2024年江苏省苏州市虎丘区中考一模物理试题

年江苏省苏州市虎丘区中考一模物理试卷一、选择题（共12小题，共24分）1．音乐课上，同学们高声齐唱歌曲《我和我的祖国》，这里的“高声”是指声音的（）A．音调高 B．音色美 C．频率大 D．响度大2．下列有关声和电磁波的说法中正确的是（）A．声传播的速度远小于电磁波的传播速度 B．蝙蝠在夜间正常飞行利用次声波 C．利用卫星打电话，其信息传递的媒介与“B超”相同 D．电磁波可以穿透任何物质，声音不能穿透任何物质3．中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（）A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象，需要放热 B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象，需要吸热4．如图所示的光现象中，与海市蜃楼的原理相同的是（）A．水中的倒影 B．小孔成像 C．“折断”的铅笔 D．日食5．下列关于密度的说法中不正确的是（）A．利用密度可以鉴别矿石的种类 B．电影道具的制作选用泡沫材料是因为它的密度小 C．水喝掉一半，密度减小一半 D．氢气球在空中能上升，是因为气球内部气体的密度比空气小6．如图所示是一种常见的订书机。下列说法中正确的是（）A．弹簧对订书钉的力大于订书钉对弹簧的力 B．随着订书钉越来越少，弹簧产生的弹力越来越大 C．弹簧对订书钉的弹力与订书钉对弹簧的弹力是一对相互作用力 D．静止的弹簧对订书钉的弹力与钉槽对弹簧的弹力是一对平衡力7．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲乙两个滑轮组，把相同的重物在相同的时间内匀速提升相同的高度。若不计绳重和摩擦，下列说法不正确的是（）A．甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比为2：3 B．甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比为2：3 C．甲乙两滑轮组做的有用功之比为1：1 D．甲乙两滑轮组机械效率之比为1：18．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A．温度相同的物体，内能一定相等 B．温度相同的物体之间一定不会发生热传递 C．物体吸收热量，温度一定升高 D．物体内能减小，一定是从外界吸收了热量9．如图所示，手握着瓶子处于竖直静止状态，下列叙述正确的是（）A．瓶子处于静止状态时惯性变小 B．手的握力变大，瓶子所受的摩擦力变大 C．若握力减小瓶子匀速滑下时，所受摩擦力比原静止时小 D．若握力减小瓶子匀速滑下时，瓶子受到的摩擦力和重力是一对平衡力10．青花瓷是中国瓷器的主流品种之一，如图甲所示，色白花青跃然于杯，小明想测量这个敞口青花瓷碗的密度。将底面积为100cm2的圆柱形水槽内注入适量水，如图乙所示，此时水深10cm，再将青花瓷碗放入水槽内，静止时漂浮于水面上，此时水深为12.7cm；用细棒缓慢向下压瓷碗，使其沉底，此时水深11cm，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．容器内水的质量是1400g B．青花瓷碗的密度约是2.7g/cm3 C．青花瓷碗质量为127g D．细棒对青花瓷碗的最大的压力是10N11．学生体测的其中一个项目是坐位体前屈，就是利用“坐位体前屈测试仪”进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大（为了确保电路安全，测试仪电路中的滑动变阻器作了不可调至零阻值的设置）。以下的四幅图中肯定不能符合“坐位体前屈测试仪”设计要求的电路是（）A． B． C． D．12．如图甲所示电路，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω。在保证电路元件安全的情况下，缓慢移动滑片，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A．电源电压为12V B．定值电阻R1的阻值为5Ω C．滑动变阻器R2的调节范围为20Ω～50Ω D．电路消耗总功率的最小值为10.8W二、填空题（每空1分，共26分）13．如图所示，图甲中木条的长度为cm；图乙中温度计读数为℃。14．2023年5月28日，国产大飞机C919成功实现商业首飞，如图所示，以机窗为参照物飞机机翼是的（填“静止”或“运动”），飞机机翼获得升力的原因是流速越大的位置，压强越（选填“大”或“小”）。15．（4分）如图为盛水的烧杯，上方有弹簧测力计悬挂高为6cm的圆柱体，将圆柱体缓慢下降，直至将圆柱体全部浸入水中，水没有溢出，整个过程中弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化关系图像如图所示，g取10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3，则整个过程中手对测力计的拉力减少N，水面上升cm，圆柱体受到的重力是N，圆柱体的密度是kg/m3。16．（3分）如图所示，是“探究液体内部压强大小与哪些因素有关”的实验，图中（a）所用仪器名称是，可以通过比较U形管两边液面来比较液体内部压强大小。若实验中要探究液体压强与液体密度的关系，应将金属盒分别浸入到图（b）中的两位置进行比较。当金属盒分别处于A、B两位置时，左右两管内液面高度差LA＜LB，由此可以得出的结论是：。17．如图甲是某电饭锅电路简化图，它有高温挡和保温挡两个挡位。电饭锅处于高温挡时的功率是保温挡时的11倍。若家中只有该电饭锅在通电正常工作，图乙是电饭锅正常工作时功率与时间的关系图像，则10～20min内开关S的处于的状态为。家里电能表的参数如图丙所示，电饭锅工作这20min电能表转盘转圈。18．（3分）寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R1、热敏电阻R2（安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝R3和R4等组成。调好R1阻值，闭合开关S1、S2，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。（1）温度升高时，电磁铁磁性；（2）R3阻值（大于/小于）R4阻值；（3）将R1的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将。19．（3分）“山东舰”是中国首艘自主建造的国产航母，“山东舰”所采用的动力是蒸汽轮机，将燃料的内能转化为能；我国正在研制核动力航母，核动力航母的核反应堆是利用核（选填“裂变”或“聚变”）释放能量提供动力的；核能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。20．（3分）探究物质的吸热能力用酒精灯给烧杯中的水加热，两烧杯中分别盛有等（质量/体积）的煤油和水，用相同的酒精灯加热相同时间，则温度升高较多，说明的吸热能力较强。21．如图，轻质细线下方挂一个重4N的小球，无风时静止在B位置，现在水平向左吹来一阵风，小球缓慢运动到A位置静止，测得∠1＝30°，则风此时的推力（大于/等于/小于）4N。从B到A的过程中小球的机械能（变大/变小/不变）。22．如图是杆秤的示意图，秤钩上不挂物体，提起秤纽，当秤砣移动到C点时，杆秤刚好水平平衡，杆秤的秤砣质量为1kg，秤和秤钩的总质量为0.5kg，O点为秤纽悬点，OC＝4cm，OD＝10cm，要称量真实质量为2.0kg的物体，则秤砣离O点cm。如因长期使用，秤砣磨损，质量变为0.8kg，再测真实质量2.0kg的物体时，称出来的质量为kg。