2024年重庆中考物理终极押题密卷3含答案

2024年重庆中考物理终极押题密卷3一．选择题（共8小题）1．中国古代一位科学家在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法不正确的是（）A．最早提出地磁偏角的是我国宋代科学家沈括 B．地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近 C．指南针能指南北是因为地磁场的作用 D．地球表面的地磁场的强弱处处相同2．大量中华诗词蕴含物理知识，下列说法正确的是（）A．“烟雾氛氲水殿开，暂拂香轮归去来。”“雾”的形成是汽化现象 B．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山。”“冰”的形成是凝华现象 C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”的形成是液化现象 D．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”的形成是凝固现象3．“月掩火星”是地球、月亮和火星三者在一条直线上而出现的视觉现象。下列光现象成因与其相同的是（）A．露珠里的花儿 B．手影游戏 C．交警服的反光条 D．雨后彩虹4．如图甲所示，小明将重为300N的重物用拉力F拉至斜面顶端。此过程中小明拉力做的功W与重物沿斜面运动的距离s的关系如图乙所示。已知整个过程中小明的额外功为300J。下列说法正确的是（）A．斜面的机械效率η＝40% B．木箱所受的摩擦力f＝100N C．木箱被提升的高度h＝1m D．拉力F＝150N5．下列数据最接近实际的是（）A．人体的安全电压不高于36V B．中学生的重力约为50N C．普通家用照明灯的工作电流约2A D．人体感到舒适的环境温度约37℃6．3月28日，重庆市消防救援队总队轨道交通支队到我校进行消防演练，并向我校师生讲解消防救援知识，下列有关消防演练的说法正确的是（）A．如图甲，师生疏散时听到的消防警报声可以在真空中传播 B．如图乙，消防水管喷出的水能继续向前运动是因为水的惯性作用 C．如图丙，液态二氧化碳灭火器的灭火原理是降低温度，隔绝氧气 D．如图丁，消防员在障碍墙上时受到的重力和支持力是一对相互作用力7．水平地面上有一个工件如图中甲所示，由上下两个不同物质组成的柱体A、B连接在一起，其中A是高为12cm的圆柱体，质量为400g，B是棱长为10cm的正方体，质量为600g，A对B的压强与B对地面的压强相等。另有一高为10cm，底面积为200cm2，质量为0.6kg的圆柱形容器丙放在水平地面上，里面装有6cm深的水。下列说法正确的是（）A．将工件放入容器丙中前，容器对水平桌面的压强为600Pa B．将工件正放入容器丙中时，容器对桌面的压强变化量为400Pa C．将工件倒放入容器丙中时，A受到水向上的压力为10N D．若先将图甲中工件正放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF1，再将图乙中工件倒放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF2，则ΔF1＝ΔF28．如图甲所示是健身蹦床，原理图如图乙所示。电源电压不变，R1为定值电阻，压力传感器R的阻值随压力增加而减小。在运动者从与蹦床接触至下落到最低点过程中，下列说法中正确的是（）A．电流表A的示数逐渐变小，电压表V的示数逐渐变大 B．R1消耗的功率逐渐变大，整个电路消耗的功率逐渐变大 C．电压表V与电流表A示数的比值逐渐变小 D．电压表V示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值逐渐变大二．填空题（共5小题）9．中阮是中华民族传统弹拨乐器，也是古琵琶的一种，已有两千多年的历史。如图是重庆鲁能巴蜀中学文明礼仪主题活动中的中阮表演，演奏的声音是琴弦的产生的，拨动粗细不同的琴弦是为了改变声音的（选填“响度”、“音调”或“音色”）。10．如图所示，将“气压火箭”发射筒内充满气体，并在发射筒外安装好纸火箭外壳。按下发射气阀，随着“砰”的一声响，火箭飞出，同时看到下端管口出现了明显的“白气”。发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能（选填“增大”“减小”或“不变”），这个过程中的能量转化与汽油机的（选填“压缩”或“做功”）冲程相同。11．如图所示是南南在手机上观看春晚节目《山河诗长安》的情景，千人高声齐颂《将进酒》，这里的“高声”是指声音的，手机上的节目信息是利用传送的（选填“超声波”或“电磁波”）。12．小明放学回家发现一辆轿车陷入了泥泞路面，不使用工具很难将小车拉出，于是小明找来滑轮组成了如图所示的滑轮组，这样设计过后使用F＝1.2×103N拉力恰好能拉动小车。已知小车的质量为3.5×103kg，在拉力作用下小车移动了1.5m。不计滑轮和绳子的重及摩擦，求小车受到的阻力为N，拉力F端绳子移动的距离为m。13．华为Mate60pro手机是我国自主研发和生产的一款新型手机。该手机采用锂离子聚合物5000mA•h（电池总容量）电池，电池电压为3.7V，能支持有线最大超级快充（20V/4.4A）。该手机的最大充电功率为W，若用如图所示的电能表测量手机充电时消耗的电能，给该手机电池充满一次电，电能表将转过r（转）。三．作图题（共2小题）14．请画出图中入射光线经过凹透镜后的折射光线。15．如图所示的是一部正在匀速上升的电梯，请你画出重1000N电梯受力的示意图。四．实验探究题（共3小题）16．2024重庆马拉松于3月24日在南滨路海棠烟雨公园鸣枪起跑，有多名重外老师参加了本次比赛。如图甲是某老师获得的本次比赛奖牌，它以“古巴渝十二景”的龙门皓月为主题，轮廓造型取自重庆市花山茶花。喜爱探索的小外同学找老师借来奖牌，想要测量奖牌的密度。（1）小外先找来天平，将其放在工作台上，将游码调零，然后将天平调平衡。当他把奖牌放在天平盘后，将所有砝码加在另外一个盘中，并移动游码，发现砝码仍然不够，于是他改用弹簧测力计按图乙、丙所示的方式来测量奖牌的密度，在测量前，小外应将弹簧测力计（选填“竖直”或“水平”）放置进行调零。（2）由图乙可得奖牌所受重力为N。将奖牌逐渐浸入水中，在其浸没前，容器对铁架台的压强（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图丙所示，当奖牌浸没在水中所受浮力为N，通过计算可得奖牌的密度为kg/m3。（3）若把奖牌浸没在水中时触碰到了容器底部，所测奖牌密度将（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。17．小海同学用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”实验。（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时电流表示数变小，导线不交叉；（2）连接电路时，开关应该。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于最端；（3）闭合开关，小海发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是；（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时电压表示数如图乙所示，此时定值电阻R两端的电压为V；根据实验数据绘制出定值电阻R的I﹣U图像如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成；（5）小海将定值电阻换成一标有“2.5V”字样的小灯泡继续实验，来测量小灯泡正常发光的电阻。他得到的数据记录在下面的表格中，根据表格中的数据计算出小灯泡正常发光时的电阻为Ω（保留一位小数）。电压U/V1.01.52.02.5电流I/A0.180.220.240.26实验过程中，小海发现小灯泡亮度也逐渐变亮。结合实验现象和数据，本次探究还可以得到实验结论：。18．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。（1）实验中（图甲）选择小卡片的目的是；（2）当小卡片平衡时，小华将卡片（选填“翻转”或“旋转”）一个角度，松手后小卡片（选填“能”或“不能”）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究；（3）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是；A．