2023届吉林省吉林市普通中学高三第四次调研测试数学试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1吉林省吉林市普通中学2023届高三第四次调研测试数学试题一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求.1.已知集合，若，则实数（）A.或1 B.0或1 C.1 D.〖答案〗B〖解析〗由集合，对于方程，当时，此时方程无解，可得集合，满足；当时，解得，要使得，则满足，可得，所以实数的值为或.故选：B.2.中，，，，则边上的高所在的直线方程是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗设边上的高所在的直线为，由已知可得，，所以直线l的斜率.又过，所以的方程为，整理可得，.故选：A.3.已知是两个不同的平面，则下列命题错误的是（）A.若且，则B.若是平面内不共线三点，，则C.若直线，直线，则与为异面直线D.若且，则直线〖答案〗C〖解析〗对于A，由根据且，则是平面和平面的公共点，又，由基本事实3（公理2）可得，故A正确；对于B，由基本事实1（公理3）：过不在一条直线上的三个点，有且只有一个平面，又，且，则，故B正确；对于C，由于平面和平面位置不确定，则直线与直线位置亦不确定，可能异面、相交、平行、重合，故C错误；对于D，由基本事实2（公理1）：如果一条直线上的两个点在一个平面内，那么这条直线在这个平面内，故D正确.故选：C.4.下列说法错误的是（）A.若随机变量，则B.若随机变量服从两点分布，且，则C.若随机变量的分布列为，则D.若随机变量，则的分布列中最大的只有〖答案〗D〖解析〗A选项，，由正态分布的对称性可知，A正确；B选项，若随机变量服从两点分布，且，即分布列为：01所以02故，则，B正确；C选项，分布列中概率之和为1，即，解得，C正确；D选项，随机变量，令，即，解得，因为，所以或3，则的分布列中最大的有或，D错误.故选：D5.设，则（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗由，令函数，可得，当，可得，单调递增；当，可得，单调递减，所以当，函数取得极大值，即为最大值，函数的图形，如图所示，对于函数，当且时，.设且，则，可得，所以，所以,所以.故选：A.6.点是的重心，，则（）A.32 B.30 C.16 D.14〖答案〗A〖解析〗记，因为是的重心，所以，，因为所以整理得所以，解得，即故选：A7.在我国古代，杨辉三角（如图1）是解决很多数学问题的有力工具，从图1中可以归纳出等式：､类比上述结论，借助杨辉三角解决下述问题：如图2，该“刍童垛”共2021层，底层如图3，一边2023个圆球，另一边2022个圆球，向上逐层每边减少个圆球，顶层堆6个圆球，则此“刍童垛”中圆球的总数为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由杨辉三角中观察得可得.推广，得到即由题意，2021层“刍童垛”小球的总个数为故选:B8.已知点是抛物线的焦点，过点作两条互相垂直的直线分别与拋物线交于点和，且，则四边形面积的最小值为（）A.4 B.8 C.16 D.32〖答案〗B〖解析〗设，，，，，，，，所以，即，①设直线:，联立抛物线方程，得，得，，②，将②代入①得，所以，因为直线与垂足，则，则四边形面积，当时，等号成立，所以四边形面积的最小值是8.故选：B二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.已知实数满足，则下列不等式一定成立的是（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗对A，因为，又，故，则，故A正确；对B，取，因为，故B错误；对C，因为，由题意，，，故，即，故C正确；对D，取，则，则，故D错误；故选：AC10.如图所示，正三棱台中，与平面所成的角为，则（）A.该三棱台的体积是B.该三棱台的体积是C.该三棱台外接球的表面积是D.该三棱台外接球的表面积是〖答案〗AD〖解析〗设底面的重心为，的重心为，因为是正三棱台，所以重心也为外心，则为棱台的高，与平面所成的角为，因为，所以，，作于点，所以，所以，，所以，且，，则三棱台的体积为，故A正确，B错误；因为与在球的小圆面上，且为三棱台的高，所以球心在上，则，在与中，有，即，可得，则，所以球的表面积为，故D正确，C错误；故选：AD.11.