2024年1月河南省普通高等学校招生考试适应性测试理科综合试题（解析版）

2024年1月河南省普通高等学校招生考试适应性测试理科综合试题（解析版）2024年1月河南省普通高等学校招生考试适应性测试理科综合试题（解析版）年1月河南省普通高等学校招生考试适应性测试理科综合试题（解析版）河南省2024年普通高考适应性测试理科综合·全解全析1.甲型流感病毒和肺炎支原体都是引发急性呼吸道传染病的常见病原体。甲型流感病毒是单链RNA病毒，肺炎支原体是原核生物。下列叙述错误的是（）A.甲型流感病毒和肺炎支原体的正常生命活动都离不开细胞B.甲型流感病毒和肺炎支原体的遗传物质都集中在拟核区域C.甲型流感病毒易发生变异可能导致原疫苗的保护效果减弱D.肺炎支原体细胞膜上的蛋白质在侵染过程中发挥重要作用【答案】B【解析】【分析】单细胞生物一个细胞就是一个个体，能完成相应的各种生命活动；多细胞生物由很多细胞组成，其生命活动依赖各种分化细胞；病毒不具有细胞结构，但寄生在宿主细胞中，利用宿主细胞中的物质生活和繁殖。【详解】A、甲型流感病毒需要寄生在宿主细胞中，利用宿主细胞中的物质生活和繁殖，肺炎支原体是原核细胞，正常生命活动也离不开细胞，A正确；B、肺炎支原体是原核生物，遗传物质集中在拟核区域，甲型流感病毒没有拟核区域，B错误；C、甲型流感病毒易发生变异导致抗原成分发生一定的改变，因此原疫苗的保护效果减弱，C正确；D、肺炎支原体侵染过程中需要特异性识别的蛋白质分子，因此细胞膜上的蛋白质在侵染过程中发挥重要作用，D正确。故选B。2.细胞中物质的输入和输出都必须经过细胞膜。下列关于物质跨膜运输的叙述，正确的是（）A.水分子可通过自由扩散进出叶肉细胞，需要借助转运蛋白但不需要消耗能量B.钠离子可通过协助扩散进入神经细胞，不需要借助通道蛋白但需要消耗能量C.轮藻细胞可通过主动运输吸收钾离子，需要载体蛋白的协助也需要消耗能量D.巨噬细胞可通过胞吞作用吞噬细菌，不需要膜上蛋白质参与但需要消耗能量【答案】C【解析】【分析】1、细胞膜上的转运蛋白可以分为载体蛋白和通道蛋白两种类型。载体蛋白只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。2、物质通过简单的扩散作用进出细胞的方式，叫作自由扩散。3、这种借助膜上的转运蛋白进出细胞的物质扩散方式，叫作协助扩散，也叫易化扩散。4、物质逆浓度梯度进行跨膜运输，需要载体蛋白的协助，同时还需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，这种方式叫作主动运输。【详解】A、物质通过简单的扩散作用进出细胞的方式，叫作自由扩散。水分子可通过自由扩散进出叶肉细胞，不需要借助转运蛋白也不需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，A错误；B、借助膜上的转运蛋白进出细胞的物质扩散方式，叫作协助扩散。神经细胞兴奋时，钠离子可借助通道蛋白通过协助扩散进入神经细胞，不需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，B错误；C、物质逆浓度梯度进行跨膜运输，需要载体蛋白的协助，同时还需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，这种方式叫作主动运输。轮藻细胞可通过主动运输吸收钾离子，需要载体蛋白的协助也需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，C正确；D、当细胞摄取大分子时，首先是大分子与膜上的蛋白质结合，从而引起这部分细胞膜内陷形成小囊，包围着大分子。然后，小囊从细胞膜上分离下来，形成囊泡，进入细胞内部，这种现象叫胞吞。因此，巨噬细胞通过胞吞作用吞噬细菌时需要膜上蛋白质参与。胞吞细菌形成囊泡及囊泡运输时也需要消耗细胞内化学反应所释放的能量，D错误。故选C。3.种子休眠是植物抵御不良环境的一种适应性现象。种子从休眠到萌发的转变可受光和多种植物激素的共同调节，如图所示。下列叙述错误的是（）A.光敏色素主要吸收红光和远红光，可调节莴苣种子萌发B.光调节植物种子萌发的主要原因是光为种子萌发提供能量C.在调节种子萌发过程中，油菜素内酯和乙烯具有协同作用D.脱落酸与赤霉素含量的比值较高时，有利于维持种子休眠【答案】B【解析】【分析】据图分析，光照可以调节种子萌发，油菜素内酯、赤霉素和乙烯均促进种子萌发，脱落酸则是抑制种子萌发。【详解】A、题干信息“种子从休眠到萌发的转变可受光和多种植物激素的共同调节”，可知光照能调节种子萌发，而光敏色素主要吸收红光和远红光，因此可调节莴苣种子的萌发，A正确；B、种子萌发过程中还不能进行光合作用，因此光不能为种子萌发提供能量，B错误；C、据图分析油菜素内酯和乙烯均能促进种子萌发，因此在调节种子萌发过程中，油菜素内酯和乙烯具有协同作用，C正确；D、脱落酸抑制种子萌发，赤霉素促进种子萌发，因此脱落酸与赤霉素含量的比值较高时，有利于维持种子休眠，D正确。故选B。4.岛屿上的物种数主要取决于物种迁入和灭亡的动态平衡。迁入率取决于岛屿与大陆（物种来源地）之间的距离；灭亡率取决于岛屿上资源（一般与岛屿面积正相关）的多少，也与种间竞争强度有关。下列叙述错误的是（）A.距离大陆越远，岛屿生态系统的抵抗力稳定性越高B.一般来说，岛屿的面积越大能够提供的生态位越多C.岛屿上某种群的迁入率和死亡率可直接影响该物种的种群密度D.种间竞争会影响竞争双方的资源占有量进而影响其环境容纳量【答案】A【解析】【分析】1、一定的环境条件所能维持的种群最大数量称为环境容纳量，又称K值。2、种间竞争是指两种或更多种生物共同利用同样的有限资源和空间而产生的相互排斥的现象。3、生态系统维持或恢复自身结构与功能处于相对平衡状态的能力，叫作生态系统的稳定性。4、一个物种在群落中地位或作用，包括所处的空间位置，占用资源的情况，以及与其他物种的关系等，称为这个物种的生态位。【详解】A、依题意，迁入率取决于岛屿与大陆（物种来源地）之间的距离，岛屿与大陆的距离影响物种的迁入，不使物种灭亡。距离大陆越远，则迁入率越低，物种多样性下降，营养结构变简单，岛屿生态系统的抵抗力稳定性下降，A错误；B、一个物种在群落中的地位或作用，包括所处的空间位置，占用资源的情况，以及与其他物种的关系等，称为这个物种的生态位。