江苏省苏州市昆山市、太仓市达标名校2024届中考考前最后一卷物理试卷含解析

江苏省苏州市昆山市、太仓市达标名校2024届中考考前最后一卷物理试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．生活中经常对一些物理量进行估测，下列数值最接近实际情况的是A．一元硬币的直径约为2.5cm B．人骑自行车的平均速度约为1m/sC．人沐浴时水的温度约为60℃ D．电视机正常工作的电功率约为1000W2．右图是电阻甲和乙的图像，小明对图像信息做出的判断，正确的是（）A．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3AB．当乙两端电压为2.5V时，其电阻值为10ΩC．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压为2VD．将甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A3．为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是（）A．让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全B．在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失C．尽量减少热机内部各部件间的摩擦D．尽量增加热机的工作时间4．物理研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”等研究方法，下面是初中物理中的几个研究实例：①用“光线”来描述光；②研究弦乐器音调的影响因素；③研究影响蒸发快慢的影响因素；④为显示音叉振动情况，利用乒乓球；这几个实例中，采用相同研究方法的是A．①② B．②③ C．③④ D．①④5．下列做法能够增大压强的是（）A．图钉尖端做得很尖 B．滑雪板板面做得很大C．书包背带做得很宽 D．载重汽车安装多个车轮6．汽油机在压缩冲程中，汽缸中空气的温度、内能和体积的变化情况是A．温度升高，内能增加，体积减小B．温度升高，内能增加，体积增大C．温度降低，内能减少，体积减小D．温度降低，内能减少，体积增大7．如图所示，杠杆AOB的A端挂重为GA的物体，B端挂重为GB的物体，杠杆平衡时AO处于水平位置，若AO＝BO，杠杆自重不计，则GA和GB的大小关系是A．GA＞GB B．GA＝GB C．GA＜GB D．无法比较二、填空题（本大题7小题，共21分）8．一块金属的质量是2kg，吸收780J的热量时，温度升高1℃，则该金属的比热容是多少？9．某导体两端的电压为9伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为________安，这段时间内电流做功为________焦，该导体两端电压改变为6伏时，其电阻为________欧．10．有一个质量540g，体积360cm3的空心铝球，其空心部分的体积是________cm3；如果在空心部分注满水后，总质量是________g．（铝的密度2.7×103kg／m3）11．如图所示，实心长方体A和B放在水平地面上，高度之比hA︰hB=2︰1，底面积之比SA︰SB=2︰3，它们对地面的压强相等，则它们的密度之比︰=_____；它们对地面的压力之比FA︰FB=_________．12．在2015年9月3日的阅兵式上，步伐整齐的三军仪仗队中的任意两个战士都是相对________的；在训练中某战士用了2min行进了约150m，则该战士的行进速度约为________m/s．13．小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示．实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等．分析图象可以得出：______物质为水，另一种液体的比热容为__J/（kg·℃）．14．如图所示，物体在30N的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，现将拉力增大到50N，则物体受到水平向左的摩擦力大小为_____N，物体的动能会_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）。三、作图题（共7分）15．如图是一通电螺线管，请在括号里标出静止小磁针的N、S极。（_____）16．如图，请作出凸透镜的入射光线和进入水中的折射光线．17．请在右图中以线代替导线，连接线圈与电池，让线圈的下端与磁铁N极相吸，并标出磁感线的方向．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小华在做“测量小灯泡电功率”的实验中，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V），小灯泡L（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω），电流表、电压表、开关、规格分别为“10Ω1A”的滑动变阻器R1和“50Ω0.5A”的滑动变阻器R2各一个，导线若干。请用笔画线代替导线，帮小华同学将图甲中的电路连接完整；为了顺利完成实验，小华应选用规格为_____（选填“R1”或“R2”）的滑动变阻器；连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因可能是_____；排除故障后，移动滑动变阻器滑片P的位置，获得多组对应的电压值和电流值，绘制小灯泡U﹣I图象如图乙所示，小灯泡的额定功率为_____W．分析乙中图象发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是_____；小华打算增加一个阻值为15Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过操作图中单刀双掷开关（单刀双掷开关分别接“a”、“b”各一次）测量小灯泡的额定电功率，图丙、图丁是他设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是_____。A．两种方案都能B．两种方案都不能C．丙方案能，丁方案不能D．丙方案不能，丁方案能19．小刚用了如图所示的装置，分别将加热丝接在了220V的电路中，给两杯初温均为20℃的水加热（m甲<m乙）．实验过程中，发现两杯水温度升高的快慢完全相同．