2024年武汉中考物理终极押题密卷2含答案

2024年武汉中考物理终极押题密卷2一．选择题（共12小题）1．王亚平老师在空中课堂做了下列实验，其中实验现象不能用分子动理论解释的是（）A．王亚平把液桥板拉开，水将两片液桥板连在了一起，就像架起一座小桥 B．王亚平将装有界面清晰的水和油的瓶子（如图所示）摇晃多次后，水和油均匀地混在了一起 C．王亚平在水球中注入蓝色颜料后，变成了蓝色水球 D．王亚平把折叠在一起的纸花放置在水膜上，花朵神奇的绽放了2．如图是演员对着镜子画脸谱的情景，演员能看到镜子中的“自己”是因为（）A．光的色散 B．光的折射 C．光的反射 D．光的直线传播3．如图是一个带开关的插座及其指示灯的示意图，小华把这个插座接入家庭电路后闭合开关，下列说法正确的是（）A．若指示灯不亮，则三孔插座一定无法正常对外供电 B．若指示灯亮，则三孔插座一定能正常对外供电 C．若指示灯亮，三孔插座不能正常供电，则一定是地线断路 D．若指示灯不亮，用测电笔测试A、B、C三点，只有A、B两点使氖管发光，则可能是进户零线断路4．2024年1月17日22时27分，天舟七号货运飞船成功发射至预定轨道，首次采用快速交会对接方案，对接于空间站核心舱后向端口，形成如图所示的“三舱+载人飞船+货运飞船”的组合体形态。下列说法正确的是（）A．“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，相对于地球是静止的 B．“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，相对于“三舱”是静止的 C．以组合体形态运行时，“货运飞船”相对于“载人飞船”是运动的 D．以组合体形态运行时，“货运飞船”相对于地球是运动的5．关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（）A．生物体内水的比例很高，因为水的比热容大，所以有助于调节生物体自身温度 B．液体不易被压缩，是因为液体分子间没有间隙 C．桂花香飘满园，是因为花粉颗粒在不停地做无规则运动 D．使用液态氢作为火箭发动机的燃料，是因为它燃烧放热多6．如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，在螺线管的右端放置一个小磁针，闭合开关，小磁针静止时N极水平向右，则（）A．通电螺线管左端为N极 B．电源右端为正极 C．滑动变阻器的滑片P向左移动，通电螺线管的磁性减弱 D．滑动变阻器的滑片P向右移动，通过螺线管的电流减小7．AI（人工智能）语音播报能够模仿不同人物的声音，是因为它学会了模仿人物声音中的哪个特性（）A．音调 B．响度 C．音色 D．振动频率8．某实验小组用如图甲所示的实验装置探究固体熔化时温度的变化规律，得到如图乙所示的图象。下列说法错误的是（）A．该固体是晶体，熔点为80℃ B．该固体熔化时间持续了大约15min C．第20min时，试管中的物质处于固液共存态 D．该固体在熔化过程中，不断吸热，温度不变，内能不变9．如图所示为探究物体的动能跟哪些因素有关的实验装置。下列说法正确的是（）A．该实验研究的是木块的动能 B．实验过程中，木块所受的滑动摩擦力始终不变 C．小球在斜面上滚下时，所受的重力和支持力都对小球做了功 D．用不同质量的小球进行实验得到的结论可以解释为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制10．小杨选择了两个高度分别为10cm和6cm、底面积SA：SB＝1：4的实心均匀的圆柱体A、B进行工艺品搭建，A、B置于水平桌面上，如图甲所示。他从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的中央，则A、B对桌面的压强随截取高度h的变化关系如图乙所示，图乙中a的值为（）A．3cm B．4cm C．5cm D．6cm11．如图，在使用弹簧测力计测量物体的重力时，没有应用到的知识是（）A．二力平衡的条件 B．在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受的拉力成正比 C．物体所受的重力与质量成正比 D．物体间力的作用是相互的12．家用食具消毒柜是对家庭餐具进行消毒、烘干的生活健康器具。某品牌消毒柜的电路原理图如图所示，下表是它的部分参数，消毒电路由S1、紫外线灯管L、发热管R1、温控开关K组成，K开始时处于闭合状态，当柜内温度超过120℃时断开，当温度降到120℃以下时自动闭合。烘干电路由S2、发热管R2，电磁继电器开关组成，其中R2正常工作时的功率为烘干功率，烘干时，当电磁铁线圈中的电流达0.02A，衔铁被吸起，触点D、E断开；当电磁铁线圈中电流减小到0.01A，衔铁被释放，触点D、E重新接触，使烘干温度维持在55℃～85℃，控制电路电压U＝6V，R3＝100Ω，RT是热敏电阻，其温度与消毒柜内温度相同，阻值随温度升高而减小，电磁铁线圈的电阻忽略不计。某次使用时，将餐具放入消毒柜内，关闭好柜门，将插头插入家庭电路的插座中，电压为220V。闭合开关S、S1，对餐具消毒15min；断开开关S1，闭合S、S2、S3，再烘干60min。若本次消毒、烘干电路实际消耗的电能为0.125k•Wh。其中，消毒时，L和R1同时正常工作时通过消毒电路的总电流为1A；烘干时，R2实际工作时间为总烘干时间的20%。以下说法正确的是（）额定电压220V紫外线灯管功率20W烘干功率500W烘干温度55℃﹣85℃A．烘干期间，当消毒柜内温度为55℃，控制电路中RT的阻值为500Ω，则当消毒柜内温度为85℃时，RT的阻值为180Ω B．紫外线灯消耗的电能为1.8×103J C．R1阻值为240Ω D．R1实际工作时间为6min二．实验探究题（共5小题）13．如图甲为小明同学“探究牛顿第一定律”的实验装置。实验中小明先后三次将同一小车放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下小车，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度，观察小车运动的距离，从而得出力和运动的关系。（1）小明在实验操作中有一处明显的错误是（不要求解释错误的原因）：。（2）纠正错误正确操作实验后发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力（选填“越大”或“越小”），速度减小得越（选填“快”或“慢”）。如果运动的小车不受阻力时，它将。（3）请在图乙中画出小车在斜面上运动时所受力的示意图。14．在“探究电流与电阻的关系”实验中，大华老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、1个规格为“20Ω，0.5A”的滑动变阻器，阻值为10Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个，以及导线若干。（1）请根据图甲，用笔画线代替导线将实物图（图乙）连接完整。（要求导线不交叉：当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）（2）闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻（选填“断路”或“短路”）。（3）小华排除故障后，更换不同电阻进行实验，测得数据填入下述表格。当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为V不变，则滑动变阻器的滑片更靠近（选填“左端”或“右端”）。（4）由表中数据可得出的结论是：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比。（选填“正”或“反”）。实验序号1234电阻R/Ω10202530电流I/A0.20.10.080.07（5）在不改变电路连接的情况下，为完成整个实验，定值电阻两端电压设置的范围是。15．在做“探究杠杆的平衡条件”的实验中。（1）某同学将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端上翘，他应该将杠杆两端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆。（2）如图甲所示，该同学在杠杆左端图示位置挂上3钩码，每个钩码重0.5N，为了使杠杆在水平位置平衡，在图中A处施加一个竖直向上的力F1，F1的大小为N。