人均消费支出是社会需求的主体，是拉动经济增长们直接因素，是体现居民生活水平和质量的重要指标.2022年一季度和2023年一季度我国居民人均消费支出分别为6393元和6738元，图1､图2分别为2022年一季度和2023年一季度居民人均消费支出构成分布图，则（）A.2022年一季度和2023年一季度居民食品烟酒人均消费支出均超过人均总消费支出的B.2023年一季度居民食品烟酒､衣着､居住各项人均消费支出占比较上年同期均有所降低C.2023年一季度居民人均交通通信支出低于上年同期人均交通通信支出D.2023年一季度居民人均消费支出比上年同期增长约〖答案〗AD〖解析〗对于A项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民食品烟酒人均消费支出占人均总消费支出的，2023年一季度居民食品烟酒人均消费支出占人均总消费支出的，故A项正确；对于B项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民居住人均消费支出占人均总消费支出的，2023年一季度居民居住人均消费支出占人均总消费支出的，故B项错误；对于C项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民人均交通通信支出消费支出为，2023年一季度居民人均交通通信支出消费支出为，故C项错误；对于D项，因为，故D项正确.故选：AD.12.已知函数其中，给出下列四个结论：甲：有两个不等实根乙：有一个极小值是丙：的所有零点的积为0的所有零点的和为若上述结论有且只有一个是错误的，则上述结论正确的是（）A.甲 B.乙 C.丙 D.丁〖答案〗ABC〖解析〗当时，，则，当时，，当时，，所以当时，，且因为，当时，，则，令，则，当时，，即在单调递增，且当时，，所以时，，当时，，即时，单调递减，时，单调递增，且时，，当时，，只有一个错误时，不妨设甲乙都成立，因为有两个不等实根，则与有且仅有两个交点，所以或，即或，又因为有一个极小值为，即，所以，当时，令，即，解得或，，所以时，零点为，且，，所以零点的积为，和为，所以，甲乙丙成立，丁不成立.故选:ABC三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.其中第16题的第一个空填对得2分，第二个空填对得3分.13.已知复数是关于的方程的一个根，则__________.〖答案〗〖解析〗由求根公式可得或，所以故〖答案〗：14.已知是函数的两个零点，且，则__________.〖答案〗1〖解析〗由题意，，故即，故当是函数的两个零点时，为一个周期，即，解得.故〖答案〗为：115.已知椭圆的左焦点为，上顶点为，直线过和，且与圆交于两点，若，则椭圆的离心率为__________.〖答案〗〖解析〗作，垂足为D，因为，所以，，易知，又，所以，即所以，所以故〖答案〗为：.16.在三棱锥中，，直线与平面所成角为，直线与平面所成角为，则点在所在平面内的射影的轨迹长为__________；三棱锥体积的取值范围是__________.〖答案〗〖解析〗过作平面垂足为，则，因为，所以，如图所示，以所在的直线为轴，以的中垂线为轴建立的平面直角坐标系，如图所示，则，设，因为，可得，整理得，即，所以点轨迹是半径为3的圆（阿波罗尼斯圆），即轨迹长为，由，可得，所以体积.故〖答案〗为：；.三、解答题：本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17.中，角的对边分别为，且.（1）求角；（2）若的外接圆半径为，求的周长的最大值.解：（1）由，得：由正弦定理，得整理得：因为，所以.两边平方得，消，得解得：或（舍去）又，所以（也可化简为求得）（2）法一：因为且所以：所以所以，当且仅当时，取“”号所以的周长，即当时，的周长最大值为9.法二：设的外接圆半径为，因为，所以，所以的周长因为，所以当时，的最大值1，此时的周长的最大值为9.18.随着消费者对环保、低碳和健康生活的追求不断加强，新能源汽车的市场需求也在不断增加.新能源汽车主要有混合动力汽车、纯电动汽车、燃料电池汽车等类型.某汽车企业生产的型汽车，有混合动力和纯电动两种类型，总日产量达台，其中有台混合动力汽车，台纯电动汽车.（1）若从中随机抽检台汽车，用表示抽检混合动力汽车的台数，分别就有放回抽检与不放回抽检，求的分布列及数学期望；（2）若从每日生产的台型汽车中随机地抽取台样本，用表示样本中混合动力汽车台数，分别就有放回抽取和不放回抽取，用样本中的混合动力汽车台数的比例估计总体中混合动力汽车台数的比例，求误差不超过的概率，并比较在相同的误差限制下，采用哪种抽取估计的结果更可靠.