三、解答题（第23、24、25、26、27题各8分、28题6分、29题4分）23．图中请画出小新看到自己脚上A点的光路图。24．请大致画出在水平路面加速行驶的卡车上物体A的受力情况（不计空气阻力）。25．图中，轻质硬棒AB可绕O点自由，AO中间某处挂重物，要求画出使杠杆在图示位置平衡的最小的力及它的力臂。26．图中，开关闭合后，滑片向右滑动时弹簧缩短。请在括号内标出电源正负极，并画出闭合开关后磁感线的方向。27．（8分）在实验操作大赛上，小明与小华分别展示了下面两个实验：（1）图甲是小明展示的“探究平面镜成像特点”的实验，他在透明玻璃板中既能够看到蜡烛A的像，同时又能看见玻璃板后的蜡烛B，这是因为在玻璃与空气分界面处分别发生了光的、（直线传播/反射/折射）；若将平面镜左面部分切去，则A的像将（变大/变小/不变），能观察到A的像的范围（变大/变小/不变）。（2）图乙是小华展示的“探究凸透镜成像规律”的实验，凸透镜的焦距为10cm，蜡烛整体长度10cm，当各元件位于图中的位置时，光屏上承接到清晰的像，这个像是倒立、的实像，像的整体长度cm。将蜡烛移至5cm刻度线处，其他元件的位置不变，若使清晰的像呈现在光屏上需在蜡烛与透镜间放置一个（近视/远视）哏镜，若将光屏取走，则将会（成虚像/成实像/不成像）。28．（8分）老师布置班级小组同学自己配置盐水，然后尝试用多种方法测量盐水的密度。（1）第一组进行了如下操作：①将托盘天平置于水平桌面上，将游码归零，当横梁静止后，指针静止时如图甲所示，要使天平平衡，他应该；A.把横梁右端螺母向右旋出一些B.把横梁右端螺母向左旋进一些C.把天平右盘的砝码减少一些D.向右移动游码②将装有某盐水的烧杯置于天平左盘，测出烧杯和盐水的总质量69.4g；③将烧杯中的盐水倒一部分于量筒中后，测得烧杯和剩余盐水（如图丙所示）的质量是g；④读出倒入量筒中的盐水体积（如图乙所示）；⑤根据实验计算出盐水密度是kg/m3；（2）第二组用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤：用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。①这架盐水密度秤，使用时天平左盘容器中应该倒入液体（水/盐水）。②这架盐水密度秤，若使用时，天平如图丁所示，则盐水密度是g/cm3，这个密度秤的量程是g/cm3，若要提高量程，则可以，为了提高测量精度，可取体积（大/小）一些的盐水。29．（8分）如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景：（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角上的细线分别跨过左右支架上的滑轮，并在线的两端挂上两个不同的物体，当两边多次挂上重力相等的物体时，都发现卡片静止，而挂上重力不等的物体时，卡片就不能静止，说明二力平衡时，两个力必须。（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片（能/不能）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须。（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是：。（4）当图甲中A物体重8N，B物体重3N时，则松手后，绳子对A的拉力（大于/等于/小于）8N，B对绳子的拉力（大于/等于/小于）3N，若A着地后，B首先做（加速/匀速/减速）运动（卡片、B都未与滑轮接触，不考虑空气阻力和滑轮的摩擦力）。（5）利用图乙装置（能/不能）探究二力平衡的条件。30．（8分）同学们利用以下器材探究“电流与电压、电阻的关系”。学生电源（调至6V进行实验）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若F。（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙的实物连接成完整电路（要求连线不得交叉）。（2）该同学将开关闭合后，发现两表均无示数，再将电压表并联到电流表两端，发现两表也无示数，最后将电压表并联到BC两端，发现电压表有示数。电路的故障可能是。（3）排除故障后，闭合开关，改变滑片的位置，记录的实验数据如表格所示，请将表格未填写的数据补充完整。电压U/V123电流I/A0.10.3（4）之后再将另外两个定值电阻分别接入电路中，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。实验中若定值电阻从20Ω换成10Ω时，不进行其它操作就闭合开关，此时滑动变阻器的滑片应向（A/B）移动，直到电压表的示数为V；（5）为完成整个实验，滑动变阻器最大阻值至少为Ω；（6）完成上述实验后，又找来了最大阻值未知的滑动变阻器R0，设计了如图丁所示电路，在没有电压表的情况下，来测量额定电流为I额的小灯泡正常发光时的电阻。已知电源电压为U，滑动变阻器R1的最大阻值为R，请你将操作步骤补充完整并写出小灯泡正常发光时电阻的表达式：①只闭合S和S1，调节R1的滑片，使电流表为I额，此时小灯泡正常发光；②只闭合S和S2，，使电流表的示数与第①步时相同；③只闭合S和S2，保持R0的滑片位置不动，将R1调至阻值最大，记录电流表的示数I1；④小灯泡正常发光时的电阻RL＝（用已知和测量的物理量的符号表示）。31．（6分）如图所示，定滑轮重10N，动滑轮重2N，物体A在拉力F＝5N的作用下，5s内沿竖直方向匀速升高了1m。不计绳重和摩擦，求：（1）滑轮组的机械效率；（2）天花板对滑轮组的拉力；（3）拉力做功的功率。32．（4分）小明家的电炉铭牌上标着“220V，880W”的字样，由于使用了多年，电炉的电阻丝氧化导致实际电功率发生了变化。他把该电炉接在220V的家庭电路中烧水，使初温为20℃、质量为2kg的水升高了40℃，电炉需要工作7min，若电炉产生的热量全部被水吸收。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（1）求水吸收的热量；（2）为了使电炉在220V电压下工作时的电功率恢复到880W，该怎样加入一段新的电阻丝，这段新电阻丝的电阻是多少？

2024年江苏省苏州市虎丘区中考一模物理试卷参考答案一、选择题（共12小题，共24分）1．音乐课上，同学们高声齐唱歌曲《我和我的祖国》，这里的“高声”是指声音的（）A．音调高 B．音色美 C．频率大 D．响度大【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：同学们高声齐唱国歌，这里的“高声”，说明声音大，是指声音的响度。故选：D。【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。2．下列有关声和电磁波的说法中正确的是（）A．声传播的速度远小于电磁波的传播速度 B．蝙蝠在夜间正常飞行利用次声波 C．利用卫星打电话，其信息传递的媒介与“B超”相同 D．电磁波可以穿透任何物质，声音不能穿透任何物质【分析】（1）声传播的速度远小于电磁波的传播速度；（2）频率高于2万赫兹的声波为超声波，超声波方向性好，遇到障碍物发生反射，蝙蝠在飞行中利用了超声波；（3）利用卫星打电话，其信息传递的媒介是电磁波，用“B超”检查身体，其信息传递的媒介是超声波；（4）金属对电磁波有屏蔽的作用，固体、液体、气体均可传声。【解答】解：A.声传播的速度远小于电磁波的传播速度，故A正确；B.蝙蝠在夜间正常飞行利用超声波，故B错误；C.利用卫星打电话，其信息传递的媒介是电磁波，而使用“B超”时信息传递的媒介是超声波，故C错误；D.金属对电磁波有屏蔽的作用，电磁波不能名穿透金属，固体、液体、气体均可传声，故D错误。故选：A。【点评】本题考查电磁波和声波的异同，本部分内容为基础内容，应熟记。