（3）如图乙所示，撤去力F1，改在杠杆右端B处施加一个斜向下的力F2，仍使杠杆在水平位置。请在图乙中画出力F2的力臂。16．小明用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。（1）若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，应通过方法（填字母序号）进行调节；A.向U形管内加适量的水B.从U形管内倒出适量的水C.拆除软管重新安装（2）调整好了以后，比较图乙、图丙两次实验得出结论：同种液体，越大液体内部的压强越大；（3）比较两图可以得到：液体内部压强还与液体密度有关；（4）在丁图中探头在盐水中的深度为5cm，发现探头在水中6cm时U形管左右两侧水面的高度差与丁图中相同，则盐水密度为；（5）实验后，他自制了如图戊所示的装置继续探究。他向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，则容器底部受到液体压强关系是p左p右（选填“＞”、“＝”或“＜”）。17．为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水20020645食用油20020670（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入mL的食用油。（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内。（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为J/（kg•℃）。（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是（选填“A”“B”或“C”）。三．计算题（共2小题）18．在综合实践活动中，科技小组设计了一台电子体重计，其简化原理图如甲所示，电源两端电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为40Ω，显示体重大小的仪表A实质是量程为0～100mA的电流表，压力传感器R的阻值与所受压力F关系如乙图所示，OBA为带踏板的杠杆，O为支点且AO：BO＝7：1，踏板、压杆和杠杆OBA的质量均忽略不计，闭合开关，当人站在踏板上，杠杆OBA在水平位置平衡，通过仪表A的示数就可以知道人的质量。（1）若通过R0的电流为0.05A时，R0两端的电压多大？（2）某次测体重时，压杆对压力传感器R的压力为120N，整个电路消耗的电功率多大？（3）该体重计的最大测量值是多少？19．2022年4月11日，中国石化集团与泰国签署合作协平台议，中国石化集团将帮助泰国全面拆除泰国废弃的海上石油钻井平台。目前拆除石油平台一般都采用双船起重法，即采用两艘完全相同的起重船，从平台两侧底部将平台联合抬起，如图甲。已知某石油平台重8×107N，起重船重2×108N，每艘起重船的甲板上配有4门杠杆式甲板起重器，如图乙。如图丙为其中一门甲板起重器示意图，O点与A点为甲板起重器支撑固件，A固件下方有一台液压起重设备与固件相连，B点处是一质量为200t的配重罐，可在起重器上OB间滑动，AB＝60m，OA＝20m，在甲板起重器抬起石油平台时，平台对甲板起重器的压力作用点刚好在A的正上方。此时A点下方的液压起重设备工作，给A点施加竖直向上的推力，同时配重罐位于B点（不计杠杆式甲板起重器的重力）。（1）当两艘船将石油平台缓慢抬高10cm，两艘船对石油平台做了多少功？（2）当石油平台被抬起时，每艘起重船舶排开水的体积变化了多少？（3）当石油平台被抬起时，每门甲板起重器A点处受到起重设备的推力有多大？

2024年菁优武汉中考物理终极押题密卷2参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．王亚平老师在空中课堂做了下列实验，其中实验现象不能用分子动理论解释的是（）A．王亚平把液桥板拉开，水将两片液桥板连在了一起，就像架起一座小桥 B．王亚平将装有界面清晰的水和油的瓶子（如图所示）摇晃多次后，水和油均匀地混在了一起 C．王亚平在水球中注入蓝色颜料后，变成了蓝色水球 D．王亚平把折叠在一起的纸花放置在水膜上，花朵神奇的绽放了【考点】分子动理论的基本观点．【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力．【答案】B【分析】（1）分子间存在相互作用的引力；（2）两种不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散现象；（3）分子都在不停地做无规则运动。【解答】解：A．水将两片液桥板连在了一起，这说明水分子之间存在引力，该现象能用分子动理论来解释，故A不符合题意；B．摇晃的过程中，水和油受到外力作用，均匀地混在了一起，不属于扩散现象，该现象不能用分子动理论解释，故B符合题意；C．水球中注入蓝色颜料后，经过一段时间，水球全变成了蓝色的，这属于扩散现象，该现象能用分子动理论解释，故C不符合题意；D．王亚平把折叠在一起的纸花放置在水膜上，花朵神奇的绽放了，这是由于折纸受水膜张力自动打开，而水膜具有张力是因为液体表面层的分子间隙较大，分子力表现为引力，该现象能用分子动理论解释，故D不符合题意；故选：B。【点评】本题考查了分子动理论的内容，属于基础题。2．如图是演员对着镜子画脸谱的情景，演员能看到镜子中的“自己”是因为（）A．光的色散 B．光的折射 C．光的反射 D．光的直线传播【考点】光的反射现象．【专题】应用题；光的传播和反射、平面镜成像；应用能力．【答案】C【分析】演员对着镜子画脸谱，属于平面镜成像，是光的反射形成的。【解答】解：平面镜成像的原理是光的反射，演员对着镜子画脸谱，看到镜子中的“自己”是利用了平面镜成像，所以是光的反射现象。故选：C。【点评】本题考查了光的反射现象，属于基础题。3．如图是一个带开关的插座及其指示灯的示意图，小华把这个插座接入家庭电路后闭合开关，下列说法正确的是（）A．若指示灯不亮，则三孔插座一定无法正常对外供电 B．若指示灯亮，则三孔插座一定能正常对外供电 C．若指示灯亮，三孔插座不能正常供电，则一定是地线断路 D．若指示灯不亮，用测电笔测试A、B、C三点，只有A、B两点使氖管发光，则可能是进户零线断路【考点】家庭电路的故障分析．【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】D【分析】（1）家庭电路中的用电器是并联的；（2）三孔插座的上孔是接地的；（3）根据试电笔的发光情况分析电路故障的原因。【解答】解：AB、家庭电路中的用电器是并联的，工作时互不影响，若指示灯不亮，当干路中断路时，三孔插座不能供电，当指示灯亮时，三孔插座若断路，不能对外供电，故AB错误；C、若指示灯亮，三孔插座不能正常供电，这说明三孔插座所在支路发生了断路现象；若地线断路，不影响插座对外供电，故C错误；D、若指示灯不亮，用测电笔测试A、B、C三点，只有A、B两点使氖管发光，这说明A、B与火线之间是接通的，所以故障可能是进户零线断路，故D正确。故选：D。【点评】本题考查家庭电路的电压和故障的判断，由于进户零线断路，导致零线也可以带电，所以不要认为接触零线一定不触电。4．2024年1月17日22时27分，天舟七号货运飞船成功发射至预定轨道，首次采用快速交会对接方案，对接于空间站核心舱后向端口，形成如图所示的“三舱+载人飞船+货运飞船”的组合体形态。下列说法正确的是（）A．“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，相对于地球是静止的 B．“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，相对于“三舱”是静止的 C．以组合体形态运行时，“货运飞船”相对于“载人飞船”是运动的 D．以组合体形态运行时，“货运飞船”相对于地球是运动的【考点】运动和静止的相对性．【专题】运动和力；应用能力．【答案】D【分析】判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否改变，如果改变，则物体是运动的，如果不改变，则物体是静止的。