遇冷会收缩，但它们收缩的程度不一样，从而使两者脱离．（二）与物体状态变化有关的现象1、液化气是在常温下用压缩体积的方法使气体液化再装入钢罐中的；使用时，通过减压阀，液化气的压强降低，由液态变为气态，进入灶中燃烧．2、用焊锡的铁壶烧水，壶烧不坏，若不装水，把它放在火上一会儿就烧坏了．这是因为水的沸点在1标准大气压下是100℃，锡的熔点是232℃，装水烧时，只要水不干，壶的温度不会明显超过100℃，达不到锡的熔点，更达不到铁的熔点，故壶烧不坏．若不装水在火上烧，不一会儿壶的温度就会达到锡的熔点，焊锡熔化，壶就烧坏了．3、烧水或煮食物时，喷出的水蒸气比热水、热汤烫伤更严重．因为水蒸气变成同温度的热水、热汤时要放出大量的热量（液化热）．4、用砂锅煮食物，食物煮好后，让砂锅离开火炉，食物将在锅内继续沸腾一会儿．这是因为砂锅离开火炉时，砂锅底的温度高于100℃，而锅内食物为100℃，离开火炉后，锅内食物能从锅底吸收热量，继续沸腾，直到锅底的温度降为100℃为止．5、用高压锅煮食物熟得快些．主要是增大了锅内气压，提高了水的沸点，即提高了煮食物的温度．6、夏天自来水管壁大量“出汗”，常是下雨的征兆．自来水管“出汗”并不是管内的水渗漏，而是自来水管大都埋在地下，水的温度较低，空气中的水蒸气接触水管，就会放出热量液化成小水滴附在外壁上．如果管壁大量“出汗”，说明空气中水蒸气含量较高，湿度较大，这正是下雨的前兆．7、煮食物并不是火越旺越快．因为水沸腾后温度不变，即使再加大火力，也不能提高水温，结果只能加快水的汽化，使锅内水蒸发变干，浪费燃料．正确方法是用大火把锅内水烧开后，用小火保持水沸腾就行了．8、冬天水壶里的水烧开后，在离壶嘴一定距离才能看见“白气”，而紧靠壶嘴的地方看不见“白气”．这是因为紧靠壶嘴的地方温度高，壶嘴出来的水蒸气不能液化，而距壶嘴一定距离的地方温度低；壶嘴出来的水蒸气放热液化成小水滴，即“白气”．9、油炸食物时，溅入水滴会听到“叭、叭”的响声，并溅出油来．这是因为水的沸点比油低，水的密度比油大，溅到油中的水滴沉到油底迅速升温沸腾，产生的气泡上升到油面破裂而发出响声．10、当锅烧得温度较高时，洒点水在锅内，就发出“吱、吱”的声音，并冒出大量的“白气”．这是因为水先迅速汽化后又液化，并发出“吱、吱”的响声．11、当汤煮沸要溢出锅时，迅速向锅内加冷水或扬（舀）起汤，可使汤的温度降至沸点以下．加冷水，冷水温度低于沸腾的汤的温度，混合后，冷水吸热，汤放热．把汤扬起的过程中，由于空气比汤温度低，汤放出热，温度降低，倒入锅内后，它又从沸汤中吸热，使锅中汤温度降低．（三）与热学中的分子热运动有关的现象1、腌菜往往要半月才会变咸，而炒菜时加盐几分钟就变咸了，这是因为温度越高，盐的离子运动越快的缘故．2、长期堆煤的墙角处，若用小刀从墙上刮去一薄层，可看见里面呈黑色，这是因为分子永不停息地做无规则的运动，在长期堆煤的墙角处，由于煤分子扩散到墙内，所以刮去一层，仍可看到里面呈黑色．【命题方向】生活中的现象用那部分物理原理来解决是命题的关键．例1：在日常生活中，人们常说“开灯”、“关灯”，其物理含义是（）A．开灯是指断开开关，关灯是指闭合开关B．开灯和关灯都是指闭合开关C．开灯是指闭合开关，关灯是指断开开关D．开灯和关灯都是指断开开关分析：日常生活中的一些说法与物理学中的对应的说法往往不同，同学们要正确理解．解：人们常说的“开灯”是指闭合开关，接通电路；“关灯”是指断开开关，断开电路；故选C．点评：常见的日常生活中的说法与物理学中的科学说法不同的还有：日常生活中说的“物重”，与物理学中的“质量”含义相同；而物理学中的“物重”是指物体受到的重力大小．例2：人们对事物进行比较，经常要引入相应的物理量．下列说法中不正确的是（）A．进行做功快慢的比较，引入“功率”B．进行物体软硬的比较，引入“质量”C．进行压力作用效果的比较，引入“压强”D．进行运动快慢的比较，引入“速度”分析：明确功率、质量、压强、速度四个物理量的概念与含义，对照选项中的说法，即可做出判断．解：A、物体单位时间内完成的功叫功率，进行做功快慢的比较，引入“功率”的说法是正确的；B、质量是物体所含物质的多少，不是进行物体软硬的比较而引入的，故说法错误；C、物体单位面积上受到的压力叫压强，进行压力作用效果的比较，引入“压强”的说法是正确的；D、物体单位时间内通过的路程叫速度，进行运动快慢的比较，引入“速度”的说法是正确的．故选B．点评：功率、质量、压强、速度都是物理学中最重要的物理量，理解它们的概念与含义，才能在学习中正确加以运用．【解题方法点拨】在日常生活当中，我们经常会碰到一些与物理知识有关的现象和问题，我们学习的目的就是要应用；但是，如果不知道它的原理，那么就不会对其进行正确的应用，因此要知道原理是关键．4．半导体材料的特点与作用【知识点的认识】（1）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，如：硅、锗等。常见半导体有：锗、硅、砷化镓等，即硅属于半导体材料。（2）半导体的特性：①在纯净的半导体中适当地掺入一定种类的极微量的杂质，半导体的导电性能就会成百万倍的增加﹣﹣这是半导体最显著、最突出的特性。例如，晶体管就是利用这种特性制成的。