3．中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（）A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象，需要放热 B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象，需要吸热【分析】（1）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、冰是水凝固形成的，属于凝固现象，凝固放热，故A错误；B、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B正确；C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；D、雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4．如图所示的光现象中，与海市蜃楼的原理相同的是（）A．水中的倒影 B．小孔成像 C．“折断”的铅笔 D．日食【分析】（1）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。【解答】解：海市蜃楼是由光的折射形成的；A、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；B、小孔成像的原理是光的直线传播，故B错误；C、折断的铅笔是由光的折射形成的，故C正确；D、日食是由光的直线传播形成的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。5．下列关于密度的说法中不正确的是（）A．利用密度可以鉴别矿石的种类 B．电影道具的制作选用泡沫材料是因为它的密度小 C．水喝掉一半，密度减小一半 D．氢气球在空中能上升，是因为气球内部气体的密度比空气小【分析】（1）不同物质的密度一般不同，利用密度可以帮助鉴别物质；（2）由公式ρ＝的变形公式m＝ρV，可知，体积相同，密度越小，质量就越小；（3）密度是物质的一种特性，与物体的质量、体积无关；（4）气球中气体的密度小于空气密度，气球受到的空气的浮力等于自身重力，所以能上升。【解答】解：A、密度是物质本身的一种特性，不同物质的密度一般不同，所以可以利用密度来鉴别矿石种类，故A正确。B、由公式ρ＝的变形公式m＝ρV，可知，体积相同，密度越小，质量就越小，所以电影道具的制作选用泡沫材料是因为它的密度小，故B正确。C、密度是物质本身的一种特性，同种物质组成的物体密度一定，与物体的质量和体积没有关系，所以水喝掉一半，密度不变，故C错误。D、氢气球在空中能上升，是因为气球内部气体的密度比空气小，故D正确。故选：C。【点评】此题考查与密度相关的物理知识和物理现象，难度中等，与实际生活联系密切，属于中考热点。6．如图所示是一种常见的订书机。下列说法中正确的是（）A．弹簧对订书钉的力大于订书钉对弹簧的力 B．随着订书钉越来越少，弹簧产生的弹力越来越大 C．弹簧对订书钉的弹力与订书钉对弹簧的弹力是一对相互作用力 D．静止的弹簧对订书钉的弹力与钉槽对弹簧的弹力是一对平衡力【分析】（1）一对相互作用力的大小始终相等；（2）弹力的大小与物体的弹性形变程度有关；（3）一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上；（4）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。【解答】解：A、弹簧对订书钉的力与订书钉对弹簧的力是一对相互作用力，大小始终相等，故A错误；B、随着订书钉越来越少，弹簧的压缩程度变小，产生的弹力越来越小，故B错误；C、弹簧对订书钉的弹力与订书钉对弹簧的弹力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C正确；D、静止的弹簧对订书钉的弹力与钉槽对弹簧的弹力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：C。【点评】本题通过对订书机的结构分析，考查了对弹力、平衡力、相互作用力的理解与应用，属基础题。7．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲乙两个滑轮组，把相同的重物在相同的时间内匀速提升相同的高度。若不计绳重和摩擦，下列说法不正确的是（）A．甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比为2：3 B．甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比为2：3 C．甲乙两滑轮组做的有用功之比为1：1 D．甲乙两滑轮组机械效率之比为1：1【分析】（1）由图可知提升动滑轮绳子的股数n，利用s＝nh求甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比；（2）利用W额＝G动h求拉力做的额外功，利用W有＝Gh表示出拉力做的有用功，根据W总＝W有+W额求拉力做的总功，根据P＝求甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比；（3）利用W有＝Gh求甲乙两滑轮组做的有用功之比；（4）利用η＝×100%求甲乙两滑轮组机械效率之比。【解答】解：A、由图可知，n甲＝2，n乙＝3，则s甲＝2h，s乙＝3h，因此甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比：＝＝，故A正确；BC、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组拉力做的额外功为：W额＝G动h，由于动滑轮和提升的高度均相同，所以两滑轮组拉力做的额外功相等，拉力做的有用功为：W有＝Gh，由于重物和提升的高度相同，所以两滑轮组拉力做的有用功也相等，因此甲乙两滑轮组做的有用功之比为1：1，故B错误；由W总＝W有+W额可知，拉力做的总功相等，根据P＝可知，甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比为1：1，故C正确；D、因为拉力做的有用功和总功都相等，所以由η＝×100%可知，甲乙两滑轮组机械效率之比为1：1，故D正确。故选：B。【点评】本题考查使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和额外功是解题的关键。8．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A．温度相同的物体，内能一定相等 B．温度相同的物体之间一定不会发生热传递 C．物体吸收热量，温度一定升高 D．物体内能减小，一定是从外界吸收了热量【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的和；物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变；（2）热传递发生的条件是存在温度差异，热量由高温物体传递给低温物体，或者由同一个物体上的高温部分传递给低温部分，与物体自身内能的大小无关；（3）物体吸收了热量，温度可能升高，也可能不变；（3）改变内能的方式做功和热传递。【解答】解：A、物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变，比如：晶体在熔化过程中不断吸热，温度不变，故A错误；B、两个温度相同的物体，它们之间一定不会发生热传递，故B正确；C、晶体熔化过程和液体沸腾过程，物质不断吸收热量，但是温度不变，故C错误；D、物体内能减小，可能是放出了热量，也可能是对外界做了功，故D错误。