减少摩擦力对实验结果的影响B．小书片是比较容易获取的材料C．容易让小卡片在水平方向上保持平衡D．小卡片容易扭转（4）小明同学也对同一问题进行了探究，但他在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度，你认为（选填“能”或“不能”）用小明的装置进行实验；（5）图乙中，若左边挂2N的钩码，右边挂5N钩码时，木块保持静止，则此时木块受到的摩擦力是N，若再在右边增加3N的钩码时，恰好木块向右匀速直线运动，在此基础上若要使木块向左匀速直线运动，则在左边所挂钩码的总重力为N。五．计算题（共3小题）19．无人机在现在的生产生活中有着广泛的应用。如图所示是一款新型智能航拍无人机，机身的总质量为2kg，四脚着地的总面积为5×10﹣2m2，该无人机以1.2m/s的速度沿竖直方向匀速上升60m。求：（1）无人机静止在水平地面上时对地面的压强；（2）无人机在上升过程中克服重力做功的功率。20．2023年底华为汽车“问界M9”正式上市，如图所示。在M9中，华为的技术内核得到了完整展现，将包括HUAWEIADS2.0高阶智能驾驶辅助系统、华为巨鲸800V高压电动平台等在内的华为十大智能汽车黑科技全量上车，透露出科技与创新的协同发展。已知M9自身质量2800kg，某次搭载人员及物品总重2×103N，40min内在高速路上行驶了60km，行驶过程中轮胎与地接触总面积为1500cm2。（1）求此过程M9的平均速度；（2）求此过程M9对水平路面的压强。21．如图甲所示，重4N、底面积为150cm2的圆柱形容器置于水平升降台中央，容器中原来装有16cm深的水。一圆柱体A悬挂在轻质细杆下保持静止。已知圆柱体A与容器高度相同，质量为1.6kg。轻杆与圆柱体衔接处为力传感器，电源电压为18V，原理如图甲所示，R为一阻值随压力变化的压敏电阻，可通过电流表示数测得轻杆对物体的弹力大小，如表格所示。在向上调节升降台直至圆柱体A与容器底部刚好接触的过程中，记录下电流表示数I与升降台移动的距离h的关系，如图乙所示。求：电流表示数I与力传感器所受弹力F关系I/A96321F/N1610420（1）未调节升降台时，甲图中力传感器R的阻值为多少Ω？（2）当R等于3Ω时，物体A受到的浮力为多少N？（3）当升降台上升16cm时，缓慢撤走细杆和力传感器后，待物体A静止，容器对升降台的压强为多少Pa？

2024年菁优重庆中考物理终极押题密卷3参考答案与试题解析一．选择题（共8小题）1．中国古代一位科学家在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法不正确的是（）A．最早提出地磁偏角的是我国宋代科学家沈括 B．地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近 C．指南针能指南北是因为地磁场的作用 D．地球表面的地磁场的强弱处处相同【考点】地磁场．【专题】磁现象、电生磁；理解能力．【答案】D【分析】地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场，根据对磁场的了解进行判断。【解答】解：A、最早提出地磁偏角的是我国宋代科学家沈括，故A正确；B、地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近，故B正确；C、指南针能指南北是因为地磁场的作用，故C正确；D、地球表面的地磁场的强弱各处不相同，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了有关磁的现象，属于基础题。2．大量中华诗词蕴含物理知识，下列说法正确的是（）A．“烟雾氛氲水殿开，暂拂香轮归去来。”“雾”的形成是汽化现象 B．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山。”“冰”的形成是凝华现象 C．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”的形成是液化现象 D．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”的形成是凝固现象【考点】升华和凝华的定义与特点；凝固与凝固放热的特点；液化及液化的放热特点．【专题】汽化和液化、升华和凝华；理解能力．【答案】C【分析】（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；（2）物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；（3）物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故A错误；B、冰是高空中水遇冷凝固形成的固态小冰晶，故B错误；C、露是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，故C正确；D、霜是空气中水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对物态变化的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。3．“月掩火星”是地球、月亮和火星三者在一条直线上而出现的视觉现象。下列光现象成因与其相同的是（）A．露珠里的花儿 B．手影游戏 C．交警服的反光条 D．雨后彩虹【考点】光在均匀介质中直线传播．【专题】光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；应用能力．【答案】B【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如看到水池底比实际变浅、水中筷子看起来变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。【解答】解：“月掩火星”是由光的直线传播形成的；A、露珠里的花儿属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故A错误；B、影子是由光的直线传播形成的，故B正确；C、交警服的反光条属于光的反射，故C错误；D、雨后彩虹是由光的折射形成的，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。4．如图甲所示，小明将重为300N的重物用拉力F拉至斜面顶端。此过程中小明拉力做的功W与重物沿斜面运动的距离s的关系如图乙所示。已知整个过程中小明的额外功为300J。下列说法正确的是（）A．斜面的机械效率η＝40% B．木箱所受的摩擦力f＝100N C．木箱被提升的高度h＝1m D．拉力F＝150N【考点】斜面的机械效率；功的计算和公式的应用；有用功和额外功．【专题】应用题；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】A【分析】（1）由图乙可知，重物沿斜面运动5m时，拉力做的功（总功），由W总＝W有用+W额可求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；（2）拉力做的额外功大小等于克服重物受摩擦力做的功，利用W额＝fs求木箱受摩擦力大小；（3）克服木箱做的功为有用功，利用W有用＝Gh求木箱被提升的高度；（4）知道额外功大小（克服木箱受摩擦力做的功），利用W＝fs求木箱受摩擦力大小。【解答】解：A、由图乙可知，重物沿斜面运动5m时，拉力做的功为500J，因为W总＝W有用+W额，所以拉力做的有用功：W有用＝W总﹣W额＝500J﹣300J＝200J，斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝40%，故A正确；B、拉力做的额外功大小等于克服重物受摩擦力做的功，由W额＝fs得木箱受摩擦力大小：f＝＝＝60N，故B错误；C、由W有用＝Gh得木箱被提升的高度：h＝＝≈0.67m，故C错误；D、由W总＝Fs可得拉力大小：F＝＝＝100N，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率、摩擦力的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。5．下列数据最接近实际的是（）A．人体的安全电压不高于36V B．中学生的重力约为50N C．普通家用照明灯的工作电流约2A D．