带答案高中物理必修三第十一章电路及其应用微公式版基本知识过关训练

单选题1、电阻R1的阻值为6Ω，与电阻R2并联后接入电路中，通过电流之比为I1：I2=3：2。则R2的阻值和总电阻分别是（

）A．4Ω，3.6ΩB．9Ω，4.5ΩC．4Ω，2.4ΩD．9Ω，3.6Ω答案：D由并联电路电压相等得又I1：I2=3：2联立解得合电阻为故ABC错误，D正确。故选D。2、下列有关矢量和标量说法不正确的是（）A．位移是矢量，既有大小又有方向B．电流虽有正、负，但是标量C．位移-7m比+3m要小D．在单向直线运动中，位移的大小和路程相同答案：CA．位移是从初位置指向末位置的有向线段，既有大小又有方向，是矢量，故A正确，不符合题意；B．电流是由于电荷定向移动形成，其方向与正电荷运动的方向相同，有正负，但是标量，故B正确，不符合题意；C．由于位移为矢量，正负号表示位移方向，不表示大小，故-7m比+3m大，故C错误，符合题意；D．在单向直线运动中物体实际运动轨迹的长度等于初末位置间的距离，所以位移的大小等于路程，故D正确，不符合题意。故选C。3、如图所示为测量未知电阻Rx阻值的部分电路，当开关S接a点时，电压表示数为9

V，电流表示数为0.30

A；当开关S接b点时，电压表示数为10

V，电流表示数为0.25

A，则（

）A．电压表示数相对变化显著B．开关S接在b点时，Rx的测量值更准确C．开关S接在b点时，Rx的测量值小于Rx的真实值D．开关S接在a点时，Rx的测量值大于Rx的真实值答案：BA．由题意可得电流表示数相对变化显著，A错误；B．由于电流表示数相对变化显著，说明电压表分流作用较大，要选择电流表测量准确的电路，即开关S应接在b点，B正确；CD．开关S接在b点时，Rx的测量值偏大，而S接在a点时，Rx的测量值偏小，CD错误；故选B。4、电导率就是电阻率的倒数，即下列说法中正确的是（

）A．材料的电导率越小，其导电性能越强B．材料的电导率与材料的形状有关C．电导率的单位是D．电导率大小与温度无关答案：CA．材料的电导率越小，电阻率越大，则其导电性能越弱，选项A错误；B．材料的电导率与材料的形状无关，选项B错误；C．根据则则电导率的单位是

，选项C正确；D．电阻率大小与温度有关，则电导率大小与温度有关，选项D错误。故选C。5、两根长度，粗细均相同的合金丝a、b的并联接入电路后，已知通过两根合金丝的电流，则a、b电阻、以及电阻率、的关系正确的是（

）A．，B．，C．，D．，答案：D并联电路，电压相等，根据电阻定义式有，由于可知根据电阻决定式有，由于长度，粗细均相同，则有ABC错误，D正确。故选D。6、如图所示，一线圈在匀强磁场中匀速转动，经过图示位置时（）A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小答案：C题图所示位置线圈平面与磁感线平行，处于垂直于中性面的位置，故穿过线圈的磁通量为零（即最小），而磁通量的变化率即瞬时电动势最大，故选C。7、下面有关物理公式书写正确的是（）A．匀变速直线运动位移与时间关系：B．电容器的电容：C．万有引力定律：D．路端电压公式：U=Ed答案：CA．匀变速直线运动位移与时间关系故A错误；B．电容器的电容故B错误；C．万有引力定律故C正确；D．路端电压公式故D错误。故选C。8、关于材料的电阻率，下列说法中正确的是（）A．把一根长导线截成等长的三段，则每段的电阻率都是原来的三分之一B．材料的电阻率随温度的升高而增大C．合金的电阻率大于构成该合金的任一纯金属的电阻率D．电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大答案：CA．把一根长导线截成等长的三段，则每段的电阻都是原来的1/3，但是电阻率是不变的，故A错误；B．只有金属材料的电阻率随温度的升高而增大，有的材料的电阻率随温度升高反而减小，故B错误；C．纯金属的电阻率较合金的电阻率小，故C正确；D．电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，同等长度和截面积的导体，电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大，故D错误。故选C。9、关于电流，下列说法正确的是（