故选：B。【点评】本题考查温度、内能、热量之间的关系，热传递以及改变内能的方式，难度不大。9．如图所示，手握着瓶子处于竖直静止状态，下列叙述正确的是（）A．瓶子处于静止状态时惯性变小 B．手的握力变大，瓶子所受的摩擦力变大 C．若握力减小瓶子匀速滑下时，所受摩擦力比原静止时小 D．若握力减小瓶子匀速滑下时，瓶子受到的摩擦力和重力是一对平衡力【分析】（1）一切物体都具有惯性，惯性大小与质量有关；（2）瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，根据静摩擦力的特点可以判断。【解答】解：A、瓶子处于静止状态时质量不变，惯性不变，故A错误；B、瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力，手握得越紧，静摩擦力不变，B错误；CD、握力减小瓶子匀速滑下时，重力和静摩擦力是一对平衡力，力的大小相等，等于重力，故C错误，D正确；故选：D。【点评】静摩擦力与压力无关，随外力的变化而变化，这里握力变大，只是滑动摩擦力变大了，而物体受静摩擦力，故静摩擦力不变。10．青花瓷是中国瓷器的主流品种之一，如图甲所示，色白花青跃然于杯，小明想测量这个敞口青花瓷碗的密度。将底面积为100cm2的圆柱形水槽内注入适量水，如图乙所示，此时水深10cm，再将青花瓷碗放入水槽内，静止时漂浮于水面上，此时水深为12.7cm；用细棒缓慢向下压瓷碗，使其沉底，此时水深11cm，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．容器内水的质量是1400g B．青花瓷碗的密度约是2.7g/cm3 C．青花瓷碗质量为127g D．细棒对青花瓷碗的最大的压力是10N【分析】（1）根据m＝ρ水V水＝ρ水Sh水算出容器内水的质量；（2）根据V排＝SΔh算出青花瓷杯浸入水中的体积；将青花瓷杯放入水槽内，静止时漂浮于水面上，此时青花瓷杯受到的浮力等于自身重力，根据G＝F浮＝ρ水gV排算出青花瓷杯的重力；根据G＝mg算出青花瓷杯的质量，由V＝SΔh′算出青花瓷杯的体积，根据密度公式算出青花瓷杯的密度；（3）杯口与水面相平时，排开水体积的变化量最大，浮力最大，细棒对青花瓷杯的最大的压力。【解答】解：A、容器内水的质量是：m＝ρ水V水＝ρ水Sh水＝1.0g/cm3×100cm2×10cm＝103g，故A错误；BC、青花瓷杯浸入水中的体积：V排＝SΔh＝100cm2×（12.7cm﹣10cm）＝270cm3，将青花瓷杯放入水槽内，静止时漂浮于水面上，此时青花瓷杯受到的浮力等于自身重力，即G＝F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×270×10﹣6m3＝2.7N，青花瓷杯的质量为：m＝＝＝0.27kg＝270g，青花瓷杯的体积为：V＝SΔh′＝100cm3×（11cm﹣10cm）＝100cm3.青花瓷杯的密度为：ρ＝＝＝2.7g/cm3，故B正确，C错误；D、杯口与水面相平时，排开水体积的变化量最大，浮力最大，细棒对青花瓷杯的最大的压力，但由于无法计算此时排开水的体积，故最大压力不可求，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查重力公式、密度公式、物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，其中杯子排开水的体积的变化是求解出杯子受到的浮力变化的关键。11．学生体测的其中一个项目是坐位体前屈，就是利用“坐位体前屈测试仪”进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大（为了确保电路安全，测试仪电路中的滑动变阻器作了不可调至零阻值的设置）。以下的四幅图中肯定不能符合“坐位体前屈测试仪”设计要求的电路是（）A． B． C． D．【分析】先识别电路，然后根据滑块被推动的距离判断变阻器接入电路的阻值的变化，再根据串并联电路的特点和欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化。【解答】解：A．电路为并联电路，电流表测变阻器支路的电流，若滑片向左移动，滑块被推动的距离越大，则接入电路的阻值减小，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以由I＝可知，电流表的示数增大，故A图可以符合要求；B．电路为串联电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，若滑块向右移动，滑块被推动的距离越大，变阻器接入电路的电阻增大，由串联电路的分压特点可知，电压表的示数增大，故B图可以符合要求；C．电路为并联电路，电流表测通过定值电阻的电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时电流表的示数不变，故C图不符合要求；D．电路为串联电路，电压表测定值电阻两端的电压，若滑片向左移动，滑块被推动的距离越大，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，电压表的示数变大，故D图可以符合要求。故选：C。【点评】本题考查滑动变阻器的使用，明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键，要注意本题中滑动变阻器的滑片的移动方向不明确，向左或向右移动的方向均有可能。12．如图甲所示电路，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω。在保证电路元件安全的情况下，缓慢移动滑片，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A．电源电压为12V B．定值电阻R1的阻值为5Ω C．滑动变阻器R2的调节范围为20Ω～50Ω D．电路消耗总功率的最小值为10.8W【分析】由图甲可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据图乙利用P＝UI求出两次电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出定值电阻R1的阻值和电源电压；（2）根据滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，根据滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，结合电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最大阻值。（3）根据P＝UI求出电路消耗总功率的最小值。