（假设加热丝产生的热完全被水吸收）：①某时刻两杯水的温度计示数如图所示，此时温度为_____________℃.②水沸腾前，同一时刻，甲的内能_____________乙的内能（填“大于”、“小于”或“等于”）.③由于两杯水温度升高的快慢相同，小刚推测，甲液体中加热丝的电阻比乙液体的大．小刚的猜想是否正确？你的判断依据是什么？答:__________，_______________________．20．创新小组的同学们在学习“认识凸透镜”时，将一个凸透镜放在距物理书远近不同位置，惊奇地发现在从凸透镜中分别看到正立放大的像和倒立缩小的像，如图甲所示。于是，同学们决定探究“凸透镜成像的规律”（1）由甲图可知，凸透镜成像情况可能与_____有关。（2）小明同学选用一个焦距f为10cm的凸透镜进行实验。如图乙是他第一次进行实验时出现的现象。请你指出小明同学操作中存在的问题是_____。（3）在解决了上述问题后，小明同学改变蜡烛的位置进行多次实验，并将收集的证据填入表格。实验次数物距u/cm像距v/cm像的性质正立/倒立放大/缩小实像/虚像11630倒立放大实像28正立放大虚像31435倒立放大实像43016倒立缩小实像54012倒立缩小实像66正立放大虚像74正立放大虚像83514倒立缩小实像91826倒立放大实像①由小明同学在实验中收集了多组证据，分析起来感觉很麻烦。针对表中数据的分析处理，请提出你的建议是_____。②请你根据表中信息，归纳结论______。（4）实验后，小明又选择不同焦距的凸透镜，又重复上述操作，发现凸透镜成像情况其实是由_____决定的。21．在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：在两个完全相同的烧杯中分别装入_____、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”）．实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油_____相同，然后比较_____的方法来完成探究实验的．根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图所示，则____的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容____．（选填：“较大”或“较小”）由图像可得煤油的比热容为_______J/（kg•℃）22．某实验小组要用“伏安法”测量一个用电器L的额定功率（额定电压为10V、额定功率在之间），实验室有下列器材可供选用：电源：（电压为3V）；（电压为15V）电流表：（量程）；（量程）电压表：（量程为）；（量程为）滑动变阻器：（阻值范围）；（阻值范围）开关一个，导线若干为使测量尽可能准确、方便，请回答：滑动变阻器应该选择_____（填“”或“”）.若提供的电流表都坏了，但又找到一个阻值合适的定值电阻，开关若干，请你：（要求电路不可重组）①画出实验电路图；②写出实验步骤及所需测量的物理量_____；③写出额定功率的表达式_____（用已知量和测量量表示）.五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．已知物体的重力势能表达式为Ep=mgh，动能的表达式为Ek=mv2，其中m为质量，h为物体距水平地面的高度，v为物体的运动速度，g为常量，取10N/kg。如图所示，距沙坑高h=7m处，以v0=10m/s的初速度竖直向上抛出一个质量为0.5kg的物体，不计空气阻力，物体从被抛出到落地前的瞬间，整个过程机械能守恒。求：物体被抛出时的重力势能Ep和动能Ek；物体上升到最高点时离抛出点的高度H；24．小明家每天所消耗的天然气能将1标准气压下30kg、20℃的水烧开，通过燃气计量表，查出每天消耗的天然气约0.5m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），求小明家（1）烧水时有效利用的热量；（2）每天消耗天然气放出的热量；（3）所用烧水炉具的能量利用效率．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．阅读短文，回答文后的问题混合动力汽车我国自行生产的混合动力汽车已经服务于生活．混合动力汽车由一台内燃机和一台电机组成，这台电机既可以充当电动机驱动汽车，又可以充当发电机给蓄电池充电．汽车低速行驶时，内燃机并不工作，蓄电池通过电机向车轮输送能量；当需要高速行驶时，内燃机启动，向车轮输送能量，并通过电机给蓄电池充电．汽车具有省油、能量利用率高等特点．测试混合动力汽车燃油能量转化效率可用如下方法:驾驶汽车在平直公路上匀速直线行驶时间t，测量这段时间内汽车消耗燃油质量m，车速v，蓄电池储存的电能由w1增加到了w1．汽车受到的阻力为f,燃油的热值为q，由此可计算出转化效率．（1）汽车低速行驶时，蓄电池是______（选填“电源”或“用电器”）.（1）汽车高速行驶时，电机的工作与下列哪一实验原理相同（______）（3）当电机充当电动机时，其额定功率应小于蓄电池额定功率．简单说明判断的理由：____．（4）混合动力汽车燃油的能量转化效率表达式η=______________．26．如图甲电路，当开关S闭合后，两电流表对应的指针偏转情况如图乙所示：求：（1）a表的量程是_____b表的读数是_____（2）通过L1和L2的电流分别是多少___,____？27．如图为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V．水箱装水最多0.3kg，加热功率有大小两个挡位．设计师最初设计的内部电路有如图-2甲、乙两种接法，其中电热丝R1=56Ω，R2=44Ω.高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速_______成小水珠，放出热量，将衣服熨平（填物态变化名称）．如果选择甲电路，电路中最大电流为______A;如果选择乙电路，电路中最大电流为_________A,由于两个电路中所选熔断器里的熔丝允许通过的最大电流为8.2A,故设计师最终选择了甲电路．（计算结果保留一位小数）请分别计算这款挂烫机两个挡位的额定功率__________．若将水箱中0.22kg的水从25℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多长时间________？[水的比热容c=4.2×103J/（kg·℃）]