）A．电流有方向，因此电流是矢量B．电荷定向移动的方向就是电流的方向C．只要电流方向不变就可称其为恒定电流D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大答案：DAB．电流有方向，我们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电流尽管有方向但它是标量，故AB错误；C．方向和大小都不随时间变化的电流为恒定电流，故C错误；D．据可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大，故D正确。故选D。10、如图所示，是某晶体二极管的伏安特性曲线，下列说法正确的是（）A．加正向电压时，二极管电阻较小，且随着电压的增大而增大B．加反向电压时，二极管电阻较大，无论加多大电压，电流都很小C．无论是加正向电压还是加反向电压，电压和电流都不成正比，所以二极管是非线性元件D．二极管加正向电压时，电流随电压变化图线是一条直线答案：CA．由图可知，斜率表示电阻的倒数，加正向电压时，随着电压的增大电阻变小，故A错误；B．由图可知，加反向电压时，二极管电阻较大，当反向电压达到一定值时，二极管会被击穿，电流会变大，故B错误；C．由图可知，斜率表示电阻的倒数，且在变化，故无论是加正向电压还是加反向电压，电压和电流都不成正比，所以二极管是非线性元件，故C正确；D．二极管加正向电压时，电流随电压变化图线是一条曲线，故D错误。故选C。11、某线圈中感应电动势随时间变化的规律如图所示，则此感应电动势的有效值为（）A．187

VB．220

VC．236

VD．243

V答案：B设直流和交流在相同的时间内流过电阻产生的热量相同，由有效值的定义有解得U≈220V故选B。12、两段材料不同、横截面积相同的均匀导线和，其长度分别为和。串联在电路中时，沿长度方向电势变化如图所示，则、两种材料的电阻率之比为（

）A．B．C．D．答案：B有图可知导线两端电压为导线两端电压为两导线串联，可知通过两导线的电流相等，根据欧姆定律可知两导线的电阻之比为根据电阻定律可得两导线的横截面积相等，则、两种材料的电阻率之比为B正确，ACD错误。故选B。13、如图是两个量程的电压表，当使用A、B两个端点时，量程为0～5V，当使用A、C两个端点时，量程是0～15V，已知表头电阻Rg=300Ω，满偏电流Ig为1mA，则（

）A．R1=5.3×103ΩB．R1=5×103ΩC．R2=1×104ΩD．R2=1.5×104Ω答案：C由欧姆定律代入数据解得同理解得故选C。14、图甲是研究电容器充放电的实验电路，电源两端的电压保持不变。开关S先接1，电容器充电完毕后开关接2，电流传感器得到的放电电流I-t图线如图乙。断开S，将滑片P向左移动一段距离，再重复以上操作，得到另一条I-t曲线。新得到的I-t曲线与原曲线相比（

）A．与纵轴交点向上移动B．与横轴交点向右移动C．与坐标轴所围面积变大D．与坐标轴所围面积变小答案：ACD．由可知，I-t曲线与时间轴所围的面积表示流过电流传感器的电荷量，即电容器存储的电荷量，可知两图线与坐标轴所围的面积相等，CD错误；AB．将滑片P向左移动一段距离，其接入阻值变小，当开关接2时，对应不同时刻的放电电流会大于原来的放电电流，故新得到的I-t曲线与原曲线相比与纵轴交点向上移动，但由于面积相等，故与横轴交点会向左移动，A正确，B错误。故选A。15、现有电动势为1.5V、内阻为1.0Ω的电池多节，准备用几节这样的电池串联起来对一个工作电压为6.0V、工作电流为0.1A的用电器供电。电路还需要一个定值电阻来分压，请计算最少需要用这种电池的节数及这个电阻的阻值分别为（

）A．8；52ΩB．7；38ΩC．6；24ΩD．5；10Ω答案：D设电路还需要一个定值电阻为R0，根据闭合电路的欧姆定律有根据题意，至少需要n=5节这样的电池，解得故选D。多选题16、某同学在研究两种导电元件的伏安特性时，他根据实验中所测得的数据，分别绘制了I-U图线，如图甲、乙所示，下列说法正确的是（