一般来说，岛屿的面积越大能够提供的生态位越多，B正确；C、种群的出生率和死亡率、迁入率和迁出率直接决定种群密度，因此，岛屿上某种群的迁入率和死亡率可直接影响该物种的种群密度，C正确；D、一定的环境条件所能维持的种群最大数量称为环境容纳量，种间竞争会影响竞争双方的资源占有量进而影响其环境容纳量，D正确。故选A。5.葡萄糖-6磷酸脱氢酶（G6PD）缺乏症又称蚕豆病。患者红细胞中缺乏G6PD，食用蚕豆后易发生急性溶血性贫血。有研究表明蚕豆病是一种伴X染色体显性遗传病。一对夫妇，男方患蚕豆病，女方正常（不携带致病基因），他们的女儿患病，但症状较轻，体内同时存在G6PD正常和G6PD缺乏的红细胞。下列关于蚕豆病的分析及推理正确的是（）A.患者中男性多于女性，女患者的父亲一定患病B.女性患者的后代中，女儿都患病，儿子都正常C.该夫妇的女儿症状较轻，原因可能是其细胞中的一条X染色体会随机失活D.基因与环境之间存在着复杂的相互作用，蚕豆病主要是由饮食结构决定的【答案】C【解析】【分析】蚕豆病是一种伴X染色体显性遗传病。一对夫妇，男方患蚕豆病，女方正常（不携带致病基因），他们的女儿患病，但症状较轻，体内同时存在G6PD正常和G6PD缺乏的红细胞。根据题意可知，父亲基因型为XAY，母亲基因型为XaXa，女儿基因型为XAXa。【详解】A、蚕豆病是一种伴X染色体显性遗传病，患者中女性多于男性，女患者若为XAXa，其父亲不一定患病，A错误；B、女性患者可以是XAXa与XAXA，女儿可能不患病，儿子可能患病，B错误；C、该夫妇的女儿症状较轻，体内同时存在G6PD正常和G6PD缺乏的红细胞，原因可能是其细胞中的一条X染色体会随机失活，C正确；D、蚕豆病患者体内缺乏葡萄糖-6磷酸脱氢酶（G6PD），是一种伴X染色体显性遗传病。食用蚕豆让其表现出症状，表明基因与环境之间存在着复杂的相互作用，但是不能表明蚕豆病主要是由饮食结构决定的，D错误。故选C。6.黄豆酱是人们喜爱的传统美食，早在春秋时期就有制作方法的相关记载。它以黄豆为主要原料，经米曲霉（好氧菌）、酵母菌、乳酸菌等微生物发酵而成。劳动人民在制作过程中不断改进发酵技术，总结出以下经验。下列叙述错误的是（）①选用具有高蛋白酶活性的米曲霉②用蒸煮后的大豆与米曲霉混合堆积③将初步发酵后含米曲霉等微生物的曲料摊薄，并适当通风④在装坛时，添加适量食盐⑤发酵过程中，需保持发酵坛密封⑥发酵过程中，需定期搅拌A.①和④对黄豆酱风味形成起重要作用，利于提升品质B.②和⑥可以促使微生物和物料充分混合，提高发酵效率C.③有利于米曲霉和酵母菌进行有氧呼吸并快速大量增殖D.⑤中乳酸菌主要集中于发酵坛上部而米曲霉集中于下部【答案】D【解析】【分析】米曲霉是真菌的一种，米曲霉发酵过程的主要目的是使米曲霉充分生长繁殖，大量分泌制作酱油过程所需的酶类，这些酶（如蛋白酶和脂肪酶）中能将发酵池中的蛋白质和脂肪分解成易于吸收、风味独特的成分。【详解】A、米曲霉能够分泌蛋白酶能够将黄豆酱中的蛋白质分解，而食盐一方面可以抑制杂菌生长，一方面可以调味，故①和④对黄豆酱风味的形成起重要作用，利于提升品质，A正确；B、米曲霉是好氧菌，且能够分泌蛋白酶将黄豆酱中的蛋白质分解，故②和⑥可以促使微生物和物料充分混合，提高发酵效率，B正确；C、米曲霉是好氧菌，而酵母菌也可以进行有氧呼吸，故③有利于米曲霉和酵母菌进行有氧呼吸并快速大量增殖，C正确；D、乳酸菌属于厌氧菌，米曲霉是好氧菌，故⑤中米曲霉主要集中于发酵坛上部而乳酸菌集中于下部，D错误。故选D。7．人类生活品质的提升离不开科技的进步。下列说法正确的是A.作为纳米苂光材料的碳量子点属于胶体B.食品脱氧剂使用后，其中的铁粉转化成C.人工转化二氧化碳合成的己糖属于高分子化合物D.环型碳、环型碳和金刚石均是碳元素的同素异形体【答案】D【解析】【详解】A．纳米苂光材料的碳量子点颗粒大小在胶体的范围内，但是没有分散剂，不能叫胶体，故A错误；B．食品脱氧剂使用后，其中的铁粉与空气中的氧气反应转化成，故B错误；C．己糖的相对分子质量不大，不属于高分子化合物，故C错误；D．环型碳、环型碳和金刚石都是碳元素的单质，是碳元素的同素异形体，故D正确。答案选D。8.一种在航空航天、国防军工等领域具有应用前景的液晶聚芳酯可由如下反应制备。下列说法错误的是A.，化合物为乙酸 B.化合物最多有24个原子共平面C.反应说明化合物可发生缩聚反应 D.聚芳酯与稀和溶液均可反应【答案】B【解析】【详解】A．由上述方程式可以判断，X为羟基和CH3CO结合成的乙酸分子，p等于2m-1，故A正确；B．F中，左侧甲基上的3个氢有1个可能与右边的分子整体共平面，故最多有25个原子可能共平面，故B错误；C．由方程式可知，E分子中含有酯基和羧基，E也可以发生缩聚反应，故C正确；D．聚芳酯中含有酯基，稀和溶液均可发生水解反应，故D正确。答案选B。9.可用于印染、畜牧等领域，其晶体的部分结构如下图所示。下列说法正确的是A.电负性：B.基态的价层电子排布式为C.晶体中和原子的轨道杂化类型均为D.晶体中微粒间的相互作用只有离子键、共价键和配位键【答案】C【解析】【详解】A．一般非金属的电负性强于金属，故H的非金属性强于铁，电负性由强到弱的顺序为：，故A错误；B．基态的价层电子排布式为，失去最外层2个电子变成，故基态的价层电子排布式为，故B错误；C．晶体中N原子和S原子都连有4个共价键，故都采用杂化，故C正确；D．晶体中微粒间的相互作用有离子键、共价键和配位键，还有分子间作用力，氢键，故D错误。答案选C。10.一种基于固体电解质的可充电熔融钠电池，具有安全、电流密度高、使用条件宽泛等优点，其工作示意图如下所示，已知电池放电时不断有生成。下列说法错误的是A.放电时电极为负极 B.固体电解质含钠离子C.充电时阳极反应式： D.转移时，区和区的质量差改变【答案】D【解析】【分析】电池放电时不断有生成，可知放电时a为负极，电极反应为：，固体电解质只允许阳离子通过，固体电解质含钠离子，通过转移保持两侧电荷守恒，放电时b为正极，电极反应为：；充电时a为阴极，b为阳极，b极反应为：，据此分析；【详解】A．根据分析，放电时电极为负极，A正确；B．根据分析，固体电解质含钠离子，通过转移保持两侧电荷守恒，B正确；C．充电时b为阳极，b极反应为：，C正确；D．放电转移时，从区移出，区移入，两区质量差改变，D错误；故选D。11.