人体感到舒适的环境温度约37℃【考点】电压的概念、单位及大小；摄氏温度；重力的大小估测；电流的单位和大小．【专题】估算综合应用题；应用能力．【答案】A【分析】可根据生活经验及所学物理知识进行分析，从而进行估测。【解答】解：A、人体的安全电压不高于36V，是一个物理常识，故A符合题意。B、一般地，一个中学生质量约为40kg，由此可得：G＝mg＝40kg×9.8N/kg＝392N，远远大于50N，故B不符合题意。C、台灯功率约为40W，正常工作工作时的电流大约为I＝，故C不符合题意。D、人体感到舒适的环境温度约25℃，故D不符合题意。故选：A。【点评】对生活中的一些数据进行估测，往往能考查同学们的综合能力，同学们在学习中要注意观察，多思考。6．3月28日，重庆市消防救援队总队轨道交通支队到我校进行消防演练，并向我校师生讲解消防救援知识，下列有关消防演练的说法正确的是（）A．如图甲，师生疏散时听到的消防警报声可以在真空中传播 B．如图乙，消防水管喷出的水能继续向前运动是因为水的惯性作用 C．如图丙，液态二氧化碳灭火器的灭火原理是降低温度，隔绝氧气 D．如图丁，消防员在障碍墙上时受到的重力和支持力是一对相互作用力【考点】惯性与惯性现象；平衡力与相互作用力的辨别；声音的传播条件；力作用的相互性．【专题】应用题；声现象；运动和力；应用能力．【答案】C【分析】（1）真空不能传声。（2）惯性是指一切物体都具有的能保持原来运动状态的性质，它在生活中有很多应用，同时也会造成一定危害。（3）根据灭火原理：①清除或隔离可燃物，②隔绝氧气或空气，③使温度降到可燃物的着火点以下，据此结合灭火方法进行分析。（4）物体处于平衡状态，受到的力为平衡力。【解答】解：A、师生疏散时听到的消防警报声不能在真空中传播，故A错误；B、消防水管喷出的水能继续向前运动是因为水具有惯性，惯性不是力，不能说惯性作用，故B错误；C、液态二氧化碳灭火器的灭火原理是降低温度，隔绝氧气，故C正确；D、消防员在障碍墙上时受到的重力和支持力是一对平衡力，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了声音的传播、惯性、平衡力的辨别等知识的了解与掌握，是一道力学基础题。7．水平地面上有一个工件如图中甲所示，由上下两个不同物质组成的柱体A、B连接在一起，其中A是高为12cm的圆柱体，质量为400g，B是棱长为10cm的正方体，质量为600g，A对B的压强与B对地面的压强相等。另有一高为10cm，底面积为200cm2，质量为0.6kg的圆柱形容器丙放在水平地面上，里面装有6cm深的水。下列说法正确的是（）A．将工件放入容器丙中前，容器对水平桌面的压强为600Pa B．将工件正放入容器丙中时，容器对桌面的压强变化量为400Pa C．将工件倒放入容器丙中时，A受到水向上的压力为10N D．若先将图甲中工件正放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF1，再将图乙中工件倒放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF2，则ΔF1＝ΔF2【考点】压强的计算；压力．【专题】应用题；压强、液体的压强；分析、综合能力．【答案】B【分析】（1）水平面上，F压＝G总，由压强公式p＝可得放入工件前，容器对水平桌面的压强；（2）先根据密度判断整体进入水中的状态，再分析出两次压力的变化量，再由压强公式即可计算压强变化量；（3）先找出物体A进入水中的深度，由液体压强公式计算出物体A下表面受到的压强，即可计算出下表面受到的压力；（4）由F＝pS计算两种情况下压力变化量，进行比较得出结果。【解答】解：A．由ρ＝得，水的质量m水＝ρ水V＝ρ水S丙h水＝1g/cm3×200cm2×6cm＝1200g＝1.2kg；水的重力为G水＝m水g＝1.2kg×10N/kg＝12N；圆柱形容器丙所受重力G容＝m容g＝0.6kg×10N/kg＝6N；圆柱形容器丙放在水平地面上，对地面的压力F压＝G总＝G水+G容＝12N+6N＝18N，容器对水平桌面的压强为p容＝＝＝900Pa，故A错误；B．GA＝mAg＝0.4kg×10N/kg＝4N，GB＝mBg＝0.6kg×10N/kg＝6N，A对B的压强与B对地面的压强相等，即＝，则SA＝＝＝40cm2，物体A的体积VA＝SAhA＝40cm2×12cm＝480cm3，物体A的密度为ρA＝＝＝0.83g/cm3，物体B的密度为ρB＝＝＝0.6g/cm3；故圆柱体A、正方体B两物体的平均密度小于水的密度，即由AB组成的工件的密度小于水的密度，则由AB组成的工件放在足够多的水中处于漂浮状态，此时工件受到的浮力等于工件受到的重力，工件排开水的体积：V排＝＝＝＝10﹣3m3＝1000cm3；容器丙装水后，剩余部分的体积为：V空＝V总﹣V水＝（h容器−h水）S容器＝（10cm−6cm）×200cm2＝800cm3，则V排＞V空，那么工件正放入容器乙中时刚好有：V＝1000cm3＝VB＝103cm3，而容器的高度h容器＝10cm＝lB＝10cm，所以组合工件漂浮，容器中的水有溢出，溢出水的体积V溢＝200cm3，溢出水的重力G溢＝ρ水V溢g＝1×103kg/m3×200×10﹣6m3×10N/kg＝2N，将工件正放入容器丙中时，容器对桌面的压力变化量ΔF＝10N﹣2N＝8N容器对桌面的压强变化量为Δp＝＝＝400Pa，故B正确；C．将工件倒放入容器丙中时，最多浸入液体中的体积为：VA＝480cm3＜V排＝1000cm3，容器丙中水的体积V水＝6cm×200cm2＝1200cm3；而lA＝12cm＞h容器＝10cm，所以工件沉底，容器丙中水深为：h深＝＝＝7.5cm，则A下表面所受压力为F向上＝ρ水gh深SA＝103kg/m3×10N/kg×0.075m×4×10﹣5m2＝0.03N，故C错误；D．若先将图甲中工件正放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF1＝Δp1S＝ρ水gΔh1S＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（10−6）×10−2m×200×10−4m2＝8N，将图乙中工件倒放入容器丙中，水对容器底部的压力变化量为ΔF2＝Δp2S＝ρ水gΔh2S＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（7.5−6）×10−2m×200×10−4m2＝3N，则ΔF1＞ΔF2，故D错误。故选B。【点评】本题考查了重力公式和密度公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、压强定义式的综合应用，综合性强，难度大。8．如图甲所示是健身蹦床，原理图如图乙所示。电源电压不变，R1为定值电阻，压力传感器R的阻值随压力增加而减小。在运动者从与蹦床接触至下落到最低点过程中，下列说法中正确的是（）A．电流表A的示数逐渐变小，电压表V的示数逐渐变大 B．R1消耗的功率逐渐变大，整个电路消耗的功率逐渐变大 C．电压表V与电流表A示数的比值逐渐变小 D．电压表V示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值逐渐变大【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力．【答案】B【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R1两端的电压；根据压力的变化判定压敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律分析电路中电流和电压表示数的变化；根据P＝UI＝I2R判定R1和电路消耗的功率；根据欧姆定律分析电压表V与电流表A示数的比值的变化以及电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值的变化。【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R1两端的电压；A、在人从与蹦床接触至下落到最低点过程中，蹦床受到的压力增大，压敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；根据U＝IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V示数变大，故A错误；B、电路中的电流变大，R1的电阻不变，根据P＝UI＝I2R知：R1消耗的功率逐渐变大；电源电压不变，电路中的电流变大，根据P＝UI可知，电路消耗的总功率P逐渐变大，故B正确。