【解答】解：由图甲可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；AB、由图乙可知，当R2两端的电压为13V时，R2消耗的电功率为6.5W，由P＝UI可知，此时电路中的电流：I＝＝＝0.5A，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U＝U1+U2＝IR1+U2＝0.5A×R1+13V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当R2两端的电压为15V时，R2消耗的电功率为4.5W，由P＝UI可知，此时电路中的电流：I'＝＝＝0.3A，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U＝U1'+U2'＝I'R1+U2'＝0.3A×R1+15V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②解得：R1＝10Ω，U＝18V，故AB错误；C、由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电压表的示数最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，因为电流表的量程为0～0.6A，所以电路中的最大电流I大＝0.6A，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R＝＝＝30Ω，由串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R2小＝R﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0～15V，因此滑动变阻器两端的最大电压U2大＝15V，由串联电路的电压特点可知，此时定值电阻R1两端的电压：U1小＝U﹣U2大＝18V﹣15V＝3V，此时电路中的电流：I最小＝＝＝0.3A，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2大＝＝＝50Ω，所以，滑动变阻器R2的调节范围为20Ω～50Ω，故C正确；D、电路中的最小电流I最小＝0.3A，则电路消耗总功率的最小值：P最小＝UI最小＝18V×0.3A＝5.4W，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图乙利用P＝UI求出两次电路中的电流，利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出定值电阻R1的阻值和电源电压。二、填空题（每空1分，共26分）13．如图所示，图甲中木条的长度为2.00cm；图乙中温度计读数为﹣16℃。【分析】（1）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值，使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字。【解答】解：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm＝1mm，物体左侧与0刻度线对齐，右侧所对刻度值为2.00cm，所以物体的长度为L＝2.00cm；温度计上10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃，温度计的刻度从左向右越来越大，因此温度计的零刻度线在左侧，所以液柱的液面在零下，故示数为﹣16℃。故答案为：2.00；﹣16。【点评】物理中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可。14．2023年5月28日，国产大飞机C919成功实现商业首飞，如图所示，以机窗为参照物飞机机翼是静止的（填“静止”或“运动”），飞机机翼获得升力的原因是流速越大的位置，压强越小（选填“大”或“小”）。【分析】（1）判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否改变，如果改变，则物体是运动的，如果不改变，则物体是静止的；（2）流体流速大的位置压强小。【解答】解：（1）由图可知，飞机的机翼与机窗之间没有位置的变化，以机窗为参照物飞机机翼是静止的；（2）飞机机翼上方是凸形的，下方是平的，相同时间内，空气通过上方的路程大，通过下方的路程小，通过上方的速度大，通过下方的速度小，根据流体流速越大，压强越小，飞机机翼上方的压强小，下方压强大，机翼受到压强差的作用，受到压力差的作用，产生向上的升力作用。故答案为：静止；小。【点评】本题考查了参照物问题和流体压强与流速的关系，属于基础题。15．（4分）如图为盛水的烧杯，上方有弹簧测力计悬挂高为6cm的圆柱体，将圆柱体缓慢下降，直至将圆柱体全部浸入水中，水没有溢出，整个过程中弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化关系图像如图所示，g取10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3，则整个过程中手对测力计的拉力减少8N，水面上升2cm，圆柱体受到的重力是12N，圆柱体的密度是1.5×103kg/m3。【分析】（1）由图象可知，当h＜4cm时，弹簧测力计示数为12N，当h＞8cm时，圆柱体完全浸没，读出此时测力计的示数，然后即可求出在整个过程中手对测力计的拉力较小量；（2）分析图象可知，根据圆柱体的高度和下降高度即可求出水面上升的高度；（3）由图象可知，当h＜4cm时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，圆柱体的重力；根据称重法求出圆柱体受到的浮力；根据F浮＝ρ液gV排求出圆柱体的体积，由公式G＝mg可求出圆柱体的质量，根据密度公式得出圆柱体密度。【解答】解：（1）由图象可知，当h＜4cm时，弹簧测力计示数为12N，当h＞8cm时，圆柱体完全浸没，测力计的示数为4N，则在整个过程中手对测力计的拉力较小量为：ΔF＝F1﹣F2＝12N﹣4N＝8N；（2）由图象可知，当h1＝4cm时，圆柱体的下表面刚刚与水面接触，当h2＝8cm时，圆柱体上表面刚刚与水面相平，则圆柱体下降高度为Δh＝h2﹣h1＝8cm﹣4cm＝4cm，由于圆柱体的高度为6cm，所以水面上升的高度为Δh′＝h柱﹣Δh＝6cm﹣4cm＝2cm；（3）由图象可知，当h＝0时，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，圆柱体的重力G＝F拉＝12N，当h＞8cm时，圆柱体完全浸没，则圆柱体受到的浮力F浮＝G﹣F2＝12N﹣4N＝8N，根据F浮＝ρ液gV排可得排开水的体积：V排＝＝＝8×10﹣4m3，由公式G＝mg可求出圆柱体的质量m＝＝＝1.2kg，则圆柱体密度ρ＝＝＝1.5×103kg/m3。故答案为：8；2；12；1.5×103。【点评】本题考查浮力和密度的有关知识，关键是从图中得出有用信息。16．（3分）如图所示，是“探究液体内部压强大小与哪些因素有关”的实验，图中（a）所用仪器名称是U形管压强计，可以通过比较U形管两边液面来比较液体内部压强大小。若实验中要探究液体压强与液体密度的关系，应将金属盒分别浸入到图（b）中的A、D两位置进行比较。当金属盒分别处于A、B两位置时，左右两管内液面高度差LA＜LB，由此可以得出的结论是：同种液体深度越深压强越大。【分析】液体内部压强与液体的密度的深度有关，在通过U形管压强计进行研究时，应运用控制变量法，每次只研究与其中一个量的关系，并通过U形管中液面的高度差来反映液体压强的大小。【解答】解：图（a）所示的器材的名称是U形管压强计；若实验中要探究液体压强与液体密度的关系，应保持深度相同，读图可知，应将金属盒分别浸入到图（b）中的A、D两位置进行比较；当金属盒分别处于A、B时，液体的密度相同，深度不同，此时左右两管内液面高度差LA＜LB，由此可以得出的结论是：同种液体深度越深压强越大。故答案为：U形管压强计；A、D；同种液体深度越深压强越大。【点评】熟知影响液体内部压强的两个因素，能根据控制变量法进行研究的分析，是解答此类问题的关键。17．如图甲是某电饭锅电路简化图，它有高温挡和保温挡两个挡位。电饭锅处于高温挡时的功率是保温挡时的11倍。若家中只有该电饭锅在通电正常工作，图乙是电饭锅正常工作时功率与时间的关系图像，则10～20min内开关S的处于的状态为断开。家里电能表的参数如图丙所示，电饭锅工作这20min电能表转盘转240圈。