下列实验能达到目的的是选项目的实验A鉴别某材料是丝绸还是化纤取样灼烧，闻灼烧时的气味并观察灼烧后灰烬的状态B探究浓度对反应速率的影响一定温度下，用相同质量的同种锌粒分别与稀硫酸和浓硫酸反应，观察气体产生的快慢C测定某稀盐酸的物质的量浓度移取稀盐酸于锥形瓶中，滴加2滴酚酞液，用标准溶液滴定至溶液呈红色，依据消耗标准溶液的体积计算D证明非金属性：向装有固体的装置中滴加稀盐酸，有气体产生A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】【详解】A．丝绸属于蛋白质，灼烧时有烧焦羽毛气味且燃烧结束形成黑色灰烬，A符合题意；B．由于浓硫酸具有强氧化性，所以锌粒浓硫酸反应会生成二氧化硫气体；应用不同浓度的稀硫酸探究浓度对反应速率的影响，B不符合题意；C．滴定终点错误，用标准溶液滴定至溶液呈浅红色，且半分钟不恢复原色，即达到滴定终点，C不符合题意；D．向装有固体的装置中滴加稀盐酸，有硫化氢气体产生，可证明酸性，不能得到非金属性，D不符合题意；故选A。12.甲酸甲酯作为潜在的储氢材料受到关注，科学家发现使用配合物催化剂可以使甲酸甲酯温和释氢，其可能的反应过程如下图所示。下列说法错误的是A.为极性分子，为非极性分子B.每消耗生成C.总反应为D.反应涉及键断裂和键形成【答案】B【解析】【详解】A．H2O分子中中心O原子价层电子对数为2+=4，O原子上含有2对孤电子对，分子是V形分子，由于分子中正负电荷重心不重合，因此H2O是极性分子；为直线形分子，分子中正负电荷重心重合，为非极性分子，A正确；B．由流程可知，分子中-OCH3转化为HCOO-，反应为++2H2，故每消耗生成，B错误；C．由图可知，总反应为甲酸甲酯和水催化生成氢气和二氧化碳：，C正确；D．结合C分析可知，甲酸甲酯转化为二氧化碳，则涉及键断裂，反应中生成氢气，涉及键形成，D正确；故选B。13.向一定浓度溶液中通入，存在化学平衡、和。平衡时分布系数与的关系如下图所示(其中代表或比如的分布系数，c(总)。下列说法错误的是A.曲线I代表，曲线代表B.反应的平衡常数的值为C.时，D.时，【答案】D【解析】【分析】根据信息可知，Ⅰ表示、Ⅱ表示、Ⅲ、Ⅳ表示、Ⅴ表示，以此解题。【详解】A．由分析可知，曲线I代表，曲线代表，A正确；B．结合图中信息可知，的，的，的，B正确；C．由图可知，当横坐标为-2时，，C正确；D．根据电荷守恒可知，，由图可知，时，，则此时，D错误；故选D。14.如图，在同一根软绳上先后激发出两段同向传播的简谐波，则它们（）A.波长相同 B.振幅相同 C.波速相同 D.频率相同【答案】C【解析】【详解】波在相同介质中传播的速度相同，由图可知，两列波的波长不同，振幅不同，根据可知两列波的频率不同。故选项C正确，ABD错误。故选C。15.如图，在平直路面上进行汽车刹车性能测试。当汽车速度为时开始刹车，先后经过路面和冰面（结冰路面），最终停在冰面上。刹车过程中，汽车在路面与在冰面所受阻力之比为7：1，位移之比为8：7。则汽车进入冰面瞬间的速度为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】设汽车在路面与在冰面所受阻力分别为、，汽车进入冰面瞬间的速度为，由牛顿第二定律则汽车在路面与在冰面上运动的加速度大小之比为由运动学公式，在路面上有在冰面上有其中解得汽车进入冰面瞬间的速度为故选B。16.某光源包含不同频率的光，光的强度与频率的关系如图所示。表中给出了一些金属的截止频率，用该光源照射这些金属。则（）金属铯4.69钠5.53锌8.06钨10.95A.仅铯能产生光电子 B.仅铯、钠能产生光电子C.仅铯、钠、锌能产生光电子 D.都能产生光电子【答案】C【解析】【详解】根据光电效应方程金属的逸出功为由图可知光源中光频率范围为则仅铯、钠、锌能产生光电子。故选C。17.若两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，到地心的距离之比为，忽略卫星之间的相互作用。在时间内，卫星与地心连线扫过的面积为，卫星与地心连线扫过的面积为，则与的比值为（）A.1 B. C. D.【答案】D【解析】【详解】根据可知则卫星在时间t内与地心的连线扫过的面积为则故选D。18.2023年4月，我国有“人造太阳”之称的托卡马克核聚变实验装置创造了新的世界纪录。其中磁约束的简化原理如图：在半径为和的真空同轴圆柱面之间，加有与轴线平行的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，。假设氘核沿内环切线向左进入磁场，氚核沿内环切线向右进入磁场，二者均恰好不从外环射出。不计重力及二者之间的相互作用，则和的速度之比为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】由题意可知，根据左手定则，作图如图所示由几何关系可知，氘核的半径为，有则由几何关系可知，氚核的半径为，有则即由洛伦兹力提供向心力可得由题意可知，氘核和氚核的比荷之比为故和的速度之比为故选A。19.如图，将一平面镜置于某透明液体中，光线以入射角进入液体，经平面镜反射后恰好不能从液面射出。此时，平面镜与水平面（液面）夹角为，光线在平面镜上的入射角为。已知该液体的折射率为，下列说法正确的是（）A.B.C.若略微增大，则光线可以从液面射出D.若略微减小i，则光线可以从液面射出【答案】BD【解析】【详解】AB．根据解得光线在射入液面时的折射角为光线经平面镜反射后，恰好不能从液面射出，光路图如图有解得由几何关系可得解得故A错误；B正确；C．若略微增大，则光线在平面镜上的入射角将变大，根据上面分析的各角度关系可知光线射出液面的入射角变大，将大于临界角，所以不可以从液面射出。故C错误；D．同理，若略微减小i，则r减小，导致光线在平面镜上入射角减小，可知光线射出液面的入射角变小，将小于临界角，可以从液面射出。故D正确。故选BD。20.粒子以一定的初速度与静止的氧原子核发生正碰。此过程中，粒子的动量随时间变化的部分图像如图所示，时刻图线的切线斜率最大。则（）A.时刻的动量为B.时刻的加速度达到最大C.时刻的动能达到最大D.时刻系统的电势能最大【答案】AB【解析】【详解】A．粒子与氧原子核组成的系统动量守恒，时刻的动量为故A正确；B．