【解答】解：A、“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，“货运飞船”与地球之间有位置的变化，相对于地球是运动的，故A错误；B、“货运飞船”发射至预定轨道的过程中，“货运飞船”与“三舱”之间有位置的变化，相对于“三舱”是运动的，故B错误；C、以组合体形态运行时，“货运飞船”与“载人飞船”之间没有位置的变化，“货运飞船”相对于“载人飞船”是静止的，故C错误；D、以组合体形态运行时，“货运飞船”与地球之间有位置的变化，“货运飞船”相对于地球是运动的，故D正确。故选：D。【点评】在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，然后看研究对象和参照物的位置是否发生了改变，据此判断。5．关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（）A．生物体内水的比例很高，因为水的比热容大，所以有助于调节生物体自身温度 B．液体不易被压缩，是因为液体分子间没有间隙 C．桂花香飘满园，是因为花粉颗粒在不停地做无规则运动 D．使用液态氢作为火箭发动机的燃料，是因为它燃烧放热多【考点】燃料的热值及其计算；分子动理论的基本观点；比热容解释简单的自然现象．【专题】比热容、热机、热值；分析、综合能力．【答案】A【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；（2）分子间存在着相互作用的引力和斥力；（3）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；（4）氢具有较大的热值，相同质量的氢和其他燃料完全燃烧时，氢放出的热量多。【解答】解：A、因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害，故A正确；B、液体很难被压缩，这是因为分子间存在斥力，故B错误；C、桂花香飘满园是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C错误；D、发射火箭时常用液态氢作为燃料，是因为液态氢的热值大，燃烧放热的本领强，同等情况下，转化的内能多，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了比热容、分子间的作用力、扩散现象、热值，涉及知识点较多，属综合题。6．如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，在螺线管的右端放置一个小磁针，闭合开关，小磁针静止时N极水平向右，则（）A．通电螺线管左端为N极 B．电源右端为正极 C．滑动变阻器的滑片P向左移动，通电螺线管的磁性减弱 D．滑动变阻器的滑片P向右移动，通过螺线管的电流减小【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；磁极间的相互作用；安培定则．【专题】磁现象、电生磁；应用能力．【答案】C【分析】（1）根据磁极间的相互作用确定通电螺线管的磁极，根据安培定则判断电源的正负极。（2）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。【解答】解：AB．已知小磁针静止时N极水平向右，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极，由安培定则可知，电源左端为正极，右端为负极，故AB不符合题意；C．滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电流变小，因此通电螺线管的磁性减弱，故C符合题意；D．滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大，因此通电螺线管的磁性增强，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查通电螺线管的极性、磁性强弱的判断，要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极，也能根据磁极判出电流方向。7．AI（人工智能）语音播报能够模仿不同人物的声音，是因为它学会了模仿人物声音中的哪个特性（）A．音调 B．响度 C．音色 D．振动频率【考点】音色．【专题】应用题；声现象；应用能力．【答案】C【分析】音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定；是区别声音的重要标志。【解答】解：音色是声音的特色，与发声体的结构和材料有关，不同发声体的音色一般不同，因此AI（人工智能）语音播报能够模仿不同人物的声音，是因为它学会了模仿人物声音中的音色这个特征。故选：C。【点评】音色是区别声音的重要标志；区别声音就是靠音色。8．某实验小组用如图甲所示的实验装置探究固体熔化时温度的变化规律，得到如图乙所示的图象。下列说法错误的是（）A．该固体是晶体，熔点为80℃ B．该固体熔化时间持续了大约15min C．第20min时，试管中的物质处于固液共存态 D．该固体在熔化过程中，不断吸热，温度不变，内能不变【考点】熔化和凝固的温度—时间图像．【专题】应用题；温度计、熔化和凝固；应用能力．【答案】D【分析】（1）晶体有一定的熔点，晶体熔化时的温度是熔点，熔化过程中吸收热量温度不变，内能增加；（2）晶体从开始熔化到全部变成液态经历的时间差为晶体熔化的时间；（3）熔化过程中处于固液共存状态。【解答】解：A、该物质在10～25min内一直在吸收热量，温度保持80℃不变，故该固体是晶体，熔点为80℃，故A正确；B、该固体熔化过程持续了大约25min﹣10min＝15min，故B正确；C、第20min时，试管中的物质处于熔化过程，晶体在熔化过程中处于固液共存态，故C正确；D、该固体在熔化过程中，不断吸热，温度不变，内能增加，故D错误。故选：D。【点评】牢记晶体的熔化特点是解决本题的关键，晶体在熔化时吸收热量，温度保持不变。9．如图所示为探究物体的动能跟哪些因素有关的实验装置。下列说法正确的是（）A．该实验研究的是木块的动能 B．实验过程中，木块所受的滑动摩擦力始终不变 C．小球在斜面上滚下时，所受的重力和支持力都对小球做了功 D．用不同质量的小球进行实验得到的结论可以解释为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制【考点】探究影响物体动能大小的因素．【专题】应用题；机械能及其转化；应用能力．【答案】B【分析】A、该实验研究的是钢球的动能；B、实验过程中，木块所受的滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变，据此可知摩擦力是否改变；C、功是力和力的方向上移动的距离的乘积；D、根据控制变量法可知用不同质量的小球改变力小球的质量，所以探究的是动能和质量的关系。【解答】解：A、该实验研究的是钢球的动能，故A错误；B、实验过程中，木块所受的滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变，所以木块所受的滑动摩擦力始终不变，故B正确；C、小球在斜面上滚下时，所受的重力对小球做了功，支持力没有做功，故C错误；D、用不同质量的小球进行实验得到的结论可以解释为什么要对机动车的最高质量进行限制，故D错误。故选：B。【点评】探究物体的动能跟哪些因素有关的实验考查控制变量法、影响摩擦力的因素、做功公式的灵活运用。10．小杨选择了两个高度分别为10cm和6cm、底面积SA：SB＝1：4的实心均匀的圆柱体A、B进行工艺品搭建，A、B置于水平桌面上，如图甲所示。他从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的中央，则A、B对桌面的压强随截取高度h的变化关系如图乙所示，图乙中a的值为（）A．3cm B．4cm C．5cm D．6cm【考点】压强的计算．【专题】压强、液体的压强；应用能力．【答案】A【分析】从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的中央，则A对桌面的压强逐渐减小，B对桌面的压强逐渐增加，判断出AB的图像；读出A、B开始的压强，根据p＝ρgh算出圆柱体A、B的密度；从图像知，截取A后，把截取部分再叠加在B上，两者的压强相等，根据压强相等列出等式即可求出a的值。