【分析】（1）当开关S断开时，只有R1工作；当开关S闭合时，R1、R2并联，并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，电源电压一定，根据P＝确定高温、保温时的电路组成（开关的开闭）；（2）由图乙知，保温挡功率、保温时间，利用W＝Pt求10﹣20min消耗的电能；求出高温挡功率、高温加热时间，利用W＝Pt求0﹣10min消耗的电能；可求0﹣20min消耗的电能；600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动600r，据此可求0﹣20min内电能表转盘的转数。【解答】解：（1）当开关S断开时，只有R1工作，当开关S闭合时，R1、R2并联，因为并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，电源电压一定，根据P＝可知，当开关S断开时，电阻较大，电功率较小，电饭锅处于保温挡；当开关S闭合时，总电阻较小，电功率较大，电饭锅处于高温挡。由乙图可知，在10﹣20min，电饭锅功率较低，为保温挡，开关应断开；（2）由图乙可知，保温挡功率：P保温＝200W＝0.2kW，10﹣20min消耗的电能：W低温＝P低温t＝0.2kW×h＝kW•h，高温挡功率：P高温＝11P保温＝11×200W＝2200W＝2.2kW，0﹣10min消耗的电能：W高温＝P高温t＝2.2kW×h＝kW•h，0﹣20min消耗的电能：W总＝W高温+W低温＝kW•h+kW•h＝0.4kW•h，600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动600r，0﹣20min内电能表转盘的转数：n＝600r/（kW•h）×0.4kW•h＝240r。故答案为：断开；240。【点评】本题考查了电功率公式、电功公式、并联电路的特点的应用，关键要弄清不同挡位对应的电路连接情况，有一定的难度。18．（3分）寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R1、热敏电阻R2（安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝R3和R4等组成。调好R1阻值，闭合开关S1、S2，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。（1）温度升高时，电磁铁磁性增强；（2）R3阻值小于（大于/小于）R4阻值；（3）将R1的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将降低。【分析】（1）根据热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；（2）温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；根据P＝UI＝分析R3与R4的阻值大小；（3）电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联分析热敏电阻R2的阻值变化，利用热敏电阻阻值随温度的变化关系确定恒温箱控制的温度变化。【解答】解：（1）温度升高时，热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强；（2）温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；因加热功率大于保温功率，且电源电压不变，由P＝UI＝可知，R3阻值小于R4阻值；（3）电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻R2的阻值变大，因热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降低。故答案为：（1）增强；（2）小于；（3）降低。【点评】本题通过电磁继电器的应用考查了对电磁铁的认识和理解，知道电磁继电器实质是一个开关，对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。19．（3分）“山东舰”是中国首艘自主建造的国产航母，“山东舰”所采用的动力是蒸汽轮机，将燃料的内能转化为机械能；我国正在研制核动力航母，核动力航母的核反应堆是利用核裂变（选填“裂变”或“聚变”）释放能量提供动力的；核能属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【分析】（1）燃料燃烧将化学能转化为内能，再将燃料的内能转化为蒸汽轮机的机械能；（2）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；核能是不可再生能源。【解答】解：“山东舰”所采用的动力是蒸汽轮机，将燃料的内能转化为机械能；核动力航母的核反应堆利用的是利用核裂变时释放核能发电的；核能是不可再生能源。故答案为：机械能；裂变；不可再生。【点评】本题综合性较强，但都是基础知识，难度不大。20．（3分）探究物质的吸热能力用酒精灯给烧杯中的水加热，两烧杯中分别盛有等质量（质量/体积）的煤油和水，用相同的酒精灯加热相同时间，则煤油温度升高较多，说明水的吸热能力较强。【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。【解答】解：根据控制变量法可知，探究不同物质的吸热能力，要控制不同物质的初温和质量相同，故将质量相等的水和煤油分别装入相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯同时加热；两烧杯中分别盛有等质量的水和油，用相同的酒精灯加热相同时间，则煤油温度升高较多、水温度升高较少，说明水的吸热能力较强。故答案为：质量；煤油；水。【点评】本题研究不同物质升高相同的温度吸热不同的性质，考查实验过程、比热容的物理意义，难度不大。21．如图，轻质细线下方挂一个重4N的小球，无风时静止在B位置，现在水平向左吹来一阵风，小球缓慢运动到A位置静止，测得∠1＝30°，则风此时的推力小于（大于/等于/小于）4N。从B到A的过程中小球的机械能变大（变大/变小/不变）。【分析】（1）对A进行受力分析，根据力的平衡关系分析回答；（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。【解答】解：当小球缓慢运动到A位置静止时，此时小球A受到重力、绳子的拉力和风对小球推力的作用，处于平衡状态，如下图所示：，则F＝tan∠1G＝tan∠30°G＝G＝×4N≈2.3N，故风此时的推力小于4N；从B到A的过程中小球高度增大，重力势能变大，故小球的机械能变大。故答案为：小于；变大。【点评】本题考查了受力分析和机械能的概念，特别是受力分析难度较大。22．如图是杆秤的示意图，秤钩上不挂物体，提起秤纽，当秤砣移动到C点时，杆秤刚好水平平衡，杆秤的秤砣质量为1kg，秤和秤钩的总质量为0.5kg，O点为秤纽悬点，OC＝4cm，OD＝10cm，要称量真实质量为2.0kg的物体，则秤砣离O点24cm。如因长期使用，秤砣磨损，质量变为0.8kg，再测真实质量2.0kg的物体时，称出来的质量为2.6kg。【分析】由杠杆平衡条件得G秤×L秤＝G秤砣×L秤砣，代入数据可得杆秤重力的力臂L秤（重心与O点的距离），由杠杆平衡条件得：GL+G秤×L秤＝G秤砣×L秤砣1，代入数据可得称量真实质量为2.0kg的物体时秤砣对杆秤作用力的力臂L秤砣1（秤砣离O点的距离）；根据杠杆平衡条件进一步计算秤砣磨损，质量变为0.8kg，再测真实质量2.0kg的物体时秤砣对杆秤作用力的力臂L秤砣2（秤砣离O点的距离）；根据杆秤刻度是均匀的进一步计算称出来的质量。