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】A．一元硬币的直径约为1．5cm，故A符合实际为答案．B．人正常步行的平均速度约为1m/s，骑自行车的平均速度约为5m/s，故B不符合实际．C．人沐浴时水的温度与正常体温差不多，约为40℃，故C不符合实际．D．电视机正常工作的电功率约为100W~100W，故D不符合实际．2、C【解析】

A．由I-U图象可知，A.当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误．B．当乙两端电压为2.5V时，通过乙的电流为0.5A，所以此时乙的阻值为故B错误．C．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压：U=U甲+U乙=1.5V+0.5V=2V，故C正确为答案．D．将甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流：I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A，故D错误．3、D【解析】

ABC.热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．所以减少热量的损失可以提高热机的效率．所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率．故ABC正确，不符合题意；增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误，符合题意．4、B【解析】

①“光线”是看不存在的，所以用“光线”来描述光是用的模型法；②研究弦乐器音调的影响因素，用的是控制变量法；③研究影响蒸发快慢的影响因素，也是利用的控制变量法；④为显示音叉振动情况，利用乒乓球的跳动，将微小的振动放大，所以是放大法，综上所述，采用相同研究方法的是②③．5、A【解析】

图钉尖端做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A符合题意；滑雪板板面做得很大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不符合题意；书包的带做得很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不符合题意；坦载重汽车安装多个车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不符合题意；故应选A．6、A【解析】

汽油机在压缩冲程中，气缸中空气的温度升高、内能增加和体积变小，故应选A．7、C【解析】

根据题意，杠杆平衡时AO处于水平位置，如图所示，得GA×L1=GB×L2；由于OA=OB，所以L1＞L2；所以GA＜GB，故选C.【点睛】解决本题的关键是会根据杠杆的平衡条件进行判定二、填空题（本大题7小题，共21分）8、0.39×103J/（kg•℃）【解析】由Q吸＝cm△t可得金属的比热容：c＝＝＝0.39×103J/（kg•℃）．点睛：已知金属块的质量、升高的温度值、吸收的热量，利用Q吸＝cm△t求金属的比热容．9、0.3A27J30Ω【解析】

10s内通过该导体的电流是：，由欧姆定律知道，导体的电阻是：，这段时间内电流做的功是：W=UIt=UQ=9V×3C=27J；电阻是导体的属性，导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关，所以，当导体两端电压改变为6伏时，其电阻仍为30Ω．10、160700【解析】