）A．图甲的元件可以作为标准电阻使用B．图乙的电阻随电压升高而增大C．图乙的电阻随电压升高而减小D．只有图乙才是可能的答案：AB图甲和图乙都是元件可能的I-U图线，I-U图线上点与原点连线的斜率的倒数表示阻值，图甲所描述的元件属于线性元件，其阻值不随两端电压变化而改变，可以作为标准电阻使用；图乙所描述的元件属于非线性元件，其阻值随电压升高而增大，不能作为标准电阻使用。故选AB。17、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于电流表内阻的，R2的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（

）A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.06AC．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.02AD．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06A答案：BDAB．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A，故量程为故每一小格表示0.06A，故A错误，B正确；CD．当接线柱1、3接入电路时，电流表A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A，故C错误，D正确。故选BD。18、某同学按如图甲所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。先使开关S接1，电容器充电完毕后将开关掷向2，可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的U-t曲线如图乙所示。

电容器的电容C已知，且从图中可读出最大放电电压U0、图线与坐标轴围成的面积S、任一点的切线斜率k，但电源电动势和内阻、定值电阻R均未知。根据题目所给的信息，下列物理量能求出的是（

）A．电容器放出的总电荷量B．通过电阻R的最大电流C．定值电阻RD．电源的内阻答案：ABC分析：根据题中物理情景描述可知，本题考查电容器，根据电容器充放电的规律，运用图像、电容定义式、电流定义式等，进行分析推断。A．根据图像的含义，U-t图像中，图线与纵轴的交点的纵坐标表示最大放电电压U0，因Q=CU0可以求出电容器放出的总电荷量，故A正确；B．由图像可知，图线切线斜率根据电流的定义可知故t=0时，放电电流可以求出，这就是通过电阻R的最大电流I，故通过电阻R的最大电流可以求出，B正确；C．电阻两端的最大电压是最大的放电电压U0，通过选项B分析可知，最大电压和最大电流均可以求出，根据欧姆定律可知，定值电阻故定值电阻R可以求出，C正确；D．根据题意可知E=U0而电源内阻r无法求出，D错误。故选ABC。19、取一段额定电压为220V，额定功率大于100W的废灯泡的灯丝约2cm长。灯丝与两节干电池及2.5V小灯泡的电路连接如图所示，闭合开关灯泡发光并且较亮，再用点燃的蜡烛给灯丝加热，则（

）A．小灯泡和灯丝是并联连接B．观察到的现象是小灯泡变暗C．小灯泡变暗的原因是灯丝的电阻随温度升高而增大D．上述现象说明了温度升高，灯丝的电阻率变大答案：BCDA．由图可知小灯泡和灯丝是串联连接，选项A错误；BC．用点燃的蜡烛给灯丝加热，灯丝的电阻随温度升高而增大，观察到的现象是小灯泡变暗，选项BC正确；D．根据公式可知灯丝的电阻增大，电阻率增大，即温度升高，灯丝的电阻率变大，选项D正确。故选BCD。20、关于电流的概念，下列说法正确的是（

）A．电流是矢量，其方向就是正电荷定向移动的方向B．导体中有电荷运动不一定会形成电流C．两端电势差越大的导体，通过它的电流也必越大D．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位答案：BDA．电流的合成不满足平行四边形定则，则电流是标量，其方向就是正电荷定向移动的方向，选项A错误；B．形成电流必须有两个条件：自由电荷和电压，则导体中有电荷运动不一定会形成电流，选项B正确；C．根据可知，两端电势差越大的导体，通过它的电流不一定越大，选项C错误；D．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位，选项D正确。故选BD。21、如图所示的电路中，通过的电流是3A，已知，，，则（

）A．电路的总电阻是8ΩB．通过的电流是1.5AC．ab两端的电压是24VD．ac两端的电压是24V答案：ADA．电路中的总电阻为故A正确；B．通过的电流为故B错误；C．ab两端的电压为故C错误；D．ac两端的电压为故D正确。故选AD。22、关于多用电表，下列说法正确的是（）A．用多用电表测电流时，应先进行机械调零B．用多用电表测电压时，需将红表笔接低电势点C．多用电表使用完毕，应将选择开关置于挡或交流电压最高挡D．用多用电表测电阻时，如果指针偏转过小，则应换成倍率较小的挡位，并重新欧姆调零答案：ACA．用多用电表测电流时，应先进行机械调零，选项A正确；B．用多用电表测电压时，需将红表笔接高电势点，选项B错误；C．多用电表使用完毕，应将选择开关置于挡或交流电压最高挡，选项C正确；D．用多用电表测电阻时，如果指针偏转过小，说明倍率挡选择过低，则应换成倍率较大的挡位，并重新欧姆调零，选项D错误。故选AC。23、如图电路是将滑动变阻器作分压器用的电路，C、D为分压器的输入端，A、B为分压器的输出端，把变阻器的滑动片P放在变阻器正中间，下列判断中正确的是（