【解答】解：标准杆秤的秤砣质量为1kg，由杠杆平衡条件得：G秤×L秤＝G秤砣×L秤砣，即：m秤g×L秤＝m秤砣g×L秤砣，整理并代入数据有：0.5kg×L秤＝1kg×4cm，解得：L秤＝8cm；称量真实质量为2.0kg的物体，由杠杆平衡条件得：GL+G秤×L秤＝G秤砣×L秤砣1，即：mgL+m秤g×L秤＝m秤砣g×L秤砣1，整理并代入数据有：2kg×10cm+0.5kg×8cm＝1kg×L秤砣1，解得：L秤砣1＝24cm；秤砣磨损，质量变为0.8kg，再测真实质量2.0kg的物体时，根据杠杆平衡条件可得：2kg×10cm+0.5kg×8cm＝0.8kg×L秤砣2，解得：L秤砣2＝30cm；L秤砣1﹣OC＝24cm﹣4cm＝20cm，则C点右侧20cm表示2kg，此时称出来的质量为m＝×2kg＝2.6kg。故答案为：24；2.6。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，求出秤杆和秤盘的重心位置是本题的突破口。三、解答题（第23、24、25、26、27题各8分、28题6分、29题4分）23．图中请画出小新看到自己脚上A点的光路图。【分析】利用平面镜成像的特点“像与物关于平面镜对称”，作出点A的像点A′，根据反射光线的反向延长线通过像点，由像点A′和B点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路图。【解答】解：根据平面镜成像的特点，首先作出A点的像点A′，假设眼睛为B点，然后连接A′B，和镜面相交与O点，则OB为反射光线，再连接AO为入射光线。如下图所示：【点评】本题考查了根据平面镜成像的特点作光的反射光路图，需要注意的是哪些线是实线、哪些线是虚线，另外不要把光的传播方向标反了。24．请大致画出在水平路面加速行驶的卡车上物体A的受力情况（不计空气阻力）。【分析】放置在卡车上的物体A，随小车一起向右做加速直线运动，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，然后做出A所受力的示意图，水平方向有向左运动的趋势，因而受向右摩擦力。【解答】解：放置在卡车上的物体A，随小车一起向右做加速直线运动，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两个力长度相同；水平方向有向左运动的趋势，因而受向右摩擦力；如图所示：故答案为：见解答图。【点评】本题的关键是会找出力的作用点，确定力的方向，表示出力的大小；根据力示意图的画法表示出力的三要素。25．图中，轻质硬棒AB可绕O点自由，AO中间某处挂重物，要求画出使杠杆在图示位置平衡的最小的力及它的力臂。【分析】根据杠杆的平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，根据杠杆的平衡条件求出最小的动力的大小。【解答】解：要使杠杆在图示位置平衡时的动力最小，根据杠杆的平衡条件条件可知，需要使得动力臂最大，根据图示可知，当OA作为动力臂L时，动力臂是最大的，动力F最小，连接OA，过A点作OA斜向上的最小动力F，如下所示：【点评】本题考查最小力的示意图的画法，解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。26．图中，开关闭合后，滑片向右滑动时弹簧缩短。请在括号内标出电源正负极，并画出闭合开关后磁感线的方向。【分析】（1）首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数的多少；根据滑动变阻器的滑片P向右移动时弹簧缩短，确定电磁铁磁性强弱的变化，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性，根据磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断；（2）由安培定则可判断出图中电源的正负极；.【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律知，电路中的电流变大，磁铁的磁性变强，此时弹簧缩短，则排斥增大，根据同名磁极相互排斥，通电螺线管上端为N极，下端为S极，磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，如下图所示：（2）右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电流从螺线管的下端流入，上端流出，则电源右端为正极，左端为负极，如下图所示：【点评】本题考查安培定则的应用，属于基础题。27．（8分）在实验操作大赛上，小明与小华分别展示了下面两个实验：（1）图甲是小明展示的“探究平面镜成像特点”的实验，他在透明玻璃板中既能够看到蜡烛A的像，同时又能看见玻璃板后的蜡烛B，这是因为在玻璃与空气分界面处分别发生了光的反射、折射（直线传播/反射/折射）；若将平面镜左面部分切去，则A的像将不变（变大/变小/不变），能观察到A的像的范围变小（变大/变小/不变）。（2）图乙是小华展示的“探究凸透镜成像规律”的实验，凸透镜的焦距为10cm，蜡烛整体长度10cm，当各元件位于图中的位置时，光屏上承接到清晰的像，这个像是倒立、缩小的实像，像的整体长度5cm。将蜡烛移至5cm刻度线处，其他元件的位置不变，若使清晰的像呈现在光屏上需在蜡烛与透镜间放置一个近视（近视/远视）哏镜，若将光屏取走，则将会成实像（成虚像/成实像/不成像）。【分析】（1）平面镜成像实验，利用了光的反射和折射；平面镜所成像与物大小相等，据此分析；平面镜成像是光的反射，发射光减少，能观察到A的像的范围变小；（2）凸透镜成实像时，物距u大于像距v，成倒立、缩小的实像；根据数学知识进行分析；近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用；若将光屏取走，不影响成像，依然成实像。【解答】解：（1）能够看到蜡烛A的像，是因为光的反射；又能看见玻璃板后的蜡烛B，是因为光的折射；平面镜所成像与物大小相等，若将平面镜左面部分切去，蜡烛A大小不变，故蜡烛A的像大小不变；但是由于平面镜少了一部分，发射光将减少，故能观察到A的像的范围变小；（2）图乙中物距u大于像距v，则应满足u＞2f，f＜v＜2f，成倒立、缩小的实像；由数学知识可知，＝5cm；将蜡烛移至5cm刻度线处，增大物距，应减小像距；其他元件的位置不变，若使清晰的像呈现在光屏上，需将光线发散，应在蜡烛与透镜间放置一个近视眼镜；若将光屏取走，不影响成像，依然成实像。故答案为：（1）反射；折射；不变；变小；（2）缩小；5；近视；成实像。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。28．（8分）老师布置班级小组同学自己配置盐水，然后尝试用多种方法测量盐水的密度。（1）第一组进行了如下操作：①将托盘天平置于水平桌面上，将游码归零，当横梁静止后，指针静止时如图甲所示，要使天平平衡，他应该B；A.把横梁右端螺母向右旋出一些B.把横梁右端螺母向左旋进一些C.把天平右盘的砝码减少一些D.向右移动游码②将装有某盐水的烧杯置于天平左盘，测出烧杯和盐水的总质量69.4g；③将烧杯中的盐水倒一部分于量筒中后，测得烧杯和剩余盐水（如图丙所示）的质量是27.4g；④读出倒入量筒中的盐水体积（如图乙所示）；⑤根据实验计算出盐水密度是1.05×103kg/m3；（2）第二组用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤：用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。①这架盐水密度秤，使用时天平左盘容器中应该倒入液体盐水（水/盐水）。②这架盐水密度秤，若使用时，天平如图丁所示，则盐水密度是1.15g/cm3，这个密度秤的量程是1.0～1.25g/cm3，若要提高量程，则可以减小液体的体积，为了提高测量精度，可取体积大（大/小）一些的盐水。