CD、根据R＝可知，电压表V与电流表A示数的比值以及电压表V示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值均等于R1的阻值，保持不变，故CD错误。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，明确压敏电阻的阻值变化是解题的关键。二．填空题（共5小题）9．中阮是中华民族传统弹拨乐器，也是古琵琶的一种，已有两千多年的历史。如图是重庆鲁能巴蜀中学文明礼仪主题活动中的中阮表演，演奏的声音是琴弦的振动产生的，拨动粗细不同的琴弦是为了改变声音的音调（选填“响度”、“音调”或“音色”）。【考点】音调与频率的关系；声音的产生．【专题】声现象；理解能力．【答案】振动；音调。【分析】声音是由物体的振动产生的；音调的影响因素是发声体振动频率。【解答】解：琴声是由琴弦的振动产生的，弹奏时拨动不同的琴弦是为了改变琴弦振动的频率，从而改变声音的音调。故答案为：振动；音调。【点评】此题考查了声音的产生、声音的特性，属基础题目。10．如图所示，将“气压火箭”发射筒内充满气体，并在发射筒外安装好纸火箭外壳。按下发射气阀，随着“砰”的一声响，火箭飞出，同时看到下端管口出现了明显的“白气”。发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能减小（选填“增大”“减小”或“不变”），这个过程中的能量转化与汽油机的做功（选填“压缩”或“做功”）冲程相同。【考点】做功改变物体内能；四冲程内燃机的工作过程．【专题】分子热运动、内能；理解能力．【答案】减小；做功。【分析】当气体膨胀对外做功时，气体的内能减小，温度降低；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能。【解答】解：按下发射气阀，筒内气体对筒身与纸火箭做功，筒内气体的内能减小，温度降低，将内能转化为机械能，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，这个过程中的能量转化与汽油机的做功冲程相同。故答案为：减小；做功。【点评】本题考查内能的改变，属于综合题。11．如图所示是南南在手机上观看春晚节目《山河诗长安》的情景，千人高声齐颂《将进酒》，这里的“高声”是指声音的响度，手机上的节目信息是利用电磁波传送的（选填“超声波”或“电磁波”）。【考点】电磁波的传播与应用；响度．【专题】声现象；信息的传递；理解能力．【答案】响度；电磁波。【分析】声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。电磁波可以传递信息。【解答】解：千人高声齐颂《将进酒》，这里的“高声”是指声音的响度，手机上的节目是利用电磁波传送的。故答案为：响度；电磁波。【点评】本题考查的是电磁波的应用；知道声音的响度。12．小明放学回家发现一辆轿车陷入了泥泞路面，不使用工具很难将小车拉出，于是小明找来滑轮组成了如图所示的滑轮组，这样设计过后使用F＝1.2×103N拉力恰好能拉动小车。已知小车的质量为3.5×103kg，在拉力作用下小车移动了1.5m。不计滑轮和绳子的重及摩擦，求小车受到的阻力为3.6×103N，拉力F端绳子移动的距离为4.5m。【考点】滑轮组中的相关计算；滑轮组及其工作特点．【专题】简单机械；分析、综合能力．【答案】3.6×103；4.5。【分析】由图可知n＝3，拉力端移动距离s＝ns车，根据F＝f计算阻力。【解答】解：由图可知n＝3，根据F＝f知，阻力f＝nF＝3×1.2×103N＝3.6×103N；拉力端移动距离s＝ns车＝3×1.5m＝4.5m.故答案为：3.6×103；4.5。【点评】本题考查滑轮组的有关计算，属于中档题。13．华为Mate60pro手机是我国自主研发和生产的一款新型手机。该手机采用锂离子聚合物5000mA•h（电池总容量）电池，电池电压为3.7V，能支持有线最大超级快充（20V/4.4A）。该手机的最大充电功率为88W，若用如图所示的电能表测量手机充电时消耗的电能，给该手机电池充满一次电，电能表将转过37r（转）。【考点】电能表；电功率的计算．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】88；37。【分析】根据P＝UI计算手机的最大充电功率；电池的容量是电流与时间的乘积；利用W＝UIt计算消耗的电能；知道手机消耗的电能，根据电能表参数可求电能表转盘转过的转数。【解答】解：由题意可知，该手机能支持有线最大超级快充（20V/4.4A），则手机的最大充电功率为：P＝UI＝20V×4.4A＝88W；手机电池充满一次电可以消耗电能W＝UIt＝3.7V×5A×3600s＝66600J＝0.0185kW•h，“2000r/（kW•h）”所表示的物理意义：电路中的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，则电能表将转过的转数为：n＝0.0185kW•h×2000r/（kW•h）＝37r。故答案为：88；37。【点评】本题考查了电功率、电能的计算，理解电能表参数是解题关键。三．作图题（共2小题）14．请画出图中入射光线经过凹透镜后的折射光线。【考点】透镜的光路图．【专题】作图题．【答案】见试题解答内容【分析】指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴，根据图示作出折射光线。【解答】解：折射光线平行于主光轴画，如图所示：【点评】凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。15．如图所示的是一部正在匀速上升的电梯，请你画出重1000N电梯受力的示意图。【考点】力的示意图与图示．【专题】作图题；重力、弹力、摩擦力；应用能力．【答案】见解答【分析】要解决此题，知道力的示意图就是将力的大小、方向、作用点表示在图上。首先要对物体进行受力分析，找到力、力的作用点和方向。【解答】解：电梯匀速上升，所以电梯所受的重力和绳对电梯的拉力是一对平衡力，大小相等、方向相反。重力的作用点在重心，方向竖直向下；电梯所受向上力的作用点在电梯的上部，方向竖直向上，如图所示：【点评】此题主要考查了力的示意图的画法：关键是找到力的作用点和方向。四．实验探究题（共3小题）16．2024重庆马拉松于3月24日在南滨路海棠烟雨公园鸣枪起跑，有多名重外老师参加了本次比赛。如图甲是某老师获得的本次比赛奖牌，它以“古巴渝十二景”的龙门皓月为主题，轮廓造型取自重庆市花山茶花。喜爱探索的小外同学找老师借来奖牌，想要测量奖牌的密度。（1）小外先找来天平，将其放在水平工作台上，将游码调零，然后将天平调平衡。当他把奖牌放在天平左盘后，将所有砝码加在另外一个盘中，并移动游码，发现砝码仍然不够，于是他改用弹簧测力计按图乙、丙所示的方式来测量奖牌的密度，在测量前，小外应将弹簧测力计竖直（选填“竖直”或“水平”）放置进行调零。（2）由图乙可得奖牌所受重力为3N。将奖牌逐渐浸入水中，在其浸没前，容器对铁架台的压强变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图丙所示，当奖牌浸没在水中所受浮力为0.4N，通过计算可得奖牌的密度为7.5×103kg/m3。（3）若把奖牌浸没在水中时触碰到了容器底部，所测奖牌密度将偏小（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【考点】浮力大小的计算；固体的密度测量实验．【专题】实验题；测量型实验综合题；分析、综合能力．【答案】（1）水平；左；竖直；（2）3；变大；0.4；7.5×103；（4）偏小。【分析】（1）天平在使用之前放在水平桌面上，调节平衡，测量时左盘放物体，右盘放砝码；弹簧测力计竖直使用时应该在竖直方向进行调零；（2）根据图乙进行弹簧测力计的读数。明确分度值，以及刻度；根据弹簧测力计计算出浮力，然后根据阿基米德原理计算出物体的体积，最后根据密度公式计算物体的密度。（3）奖牌浸没在水中时触碰到了容器底部，会导致浮力偏大，计算出的体积偏大，最终计算的密度偏小。【解答】解：（1）天平在使用之前放在水平桌面上，调节平衡，测量时左盘放物体，右盘放砝码；弹簧测力计竖直使用时应该在竖直方向进行调零；（2）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，图乙的示数为3N，此时重力等于拉力；将奖牌逐渐浸入水中，在其浸没前，奖牌受到的浮力越来越大，水受到奖牌的压力越来越大，所以容器对桌面的压力逐渐变大，由公式：容器对铁架台的压强变大；如图丙所示，当奖牌浸没在水中时，弹簧测力计的示数为：2.6N，所以奖牌所受浮力为：F浮＝G﹣F拉＝3N﹣2.6N＝0.4N；由阿基米德原理得物体的体积；物体的质量为：＝0.3kg；所以物体的密度为：；（3）奖牌浸没在水中时触碰到了容器底部，根据公式：F浮＝G﹣F拉可知此时会导致浮力偏大，计算出的体积偏大，最终计算的密度偏小。