时刻图线的切线斜率最大，则粒子的动量变化率最大，根据可知粒子的速度变化率最大，即加速度最大，即粒子受到的电场力最大，则氧原子核受到的电场力也最大，的加速度达到最大，故B正确；C．时刻，粒子速度为零，由图可知时刻后，粒子反向运动，系统动量守恒，可知在时刻之后，的动量达到最大，的速度达到最大，的动能达到最大，故C错误；D．时刻，氧原子核受到的电场力最大，粒子与氧原子核的距离最近，系统的电势能最大，故D错误。故选AB。21.如图（a）所示，“L”形木板静止于粗糙水平地面上，质量为的滑块以的初速度滑上木板，时与木板相撞并粘在一起。两者运动的图像如图（b）所示。重力加速度大小取，则（）A.的质量为B.地面与木板之间的动摩擦因数为0.1C.由于碰撞系统损失的机械能为D.时木板速度恰好为零【答案】AC【解析】【详解】A．两者碰撞时，取滑块P的速度方向为正方向，设P的质量为m=1kg，Q的质量为M，由系统动量守恒定律得根据v-t图像可知，v1=3m/s，v2=1m/s，v3=2m/s，代入上式解得故A正确；B．设P与Q之间的动摩擦因数为μ1，Q与地面之间的动摩擦因数为μ2，根据v-t图像可知，0-2s内P与Q的加速度分别为aP=1.5m/s2，aQ=0.5m/s2，对P、Q分别受力分析，由牛顿第二定律得联立解得故B错误；C．由于碰撞系统损失机械能为代入数据解得故C正确；D．对碰撞后整体受力分析，由动量定理得代入数据解得因此木板速度恰好为零时刻为故D错误；故选AC。22．某同学用如图（a）所示的装置验证机械能守恒定律。用细线把钢制的圆柱挂在架子上，架子下部固定一个小电动机，电动机轴上装一支软笔。电动机转动时，软笔尖每转一周就在钢柱表面画上一条痕迹（时间间隔为T）。如图（b），在钢柱上从痕迹O开始选取5条连续的痕迹A、B、C、D、E，测得它们到痕迹O的距离分别为hA、hB、hC、hD、hE。已知当地重力加速度为g。（1）若电动机的转速为3000r/min，则T=__________s。（2）实验操作时，应该__________。（填正确答案标号）A．先打开电源使电动机转动，后烧断细线使钢柱自由下落B．先烧断细线使钢柱自由下落，后打开电源使电动机转动（3）画出痕迹D时，钢柱下落的速度__________。（用题中所给物理量的字母表示）（4）设各条痕迹到O的距离为h，对应钢柱的下落速度为v，画出图像，发现图线接近一条倾斜的直线，若该直线的斜率近似等于__________，则可认为钢柱下落过程中机械能守恒。【答案】①.0.02②.A③.④.2g【解析】【详解】（1）[1]由于电动机的转速为3000r/min，则其频率为则（2）[2]实验操作时，为了使软笔在钢柱表面画上一条痕迹条数多一些，应该先打开电源使电动机转动，后烧断细线使钢柱自由下落。故选A。（3）[3]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则画出痕迹D时，钢柱下落的速度为（4）[4]钢制的圆柱下落过程中，只有重力做功，重力势能的减小等于动能的增加，即可得若图线为一条倾斜直线，且直线的斜率近似等于，则可认为钢柱下落过程中机械能守恒。23.学生小组用放电法测量电容器的电容，所用器材如下：电池（电动势3V，内阻不计）；待测电容器（额定电压5V，电容值未知）；微安表（量程200μA，内阻约为1kΩ）；滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）；电阻箱R1、R2、R3、R4（最大阻值均为9999.9Ω）；定值电阻R0（阻值为5.0kΩ）；单刀单掷开关S1、S2，单刀双掷开关S3；计时器；导线若干（1）小组先测量微安表内阻，按图（a）连接电路。（2）为保护微安表，实验开始前S1、S2断开，滑动变阻器R的滑片应置于__________（填“左”或“右”）端。将电阻箱R1、R2、R3的阻值均置于1000.0Ω，滑动变阻器R的滑片置于适当位置。保持R1、R3阻值不变，反复调节R2，使开关S2闭合前后微安表的示数不变，则P、Q两点的电势__________（填“相等”或“不相等”）。记录此时R2的示数为1230.0Ω，则微安表的内阻为__________Ω。（3）按照图（b）所示连接电路，电阻箱R4阻值调至615.0Ω，将开关S3掷于位置1，待电容器充电完成后，再将开关S3掷于位置2，记录微安表电流I随时间t的变化情况，得到如图（c）所示的图像。当微安表的示数为100μA时，通过电阻R0的电流是__________μA。（4）图（c）中每个最小方格面积所对应的电荷量为__________C（保留两位有效数字）。某同学数得曲线下包含150个这样的小方格，则电容器的电容为__________F（保留两位有效数字）。【答案】①.左②.相等③.1230.0④.300⑤.3.20×10－6⑥.1.60×10－4【解析】【详解】（2）[1]为保护微安表，实验开始前S1、S2断开，滑动变阻器R的滑片应置于左端。[2]由题知，使开关S2闭合前后微安表的示数不变，则说明P、Q两点的电势相等。[3]根据电桥平衡可知，此微安表的内阻为1230.0Ω。（3）[4]由于微安表与R4并联，则当微安表的示数为100μA时，R4分担的电流为则通过电阻R0的电流I总=I4＋I=300μA（4）[5]图（c）中每个最小方格面积所对应的电荷量为q=8μA×0.4s=3.2μC=3.2×10－6C[6]则150个这样的小方格为总电荷量为Q=n×q=150×3.2×10－6C=4.80×10－4C则根据电容的定义式可知电容器的电容为24.房间内温度升高空气外溢的过程可以抽象为如图所示的汽缸模型。汽缸内活塞可以无摩擦自由滑动，室内温度升高空气外溢，可视为空气膨胀推动活塞向外滑动。室内体积为V0，初始温度为T0。室内温度升高到T的过程中，活塞向外缓慢移至虚线位置。室内外气压始终恒定且相等，空气可视为理想气体。求（1）汽缸内空气升温膨胀后的总体积V；（2）升温前后室内空气质量之比。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）由题知室内外气压始终恒定且相等，则由盖—吕萨克定律有解得（2）根据气体变化前后质量相等有ρ0V0=ρV解得则升温前后室内空气质量之比为25.如图所示，一个带正电的小球，质量为m，电荷量为q，固定于绝缘轻杆一端，轻杆的另一端光滑铰接于O点，重力加速度为g。（1）未加电场时，将轻杆向左拉至水平位置，无初速度释放，小球到达最低点时，求轻杆对它的拉力大小。