【解答】解：从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的中央，则A对桌面的压强逐渐减小，B对桌面的压强逐渐增加，可以判断A的最初压强是2400Pa，均匀柱体对水平面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，则圆柱体A的密度：ρA＝＝＝2.4×103kg/m3；由图像知，B的最初压强是1500Pa，则由p＝ρgh可得圆柱体B的密度：ρB＝＝＝2.5×103kg/m3，由图像知，截取高度a，剩下部分A和截取后叠加B的压强相等，即：pA'＝pB'，则有：ρAg（0.1m﹣a）＝，因为SA：SB＝1：4（即SB＝4SA），所以化简代入数据可得：2.4×103kg/m3×10N/kg×（0.1m﹣a）＝，解得：a＝0.03m＝3cm。故选：A。【点评】图像问题最近些年是非常常见的习题，从图像中搜取数据是非常重要的。11．如图，在使用弹簧测力计测量物体的重力时，没有应用到的知识是（）A．二力平衡的条件 B．在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受的拉力成正比 C．物体所受的重力与质量成正比 D．物体间力的作用是相互的【考点】弹簧测力计的原理；重力的计算；力作用的相互性．【专题】重力、弹力、摩擦力；理解能力．【答案】C【分析】（1）弹簧测力计是根据在弹性限度内，弹簧的伸长量与拉力成正比的关系制成的。（2）当用弹簧测力计测物体重力时，物体处于静止状态。【解答】解：弹簧测力计是根据在弹性限度内，弹簧的伸长量与拉力成正比的关系制成的。当将物体关于挂钩上时提弹簧测力计时，弹簧会对物体有力的作用。因物体间力的作用是相互的，物体也会对弹簧有力的作用，所以弹簧会发生弹性形变。当物体静止在空中时，其处于平衡状态，则物体所受的拉力与重力是一对平衡力，所以我们可以通过刻度盘直接读出物体的重力大小。由以上分析可知，在用弹簧测力计测量物体的重力时，选项A、B、D所述的知识都应用到了，选项C所述的知识没有应用到。故选：C。【点评】本题是对弹簧测力计使用原理的深层解读，有一定难度，需要我们对弹簧测力计的制作原理、使用方法有深入的理解，才可以答出。12．家用食具消毒柜是对家庭餐具进行消毒、烘干的生活健康器具。某品牌消毒柜的电路原理图如图所示，下表是它的部分参数，消毒电路由S1、紫外线灯管L、发热管R1、温控开关K组成，K开始时处于闭合状态，当柜内温度超过120℃时断开，当温度降到120℃以下时自动闭合。烘干电路由S2、发热管R2，电磁继电器开关组成，其中R2正常工作时的功率为烘干功率，烘干时，当电磁铁线圈中的电流达0.02A，衔铁被吸起，触点D、E断开；当电磁铁线圈中电流减小到0.01A，衔铁被释放，触点D、E重新接触，使烘干温度维持在55℃～85℃，控制电路电压U＝6V，R3＝100Ω，RT是热敏电阻，其温度与消毒柜内温度相同，阻值随温度升高而减小，电磁铁线圈的电阻忽略不计。某次使用时，将餐具放入消毒柜内，关闭好柜门，将插头插入家庭电路的插座中，电压为220V。闭合开关S、S1，对餐具消毒15min；断开开关S1，闭合S、S2、S3，再烘干60min。若本次消毒、烘干电路实际消耗的电能为0.125k•Wh。其中，消毒时，L和R1同时正常工作时通过消毒电路的总电流为1A；烘干时，R2实际工作时间为总烘干时间的20%。以下说法正确的是（）额定电压220V紫外线灯管功率20W烘干功率500W烘干温度55℃﹣85℃A．烘干期间，当消毒柜内温度为55℃，控制电路中RT的阻值为500Ω，则当消毒柜内温度为85℃时，RT的阻值为180Ω B．紫外线灯消耗的电能为1.8×103J C．R1阻值为240Ω D．R1实际工作时间为6min【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；电功与电能的计算．【专题】欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力．【答案】D【分析】（1）当消毒柜内温度为55℃时，电路电流为0.01A，根据欧姆定律可得总电阻；根据串联电路各电阻之和等于总电阻，可得定值电阻大小；当消毒柜内温度为85℃时，电路电流为0.02A，根据欧姆定律可得此时总电阻，再根据串联电路电阻的特点求得此时RT的阻值；（2）根据题意可知紫外线灯工作的时间，根据W＝Pt求出紫外线灯消耗的电能；（3）对于消毒电路，紫外线灯管L和发热管R1并联接入电路，根据欧姆定律和并联电路的特点可得R1的阻值；本次消毒、烘干电路实际消耗的电能可分为烘干消耗电能、紫外线灯消耗的电能、R1的消耗的电能。逐个计算出后，根据t＝可得R1实际工作时间。【解答】解：A、当消毒柜内温度为55℃时，电路电流为0.01A，总电阻：R总＝＝＝600Ω；R3＝R总﹣RT＝600Ω﹣500Ω＝100Ω；当消毒柜内温度为85℃时，电路电流为0.02A，总电阻：R′总＝＝＝300Ω；R′T＝R′总﹣R3＝300Ω﹣100Ω＝200Ω，故A错误；B、根据表格数据可知，紫外线灯的功率PL＝20W，工作的时间为15min，由P＝可知，紫外线灯消耗的电能：W＝PLt＝20W×15×60s＝1.8×104J，故B错误；CD、对于消毒电路，紫外线灯管L和发热管R1并联接入电路，通过紫外线灯管L的电流：IL＝＝＝A；通过R1的电流：I1＝IA﹣IL＝1A﹣A＝A；根据欧姆定律可知，R1的阻值：R1＝＝＝242Ω，故C错误；消耗电能：W′＝0.125kW•h＝4.5×105J；烘干消耗电能：W烘＝20%P烘t烘＝20%×500W×60×60s＝3.6×105J；R1的消耗的电能W1＝W′﹣W烘﹣W＝4.5×105J﹣3.6×105J﹣1.8×104J＝7.2×104J；R1实际工作时间：t1＝＝＝360s＝6min，故D正确。故选：D。【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律的应用、电功、电能、电功率的计算，难度较大。二．实验探究题（共5小题）13．如图甲为小明同学“探究牛顿第一定律”的实验装置。实验中小明先后三次将同一小车放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下小车，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度，观察小车运动的距离，从而得出力和运动的关系。（1）小明在实验操作中有一处明显的错误是（不要求解释错误的原因）：分别用不同的力推了一下小车。（2）纠正错误正确操作实验后发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小（选填“越大”或“越小”），速度减小得越慢（选填“快”或“慢”）。如果运动的小车不受阻力时，它将做匀速直线运动。（3）请在图乙中画出小车在斜面上运动时所受力的示意图。【考点】探究阻力对物体运动的影响．【专题】实验题；探究型实验综合题；科学探究能力．【答案】（1）分别用不同的力推了一下小车；（2）越小；慢；做匀速直线运动；（3）见解答图。【分析】（1）实验中要保证小车的初始速度相同。故由此可以找出其操作中存在的错误；（2）水平面越光滑，小车所受阻力越小，运动距离越远，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动；（3）对小车进行受力分析，再根据力的示意图的画法画出这几个力。【解答】解：（1）实验中，应该使小车从斜面的同一高度释放，而不应该“分别用不同的力推了一下小车”，这会导致小车到达水平面时的速度不同；（2）由实验现象可知，小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。如果运动的小车不受阻力时，它将做匀速直线运动；（3）小车在斜面上运动时，受到竖直向下的重力G，斜面对小车的支持力F，沿斜面向上的摩擦力f，如图所示：故答案为：（1）分别用不同的力推了一下小车；（2）越小；慢；做匀速直线运动；（3）见上图。【点评】本题考查了“探究牛顿第一定律”的实验中，控制变量法和科学推理法的运用，实验现象的分析，力的示意图的画法等，有一定综合性。14．在“探究电流与电阻的关系”实验中，大华老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、1个规格为“20Ω，0.5A”的滑动变阻器，阻值为10Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个，以及导线若干。（1）请根据图甲，用笔画线代替导线将实物图（图乙）连接完整。