故答案为：（1）水平；左；竖直；（2）3；变大；0.4；7.5×103；（4）偏小。【点评】本题考查了利用浮力的相关知识求解物体的密度，属于基础实验，难度中等。17．小海同学用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”实验。（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时电流表示数变小，导线不交叉；（2）连接电路时，开关应该断开。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于最右端；（3）闭合开关，小海发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是定值电阻R断路；（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时电压表示数如图乙所示，此时定值电阻R两端的电压为2.2V；根据实验数据绘制出定值电阻R的I﹣U图像如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（5）小海将定值电阻换成一标有“2.5V”字样的小灯泡继续实验，来测量小灯泡正常发光的电阻。他得到的数据记录在下面的表格中，根据表格中的数据计算出小灯泡正常发光时的电阻为9.6Ω（保留一位小数）。电压U/V1.01.52.02.5电流I/A0.180.220.240.26实验过程中，小海发现小灯泡亮度也逐渐变亮。结合实验现象和数据，本次探究还可以得到实验结论：灯丝的电阻随温度的升高而增大。【考点】探究电流与电压、电阻的关系．【专题】定量思想；控制变量法；欧姆定律；分析、综合能力；实验基本能力．【答案】（1）见上图；（2）断开；右；（3）定值电阻R断路；（4）2.2；正比；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大【分析】（1）电流表、滑动变阻器、定值电阻串联接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表示数变小，说明电阻变大，由此确定滑动变阻器下面接的是哪一接线柱；（2）为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态，且将滑动变阻器滑片置于阻值最大端；（3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（4）根据电压表选用小量程确定分度值读数；根据实验数据绘制出定值电阻R的I﹣U图像为一过原点的直线得出结论；（5）根据表中数据确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R＝求出小灯泡正常发光时的电阻；可根据实验数据分析得出灯丝的电阻随温度的升高而增大。【解答】解：（1）电流表、滑动变阻器、定值电阻串联接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器接入电阻变大，由此确定滑动变阻器下面接的是左下接线柱，据此完成电路连接如下图所示：；（2）为了保护电路，在连接电路时，开关应断开，且将滑动变阻器滑片置于阻值最大端，即图中的最右端；（3）闭合开关，小海发现电流表没有示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，则原因可能是定值电阻R断路；（4）电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，此时定值电阻R两端的电压为2.2V；根据实验数据绘制出定值电阻R的I﹣U图像为一过原点的直线，如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（5）由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.26A，则小灯泡正常发光时的电阻为：R＝≈9.6Ω；由表中数据可知：R1＝≈5.6Ω；R2＝≈6.8Ω；R3＝≈8.3Ω，由此可知随着灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P＝UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大。故答案为：（1）见上图；（2）断开；右；（3）定值电阻R断路；（4）2.2；正比；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【点评】本题考查了“探究电流与电压的关系”实验，同时还考查了小灯泡额定电压下电阻的测量，涉及了电路的连接、电路故障分析、电压表的读数、数据分析等，考查较综合，难度一般。18．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。（1）实验中（图甲）选择小卡片的目的是可以忽略卡片的重力；（2）当小卡片平衡时，小华将卡片旋转（选填“翻转”或“旋转”）一个角度，松手后小卡片不能（选填“能”或“不能”）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究不在同一直线上的两个力能否平衡；（3）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是A；A．减少摩擦力对实验结果的影响B．小书片是比较容易获取的材料C．容易让小卡片在水平方向上保持平衡D．小卡片容易扭转（4）小明同学也对同一问题进行了探究，但他在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度，你认为能（选填“能”或“不能”）用小明的装置进行实验；（5）图乙中，若左边挂2N的钩码，右边挂5N钩码时，木块保持静止，则此时木块受到的摩擦力是3N，若再在右边增加3N的钩码时，恰好木块向右匀速直线运动，在此基础上若要使木块向左匀速直线运动，则在左边所挂钩码的总重力为14N。【考点】探究二力平衡的条件．【专题】探究题；运动和力；科学探究能力．【答案】（1）可以忽略卡片的重力；（2）旋转；不能；不在同一直线上的两个力能否平衡；（3）A；（4）能；（5）3；14。【分析】（1）小卡片的重力很小，小卡片悬挂在空中，可以忽略小卡片的重力。（2）转动卡片，卡片受到的两个力不在同一直线上，松手后卡片转动说明卡片受到的两个力不在同一直线上时，卡片不能保持平衡状态。（3）木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，实验要考虑摩擦力，使实验比较复杂；（4）两边滑轮不在同一高度也能处于平衡状态，也可以探究二力平衡条件。（5）木块静止时，受平衡力；匀速直线运动时，仍受平衡力。由静摩擦到动摩擦，摩擦力在改变。当处于滑动摩擦状态时，摩擦力不再改变。分析物体受力情况，由平衡力知识解答。【解答】解：（1）小卡片的重力很小，其重力可以忽略不计。（2）要探究一对平衡力在同一直线上，可将小卡片转过一个角度，使小卡片两端的拉力不在一条直线上，观察小卡片是否平衡；小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；（3）小华实验用的小卡片重力小，可以忽略，悬在空中不受摩擦力影响；小明实验用的小车放在水平桌面上，小车和桌面之间存在摩擦力，摩擦力是不能消除的，实验要受到摩擦力影响，所以还是小华的实验方案好，故选A。（4）他在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度但是仍然处于平衡状态，因此不影响实验结果能进行试验；（5）由题知，左、右两盘中的砝码的重力分别为2N和5N时，物体保持静止，物体受到左右两边拉力外，由于此时物体有向右运动的趋势，所以物体还受到水平向左的摩擦力，物体受到的这三个力为平衡力；即：F右＝F左+f，所以f＝F右﹣F左＝5N﹣2N＝3N；若再在右边增加3N的钩码时，物体恰好向右匀速滑动，此时物体受到水平向左的滑动摩擦力，且物体受到的力是平衡力，即：F右′＝F左+f′，所以此时的摩擦力：f′＝F右′﹣F左＝5N+3N﹣2N＝6N，如果物体要向左匀速滑动，受到的滑动摩擦力水平向右，物体受到的力仍是平衡力，物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力大小不变，所以左盘中钩码的重力：G＝F右′+f′＝3N+5N+6N＝14N。