（2）若在空间中施加一个平行于纸面的匀强电场，大小方向未知。将轻杆从左边水平位置无初速度释放，小球到达最低点时，受到轻杆的拉力为4mg；将轻杆从右边水平位置无初速度释放，小球到达最低点时，受到轻杆的拉力为8mg。求电场强度的水平分量Ex和竖直分量Ey。【答案】（1）3mg；（2），方向竖直向下，，方向水平向左【解析】【详解】（1）未加电场，则从水平位置无初速度释放到最低点时，有则小球在最低点有解得FT=3mg（2）加电场后，无论轻杆从哪边释放小球到达最低点时受到的拉力均比无电场时大，则说明电场在竖直方向的分量向下；而轻杆从左边释放小球到最低点受到的拉力小于轻杆从右边释放小球到最低点受到的拉力，则说明电场在水平方向的分量向左，则杆从左边水平位置无初速度释放，到小球到达最低点的过程中有则小球在最低点有其中FT1=4mg杆从右边水平位置无初速度释放，到小球到达最低点的过程中有则小球在最低点有其中FT2=8mg联立解得，26.如图（a）所示，一个电阻不计的平行金属导轨，间距，左半部分倾斜且粗糙，倾角，处于沿斜面向下的匀强磁场中；右半部分水平且光滑，导轨之间存在一个三角形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，其边界与两导轨夹角均为。右半部分俯视图如图（b）。导体棒借助小立柱静置于倾斜导轨上，其与导轨的动摩擦因数。导体棒以的速度向右进入三角形磁场区域时，撤去小立柱，棒开始下滑，同时对棒施加一外力使其始终保持匀速运动。运动过程中，两棒始终垂直于导轨且接触良好。已知两磁场的磁感应强度大小均为，两棒的质量均为，棒电阻，棒电阻不计。重力加速度大小取，以棒开始下滑为计时起点。求（1）撤去小立柱时，棒的加速度大小；（2）棒中电流随时间变化的关系式；（3）棒达到的最大速度及所用时间。【答案】（1）；（2）；（3），【解析】【详解】（1）撤去小立柱时，导体棒刚刚进入三角形磁场区域，没有感应电动势，则对Q棒受力分析（2）只有P棒在切割磁感线，所以感应电动势为磁场穿过闭合电路的面积与时间的关系为所以（3）对Q棒受力分析当Q棒速度达到最大时解得此时，三角形磁场总长有而P棒在4s内运动的位移为2m，小于L1。Q棒的加速度与时间的关系为画出Q棒的a-t图，则Q棒速度的变化量等于图线下方与坐标轴围成的面积，则棒达到的最大速度为所用时间=4s。27．某实验小组对一种染料废水进行处理，获得Na2SO4并测定废水的总有机碳(总有机碳是指单位体积水样中溶解或悬浮的有机物碳元素质量总和，是水体评价的综合指标之一)。实验步骤为：①取100mL废水(假定有机成分只有萘磺酸钠)，在35℃下加入等体积甲醇，充分混合后，冷却、过滤，得到固体A和滤液B。②经检测，固体A主要成分为Na2SO4，并含有少量Na2SO3和萘磺酸钠；滤液B含2.3g萘磺酸钠。③一定温度下，从滤液B中回收甲醇；再蒸发浓缩析出萘磺酸钠，过滤，得滤液C，向滤液C中加入适量的NaClO溶液去除少量的和NH3。④按下图实验装置(部分装置略)对固体A进行处理，完全反应后Pt坩埚中固体为Na2SO4。简化的操作过程：先检查装置气密性，再打开或关闭活塞1和活塞2，通入N2一段时间。再次打开或关闭活塞1和活塞2，改为通入O2，点燃煤气灯，一定时间后，停止加热，继续通O2一段时间。回答下列问题：（1）实验步骤①中加入甲醇的目的为_______。（2）实验步骤③中回收甲醇的操作名称是_______，去除NH3生成N2反应的离子方程式为_______。（3）通入N2的目的是_______。（4）酸性KMnO4溶液的作用是_______，试剂是_______。（5）改为通入O2前，需_______(填标号)。A.打开活塞1 B.打开活塞2 C.关闭活塞1 D.关闭活塞2（6）反应后U形管(含试剂)增重0.44g，该废水总有机碳=_______(用科学计数法表示)。【答案】（1）减小Na2SO4等无机物在水中的溶解度，便于析出（2）①.蒸馏②.2NH3+3ClO-=3Cl-+N2+3H2O（3）排除装置中的空气，防止其影响废水中总有机碳含量的测量（4）①.除去CO2中的SO2②.浓硫酸（5）BC（6）1.32×104【解析】【分析】本题为实验探究题，向染料废水中加入等体积的甲醇，以使有机物充分溶解和减小Na2SO4等无机物在水中的溶解度，便于析出，冷却过滤后得到滤液B和滤渣A，用蒸馏的方法从滤液B中分离出甲醇后，再蒸发浓缩析出萘磺酸钠，过滤，得滤液C，向滤液C中加入适量的NaClO溶液去除少量的和NH3，步骤④为对固体A进行处理，完全反应后Pt坩埚中固体为Na2SO4，先关闭活塞2，打开活塞1，通入一段时间的N2，以排除装置中的空气防止其影响废水中总有机碳含量的测量，然后再关闭活塞1，打开活塞2，通入O2，点燃煤气灯，一定时间后，停止加热继续通O2至固体A冷却，固体A中Na2SO3转化为Na2SO4，有机物燃烧，未完全燃烧产生的CO被CuO继续氧化，酸性高锰酸钾溶液为除去CO2中的SO2，品红溶液为检验SO2是否除干净，试剂a为浓硫酸，可以干燥CO2和防止空气中的CO2和水蒸气进入U形管，影响实验结果，【小问1详解】由分析可知，实验步骤①中加入甲醇的目的为减小Na2SO4等无机物在水中的溶解度，便于析出，故答案为：减小Na2SO4等无机物在水中的溶解度，便于析出；【小问2详解】由分析可知，由于CH3OH易挥发，实验步骤③中回收甲醇的操作名称是蒸馏，去除NH3生成N2反应即NH3和NaClO反应生成N2、NaCl和H2O，根据氧化还原反应配平可得，该反应的离子方程式为2NH3+3ClO-=3Cl-+N2+3H2O，故答案为：蒸馏；2NH3+3ClO-=3Cl-+N2+3H2O；【小问3详解】由分析可知，通入N2的目的是排除装置中的空气防止其影响废水中总有机碳含量的测量，故答案为：排除装置中的空气，防止其影响废水中总有机碳含量的测量；【小问4详解】由分析可知，酸性KMnO4溶液作用是除去CO2中的SO2，试剂是浓硫酸，故答案为：除去CO2中的SO2；浓硫酸；【小问5详解】由分析可知，改为通入O2前，需关闭活塞1，打开活塞2，故答案为：BC；【小问6详解】反应后U形管(含试剂)增重0.44g，即固体A与O2反应放出的CO2的质量为0.44g，即固体A中含有的C的质量为：=0.12g，由题干信息可知，滤液B含2.3g萘磺酸钠，该有机物中含有C的质量为：=1.2g，故该废水总有机碳==1.32×104，故答案为：1.32×104。