（要求导线不交叉：当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）（2）闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻断路（选填“断路”或“短路”）。（3）小华排除故障后，更换不同电阻进行实验，测得数据填入下述表格。当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为2V不变，则滑动变阻器的滑片更靠近右（选填“左端”或“右端”）。（4）由表中数据可得出的结论是：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。（选填“正”或“反”）。实验序号1234电阻R/Ω10202530电流I/A0.20.10.080.07（5）在不改变电路连接的情况下，为完成整个实验，定值电阻两端电压设置的范围是1.8～3V。【考点】探究电流与电压、电阻的关系．【专题】实验题；欧姆定律；电能和电功率；科学探究能力．【答案】（1）见解析图；（2）断开；断路；（3）2；右；（4）反比；（5）1.8～3VV。【分析】（1）根据滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大确定变阻器连接方式；（2）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；（3）根据表格数据，由U＝IR算出定值电阻两端电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（4）分析表中数据得出结论；（5）由电流表的量程可知，电路中的最大电流以及定值电阻的阻值，根据U＝IR可知，此时定值电阻两端电压最大；根据滑动变阻器的最大阻值以及串联分压可知，当滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻两端电压最小，通过计算得出定值电阻两端最小电压，即可得定值电阻两端电压设置的范围。【解答】解：（1）片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故变阻器应选左下接线柱与电源串联接入电路中，如下图所示：；（2）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是定值电阻断路；（3）根据实验序号1可知，当定值电阻为10Ω时，通过电阻的电流为0.2A，定值电阻两端电压为UV＝I1R1＝0.2A×10Ω＝2V，故当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为2V不变；根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动；（4）由表中数据可知，电阻增大为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，即导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）电源由两节新干电池组成，电源电压为3V；由题意可知，滑动变阻器的最大阻值R滑max＝20Ω，定值电阻和滑动变阻器串联，根据串联分压可知，当滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻两端电压最小，此时定值电阻阻值R′＝30Ω，根据串联电路中电流相等可知，，即定值电阻两端电压UR＝，故可得定值电阻两端最小电压Umin＝＝＝1.8V，故定值电阻两端电压设置的范围为1.8～3V。故答案为：（1）见解析图；（2）断开；断路；（3）2；右；（4）反比；（5）1.8～3VV。【点评】本题是探究电流和电阻的关系实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、控制变量法的应用等知识。15．在做“探究杠杆的平衡条件”的实验中。（1）某同学将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端上翘，他应该将杠杆两端的平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。（2）如图甲所示，该同学在杠杆左端图示位置挂上3钩码，每个钩码重0.5N，为了使杠杆在水平位置平衡，在图中A处施加一个竖直向上的力F1，F1的大小为3N。（3）如图乙所示，撤去力F1，改在杠杆右端B处施加一个斜向下的力F2，仍使杠杆在水平位置。请在图乙中画出力F2的力臂。【考点】探究杠杆的平衡条件．【专题】简单机械；探究型实验综合题；科学探究能力．【答案】（1）左；水平位置平衡；（2）3；（3）见解析。【分析】（1）杠杆的左端上翘，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，求F1的大小；（3）根据力臂的定义作图。【解答】解：（1）杠杆的左端上翘，说明杠杆重心右移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；（2）在图中A处施加一个竖直向上的力F1，力臂即为OA，若杠杆上每格长为L，据杠杆的平衡条件可知，则F1×2L＝3×0.5N×4L，所以F1＝3N；（3）画出力F2的作用线，从支点O向力的作用线作垂线，垂足为C，OC即为力F2的力臂。如下所示：故答案为：（1）左；水平位置平衡；（2）3；（3）见解析。【点评】本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、杠杆平衡条件的应用及力臂的画法。16．小明用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。（1）若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，应通过方法C（填字母序号）进行调节；A.向U形管内加适量的水B.从U形管内倒出适量的水C.拆除软管重新安装（2）调整好了以后，比较图乙、图丙两次实验得出结论：同种液体，深度越大液体内部的压强越大；（3）比较丙、丁两图可以得到：液体内部压强还与液体密度有关；（4）在丁图中探头在盐水中的深度为5cm，发现探头在水中6cm时U形管左右两侧水面的高度差与丁图中相同，则盐水密度为1.2×103kg/m3；（5）实验后，他自制了如图戊所示的装置继续探究。他向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，则容器底部受到液体压强关系是p左＞p右（选填“＞”、“＝”或“＜”）。【考点】探究液体内部的压强．【专题】压强、液体的压强．【答案】（1）C；（2）深度；（3）丙、丁；（4）1.2×103kg/m3；（5）＞。【分析】（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；（2）液体压强与液体的密度和深度有关，同种液体中，压强随深度的增加而增大；（3）在丙、丁图中，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关；（4）探头在盐水中深度为5cm处受到的压强等于在水中深度为6cm处受到的压强，根据压强相等和p＝ρgh可列关系式，计算得出盐水的密度；（5）分别计算出水和液体对橡皮膜的压强，比较大小得出结论，根据p＝ρgh分析。【解答】解：（1）若在使用压强计前发现U形管中有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故C符合题意，AB不符合题意。故选：C。（2）比较乙、丙两次实验可以发现：液体都是水，丙中橡皮膜所处的深度更深，左右两管液面的高度差越大，说明同种液体，深度越深，液体内部压强越大。（3）在丙、丁图中，控制了深度不变，液体密度不同，液体密度变大，液体压强变大，则可以观察到U形管两边液面的高度差将变大，可以得到液体内部压强与液体密度有关。（4）由题意可知，探头在盐水中深度为5cm处受到的压强等于在水中深度为6cm处受到的压强，根据p＝ρgh可得ρ盐水gh盐水＝ρ水gh水盐水的密度为（5）由图戊可知，她向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，橡皮膜不发生凸起，此时橡皮膜两侧受到的压强相等，即ρ水gh水′＝ρ液gh液因h液＞h′水，所以ρ液＜ρ水，因为橡皮膜两侧受到的压强相等，且橡皮膜中心到容器底的深度相同，则水产生的压强大，故p左＞p右。