故答案为：（1）可以忽略卡片的重力；（2）旋转；不能；不在同一直线上的两个力能否平衡；（3）A；（4）能；（5）3；14。【点评】此题探究的是二力平衡的条件，注意从二力平衡的四个条件进行分析；二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。五．计算题（共3小题）19．无人机在现在的生产生活中有着广泛的应用。如图所示是一款新型智能航拍无人机，机身的总质量为2kg，四脚着地的总面积为5×10﹣2m2，该无人机以1.2m/s的速度沿竖直方向匀速上升60m。求：（1）无人机静止在水平地面上时对地面的压强；（2）无人机在上升过程中克服重力做功的功率。【考点】功率的计算及公式的应用；压强的计算．【专题】压强、液体的压强；理解能力．【答案】（1）无人机静止在水平地面上时对地面的压强是400Pa；（2）无人机在上升过程中克服重力做功的功率是24W。【分析】（1）根据G＝mg得到无人机受到的重力，无人机停放在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，已知四脚着地的总面积，利用p＝得到无人机静止在水平地面上时对地面的压强；（2）根据P＝Gv得到无人机在上升过程中克服重力做功的功率。【解答】解：（1）无人机机身质量m＝2kg，则无人机的重力：G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N，无人机停放在水平地面上时对地面的压力：F＝G＝20N，无人机停放在水平地面上时对地面的压强：p＝＝400Pa；（2）由P＝可得，无人机在上升过程中克服重力做功的功率：P＝Gv＝20N×1.2m/s＝24W。答：（1）无人机静止在水平地面上时对地面的压强是400Pa；（2）无人机在上升过程中克服重力做功的功率是24W。【点评】本题考查压强和功率的计算，属于综合题。20．2023年底华为汽车“问界M9”正式上市，如图所示。在M9中，华为的技术内核得到了完整展现，将包括HUAWEIADS2.0高阶智能驾驶辅助系统、华为巨鲸800V高压电动平台等在内的华为十大智能汽车黑科技全量上车，透露出科技与创新的协同发展。已知M9自身质量2800kg，某次搭载人员及物品总重2×103N，40min内在高速路上行驶了60km，行驶过程中轮胎与地接触总面积为1500cm2。（1）求此过程M9的平均速度；（2）求此过程M9对水平路面的压强。【考点】压强的计算；变速运动与平均速度．【专题】计算题；应用题；长度、时间、速度；应用能力．【答案】（1）此过程M9的平均速度为90km/h；（2）此过程M9对水平路面的压强为2×105Pa。【分析】（1）已知M940min内在高速路上行驶了60km，由v＝可求得此过程M9的平均速度；（2）已知M9自身质量，利用G＝mg求其总重力，对地面的压力等于总重力，知道受力面积，利用p＝求对水平路面的压强。【解答】解：（1）此过程M9的平均速度：v＝＝＝90km/h；（2）M9的重力：G＝mg＝2800kg×10N/kg＝2.8×104N，对地面的压力：F＝G总＝G+G′＝2.8×104N+2×103N＝3×104N，受力面积S＝1500cm2＝0.15m2，对地面的压强：p＝＝＝2×105Pa。答：（1）此过程M9的平均速度为90km/h；（2）此过程M9对水平路面的压强为2×105Pa。【点评】本题为力学综合计算题，考查了重力公式、速度公式、压强公式的应用，综合性强，但都属于基础，难度不大。21．如图甲所示，重4N、底面积为150cm2的圆柱形容器置于水平升降台中央，容器中原来装有16cm深的水。一圆柱体A悬挂在轻质细杆下保持静止。已知圆柱体A与容器高度相同，质量为1.6kg。轻杆与圆柱体衔接处为力传感器，电源电压为18V，原理如图甲所示，R为一阻值随压力变化的压敏电阻，可通过电流表示数测得轻杆对物体的弹力大小，如表格所示。在向上调节升降台直至圆柱体A与容器底部刚好接触的过程中，记录下电流表示数I与升降台移动的距离h的关系，如图乙所示。求：电流表示数I与力传感器所受弹力F关系I/A96321F/N1610420（1）未调节升降台时，甲图中力传感器R的阻值为多少Ω？（2）当R等于3Ω时，物体A受到的浮力为多少N？（3）当升降台上升16cm时，缓慢撤走细杆和力传感器后，待物体A静止，容器对升降台的压强为多少Pa？【考点】欧姆定律的应用；压强的计算；浮力大小的计算．【专题】欧姆定律；浮力；分析、综合能力．【答案】（1）未调节升降台时，甲图中力传感器R的阻值为2Ω；（2）当R等于3Ω时，物体A受到的浮力为6N；（3）当升降台上升16cm时，缓慢撤走细杆和力传感器后，待物体A静止，容器对升降台的压强为2×103Pa。【分析】（1）未调节升降台时，即h＝0，由图乙可知此时电流表示数，即甲图电路中的电流，根据欧姆定律计算力传感器R的阻值；（2）圆柱体的质量为1.6kg，根据重力公式求出其重力；由图乙可知，当h＝12cm时，电流表示数为1A，由表格数据可知此时力传感器所受弹力为0，说明圆柱体A所受浮力等于自身重力，即此时圆柱体A处于漂浮状态；当R等于3Ω时，利用欧姆定律求得电路中的电流；由表格数据可知此时力传感器所受弹力为10N，分析可知此时杆对物体有竖直向上的拉力，利用力的平衡条件（或称重法）求得A受到的浮力；（3）由（2）可知此时A受到的浮力，分析图像可知此时水面刚好上升到容器口，根据阿基米德原理的变形公式求出圆柱体排开水的体积，进一步求出水面上升的高度Δh，结合原来水的深度和水面上升的高度求出容器的高度；当升降台上升高度为16cm时，由图乙可知此时电路中的电流，由表格数据可知此时力传感器所受的弹力，因圆柱体A与容器高度相同，则可知此时圆柱体A刚好浸没，且此时杆对A有竖直向下的压力，由力的平衡条件可得此时A受到的浮力，由阿基米德原理的变形公式求出圆柱体排开水的体积，进一步求出剩余水的体积和剩余水的重力；当拿走轻杆后，A上浮最终漂浮，且此时水不会溢出，则圆柱体A静止后容器对升降台的压力等于容器、A物体和剩余水的总重力，再根据压强公式求出容器对升降台的压强。【解答】解：（1）未调节升降台时，即h＝0，由图乙可知此时电流表示数为9A，即甲图电路中的电流I＝9A，甲图为力传感器的简单电路，则此时力传感器R的阻值：R＝＝2Ω；（2）圆柱体的质量为1.6kg，其重力为G＝mg＝1.6kg×10N/kg＝16N，由图乙可知，当升降台上升高度h为12cm时，电流表示数为1A，由表格数据可知此时力传感器所受弹力为0，说明圆柱体A所受浮力等于自身重力，即此时圆柱体A处于漂浮状态（如下面图3）；当R等于3Ω时，电路中的电流：＝6A，由表格数据和图乙可知，电流表示数为6A时，力传感器所受弹力为10N，升降台上升高度h＝2cm（如下面图2），此时杆对物体有竖直向上的拉力，且F拉＝F弹＝10N，则由力的平衡条件可得此时A受到的浮力：F浮＝G﹣F拉＝16N﹣10N＝6N；（3）由（2）可知，当R等于3Ω时，电路中的电流为6A，升降台上升高度h＝2cm，分析可知此时水面刚好上升到容器口，此时F浮＝6N，由阿基米德原理可知圆柱体排开水的体积：V排＝＝6×10﹣4m3＝600cm3，则升降台上升高度h为2cm时，水面上升的高度：Δh＝＝4cm，原来水的深度为16cm，所以容器的高度：h容＝h1+Δh＝16cm+4cm＝20cm；当升降台上升高度h为16cm时，由图乙可知此时电路中的电流为3A，由表格数据可知此时力传感器所受弹力为4N，因圆柱体A与容器高度相同，则可知此时圆柱体A刚好浸没（如上面图4），此时杆对A有竖直向下的压力，且F压＝F弹′＝4N，由力的平衡条件可得此时A受到的浮力：F浮′＝G+F压＝16N+4N＝20N，此时A排开水的体积：V排′＝＝2×10﹣3m3＝2000cm3，此时容器中剩余水的体积：V剩水＝S容h容﹣V排′＝150cm2×20cm﹣2000cm3＝1000cm3，则容器中剩余水的重力：G剩水＝ρ水gV剩水＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1000×10﹣6m3＝10N，当拿走轻杆后（撤去杆的压力），A会上浮最终漂浮，且此时水不会溢出，则圆柱体A静止后容器对升降台的压力为：F＝G容+GA+G剩＝4N+16N+10N＝30N，此时容器对升降台的压强：p＝＝＝2×103Pa。答：（1）未调节升降台时，甲图中力传感器R的阻值为2Ω；（2）当R等于3Ω时，物体A受到的浮力为6N；（3）当升降台上升16cm时，缓慢撤走细杆和力传感器后，待物体A静止，容器对升降台的压强为2×103Pa。【点评】本题考查了欧姆定律、重力公式、压强公式、阿基米德原理等知识的综合运用，题目难度大，看懂图像并从表格和图像中获取正确的信息是解题的关键。