二项分布概率值超几何分布概率值00.056310.0492910.187710.1825420.281570.2905130.250280.2613440.146000.1470150.058400.0539660.016220.0130770.003090.0020680.000390.0002090.000030.00001100.000000.00000总计1.000001.00000参考数据：（概率值精确到）解：（1）对于有放回抽检，每次抽到混合动力汽车的概率为，且各次抽检结果是独立的，设为有放回抽检的混合动力汽车的台数，则可取0，1，2，；；.分布列如下：012则；对于不放回抽检，各次抽检的结果不独立，设为不放回抽检的混合动力汽车的台数，则服从超几何分布，可取0，1，2，；；.的分布列如下：012则.注：也可按照下面步骤作答.的分布列为.的分布列为.（2）样本中混合动力汽车的比例是一个随机变量，根据参考数据，有放回抽取：不放回抽取：因为，所以，在相同的误差限制下，采用不放回抽取估计的结果更可靠.19.如图1，在等腰梯形中，，沿将折成，如图2所示，连接，得到四棱锥.（1）若平面平面，求证：；（2）若点是的中点，求点到直线的距离的取值范围.（1）证明：在梯形中，因为且，所以四边形是平行四边形，所以，又因为平面，且平面，所以平面，因为平面，且平面平面，所以.（2）解：取中点，连接，因为是等边三角形，可得以为原点，所在直线为轴，轴，过作平面的垂线为轴，建立空间直角坐标系，如图所示，设，则，所以，，，且，则点到直线的距离因为，所以当时，；当时，，所以点到直线的距离的取值范围是.20.已知数列的前项和为，且.（1）求数列的通项公式；（2）设数列满足，求的前项和.解：（1）令时，...①时，，...②由①-②得..（2）由（1）知.令，则...③...④③-④得：令...⑤...⑥⑤-⑥得：21.已知双曲线的左､右顶点分别为，动直线过点，当直线与双曲线有且仅有一个公共点时，点B到直线的距离为（1）求双曲线的标准方程；（2）当直线与双曲线交于异于的两点时，记直线的斜率为，直线的斜率为.（i）是否存在实数，使得成立，若存在，求出的值；若不存在，请说明理由；（ii）求直线和交点的轨迹方程.解：（1）故当直线过与双曲线有且仅有一个公共点时，应与的渐近线平行设直线，即，则点到直线的距离为即双曲线的标准方程为：.（2）（i）由题可知，直线斜率不为0设直线由得：成立.所以存在实数，使得成立.（ii）直线，直线联立得：所以直线和交点的轨迹方程为：22.已知函数，且.（1）求实数的取值范围；（2）设为整数，且对任意正整数，不等式恒成立，求的最小值；（3）证明：（1）解：法一：在上恒成立在上恒成立设①当时，恒成立在上单调递增，且时，不符合题意，舍去②当时，令，则；令，则.在上单调递减，在上单调递增.设令，则；令，则.在上单调递增，在上单调递减，即当时，的取值范围是：.法二：在上恒成立是上最小值，也是极小值，即当时，令，则；令，则在上单调递减，在上单调递增即，满足：在上恒成立法三：①当时，恒成立，.②当时，恒成立，设设在上单调递增，在上单调递增，当时，为“”型，由洛必达法则得，当时，，即；③当时，恒成立，设，设，在上单调递减，在上单调递增当时，为“”型，由洛必达法则得，当时，，即，综上，的取值范围是：；（2）解：由（1）知，，即在上恒成立（当且仅当时取等）令，则.，即，又且的最小值为2.（3）证明：不等式在上恒成立（当且仅当时取等）令，则，即，令，则，即，故.吉林省吉林市普通中学2023届高三第四次调研测试数学试题一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求.1.已知集合，若，则实数（）A.或1 B.0或1 C.1 D.〖答案〗B〖解析〗由集合，对于方程，当时，此时方程无解，可得集合，满足；当时，解得，要使得，则满足，可得，所以实数的值为或.故选：B.2.中，，，，则边上的高所在的直线方程是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗设边上的高所在的直线为，由已知可得，，所以直线l的斜率.又过，所以的方程为，整理可得，.故选：A.3.已知是两个不同的平面，则下列命题错误的是（）A.若且，则B.若是平面内不共线三点，，则C.若直线，直线，则与为异面直线D.