故答案为：（1）C；（2）深度；（3）丙、丁；（4）1.2×103kg/m3；（5）＞。【点评】本题主要考查液体压强的特点，解题的关键是熟记液体压强的公式，充分利用图像中提供的信息，寻找等量关系，判断出相应的物理量之间的关系，是一道基础题。17．为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水20020645食用油20020670（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入250mL的食用油。（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内吸热相同。（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）。（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是B（选填“A”“B”或“C”）。【考点】实验比较不同物质吸热的情况．【专题】实验题；比热容、热机、热值；实验基本能力．【答案】（1）250；（2）吸热相同；（3）2.1×103；（4）B。【分析】（1）根据表中数据，由密度公式分析；（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；（3）根据表中数据得出加热6分钟（吸热相同），水和食用油田升高的温度；根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出食用油的比热容为；（4）加热相同时间，水升温慢，据此分析。【解答】解：（1）小明在一个烧杯中倒入200mL的水，即为200克，而食用油的质量也为200克，根据密度公式，需要在另一个相同烧杯中倒入的食用油为：V＝＝250mL；（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，由转换法，其目的是确保水和煤油在相同时间内吸热相同。（3）根据表中数据，加热6分钟（吸热相同），水升高的温度为：45℃﹣20℃＝25℃；食用油田升高的温度为：70℃﹣20℃＝50℃；根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则用油的比热容为：c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；（4）加热相同时间，水升温慢，故如图乙中能合理反映该实验结果的图象是B，故选：B。故答案为：（1）250；（2）吸热相同；（3）2.1×103；（4）B。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。三．计算题（共2小题）18．在综合实践活动中，科技小组设计了一台电子体重计，其简化原理图如甲所示，电源两端电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为40Ω，显示体重大小的仪表A实质是量程为0～100mA的电流表，压力传感器R的阻值与所受压力F关系如乙图所示，OBA为带踏板的杠杆，O为支点且AO：BO＝7：1，踏板、压杆和杠杆OBA的质量均忽略不计，闭合开关，当人站在踏板上，杠杆OBA在水平位置平衡，通过仪表A的示数就可以知道人的质量。（1）若通过R0的电流为0.05A时，R0两端的电压多大？（2）某次测体重时，压杆对压力传感器R的压力为120N，整个电路消耗的电功率多大？（3）该体重计的最大测量值是多少？【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【专题】计算题；欧姆定律；简单机械；分析、综合能力．【答案】（1）若通过R0的电流为0.05A时，R0两端的电压为2V；（2）压杆对压力传感器R的压力为120N时，整个电路消耗的电功率为0.72W；（3）该体重计的最大测量值是112kg。【分析】（1）由图可知：压力传感器R和定值电阻R0串联，当电流表的电流为0.05A时，根据欧姆定律和串联电路的电压特点求定值电阻R0两端的电压；（2）根据压力传感器R的电阻与所受压力的关系求出压力传感器R的电阻，再根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P＝UI求整个电路消耗的电功率；（3）结合电流表的量程及欧姆定律求得电路中的最小电阻，根据电阻的串联可知压力传感器R能达到的最小阻值，结合图像读出对应的压力；已知压力传感器R表面承受的压力根据杠杆的平衡条件求出该秤的最大称量值，即人的体重G，最后根据m＝求出质量。【解答】解：（1）由图可知：压力传感器R和定值电阻R0串联，当电流表的电流为0.05A时，根据欧姆定律得：定值电阻R0两端的电压U0＝IR0＝0.05A×40Ω＝2V；（2）根据图象可知：当压杆对压力传感器R压力为120N时，压力传感器R的电阻为160Ω，则根据电阻的串联可知：R总＝R′+R0＝160Ω+40Ω＝200Ω，电路中的电流I′＝＝＝0.06A，整个电路消耗的电功率为：P＝UI′＝12V×0.06A＝0.72W；（3）由于电流表的量程为100mA，则由I＝可知：电路中的最小电阻为R总min＝＝＝120Ω，则根据电阻的串联可知压力传感器R能达到的最小阻值为：Rmin＝R总min﹣R0＝120Ω﹣40Ω＝80Ω，根据图象可知：压力传感器R表面承受的压力F＝160N，根据F×AO＝F′×BO得该秤的最大称量值：G＝F′＝F×＝160N×＝1120N；该秤的最大称量值：m＝＝＝112kg。答：（1）若通过R0的电流为0.05A时，R0两端的电压为2V；（2）压杆对压力传感器R的压力为120N时，整个电路消耗的电功率为0.72W；（3）该体重计的最大测量值是112kg。【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用和欧姆定律应用以及电能的计算，关键是相关知识的灵活运用，根据压力传感器R的电阻找到对应的压力。本题体现出物理在生活中的应用，是一道好题。19．2022年4月11日，中国石化集团与泰国签署合作协平台议，中国石化集团将帮助泰国全面拆除泰国废弃的海上石油钻井平台。目前拆除石油平台一般都采用双船起重法，即采用两艘完全相同的起重船，从平台两侧底部将平台联合抬起，如图甲。已知某石油平台重8×107N，起重船重2×108N，每艘起重船的甲板上配有4门杠杆式甲板起重器，如图乙。如图丙为其中一门甲板起重器示意图，O点与A点为甲板起重器支撑固件，A固件下方有一台液压起重设备与固件相连，B点处是一质量为200t的配重罐，可在起重器上OB间滑动，AB＝60m，OA＝20m，在甲板起重器抬起石油平台时，平台对甲板起重器的压力作用点刚好在A的正上方。此时A点下方的液压起重设备工作，给A点施加竖直向上的推力，同时配重罐位于B点（不计杠杆式甲板起重器的重力）。（1）当两艘船将石油平台缓慢抬高10cm，两艘船对石油平台做了多少功？（2）当石油平台被抬起时，每艘起重船舶排开水的体积变化了多少？（3）当石油平台被抬起时，每门甲板起重器A点处受到起重设备的推力有多大？【考点】杠杆的平衡条件；功的计算和公式的应用；阿基米德原理的应用．【专题】浮力；简单机械；功、功率、机械效率；分析、综合能力．【答案】（1）当两艘船将石油平台缓慢抬高10cm，两艘船对石油平台做了8×106J的功；（2）当石油平台被抬起时，每艘起重船舶排开水的体积变化了4×103m3；（3）当石油平台被抬起时，每门甲板起重器A点处受到起重设备的推力为6×106N。【分析】（1）根据W＝Gh可求出两艘船将石油平台缓慢抬高10cm对石油平台所做的功；（2）根据物体的浮沉条件和阿基米德原理可求出每艘起重船舶排开水的体积变化量；（3）因石油平台的重由两艘起重船承担，且每艘起重船的甲板上配有4门杠杆式甲板起重器，则根据F压＝×可求出每门杠杆式甲板起重器受到的压力，而杠杆A点受到合力为FA＝F压﹣F推，根据杠杆平衡条件可求出每门甲板起重器A点处受到起重设备的推力。