【分析】（1）①调节横梁平衡时，若指针指在分度盘中线的左侧，向右移动平衡螺母；若指针指在分度盘的中线的右侧，需要向左移动平衡螺母，根据指针的位置确定平衡螺母的移动方向；③烧杯和盐水的质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和；盐水的体积等于盐水面对应的刻度值；烧杯和剩余盐水的质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和；⑤根据容器的质量和容器和盐水的总质量可以求得盐水的质量，知道量筒中盐水的体积和质量，根据密度公式，求出盐水的密度；（2）用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。【解答】解：（1）①将天平放在水平桌面上，把游码放在零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调，故B正确；③盐水和烧杯的总质量：m1＝69.4g，烧杯和剩余盐水的质量为：m2＝20g+5g+2.4g＝27.4g；量筒中盐水的体积为V＝40mL＝40cm3；⑤量筒中盐水的质量为：m＝m1﹣m2＝69.4g﹣27.4g＝42g；盐水的密度：ρ＝＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3；（2）①用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，盐水的质量较大；这架盐水密度秤，使用时仅通过调节游码使天平再次平衡，所以，天平左盘容器中应该倒入液体盐水；②如图丁所示，盐水的质量等于水的质量加上游码的示数，根据密度公式得，m盐水＝m水+m游码＝ρ水V水+m游码＝1.0g/cm3×20cm3+3g＝23g，则盐水密度是：＝1.15g/cm3，游码的示数为0时，液体的密度为1.0g/cm3，游码的示数为5时，液体的密度为1.25g/cm3，这个密度秤的量程是：1.0～1.25g/cm3，若要提高量程，则可以减小液体的体积；为了提高测量精度，可取体积大一些的盐水。故答案为：（1）①B；③27.4；⑤1.05×103；（2）①盐水；②1.0～1.25；减小液体的体积；大。【点评】此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，综合性题目；难点是（2）②。29．（8分）如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景：（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角上的细线分别跨过左右支架上的滑轮，并在线的两端挂上两个不同的物体，当两边多次挂上重力相等的物体时，都发现卡片静止，而挂上重力不等的物体时，卡片就不能静止，说明二力平衡时，两个力必须大小相等。（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片不能（能/不能）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须在同一直线上。（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是：用剪刀将卡片从中间剪开，观察卡片的运动情况。（4）当图甲中A物体重8N，B物体重3N时，则松手后，绳子对A的拉力小于（大于/等于/小于）8N，B对绳子的拉力大于（大于/等于/小于）3N，若A着地后，B首先做减速（加速/匀速/减速）运动（卡片、B都未与滑轮接触，不考虑空气阻力和滑轮的摩擦力）。（5）利用图乙装置能（能/不能）探究二力平衡的条件。【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，在一条直线上，在同一物体上；（2）小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；（3）当小卡片平衡时，用剪刀沿虚线迅速剪断小卡片，由一个物体变成两个物体进行实验；（4）当图甲中A物体重8N，B物体重3N时，则松手后，此时受非平衡力作用，所以此时绳子对钩码的拉力不等于钩码的重力；若A着地后，对B进行受力分析，再进行分析解答；（5）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，在一条直线上，在同一物体上，只要装置能符合这几个要素的探究要求，即可以达到探究目的。【解答】解：（1）实验时，当两边多次挂上重力相等的物体时，都发现卡片静止，而挂上重力不等的物体时，卡片就不能静止，说明二力平衡时，两个力必须大小相等；（2）小卡片转过一个角度，小卡片两端的拉力就不在一条直线上，纸片就会转动，说明了不在同一直线上的两个力不能平衡；设计此实验步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须在同一直线上；（3）当小卡片平衡时，用剪刀迅速剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下，说明二力平衡的又一个条件是两个力作用在同一物体上；下一步的操作是：用剪刀将卡片从中间剪开，观察卡片的运动情况；（4）当图甲中A物体重8N，B物体重3N时，则松手后，此时受非平衡力作用，合力大小为8N﹣3N＝5N，所以，绳子对A的拉力小于8N；绳子对B的拉力大于3N；若A着地后，B在自身重力的作用下，首先做减速运动；（5）因为小卡片很轻，左右两侧各通过一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验。故答案为：（1）大小相等；（2）不能；在同一直线上；（3）用剪刀将卡片从中间剪开，观察卡片的运动情况；（4）小于；大于；减速；（5）能。【点评】此题考查了二力平衡的条件的探究过程；在该实验中，为了探究两个力是否平衡，要用到控制变量法，探究其中的一个条件时，要控制其他条件相同，这也是根据实验步骤确定实验目的主要依据。30．（8分）同学们利用以下器材探究“电流与电压、电阻的关系”。学生电源（调至6V进行实验）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若F。（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙的实物连接成完整电路（要求连线不得交叉）。（2）该同学将开关闭合后，发现两表均无示数，再将电压表并联到电流表两端，发现两表也无示数，最后将电压表并联到BC两端，发现电压表有示数。电路的故障可能是电流表和电阻R断路。（3）排除故障后，闭合开关，改变滑片的位置，记录的实验数据如表格所示，请将表格未填写的数据补充完整。电压U/V123电流I/A0.10.20.3（4）之后再将另外两个定值电阻分别接入电路中，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。实验中若定值电阻从20Ω换成10Ω时，不进行其它操作就闭合开关，此时滑动变阻器的滑片应向A（A/B）移动，直到电压表的示数为2V；（5）为完成整个实验，滑动变阻器最大阻值至少为40Ω；（6）完成上述实验后，又找来了最大阻值未知的滑动变阻器R0，设计了如图丁所示电路，在没有电压表的情况下，来测量额定电流为I额的小灯泡正常发光时的电阻。已知电源电压为U，滑动变阻器R1的最大阻值为R，请你将操作步骤补充完整并写出小灯泡正常发光时电阻的表达式：①只闭合S和S1，调节R1的滑片，使电流表为I额，此时小灯泡正常发光；②只闭合S和S2，保持R1滑片位置不变，调节变阻器R0的滑片，使电流表的示数与第①步时相同；③只闭合S和S2，保持R0的滑片位置不动，将R1调至阻值最大，记录电流表的示数I1；④小灯泡正常发光时的电阻RL＝﹣R（用已知和测量的物理量的符号表示）。【分析】（1）将电压表并联在定值电阻两端；（2）开关闭合后，发现两表均无示数，再将电压表并