若且，则直线〖答案〗C〖解析〗对于A，由根据且，则是平面和平面的公共点，又，由基本事实3（公理2）可得，故A正确；对于B，由基本事实1（公理3）：过不在一条直线上的三个点，有且只有一个平面，又，且，则，故B正确；对于C，由于平面和平面位置不确定，则直线与直线位置亦不确定，可能异面、相交、平行、重合，故C错误；对于D，由基本事实2（公理1）：如果一条直线上的两个点在一个平面内，那么这条直线在这个平面内，故D正确.故选：C.4.下列说法错误的是（）A.若随机变量，则B.若随机变量服从两点分布，且，则C.若随机变量的分布列为，则D.若随机变量，则的分布列中最大的只有〖答案〗D〖解析〗A选项，，由正态分布的对称性可知，A正确；B选项，若随机变量服从两点分布，且，即分布列为：01所以02故，则，B正确；C选项，分布列中概率之和为1，即，解得，C正确；D选项，随机变量，令，即，解得，因为，所以或3，则的分布列中最大的有或，D错误.故选：D5.设，则（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗由，令函数，可得，当，可得，单调递增；当，可得，单调递减，所以当，函数取得极大值，即为最大值，函数的图形，如图所示，对于函数，当且时，.设且，则，可得，所以，所以,所以.故选：A.6.点是的重心，，则（）A.32 B.30 C.16 D.14〖答案〗A〖解析〗记，因为是的重心，所以，，因为所以整理得所以，解得，即故选：A7.在我国古代，杨辉三角（如图1）是解决很多数学问题的有力工具，从图1中可以归纳出等式：､类比上述结论，借助杨辉三角解决下述问题：如图2，该“刍童垛”共2021层，底层如图3，一边2023个圆球，另一边2022个圆球，向上逐层每边减少个圆球，顶层堆6个圆球，则此“刍童垛”中圆球的总数为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由杨辉三角中观察得可得.推广，得到即由题意，2021层“刍童垛”小球的总个数为故选:B8.已知点是抛物线的焦点，过点作两条互相垂直的直线分别与拋物线交于点和，且，则四边形面积的最小值为（）A.4 B.8 C.16 D.32〖答案〗B〖解析〗设，，，，，，，，所以，即，①设直线:，联立抛物线方程，得，得，，②，将②代入①得，所以，因为直线与垂足，则，则四边形面积，当时，等号成立，所以四边形面积的最小值是8.故选：B二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.已知实数满足，则下列不等式一定成立的是（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗对A，因为，又，故，则，故A正确；对B，取，因为，故B错误；对C，因为，由题意，，，故，即，故C正确；对D，取，则，则，故D错误；故选：AC10.如图所示，正三棱台中，与平面所成的角为，则（）A.该三棱台的体积是B.该三棱台的体积是C.该三棱台外接球的表面积是D.该三棱台外接球的表面积是〖答案〗AD〖解析〗设底面的重心为，的重心为，因为是正三棱台，所以重心也为外心，则为棱台的高，与平面所成的角为，因为，所以，，作于点，所以，所以，，所以，且，，则三棱台的体积为，故A正确，B错误；因为与在球的小圆面上，且为三棱台的高，所以球心在上，则，在与中，有，即，可得，则，所以球的表面积为，故D正确，C错误；故选：AD.11.人均消费支出是社会需求的主体，是拉动经济增长们直接因素，是体现居民生活水平和质量的重要指标.2022年一季度和2023年一季度我国居民人均消费支出分别为6393元和6738元，图1､图2分别为2022年一季度和2023年一季度居民人均消费支出构成分布图，则（）A.2022年一季度和2023年一季度居民食品烟酒人均消费支出均超过人均总消费支出的B.2023年一季度居民食品烟酒､衣着､居住各项人均消费支出占比较上年同期均有所降低C.2023年一季度居民人均交通通信支出低于上年同期人均交通通信支出D.2023年一季度居民人均消费支出比上年同期增长约〖答案〗AD〖解析〗对于A项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民食品烟酒人均消费支出占人均总消费支出的，2023年一季度居民食品烟酒人均消费支出占人均总消费支出的，故A项正确；对于B项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民居住人均消费支出占人均总消费支出的，2023年一季度居民居住人均消费支出占人均总消费支出的，故B项错误；对于C项，由居民人均消费支出构成分布图可知，2022年一季度居民人均交通通信支出消费支出为，2023年一季度居民人均交通通信支出消费支出为，故C项错误；对于D项，因为，故D项正确.