铝球实心部分体积为：，则空心部分的体积是：360cm3-200cm3=160cm3；空心部分注满水，水的质量为：m水=，1g/cm3×160cm3=160g，则总质量为540g+160g=700g。11、1：2；2：1【解析】

因为p＝＝＝＝＝ρgh，所以长方体密度之比为ρA：ρB＝：＝＝；因为p＝，所以长方体对地面的压力之比为FA：FB＝pSA：pSB＝SA：SB＝2：1．12、静止1.25【解析】

（1）步伐整齐的三军仪仗队中的任意两个战士，以其中一个为参照物，另一个的位置没有发生变化，所以都是相对静止的。（2）由可得，该战士的行进速度约为。13、甲2.1×103【解析】

[1]质量和初温相等的水和另一种液体，放出相等的热量，由于水的比热容大，由，可知水降低的温度小，故甲物质是水；[2]如图15min时，在放出相同热量的情况下，另一种液体降低的温度是水降低的温度2倍，所以另一种液体的比热容是水的一半，为2.1×103J/（kg·℃）．14、30变大【解析】

物体匀速向右运动时，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，且拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，则滑动摩擦力的大小f＝F拉＝30N，方向水平向左。当拉力增大为50N时，由于压力大小和接触面粗糙程度均不变，所以滑动摩擦力保持30N不变；此时拉力大于滑动摩擦力，物体将做加速运动，速度变大，物体的动能会变大。三、作图题（共7分）15、【解析】

由图知，电流从螺线管左端流入、右端流出；根据安培定则，右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，则大拇指指向螺线管的左端为N极，右端为S极；已知通电螺线管的右端为S极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为N极，左端为S极，如图所示：16、【解析】

经凸透镜折射后过凸透镜焦点的光线，入射光线一定平行于主光轴，光由空气斜射入水中，折射角小于入射角，作图如图所示：17、【解析】

根据磁极间的相互作用规律，异名磁极相互吸引，所以线圈的下端与N极相吸，则下端为S极，再利用右手螺旋定则，右手大母指向上握住螺母管，四指弯曲指向电流方向，故电流由线圈下端流入，上端流出，即线圈下端连接电源正极，线圈上端连接电源负极；磁感线由N极出发到S极，所以图中磁感线的方向向下，如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、R2灯泡（或电压表）短路0.625小灯泡的电阻受温度的影响B【解析】

（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流确定电流表要选用小量程与灯串联；（2）灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A，根据串联电路的特点和欧姆定律求出变阻器的阻值至少为多大，确定选择滑动变阻器的规格；（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，根据小灯泡始终不发光，电压表无示数，电路只有一处故障，分析故障原因；（4）由图像可找出灯泡电压为2.5V时的电流，根据求出灯泡的额定功率；灯泡电阻是变化的，原因是受温度的影响；（5）开关S接“a”、“b”各一次，根据电路图，确定能否使小灯泡正常发光，若不能，则无法测量小灯泡的额定电功率。【详解】（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流约为：，所以电流表要选用小量程与灯串联，如下所示：（2）灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A，根据串联电路电流的特点，电路中电流处处相等，变阻器应分去的电压：，由欧姆定律，变阻器的阻值至少为：，所以应选择滑动变阻器的规格为“50Ω0.5A”；（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，若电路只有一处故障，故障原因是灯泡（或电压表）短路了；（4）由图像可知，灯泡电压为2.5V时的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率：；灯泡电阻是变化的，原因是受温度的影响；（5）图丙中，无论开关接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；图丁中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定值电阻的电压，当开关接b时测量灯和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V，所以此方案不能测出小灯的额定电功率，故选B。故答案为：（1）如上图所示；（2）R2；（3）灯泡（或电压表）短路（4）0.625；小灯泡的电阻受温度的影响；（5）B。【点睛】此题是测量灯泡额定功率的实验，考查了电路连接、器材选择、电功率的计算、影响电阻的因素、电路故障的分析及对实验方案的评估。19、58小于正确详见解析【解析】