考点卡片1．摄氏温度【知识点的认识】温度（temperature）是表示物体冷热程度的物理量，微观上来讲是物体分子热运动的剧烈程度．温度只能通过物体随温度变化的某些特性来间接测量，而用来量度物体温度数值的标尺叫温标．它规定了温度的读数起点（零点）和测量温度的基本单位．目前国际上用得较多的温标有华氏温标（°F）、摄氏温标（°C）、热力学温标（K）和国际实用温标．从分子运动论观点看，温度是物体分子运动平均动能的标志．温度是大量分子热运动的集体表现，含有统计意义．对于个别分子来说，温度是没有意义的．【命题方向】温度是表示什么的物理量，用什么来测量温度的．测量温度时，通常采用的是什么温标，该温标通常以什么的温度作为零度，以标准大气压＜即一个大气压＞下什么作为100度，把0度到100度之间分为100等份，每一等份叫做什么．在国际单位制中，温度的量度使用什么的温标，它与前面所说的温标之间的关系式是什么？温度的高低对分子或原子的运动剧烈程度的影响，温度、热量、内能三者的区分都是命题的地方．第一类常考题：下列温度中，约在36～37℃之间的是（）A．人的正常体温B．标准大气压下沸水的温度C．冰箱冷藏室的温度D．人感觉舒适的环境的温度分析：估测法是通过自己在生产和生活中的了解，结合物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速做出合理估测的方法．解：A、人的正常体温为37℃，正确，符合题意．B、标准大气压下沸水的温度为100℃，错误，不合题意．C、冰箱冷藏室的温度为10℃以下，错误，不合题意．D、人感觉舒适的环境的温度为25℃，错误，不合题意．故选A．点评：考查估测能力，需要在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来．第二类常考题：如图，先把两手同时放入热水和冷水中，过了一段时间后，再将两手同时拿出并放入温水中，这时两手的感觉不相同（选填“相同”或“不相同”）．这个事实说明凭感觉判断物体的温度是不可靠的．分析：测量是一个比较的过程，所以要先有一个参考或标准，两手开始的标准不相同，所以判断一个物体的结论也不相同，这说明凭感觉来判断物体的温度是不可靠的，需要用测量工具来进行精确的测量．解：两手开始的温度不相同，放入同一温水中得出的结论是不同的，这是因为两次判断的标准不一样，这个事实说明凭感觉判断物体的温度是不可靠的．故答案为：不相同；凭感觉判断物体的温度是不可靠的．点评：此题考查温度测量的知识，反应出测量必须要有标准这一基本技能．【解题方法点拨】温度表示物体冷热程度的物理量，衡量温度高低，常用的温度计是根据热胀冷缩的性质来测量温度的．测量温度时，通常采用的是摄氏度温标，该温标通常以冰水混合物的温度作为零度，以标准大气压＜即一个大气压＞下水沸腾作为100度，把0度到100度之间分为100等份，每一等份叫做1摄氏度．温度并不是热量，也不是内能．天很热指的是温度，传递热指的是热量，摩擦生热指的是内能．这三个物理量变化时的说法不同，温度只能说升高降低，热量只能说吸收放出，内能只能说增大减小。2．凝固与凝固放热的特点【知识点的认识】（1）凝固：物质从液体变为固态的过程叫做凝固（2）凝固规律①晶体凝固规律：晶体凝固时要不断放热，但温度保持在凝固点不变。②非晶体凝固规律：非晶体凝固时，随着物质不断放热，温度不断下降。（3）晶体凝固条件：晶体要凝固，首先温度要达到晶体的凝固点，其次晶体还要不断放出热量。【命题方向】判断生活中物态的变化属于凝固，液体凝固的条件，是吸热还是放热是中考的命题热点。例1：下列关于四季景象的描述中，属于凝固现象的是（）A．春天，雨笼山峦B．夏天，雾绕群峰C．秋天，霜打枝头D．冬天，冰封谷底分析：凝固是物质由液态变为固态的过程；液化是由气态变为液态的过程；凝华是由气态变为固态的过程。解：A、雨是有气态变为液态的过程，属于液化。故A错误；B、雾是由气态变为液态的过程，属于液化。故B错误；C、霜是由气态变为固态的过程，属于凝华。故C错误；D、冰是由液态变为固态的过程，属于凝固。故D正确。故选D点评：此题考查的是凝固、液化和凝华的概念，凝固是物质由液态变为固态的过程；液化是由气态变为液态的过程；凝华是由气态变为固态的过程。例2：2008年1月，我国南方出现了旱见的冻雨、雪灾，造成了巨大损失。冻雨是一种过冷却水滴（温度低于0℃），它落到温度更低的物体上时，就可能立刻冻结成外表光滑而透明的冰层。这里所说的冻结是一种凝固现象（填物态变化名称），冻结过程中要放出热量。分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，凝固要放热。根据凝固和凝固放热的知识来作答。解：冷却水滴落到温度更低的物体上，就会由液态的水变为固态的冰层，这是凝固现象，凝固的过程要放热。故答案为：凝固；放出。点评：此题考查的是生活中的凝固现象，是一道热学基础题。【解题方法点拨】在判断是否是凝固时一定要根据定义，熟记凝固的条件及放热时的特点。3．液化及液化的放热特点【知识点的认识】（1）定义：物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程．（2）液化方法：①降低温度：只要科学条件允许，任何气体温度降到足够低的时候，都可以液化．②压缩体积：有的气体在常温下压缩体积就能液化，如一次性打火机中的丁烷．【命题方向】物态变化现象的判断和物态变化伴随的吸放热情况的判断是命题的要点．例1：用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是（）A．壶嘴里冒出的“白气”，是水沸腾时产生的水蒸气B．冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气C．在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量D．这两种“白气”都是水蒸气液化形成的分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华．解：（1）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；（2）夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棒凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象．因此二者都属于液化现象，液化放热．故选D．点评：本题通过生活中的热现象考查学生对物态变化的理解，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称．例2：将一瓶冰冻的矿泉水放在桌上，一会儿瓶壁会出现许多小水珠，这是液化现象．在瓶内冰块逐渐熔化的过程中，瓶内水的温度不变（填“升高”、“降低”或“不变”）．分析：物质由气态变为液态是液化．物质由固态变成液态是熔化，熔化吸热．冰水混合物的温度为0℃．解：瓶子的外壁出现了许多小水珠，是空气中水蒸气遇到冷的杯壁液化形成的．冰块在熔化过程中，不断吸收热量，使周围温度下降．冰块逐渐熔化的过程中，由于冰水混合物的温度是0℃，恰好是冰的熔点，水的凝固点，吸热的时候冰会熔化，但是在熔化的过程中温度保持不变．故答案为：液化、不变．点评：本题主要考查学生对：熔化和液化特点的理解和掌握，是一道基础题．【解题方法点拨】解题时一定要紧扣定义，抓住液化的特点．4．升华和凝华的定义与特点【知识点的认识】（1）升华：物质从固态不经过液态而直接转化为气态的相变过程，是物质在温度和气压低于三相点的时候发生的一种物态变化．升华过程中需要吸热．（2）凝华：物质从气态不经过液态而直接变成固态的现象．是物质在温度和气压高于三相点的时候发生的一种物态变化，凝华过程物质要放出热量．（3）升华和凝华区别：【命题方向】1、生活中的升华现象的判断是这个知识点的核心，例如：用久的灯泡灯丝变细；冬天室外冰冻的衣服变干；冰雕作品体积变小；衣柜里的卫生球变小；干冰在常温下升华．例1：现在有一种叫“固体清新剂”的商品，把它放置在厕所、汽车、饭店内，能有效的清新空气、预防感冒等，“固体清新剂”发生的物态变化是（）A．熔化B．凝华C．汽化D．升华分析：此题主要考查生活中的升华现象，明确升华是由固态直接变为气态．解：“固体清新剂”使用时由固态直接变为气态．