【解答】解：（1）两艘船将石油平台缓慢抬高10cm，两艘船对石油平台所做的功为：W＝G平台h＝8×107N×0.1m＝8×106J；（2）把两艘起重船看做一个整体，原来两艘船在水中漂浮，则：F浮＝G船，由阿基米德原理可得：ρ水gV排＝G船﹣﹣﹣﹣①当平台被抬起时，平台与两艘船的整体仍然漂浮，则有：F浮'＝G船+G平台，即：ρ水gV排'＝G船+G平台﹣﹣﹣﹣②由①②可知，两艘船排开水的体积变化量为：ΔV排＝V排'﹣V排＝＝＝8×103m3，则每艘起重船舶排开水的体积的变化量为：ΔV排'＝＝＝4×103m3；（3）因石油平台的重由两艘起重船承担，且每艘起重船的甲板上配有4门杠杆式甲板起重器，所以，当石油平台被抬起时，每门杠杆式甲板起重器受到的压力为：F压＝×＝×＝1×107N，图丙为其中一门甲板起重器示意图，则图丙中杠杆A点受到的合力为：FA＝F压﹣F推，对杠杆AOB，以O为支点，由杠杆平衡条件有：GB×OB＝FA×OA，即：m罐g×（AB﹣OA）＝（F压﹣F推）×OA，即：200×103kg×10N/kg×（60m﹣20m）＝（1×107N﹣F推）×20m，解得：F推＝6×106N。答：（1）当两艘船将石油平台缓慢抬高10cm，两艘船对石油平台做了8×106J的功；（2）当石油平台被抬起时，每艘起重船舶排开水的体积变化了4×103m3；（3）当石油平台被抬起时，每门甲板起重器A点处受到起重设备的推力为6×106N。【点评】本题考查了功的计算、阿基米德原理和杠杆平衡条件的综合应用，难度较大。

考点卡片1．熔化和凝固的温度—时间图像【知识点的认识】要明确知道熔化吸热、凝固放热；分清晶体有一定的熔点（凝固点）熔化时温度不变，晶体凝固时温度不变；非晶体没有一定的熔点（凝固点）．凝固、熔化图象：【命题方向】中考时判断那个图象是熔化那个是凝固图象，且判断那个是晶体的熔化图象那个是非晶体的熔化图象，或判断那个是晶体的凝固和非晶体的凝固图象时一个重点；在晶体的熔化和凝固时，像每一段物质所处状态的判断也是一个重点．例1：图中，表示非晶体熔化时温度随时间变化的图象是（）A．B．C．D．分析：首先明确熔化过程是一个吸热的过程．其次要分清晶体与非晶体在熔化（凝固）时的最大区别，那就是一个有熔点（凝固点），一个没有熔点（凝固点）．解：A、随着时间的沿长，物体的温度在上升，说明物体在吸热，并有一段时间吸热温度不变，说明这是晶体熔化的图象；B、随着时间的沿长，物体的温度一直在升高，说明这是非晶体熔化的图象；C、随着时间的沿长，物体的温度在下降，说明物体在放热，且有一段时间放热温度不变，说明这是晶体凝固的图象；D、随着时间的沿长，物体的温度一直在下降，说明这是非晶体凝固的图象；故选B．点评：解决此题的关键有两点，一是明确熔化吸热、凝固放热；二是分清晶体有一定的熔点（凝固点），非晶体没有一定的熔点（凝固点）．例2：图是某种物质物态变化过程中温度随时间变化的图象，该图象反映的可能是（）A．蜡的熔化过程B．蜡的凝固过程C．海波的熔化过程D．海波的凝固过程分析：根据原图的曲线走向，可以首先判断出此图是某物体的凝固过程，而只有晶体才有凝固点，可根据上述分析判断出正确的选项．解：由图知：温度随时间的增加而降低，所以是凝固过程；在温度变化过程中，有一条平行于横轴（时间）的线段，说明在此段时间内温度没有发生变化，所以此时间的温度值即为该物体的凝固点，而只有晶体才有凝固点，可以排除A、B、C；故选D．点评：此题不但要根据图象判断出是熔化还是凝固现象，还要了解海波是晶体有凝固点而蜡是非晶体没有凝固点．在凝固过程中，要注意，当物体的温度达到凝固点时，虽然此过程仍然是放热过程，但是温度不会发生变化．【解题方法点拨】要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点（凝固点），熔化（凝固）时温度不变，继续吸热（放热），学习时要用比较法来记住它们的特点．2．运动和静止的相对性【知识点的认识】运动是绝对的，静止是相对的，没有绝对的静止；也就是说一个物体相对于其它一个物体可以是静止的，但一定会出现相对于其它一些物体是运动的情况，而一个物体相对于另一个物体是运动的，它可能相对于其它物体都是运动的，一个物体一定可以找到一个及一个以上的物体与之有相对运动，但不一定可以找到一个与之静止的物体。因为运动和静止是相对的，所以描述物体的运动必须选定参照物，事先不选定参照物，就无法对物体的运动状态做出判断。【命题方向】判断物体的是运动还是静止是中考必考内容。例1：“神舟飞船”与“天宫一号”成功对接后，遨游太空。下列说法正确的是（）A．“神舟飞船”相对于“天宫一号”是运动的B．“神舟飞船”和“天宫一号”相对于地球是静止的C．“神舟飞船”和“天宫一号”相对于地球是运动的D．“神舟飞船”相对于地球是运动的，“天宫一号”相对于地球是静止的分析：研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。解：A、“天宫一号”和“神舟飞船”对接后，“神舟飞船”与“天宫一号'飞行器一起运动，相对位置没有发生变化，所以“神舟飞船”相对于“天宫一号”飞行器来说是静止的。BCD、“神舟飞船”和“天宫一号”相对于地球的位置在不断发生变化，所以“神舟飞船”和“天宫一号”相对于地球是运动的，故BD错误，C正确。故选C。点评：本题考查运动和静止的相对性，一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。例2：甲、乙两辆汽车行驶在平直的公路上，甲车上的乘客看乙车在向北运动。乙车上的乘客看到甲车和树木都向南运动则以下说法中正确的是（）A．甲乙车可能都向南运动B．甲乙两车可能都向北运动C．甲车向北运动乙车向南运动D．甲车一定在向南运动，乙车向北运动分析：判断一个物体的运动情况，一定是相对参照物而言，选择不同的参照物，物体的运动情况会不一样。解：（1）乙车上的乘客看到路边的树木向南运动，说明乙车向北运动；（2）甲车上的乘客看到乙车向北运动，此时有三种可能：一是甲车静止不动；二是向南运动；三是也向北运动，但速度比乙车慢。故选B。点评：解决此类问题时首先抓住以地面、树木或建筑物为参照物判断出其中一个物体的运动情况，再根据它们之间的关系逐个分析，考查了学生的分析判断能力。【解题方法点拨】（1）一个物体是运动的还是静止的，取决于所选的参照物；（2）如果两个物体的运动情况相同，则以其中任何一个物体为参照物，另一个物体都是静止的，我们就说这两个物体“相对静止”3．力作用的相互性【知识点的认识】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的．（2）由于力是一个物体对另一个物体的作用，因此力不能脱离物体而存在．当我们讨论某一个力时，一定涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体．施力物体在施力的同时也受到受力物体对它的作用，即施力物体同时也是受力物体．（3）当受力物体受到一个力的作用时，同时也给施力物体一个力，这两个力互称为作用力与反作用力．【命题方向】找出施力物体及受力物体，相互作用力与平衡力的区别是中考命题点．例1：在湖水中划船时，使船前进的动力是（）A．桨对水的推力B．水直接对船的推力C．人对船的推力D．水对桨的推力分析：依据力的相互作用去解释，即一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用．解：在湖水中划船时，浆向后拨水，对水有一个向后的力，同时水也会对浆有一个向前的推力，使船前进；故A、B、C都不符合题意，只有D符合题意；故选D．点评：此类题目考查两个物体间力的作用总是相互的，即一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的．例2：我们常用“鸡蛋碰石头”来形容对立双方的势力悬殊非常大，鸡蛋（弱者）很容易被碰的“头破血流”，而石头（强者）却完好无损，对此现象的正确解释是（）A．鸡蛋受到力的作用，而石头没有受到力的作用B．鸡蛋受到较大的力的作用，石头受到较小力的作用C．它们相互作用力大小一样，只是石头比鸡蛋硬D．以上说法都不对分析：当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；且一对相互作用力的大小是相等的．解：物体间力的作用是相互的；两个相互作用力的大小是相等、方向相反的；A、力的作用是相互的，鸡蛋受力的同时，石头也受到鸡蛋对它的作用力；故A错误；B、一对相互作用力的大小是相等、方向相反的；即鸡蛋和石头受的力是相等的；故B错误；C、鸡蛋和石头受的力是一对相互作用力，其大小是相等的，之所以鸡蛋破是因为石头比鸡蛋硬；故C正确；D、因为C是正确的；故D错误；故选C点评：解决此类题目要结合作用力和反作用力考虑，即一个物体在施力的同时必然也受力，另一个物体在受力的同时必然也是施力物体；且相互作用力的大小是相等的．