28.钢渣是钢铁行业固体废弃物，含有和等物质。一种以钢渣粉为原料固定并制备的工艺流程如图所示。已知钢渣中元素质量分数为在稀盐酸和混合溶液中不易被浸出。该工艺条件下，有关金属离子开始沉淀和沉淀完全的如下表所示：金属离子开始沉淀的1.97.23.512.4沉淀完全的298.25.113.8回答下列问题：（1）浸出1过程生成的“包裹”在钢渣表面形成固体膜，阻碍反应物向钢渣扩散。提高浸出率的措施有_______(除粉碎外，举1例)。该浸出过程不使用稀硫酸代替稀盐酸的原因是_______。（2）为避免引入杂质离子，氧化剂应为_______(举1例)。（3）滤液的溶质可循环利用，试剂应为_______。（4）若的浸出率为，理论上1吨钢渣在“固碳”中可固定_______。（5）富钒渣焙烧可生成钒钙盐，不同钒钙盐的溶解率随变化如图所示。已知浸出2的pH约为2.5，则应控制焙烧条件使该钒钙盐为_______。该培烧反应的化学方程式是_______。（6）微细碳酸钙广泛应用于医药、食品等领域，某种碳酸钙晶胞如图所示。已知，该晶体密度为_______(列出计算式，阿伏加德罗常数的值为)。【答案】（1）①.适当增大盐酸的浓度、适当升高温度、搅拌②.稀硫酸与2CaO∙SiO2反应形成微溶于水的CaSO4覆盖在钢渣表面，阻碍反应物向钢渣扩散（2）H2O2或氯水（3）氨水（4）297（5）①.Ca2V2O7②.V2O3+2CaCO3+O2Ca2V2O7+2CO2（6）×1023【解析】【分析】钢渣中含有2CaO∙SiO2、Fe2O3、FeO、Al2O3和V2O3等，钢渣中加入稀盐酸、NH4Cl进行“浸出1”，经过滤得到富钒渣，滤液中含Fe3+、Fe2+、Al3+、Ca2+，滤液中加入氧化剂A将Fe2+氧化成Fe3+，加入试剂B将Fe3+、Al3+转化成铁铝渣而除去，然后加入试剂B调pH，再吸收CO2“固碳”得到微细CaCO3和滤液C；富钒渣与CaCO3在空气中焙烧得焙烧产物，焙烧产物中加入稀硫酸进行“浸出2”经过滤得滤渣和滤液，滤液经系列操作得V2O5，用还原剂将V2O5还原为V2O3。【小问1详解】浸出1过程生成的SiO2“包裹”在钢渣表面形成固体膜，阻碍反应物向钢渣扩散。提高浸出率的措施有：适当增大盐酸的浓度、适当升高温度、搅拌等。该浸出过程不使用稀硫酸代替稀盐酸的原因是：稀硫酸与2CaO∙SiO2反应形成微溶于水的CaSO4覆盖在钢渣表面，阻碍反应物向钢渣扩散。【小问2详解】加入氧化剂A的目的是将Fe2+氧化成Fe3+，为避免引入杂质离子，氧化剂A应为H2O2或氯水。【小问3详解】加入试剂B的目的使Fe3+、Al3+转化成Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀而除去，继续加入试剂B调pH，便于“固碳”时形成CaCO3，滤液C的溶质可循环利用，试剂B应为氨水。【小问4详解】钢渣中Ca元素的质量分数为30%，若Ca的浸出率为90%，理论上1吨钢渣在“固碳”中可固定CO2的质量为=297kg。【小问5详解】由图可知浸出2的pH约为2.5时，Ca2V2O7的溶解率最大，故应控制焙烧条件使钒钙盐为Ca2V2O7；该焙烧过程中V元素的化合价由+3价升至+5价，O2为氧化剂，根据得失电子守恒和原子守恒，该焙烧反应的化学方程式为V2O3+2CaCO3+O2Ca2V2O7+2CO2。【小问6详解】该晶胞中含Ca2+的个数为4×+4×+2×+2×+4=6，含的个数4×+4×+4=6，1个晶胞的质量为g，晶胞的体积为=×(4.99×10-7cm)2×(17.3×10-7cm)=×4.992×17.3×10-21cm3，该晶体密度为g÷(×4.992×17.3×10-21cm3)=×1023g/cm3。29.二氧化碳一甲烷重整反应制备合成气(H2+CO)是一种生产高附加值化学品的低碳过程。该过程存在如下化学反应：①②③④回答下列问题：（1）_______，反应①_______正向自发进行(填标号)。A．低温下能B．高温下能C．任何温度下都能D．任何温度下都不能（2）反应体系总压强分别为和时，平衡转化率随反应温度变化如图所示，则代表反应体系总压强为的曲线是_______(填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”)，判断依据是_______。（3）当反应体系总压强为时，平衡时部分组分的物质的量随反应温度变化如图所示。随反应温度的升高，的物质的量先增加后减少，主要原因是_______。（4）恒温恒压条件下，向容器中通入和，达到平衡时转化率为的转化率为，碳单质的物质的量为的物质的量为_______，反应①用摩尔分数表示的平衡常数_______(结果保留两位小数)。上述平衡时，向体系通入气，重新达到平衡时，，则a_______b(填“>”“<”或“=”)。(已知反应的，物质的摩尔分数)【答案】（1）①.②.B（2）①.III②.恒温减压时平衡①、③右移，甲烷平衡转化率增大（3）温度在500摄氏度以前，温度对②反应影响更大，所以n(CO2)增大，温度高于500摄氏度，温度对①、③反应影响更大，所以n(CO2)减小（4）①.0.5mol②.0.39③.>【解析】【小问1详解】由盖斯定律可得：①=②+③-2④，所以==，所以；，>0、>0，所以高温反应①正向自发进行；【小问2详解】图像显示恒温变压（III、II、I的是顺序变化）甲烷平衡转化率增大，而反应①、③恒温减压平衡均右移，甲烷平衡转化率增大，即同温时压强越大甲烷平衡转化率越小，所以III曲线代表5.00MPa；判断依据是恒温减压时平衡①、③右移，甲烷平衡转化率增大；【小问3详解】升温②反应左移，使n(CO2)有增大的趋势，①、③反应右移，使n(CO2)有减小的趋势，温度在500摄氏度以前，温度对②反应影响更大，所以n(CO2)增大，温度高于500摄氏度，温度对①、③反应影响更大，所以n(CO2)减小；【小问4详解】三段式表示如下：平衡时甲烷转化了0.8mol，CO2转化了0.5mol，C生成了0.8mol，所以x+m=0.8mol、x+y=0.5mol、y+m+n=0.8mol、解得n(CO)=2x-n=0.5mol；由氧原子守恒得n(H2O)=，由氢原子守恒得n(H2)=，容器气体总物质的量=，==0.39；恒温恒压条件下向体系通入气,相当于减压，①反应右移，氢气相对甲烷增加，所以b>a。