是升华现象．故选：D．点评：此题要明确“固体清新剂”使用时的状态变化．2、生活中的凝华现象的判断是这个知识点的核心，例如：霜，冬天玻璃窗内侧的窗花，针形六角形的雪，雾淞等例2：寒冷的冬天，在窗玻璃上常会出现“窗花”，下列说法中正确的是（）A．窗花在玻璃的内表面，是升华现象B．窗花在玻璃的内表面，是凝华现象C．窗花在玻璃的外表面，是升华现象D．窗花在玻璃的外表面，是凝华现象分析：物体直接由气态变为固态的过程叫凝华，冰花就是由空气中的水蒸气遇到比较冷的窗玻璃凝华形成的．解；冬天室内温度高于室外温度，室内空气中的水蒸气遇到较冷的玻璃时会发生凝华现象变成冰花，冰花出现在玻璃的内表面；故选B．点评：解决此类题目要结合生活中的凝华现象进行分析解答，生活中与物态变化有关的现象还有：云、雨、雹、霜、雾、露、雪等的形成过程．【解题方法点拨】判断时一定要紧扣定义，由定义来判断是最准确的、简单的．（1）升华和凝华现象是物质在固态和气态两种状态之间直接的相互转化，中间并没有经过液体这个过程．（2）并不是所有的物质都能发生升华和凝华现象，它仅限于某些物质在一定条件下发生。5．固体的密度测量实验【知识点的认识】固体密度的测量关键是测出物体的质量和体积，金属块的质量可用天平直接测得，也可以用弹簧测力计测出重力来计算质量；若物体的形状规则，可用刻度尺测出相关量后根据公式算出体积，若形状不规则利用量筒或量杯“排水法”来测得，若物体不能沉入水中的，可用“压入法”或“重锤法”来测物体的体积．【命题方向】1、测密度时是先测量质量还是先测量体积，若物体不能沉入水怎么办？测量时的步骤及原理都是命题关键．例1：测量大米密度时，小华发现米粒间有空隙，若把空隙的体积也算作大米的体积将使密度的测量结果偏小．于是，她用一个饮料瓶装满水，拧上盖子，用天平测出总质量为143g．又测出48g大米，放入瓶中，擦干溢出的水，再测这时的总质量．天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图所示，则总质量为151g．由此可以算出这种大米的密度为1.2×103kg/m3．分析：（1）米粒间有空隙，若把空隙的体积也算作大米的体积，则大米的体积会变大．质量一定时，体积变大，密度会变小．（2）天平测量物体质量，读数时是砝码质量加上游码的示数；（2）已知大米的质量，求出大米排出水的质量，可求出大米的休积，求出大米的密度．解：（1）测大米体积时，把空隙的体积也算作大米的体积，则大米的体积会变大．大米的质量不变，由ρ＝可知，在质量一定时，体积变大，密度会变小．（2）砝码的质量是：150g，游码的质量是1g，所以物质的质量是：150g+1g＝151g；（3）瓶子和水的总质量m＝143g，大米质量m1＝48g，则它们的总质量m2＝143g+48g＝191g，当把大米放入瓶子中时，水会被排除一部分．则它们最后质量为m3＝151g，则溢出水的质量m4＝m2﹣m3＝191g﹣151g＝40g；则水的体积为V＝＝＝40cm3；大米的体积和水的体积相等，则大米的密度ρ1＝＝＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；故答案为：小；151；1.2×103；点评：此题中因为大米的体积不好直接测量，因此用到间接测量法．本题测量颗粒的体积，体现的是一种探究实验的科学方法：等效替代法．利用排水法测量不规则固体体积属于等效替代．同时考查了密度公式的应用．2、测量固体密度的基本实验程序、天平和量筒的正确读数以及密度公式的熟练运用，以及对实验中出现的误差的分析能力．如果缺少工具怎么办都是命题的关键．例：小军利用天平、水和烧杯来测量一不规则小石块的密度，请将他的实验步骤补充完整．（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡．（2）用天平测量小石块的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图1所示，则小石块的质量为62g．（3）如图2所示：a．往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置上作标记；b．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为153g；c．往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为183g；d．计算出小石块的体积为30cm3．（4）用密度公式计算出小石块的密度为2.1g/cm3．分析：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡．（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值．（3）物体的体积的测量采用等效代替的方法：物体浸没在水中到达标记，当物体取出，往烧杯内加水到达标记处，物体的体积和加入水的体积相等．知道加入水的质量和密度，求出加入水的体积，即物体的体积．（4）知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度．解：（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡．（2）小石块的质量m＝50g+10g+2g＝62g．（3）烧杯内加入水的质量m'＝183g﹣153g＝30g．烧杯内加入水的体积：V'＝＝＝30cm3．所以小石块的体积V＝V'＝30cm3．（4）小石块的密度为：ρ＝＝≈2.1g/cm3．故答案为：（1）平衡螺母；（2）62；（3）30；（4）2.1．点评：（1）掌握天平的正确使用和注意事项．（2）测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查．（3）当缺少量筒时，采用等效代替的方法测量物体的体积是比较常用的方法．【解题方法点拨】先用天平测出该物质的质量，再用量筒（量杯）测出该物质的体积，然后根据密度公式求出它的密度．在实验中应注意：（1）关于量筒（量杯）的使用①弄清所用的量筒（量杯）的量程和最小刻度值．以选择适合实验所用的量筒（量杯）．②测量时将量筒（量杯）放在水平台面上，然后将液体倒入量筒（量杯）中．③观察量筒（量杯）里液面到达的刻度时，视线要跟液面相平．若液面是凹形的（例如水），观察时要以凹形的底部为准．若液面是凸形的（例如水银），观察时要以凸形的上部为准（可记为凸顶凹底）．（2）测固体体积的方法①对形状规则的固体，可用刻度尺测出有关数据，然后根据公式算出体积．②对形状不规则的固体，可采用“排水法”来测它的体积．具体做法是：A．在量筒（量杯）内倒入适量的水（以浸没待测固体为准），读数体积V1；B．用细线栓好固体，慢慢放入量筒（量杯）内，待物体浸没在水中后，读出这时水和待测固体的总体积V2；C．待测物体的体积就是V2﹣V1．天平的使用方法，天平是物理学中最基本的测量工具，在使用天平称量物质质量时要严格按照天平的使用规则，6．变速运动与平均速度【知识点的认识】（1）变速运动的快慢就是速度变化的快慢（速度不断变化的运动，包括大小和方向），速度的变化用加速度来描述！匀变速运动呢就是速度在单位时间的增加（减少）是固定的！加速度有正负，正代表速度是增加的，负代表速度是降低的！非匀变速运动呢就是速度在单位时间内的变化不固定！（2）平均速度是指在某段时间内，物体运动的位移，与所用时间的比值，反映的是某段路程中物体运动的平均快慢．用表示平均速度，用s表示路程，用t表示时间，则平均速度的公式是＝．【命题方向】平均速度的求法，平均速度不是速度的平均的区别题目是中考的命题方向．例1：晓燕在学校春季运动会百米赛跑中以16s的成绩获得冠军，测得她在50m处的速度是6m/s，到终点时的速度为7.5m/s，则全程内的平均速度是（）A．6m/sB．6.25m/sC．6.75m/sD．7.5m/s分析：由题意可知晓燕百米赛的路程与运动时间，由平均速度公式可以求出她的平均速度．解：晓燕的百米平均速度：＝＝＝6.25m/s；故选B．点评：本题考查了求晓燕的百米平均速度，是一道基础题；要求平均速度只要找出路程与所对应的运动时间，代入平均速度公式计算即可，解题时不要受题干所说的两个速度的影响，题中所提的速度为瞬时速度，与平均速度无关．例2：如图，为一小球从A点沿直线运动到F点的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，分析可知：小球从A点到F点作的是变速直线运动（选“匀速直线”或“变速直线”）．小球从B点到F点运动的路程是12.00cm，平均速度是0.15m/s．分析：