【解题方法点拨】（1）两个物体间的作用力与反作用力有以下特点：①大小相等，方向相反，作用在同一直线上，但是作用在两个物体上．②同时产生，同时消灭，同时增大，同时减小．③性质相同，如小孩对墙的力是推力，墙对小孩的力也是推力．④施力物体和受力物体必须成对出现（2）力是物体对物体的作用．只要有力的作用，就一定有施力物体和受力物体．一个物体对别的物体施加了力，它同时也受到其他物体对它的反作用力．4．弹簧测力计的原理【知识点的认识】（1）测量力的大小的工具是测力计．常用的测力计是弹簧测力计，它可以用来测量物体的重力、拉力等，它的示数表示的是对弹簧测力计的挂钩的拉力大小．（2）主要结构：主要是一根弹性很好的钢质弹簧，还有挂钩、指针、刻度及外壳．同学们常用的两种弹簧测力计如图所示．（3）原理：首先任何测量都是将某一个物理量与标准（即单位）比较的过程，力的测量就是将力的作用效果与已知力的作用效果比较的过程．如果一个力的作用效果与1牛力的作用效果相同，这个力的大小就是1牛．其次弹簧的伸长与所受力的大小成正比，在确定1牛力的作用效果以后，容易确定更大的力和更小的力的作用效果．另外，弹簧的稳定性较好，可以重复使用．故可以运用弹簧测力计测量力的大小．【命题方向】此知识点命题方向有三点：（1）弹簧测力计是测量什么的工具（2）结构是什么（3）弹簧测力计的原理例1：测量力的常用工具是（）A．刻度尺B．天平C．微小压强计D．弹簧测力计分析：解决此题的关键是知道测量力的常用工具是弹簧测力计．解：A、刻度尺是测量长度的工具，不符合题意；B、天平是测量质量的工具，不符合题意；C、微小压强计是测量压强的工具，不符合题意；D、弹簧测力计是测量力的常用工具，符合题意；故选D．点评：解决此类问题要知道各测量工具的用途．例2：一根长8cm的弹簧，当所受拉力8N时，长度变为12cm，当长度变为14cm时所受拉力是（）A．10NB．12NC．14ND．20N分析：弹簧测力计是根据弹簧在一定的弹性范围内，弹簧的伸长量与弹簧受到的拉力成正比制成的．解：原长为8cm，受到8N的拉力时，弹簧长为12cm，则8N的拉力伸长4cm，所以1N拉力伸长0.5cm．当长度变为14cm时，伸长6cm，因为1N拉力伸长0.5cm，因此所受拉力为12N．故选B．点评：此题主要考查了弹簧测力计的原理﹣﹣在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比．【解题方法点拨】结合图象来理解结构，理解记住原理．5．重力的计算【知识点的认识】物体由于地球的吸引而受到的力叫重力．重力的施力物体是地球．重力的方向总是竖直向下．公式G＝mg，其中G表示重力，单位是N；m表示质量，单位是kg；g取9.8N/kg，粗略计算时，可取g＝10N/kg．【命题方向】中考命题方向：（1）公式的表述：重力大小跟物体的质量成正比，不能反过来表述：物体的质量跟重力大小成正比．（2）直接利用公式进行重力、质量的计算．（3）由质量计算出重力或直接计算重力做功或克服重力做功．（4）与力的合成或平衡力结合出题．例1：下列说法正确的是（）A．“G＝mg”表明：物体受到的重力跟它的质量成正比B．“m＝”表明：物体的质量跟它的重力成正比C．“g＝”表明：g值大小等于物体受的重力跟它质量的比值，且是一个恒定的值D．上述说法都正确分析：理解重力公式及其变形的物理意义；对各个选项逐一分析．解：A、公式G＝mg表示物体受到的重力跟它的质量成正比，正确；B、物体的质量是表示物体所含物质的多少，与重力没有关系，故B错误；C、g在地球上不同的位置，大小不同，所以不能说是一个恒定的值，故C错误；故选A．点评：本题考查重力、质量、g的含义，关键是明白他们所表示的物理意义．例2：甲、乙两人受到的重力之比是5：4，甲的质量是60kg，则乙的质量和重力分别是（）A．48kg，470.4NB．470.4kg，470.4NC．48kg，48ND．75kg，735N分析：重力大小跟质量的关系是：物体所受的重力跟它的质量成正比，知道甲、乙两人受到的重力之比，从而可以计算甲、乙两人的质量之比，又知道甲的质量，可求乙的质量，再利用公式G＝mg计算乙的重力．解：物体所受的重力跟它的质量成正比，∵甲、乙两人受到的重力之比是5：4，∴甲、乙两人的质量之比是5：4，又∵m甲＝60kg，∴＝＝，从而可知，m乙＝48kg，∴乙的重力为：G乙＝m乙g＝48kg×9.8N/kg＝470.4N．故选A．点评：本题考查了重力公式的应用，物体所受的重力跟它的质量成正比，而且比值是个定值，等于9.8N/kg．【解题方法点拨】理解公式的含义，注意知识点之间的联系．6．探究阻力对物体运动的影响【知识点的认识】设计实验：取一辆小车，使它三次都在斜面上的同一高度处从静止开始沿斜面运动到水平面上．每次水平面表面的粗糙程度都不同，第一次在水平面上铺毛巾，第二次换成棉布，第三次去掉所铺棉布，比较小车每次在水平面上的运动情况有什么不同．实验现象：按以上设计进行实验，实验现象如图所示，并将实验的结果填在下表中．接触面小车受到阻力的大小小车运动的距离毛巾最大最短棉布较大较短木板最小最长现象分析：小车分别滑过毛巾、棉布、木板表面时，由于毛巾表面最粗糙，阻力最大，使小车很快就停下来，运动的距离最短；而木板表面最光滑，阻力最小，小车运动的距离最长．通过小车在不同表面运动的距离不同，说明小车受到的阻力越小，速度改变越慢，小车越不容易停下来．实验结论：平面越光滑，小车运动的距离越大，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢．实验推理：如果水平面表面绝对光滑，小车受到的阻力为0，速度不会减小，小车将以恒定不变的速度运动下去．【命题方向】本实验探究的问题，实验探究过程中用到的物理学方法：控制变量法、推理法等是命题方向．典例：在探究“力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上分别铺上分别粗糙程度不同的毛巾、棉布、玻璃，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，小车从同一高度滑下后，在不同物体表面上运动的距离如图所示．（1）实验时小车每次都从斜面顶端滚下，是为了让小车在这些物体表面开始运动的速度相同．（2）由图示可知，小车在玻璃上运动的距离最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢．（3）根据这个实验推理：若水平物体表面绝对光滑（即小车不受任何阻力作用），那么小车将一直保持匀速直线运动状态．分析：实验中要求从同一点滑下，是为了保证小车到达水平面时有相同的速度，从而看出在不同材料上的滑行的距离．而这三种材料我们非常熟悉，从而比较出受阻力的不同，然后我们可以猜想如果没有任何阻力的话，物体的速度将不会改变解：我们让小车从顶端滚下目地是为了让小球每次到达水平面时的速度都相同，便于比较．而明显由图示看出，在玻璃板上小车滑行的距离是最远的，我们知道在玻璃板上小车受阻力最小；速度减小的慢，所以我们想到如果没有阻力的话小车将会滑行将会一直进行下去，做匀速直线运动．故答案为：（1）速度；（2）远、小；（3）匀速直线运动状态．点评：本题考查理想实验内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义．【解题方法点拨】阻力对物体运动影响的探究实验要明白：（1）小车从斜面上滑下后，为什么最终会在水平面上停下（2）如果水平面铺的材料不同，小车在平面上减小的速度一样吗？（3）用所给器材，怎样验证你的想法（4）在实验中我们应该注意什么样的问题．7．压强的计算【知识点的认识】（1）压强定义或解释①垂直作用于物体单位面积上的力叫做压力．②物体的单位面积上受到的压力的大小叫做压强．（2）单位在国际单位制中，压强的单位是帕斯卡，简称帕，即牛顿/平方米．压强的常用单位有千帕、标准大气压、托、千克力/厘米2、毫米水银柱等等．（之所以叫帕斯卡是为了纪念法国科学家帕斯卡）（3）公式：p＝F/Sp表示压强，单位帕斯卡（简称帕，符号Pa）F表示压力，单位牛顿（N）S表示受力面积，单位平方米（4）补充说明：对于（3）所写的为定义式，任何压强都可以用．但是对于液体和气体压强，还有推导公式：【命题方向】压强的计算，主要是运用公式及其变形解决有关问题．题型常见的有填空、选择、计算及探究题．压强的定义式p＝F/S，经验表明，不