）A．空载时输出电压为B．当接上负载R时，输出电压为C．负载电阻R的阻值越小，越接近D．接上负载R，滑动片P向上滑动，可实现答案：BDA．设滑动变阻器总电阻R0，空载时，变阻器下部分电阻为，输出电压为选项A错误；BCD．当接上负载R时，负载与变阻器下部分电阻并联，有输出电压为当负载电阻R的阻值越小，并联电阻越小，输出电压也越小。UAB越远离。接上负载R，滑动片P向上滑动，变大，并联电阻变大，UAB变大，可实现，BD正确，C错误。故选BD。24、以下误差属于系统误差的是（）A．测量小车质量时天平不等臂、或砝码不标准，天平底盘未调平所致的误差B．用有毫米刻度的尺测量物体长度，毫米以下的数值只能用眼睛估计而产生的误差C．用百米绳测量物理课本的宽度D．电压偶然起伏引起电表读数不准答案：ACA．天平不等臂、砝码不标准、天平底盘未调平等是由于仪器本身不精确而引起的误差属于系统误差，故A正确；B．读数误差属于偶然误差，故B错误；C．用百米绳测量物理课本的宽度，是由实验方法粗略引起的误差，属于系统误差，故C正确；D．电压偶然起伏是由于偶然因素对测量仪器产生的影响，属于偶然误差，故D错误。故选AC。25、甲、乙两根同种材料制成的电阻丝，长度相等，甲横截面的半径是乙的两倍，则下列说法正确的有（）A．甲、乙的电阻之比是B．将甲乙串联到电路中，甲、乙电阻丝两端的电压之比是C．将甲乙并联到电路中，甲、乙中的电流强度之比是D．将甲乙并联到电路中，甲、乙电阻丝两端的电压之比是答案：BCA．由知故A错误；B．将甲乙串联到电路中，由知故B正确；C．将甲乙并联到电路中，由知故C正确；D．将甲乙并联到电路中，甲、乙电阻丝两端的电压之比是1:1，故D错误。故选BC。填空题26、请按要求填写：（1）某同学用游标卡尺的________测得一玻璃杯的内高，如图甲所示，则其内高为________cm；（2）又用螺旋测微器测得其玻璃厚度如图乙所示，则厚度为________mm；（3）该同学用螺旋测微器又测得一小球直径如图丙所示，正确读数后得小球直径为1.731mm，则a＝__________，b＝__________。（4）某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图丁、戊所示，则该金属杆的长度和直径分别为______cm和______mm。答案：

深度尺

10.03

2.760

20

0

60.10

4.20（1）[1]因需测量的是玻璃杯的内高即深度，所以要用游标卡尺的深度尺测量；[2]根据图甲所示的游标卡尺主尺上的整毫米数为100

mm，游标尺的精确度为0.1

mm，且第3条刻度线与主尺上的刻度线对齐，可知玻璃杯的内高为（2）[3]螺旋测微器的读数规则：测量值＝固定刻度读数（注意半毫米刻度线是否露出）＋精确度（0.01mm）×可动刻度读数（一定要估读），所以玻璃厚度为（3）[4][5]因由螺旋测微器读数规则知a应为20，b应为0；（4）[6]金属杆长度由刻度尺示数可得，由题图丁得[7]由题图戊知，此游标尺为50分度，游标尺上第10刻线与主尺上一刻线对齐，则金属杆直径为27、如图所示，用20分度的游标卡尺测出遮光片的宽度___________mm。答案：9.80[1]由图可知遮光片的宽度28、实验室有一只灵敏电流表，标有参数Ig=10mA，Rg=100Ω，将它改装成一只量程为0.6A的电流表，需___________（填“串”或“并”）联___________Ω的电阻（计算结果保留两位有效数字）。若将该灵敏电流表改装成一只量程为15V的电压表，需___________（填“串”或“并”）联___________Ω的电阻。答案：

并

1.7

串

1400[1][2]由题