②当环境温度升高一些时，半导体的导电能力就显著地增加；当环境温度下降一些时，半导体的导电能力就显著地下降。这种特性称为“热敏”，热敏电阻就是利用半导体的这种特性制成的。③当有光线照射在某些半导体时，这些半导体就像导体一样，导电能力很强；当没有光线照射时，这些半导体就像绝缘体一样不导电，这种特性称为“光敏”。例如，用作自动化控制用的“光电二极管”、“光电三极管”和光敏电阻等，就是利用半导体的光敏特性制成的。（3）半导体最基本的是二极管和MOS管，原理都是基于N型和P型半导体构成的PN结。二极管是单向导电器件，可以实现整流控制等。MOS管是栅控器件，是目前集成电路中最基本的单元。（4）半导体是微电子产业的基础。控制是它的核心。在半导体中掺入少量的其他元素，它的导电性能会得到很大改善，从而可以把它们制成：①光敏电阻：有无光照电阻值差异很大。②热敏电阻：温度略有变化，电阻值变化很明显。③压敏电阻：电压变化，电阻值明显变化。（5）二极管：具有单向导电性。三极管：具有将电信号放大的作用。半导体元件的应用十分广泛，已成为电子计算机和其他电子仪器的重要元件。【命题方向】一是根据导电性来判断材料；二是按半导体的特点：例如半导体分为：二极管、三极管、集成电路。其中半导体可以根据各自特点做出许多电阻，例如热敏电阻、压敏电阻、光敏电阻等等。二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性等来出题。例1：LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管。二极管由下列哪种材料制成（）A．陶瓷材料B．金属材料C．半导体材料D．超导材料分析：二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性。解：A、陶瓷是绝缘体，B、金属是导体，C、半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，D、超导现象是导体的电阻为变零时的现象。故选C。点评：本题综合考查了导体、绝缘体、半导体和超导体，它们都有很重要的用途。例2：如图所示的电子体温计通过流过半导体制成的感温头的电流来反映人的体温，这利用了半导体（）A．良好的导电特性B．良好的绝缘特性C．电阻随温度变化而变化的特性D．电阻随光照变化而变化的特性分析：半导体的阻值会随着光照或温度的变化而发生变化，电子体温计是利用了后者。解：半导体的阻值随着温度的变化而发生变化，根据欧姆定律，流过感温头的电流也随之发生变化，以此来反映人的体温。故选C。点评：因为半导体的阻值随着光照或温度的变化而发生变化，故在电子产品中应用非常广泛，应注意了解其应用。【解题方法点拨】半导体材料在生活中的应用，要记住。5．力的作用效果【知识点的认识】（1）力可以改变物体的运动状态：①物体运动状态的改变：一是指物体运动速度大小发生了改变．如物体从快到慢、从慢到快、从静止到运动和从运动到静止都是速度大小在改变；二是指物体运动方向发生了改变，如左转弯、右转弯等都是说明其运动方向在改变；三是指物体运动速度大小和运动方向同时发生了改变．②力可以改变物体运动状态并不是说物体只要受力，其运动状态就一定要改变，“可以”不是“一定”．（2）力可以改变物体的形状：用手拉弹簧使弹簧变长了；揉面时，面团形状不断变化；刀片能划破纸等，都表面力可以使物体的形状发生改变．【命题方向】生活中力的作用效果的现象有哪些，判断其是改变运动状态还是形状都是中考的命题方向例1：下列过程中，有一个力的作用效果与其他三个不同类，它是（）A．把橡皮泥捏成不同造型B．进站的火车受阻力缓缓停下C．苹果受重力竖直下落D．用力把铅球推出分析；解决本题的关键是掌握力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态．物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变．解：A、把橡皮泥捏成不同造型，橡皮泥的形状发生变化，所以选项A属于力改变物体的形状；B、进站的火车受阻力缓缓停下，速度在减小，所以选项B属于力改变物体的运动状态；C、苹果受重力竖直下落，苹果在重力作用下，速度越来越快，所以选项C属于力改变物体的运动状态；D、用力把铅球推出，铅球在重力作用下，运动速度和运动方向都在发生改变，所以选项D属于力改变物体的运动状态．故选：A．点评：本题考查了力的作用效果，力的这两个作用效果有明显的不同，比较容易辨别．例2：下列事例中，在力的作用下使物体的形状发生变化的是（）A．紧急刹车B．骑自行车加速前进C．做直线运动的足球，碰到球员后，运动方向发生改变D．两手用力扳竹条，使其弯曲分析：力可以使物体发生形变，物体的形变包括：形状的变化和体积的变化．解：A、紧急刹车时，刹车皮和轮胎内圈之间的摩擦力使轮胎由运动变为静止，改变了物体的运动状态；B、骑自行车加速运动，对自行车施加的作用力改变了自行车的运动速度，速度的改变是运动状态改变的一种；C、运动方向的改变就是运动状态改变的一种；D、两手对竹条的作用力是竹条的形状变弯了．故选D．点评：此题考查了力可以改变物体的形状，是一道基础题．【解题方法点拨】（1）一个物体只要发生了运动状态的改变或形状的改变，这个物体一定受到力的作用