故选：AD.12.已知函数其中，给出下列四个结论：甲：有两个不等实根乙：有一个极小值是丙：的所有零点的积为0的所有零点的和为若上述结论有且只有一个是错误的，则上述结论正确的是（）A.甲 B.乙 C.丙 D.丁〖答案〗ABC〖解析〗当时，，则，当时，，当时，，所以当时，，且因为，当时，，则，令，则，当时，，即在单调递增，且当时，，所以时，，当时，，即时，单调递减，时，单调递增，且时，，当时，，只有一个错误时，不妨设甲乙都成立，因为有两个不等实根，则与有且仅有两个交点，所以或，即或，又因为有一个极小值为，即，所以，当时，令，即，解得或，，所以时，零点为，且，，所以零点的积为，和为，所以，甲乙丙成立，丁不成立.故选:ABC三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.其中第16题的第一个空填对得2分，第二个空填对得3分.13.已知复数是关于的方程的一个根，则__________.〖答案〗〖解析〗由求根公式可得或，所以故〖答案〗：14.已知是函数的两个零点，且，则__________.〖答案〗1〖解析〗由题意，，故即，故当是函数的两个零点时，为一个周期，即，解得.故〖答案〗为：115.已知椭圆的左焦点为，上顶点为，直线过和，且与圆交于两点，若，则椭圆的离心率为__________.〖答案〗〖解析〗作，垂足为D，因为，所以，，易知，又，所以，即所以，所以故〖答案〗为：.16.在三棱锥中，，直线与平面所成角为，直线与平面所成角为，则点在所在平面内的射影的轨迹长为__________；三棱锥体积的取值范围是__________.〖答案〗〖解析〗过作平面垂足为，则，因为，所以，如图所示，以所在的直线为轴，以的中垂线为轴建立的平面直角坐标系，如图所示，则，设，因为，可得，整理得，即，所以点轨迹是半径为3的圆（阿波罗尼斯圆），即轨迹长为，由，可得，所以体积.故〖答案〗为：；.三、解答题：本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17.中，角的对边分别为，且.（1）求角；（2）若的外接圆半径为，求的周长的最大值.解：（1）由，得：由正弦定理，得整理得：因为，所以.两边平方得，消，得解得：或（舍去）又，所以（也可化简为求得）（2）法一：因为且所以：所以所以，当且仅当时，取“”号所以的周长，即当时，的周长最大值为9.法二：设的外接圆半径为，因为，所以，所以的周长因为，所以当时，的最大值1，此时的周长的最大值为9.18.随着消费者对环保、低碳和健康生活的追求不断加强，新能源汽车的市场需求也在不断增加.新能源汽车主要有混合动力汽车、纯电动汽车、燃料电池汽车等类型.某汽车企业生产的型汽车，有混合动力和纯电动两种类型，总日产量达台，其中有台混合动力汽车，台纯电动汽车.（1）若从中随机抽检台汽车，用表示抽检混合动力汽车的台数，分别就有放回抽检与不放回抽检，求的分布列及数学期望；（2）若从每日生产的台型汽车中随机地抽取台样本，用表示样本中混合动力汽车台数，分别就有放回抽取和不放回抽取，用样本中的混合动力汽车台数的比例估计总体中混合动力汽车台数的比例，求误差不超过的概率，并比较在相同的误差限制下，采用哪种抽取估计的结果更可靠.二项分布概率值超几何分布概率值00.056310.0492910.187710.1825420.281570.2905130.250280.2613440.146000.1470150.058400.0539660.016220.0130770.003090.0020680.000390.0002090.000030.00001100.000000.00000总计1.000001.00000参考数据：（概率值精确到）解：（1）对于有放回抽检，每次抽到混合动力汽车的概率为，且各次抽检结果是独立的，设为有放回抽检的混合动力汽车的台数，则可取0，1，2，；；.分布列如下：012则；对于不放回抽检，各次抽检的结果不独立，设为不放回抽检的混合动力汽车的台数，则服从超几何分布，可取0，1，2，；；.的分布列如下：012则.注：也可按照下面步骤作答.的分布列为.的分布列为.（2）样本中混合动力汽车的比例是一个随机变量，根据参考数据，有放回抽取：不放回抽取：因为，所以，在相同的误差限制下，采