30.多丁纳德(化合物K)是一种治疗痛风的药物，以下为其合成路线之一(部分反应条件已简化)。已知：回答下列问题：（1）B的化学名称是_______。（2）D中官能团的名称为_______、_______。（3）由F和H反应生成I的化学方程式为_______，反应类型为_______。（4）由I转变为J可选用的试剂是_______(填标号)。A. B. C.稀 D.溶液（5）设计反应1和反应2的目的是_______。（6）在D的同分异构体中，同时满足下列条件的共有_______种；①含有苯环；②遇溶液显紫色；③与溶液反应放出。其中，核磁共振氢谱显示为五组峰，且峰面积比为的同分异构体的结构简式为_______。【答案】（1）对乙基苯酚(或4-乙基苯酚)（2）①.羧基②.醚键（3）①.++HCl②.取代反应（4）B（5）保护酚羟基，防止其被氧化（6）①.13②.【解析】【分析】D在氯化铁为催化剂的作用下与氯气发生取代反应生成E，则D为，D由C经酸性高锰酸钾氧化得来，且C中碳原子数目为9，则C为，根据B到C的反应条件，则B为，由此可知A为，根据已知，可得F为；据此分析。【小问1详解】B为，则B的名称为对乙基苯酚(或4-乙基苯酚)；【小问2详解】D为，其官能团名称为醚键、羧基；【小问3详解】F和H发生取代反应生成I，同时生成HCl，化学方程式为：++HCl；【小问4详解】I转变为J发生氧化反应，则可选用B；【小问5详解】由于酚羟基极易被氧化，因此在有机合成中将其转化后又恢复，则设计反应1和反应2的目的是保护酚羟基，防止其被氧化；【小问6详解】D为，其同分异构体中，①含有苯环；②遇溶液显紫色，说明含有酚羟基；③与溶液反应放出，说明含有-COOH；去除上述结构，还剩余一个碳原子，则有以下两种情况：①有两个取代基连在苯环上，两个取代基为-OH、-CH2COOH，有邻间对3种结构；②有三个取代基连在苯环上，三个取代基为-CH3、-COOH、-OH，有10种结构，则满足上述条件D的同分异构体有13种；其中核磁共振氢谱显示为五组峰，且峰面积比为的同分异构体的结构简式为。31．一氧化氮（）是一种气体信号分子，对植物的生命活动具有重要的调控作用。某研究小组为探究对植物光合作用强度的影响，进行了如下实验。实验中用硝普钠（）作为的供体。回答下列问题。（1）设置两组实验，甲组喷施蒸馏水于叶片背面，乙组喷施等量一定浓度的溶液，一段时间后，采用有机溶剂_______提取色素。提取液中的叶绿素主要吸收_______光，类胡萝卜素主要吸收________光，据此可测定色素的含量。（2）测定叶片的含量、叶绿素含量、类胡萝卜素含量和气孔导度，结果如图。相较于甲组，推测乙组叶片的光合作用强度较_______（填“强”或“弱”），其依据是_____。（3）进一步研究发现，适宜浓度的SP会提高植物应对干旱胁迫的能力，推测其原因是____。【答案】（1）①.无水乙醇②.蓝紫光和红光③.蓝紫光（2）①.弱②.乙组叶片中光合色素含量低，抑制光反应阶段，气孔导度低，二氧化碳吸收少，抑制暗反应阶段（3）适宜浓度的会提高植物应对干旱胁迫的能力，可能是有效提高植物的渗透调节能力，增强了植物的抗逆性。【解析】【分析】1、光合作用第一个阶段中的化学反应，必须有光才能进行，这个阶段叫做光反应阶段。光反应阶段的化学反应是在类囊体的薄膜上进行的。2、叶绿体中光合色素吸收的光能，有两方面用途：一是将水分解成氧和[H]，氧直接以分子的形成释放出去，[H]则被传递到叶绿体内的基质中，作为活跃的还原剂，参与到暗反应阶段的化学反应中去；二是在有关酶的催化作用下，促成ADP与Pi发生化学反应，形成ATP。这样光能就转变为储存在ATP中的化学能，这些ATP将参与光合作用第二个阶段的化学反应。【小问1详解】叶片中的色素能够溶解到有机溶剂中，因此可以利用无水乙醇对色素进行提取。提取液中叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光，通过比较红光的吸收率，能更准确地计算出叶绿素含量。【小问2详解】根据图示结果可知，与甲组相比，乙组叶片中光合色素含量低，抑制光反应，气孔导度变小，可以减少水分的蒸发，响应干旱胁迫，但是会抑制二氧化碳的吸收，影响暗反应过程，从而直接影响光合速率。【小问3详解】进一步研究发现，适宜浓度的SP会提高植物应对干旱胁迫的能力，推测其原因是有效提高植物的渗透调节能力，增强了植物的抗逆性。32.动脉血压的相对稳定对于维持人体各脏器的正常生命活动至关重要。人在紧张、恐惧、剧烈运动时，动脉血压会突然升高，机体可通过降压反射快速调节，维持血压的相对稳定，调节过程如图所示。回答下列问题。（1）血压升高时，压力感受器产生的兴奋以______信号的形式沿着神经纤维传导，引起降压反射增强，心脏活动减弱、血管舒张，血压下降。这种反射是与生俱来的，属于_______反射（填“条件”或“非条件”）。（2）中枢C兴奋后，血压升高。中枢A兴奋后血压降低的原因是______。（3）血压的稳态同时受神经和体液的调节。原发性醛固酮增多症患者的肾上腺_____（填“皮质”或“髓质”）会自主分泌过量的醛固酮，促进______，同时也等渗性地重吸收水，导致循环血量上升，表现出高血压等症状。（4）高血压是导致心脑血管疾病的主要危险因素，已成为全球范围内危害人类健康的公共卫生问题。为预防和控制高血压，我们应提倡的健康生活方式有_______（答出1点即可）。【答案】8.①.电②.非条件9.中枢A兴奋后通过传出神经A抑制心脏兴奋10.①.皮质②.肾小管和集合管对Na+的重吸收11.控制Na+的摄入，平时少吃、多运动【解析】【分析】1、兴奋是以电信号的形式沿着神经纤维传导的，这种电信号也叫神经冲动。2、缩手反射和膝跳反射都是与生俱来的，但也有一些反射是需要经过训练才能形成的。出生后无须训练就具有的反射，叫作非条件反射；出生后在生活过程中通过学习和训练而形成的反射叫作条件反射。3、肾上腺接受垂体分泌的激素的调节，分为皮质和髓质两部分，前者主要分泌醛固酮、皮质醇等，调节水盐代谢和有机物代谢。后者可分泌肾上腺素，提高机体的应激能力。【小问1详解】兴奋是以电信号的形式沿着神经纤维传导；出生后无须训练就具有的反射，叫作非条件反射。血压升高时，压力感受器产生的兴奋以电信号的形式沿着神经纤维传导，引起降压反射增强，心脏活动减弱、血管舒张，血压下降。这种反射是与生俱来的，属于非条件反射。【小问2详解】题干信息中枢C兴奋后，血压升高；分析题图可知，中枢A兴奋后，兴奋信号会引起传出神经A兴奋，传出神经A释放抑制性递质作用于心脏，减缓心脏收缩节律，降低血压。。【小问3详解】醛固酮是由肾上腺皮质分泌的，醛固酮的作用是促进肾小管和集合管对Na+的重吸收。血压的稳态同时受神经和体液的调节。原发性醛固酮增多症患者的肾上腺皮质会自主分泌过量的醛固酮，促进肾小管和集合管对Na+的重吸收，同时也等渗性地重吸收水，导致循环血量上升，表现出高血压等症状。【小问4详解】高血压是导致心脑血管疾病的主要危险因素，已成为全球范围内危害人类健康的公共卫生问题。为预防和控制高血压，我们应提倡的健康生活方式有适当控制Na+摄入，平时少吃、多运动。33.湿地被誉为“地球之肾”，具有巨大的生态价值。在黄河下游，两岸有宽阔的湿地，部分被开垦为农田。因水淹等原因，有些农田无法耕种而又恢复为湿地（恢复地）。为了解农田、恢复地和自然湿地三种生态系统的差异，选择合适的时间和样地进行调查研究，三种样地的调查面积相近。回答下列问题。（1）调查各种植物的种群密度时，通常采用的方法是_______。该研究区域中的生物群落有______（答出2点即可）。（2）调查结果如下表所示。据此分析，湿地恢复的生态效益体现在______（答出2点即可）。调查指标农田恢复地自然湿地植物种类（种）81925植物盖度（%）808585土壤碳含量（gkg）11.1513.7415.32注：盖度即植物地上部分的垂直投影面积占样地面积的百分比。植物种类的数量、土壤碳含量在三种样地之间均存在显著差异。（3）恢复地上发生的群落演替类型是______。随着演替的进行，生态系统的营养结构也在发生变化。一般来说，在输入到某一个营养级的能量中，只有______%的能量能够流到下一个营养级，未流到下一个营养级的能量包括______。【答案】9.①.样方法②.农田生物群落、湿地生物群落10.蓄洪防旱，调节区域气候，控制土壤侵蚀，自然净化污水，为迁飞的鸟类和其他多种动植物提供栖息地等11.①.次生演替②.10%-20%③.未利用的能量、该营养级生物呼吸消耗的能量、被分解者利用的能量【解析】【分析】根据群落的外貌和物种组成等方面的差异，可以将陆地的群落大致分为荒漠、草原、森林等类型。在沼泽、河流、湖泊等地，还有湿地生物群落。在海洋中，数量众多的微小浮游植物，浅海区生长的大型藻类（如海带、裙带菜等），以及种类繁多的动物，它们共同构成海洋生物群落。【小问1详解】样方法是调查种群密度的常用方法，调查各种植物的种群密度时，通常采用的方法是样方法，根据题干信息可知，研究区域是农田、恢复地和自然湿地三种生态系统，该研究区域中的生物群落有农田生物群落（人工生物群落）、湿地生物群落（自然生物群落）。【小问2详解】由题表可知，农田恢复为湿地，植物种类数、植物盖度、土壤碳含量等均高于农田生态系统，可见湿地恢复，具有蓄洪防旱，调节区域气候，控制土壤侵蚀，自然净化污水，为迁飞的鸟类和其他多种动植物提供栖息地等生态效益。【小问3详解】群落演替类型分为初生演替和次生演替，恢复地上发生的群落演替类型是次生演替；生态系统中能量的输入、传递、转化和散失的过程，称为生态系统的能量流动，一般来说，在输入到某一个营养级的能量中，只有10%-20%的能量能够流到下一个营养级，未流到下一个营养级的能量包括未利用的能量、该营养级生物呼吸消耗的能量、被分解者利用的能量。34.翻毛鸡羽毛反卷、皮肤外露，散热性好，是我国南方地区饲养的优质鸡种之一。羽毛反卷程度由等位基因Aa控制，翻毛是显性性状。羽色的金羽和银羽是一对相对性状，由等位基因Bb控制。上述两对性状在雏鸡阶段均表现出显著差别。鸡的性别决定为ZW型。某研究小组进行如下实验，结果见下表。实验亲本F1♀♂♀♂①翻毛银羽正常毛金羽轻度翻毛金羽轻度翻毛银羽②轻度翻毛银羽正常毛金羽轻度翻毛金羽：正常毛金羽=1：1轻度翻毛银羽：正常毛银羽=1：1回答下列问题。（1）根据杂交实验可以判断等位基因Bb位于______（填“常”或“性”）染色体上，银羽是______（填“显性”或“隐性”）性状，羽色和羽毛反卷程度的遗传遵循_______定律。（2）实验①中亲本雌鸡的基因型为______，实验②中F1雄鸡的基因型为_______。（3）实验①中的F1个体随机交配，仅从羽毛反卷程度和羽色分析（不分雌雄）：F2的表型有____种，F2中与F1表型不同的个体占比为____。雏鸡在早期雌雄难辨，为挑选最适合我国南方地区的优质蛋鸡，F2中的轻度翻毛银羽雌鸡和轻度翻毛金羽雄鸡杂交，应从杂交后代中选育表型为____的雏鸡。【答案】10①.性②.显③.自由组合11.①.AaZBW②.AaZBZb、aaZBZb12.①.6②.1/2③.翻毛金羽【解析】【分析】具体分析：实验①雌性翻毛与雄性正常毛杂交，子一代无论雌雄均表现为轻度翻毛，说明控制该性状的A、a基因存在于常染色体上，且A对a为不完全显性。实验①雌性银羽和雄性金羽杂交，子代雌性均为金羽，雄性均为银羽，雌雄表现型不同，说明与性别有关，则控制该性状的基因B、b存在于性染色体上。【小问1详解】实验①雌性银羽和雄性金羽杂交，子代雌性均为金羽，雄性均为银羽，雌雄表型不同，说明与性别有关，则控制该性状的基因B、b存在于性染色体上，由于鸡的性别决定为ZW型，分析可知银羽为显性性状。实验①雌性翻毛与雄性正常毛杂交，子一代无论雌雄均表现为轻度翻毛，说明控制该性状的A、a基因存在于常染色体上。两对等位基因存在于非同源染色体上，因此羽色和羽毛反卷程度的遗传遵循自由组合定律。【小问2详解】①题干信息“羽毛反卷程度由等位基因A、a控制，翻毛是显性性状”，实验①雌性翻毛与雄性正常毛杂交，子一代无论雌雄均表现为轻度翻毛，所以亲本雌鸡控制羽毛反卷程度的基因型为AA。由小问1可知，金羽为隐形性状，且基因B、b存在于性染色体上，所以雌性银羽基因型为ZBW。综合分析实验①中亲本雌鸡的基因型为AaZBW。②实验②雌性表型为轻度翻毛银羽，雄性为正常毛金羽，根据子代轻度翻毛：正常毛=1:1以及雌性全为金羽，雄性全为银羽可知亲本的基因型为AaZBW和aaZbZb，因此实验②中F1雄鸡的基因型为AaZBZb、aaZBZb。【小问3详解】①实验①亲本的基因型为AAZBW