（1）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，温度计的示数是58℃；（2）内能与质量、状态和温度有关，水沸腾前，同一时刻，温度和状态相同，乙的质量较大，乙的内能较大；（3）两杯水温度升高的快慢相同，两杯水的初温均为20℃，m甲<m乙，根据Q=cmΔt可知甲杯中水吸收的热量小于乙杯中水吸收的热量，加热丝产生的热量完全被水吸收，说明甲液体中的电热丝产生的热量小于乙液体中电热丝产生的热量，两个电热丝两端的电压相同，时间相同，根据Q=W=t可知甲液体中的电热丝的电阻较大．20、物体到凸透镜的距离烛焰、透镜和光屏的中心不在同一高度上将数据按像的性质进行分类，分析成同种性质的像时，物距与凸透镜焦距的关系物距u同侧、异侧倒立、正立放大、缩小实像、虚像像距vu＞2fu＝2ff＜u＜2fu＜f焦距与物距的关系【解析】

（1）甲图，看近处的物体时，做为放大镜使用，此时成正立、放大的虚像。乙图，当看远处的物体时，此时成物体倒立、缩小的实像。甲乙两图物体到凸透镜的距离不同，所以可以看出凸透镜成像的大小可能与物体到凸透镜的距离有关。（2）小明同学选用一个焦距f为10cm的凸透镜进行实验。如图乙是他第一次进行实验时出现的现象。请你指出小明同学操作中存在的问题是烛焰、透镜和光屏的中心不在同一高度上；（3）①由小明同学在实验中收集了多组证据，分析起来感觉很麻烦。针对表中数据的分析处理，建议是将数据按像的性质进行分类，分析成同种性质的像时，物距与凸透镜焦距的关系；②归纳凸透镜规律的结论如下表：物距u同侧、异侧倒立、正立放大、缩小实像、虚像像距vu＞2fu＝2ff＜u＜2fu＜f（4）实验后，小明又选择不同焦距的凸透镜，又重复上述操作，发现凸透镜成像情况其实是由焦距与物距的关系决定的。21、质量吸收的热量升高的温度水较大2.1×103【解析】

（1）[1]比较不同物质吸热能力，应控制被加热物质的质量和初温相同。（2）[2]选择相同规格的电加热器，则加热器在相同时间内放出的热量相同，忽略热量损失，则可以认为在相同时间内水和煤油吸收的热量相同。[3]让质量和初温相同的水和煤油吸收相同的热量，通过比较它们升高的温度，来知道它们的吸热能力。（3）[4]由图像可知，加热相同的时间（吸收相同的热量），煤油温度升高得高，说明煤油的吸热能力弱，水的吸热能力强。[5]“暖手宝”中的储热液需要用吸热、放热能力强的物质，即比热容大的物质。（4）[6]由图像可知，当水和煤油加热5min时，煤油的温度从10℃升高到50℃，水的温度从10℃升高到30℃。根据Q=cm△t，有：C水m水△t水=c煤油m煤油△t煤油，4.2×103J/（kg•℃）×m水×（30℃-10℃）=c煤油m煤油×（50℃-10℃），解得c煤油=2.1×103J/（kg•℃）。22、答案见解析【解析】

（1）用电器额定电压为10V，故选用的电源为U2；电压表量程为0﹣15V；由公式可知用电器的额定电流在1A﹣1.5A之间，故电流表需用0﹣3A量程，故用A2；用电器正常工作时，滑动变阻器两端电压为U'＝15V﹣10V＝5V，此时滑动变阻器的电阻为，故选用R1；（2）①将灯泡、电阻R0、滑动变阻器串联，要求电路不可重组，开关若干，所以利用开关的断开和闭合，分别测出灯泡L两端的电压和灯泡L与R0两端的总电压，如图所示：②实验步骤：①开关断开，滑动变阻器阻值调到最大，按照电路图连接实验电路；②闭合S、S1，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数是U额（或10V）；③保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开S1，闭合S、S2，读出此时电压表的示数U；（3）电阻R0两端的电压U0=U-U额通过灯泡的电流，灯泡的额定功率。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、35J25J5m【解析】（1）由题知，物体质量和被抛出时的高度和速度，物体的重力势能：Ep＝mgh＝0.5kg10N/kg7m＝35J；动能EK1＝mv2＝0.5kg（10m/s）2═25J；（2）不计空气阻力，物体从被抛出到落地前的瞬间，整个过程机械能守恒，故E′p＝EpEk，0.5kg10N/kg（H7m）＝35J25J，解得：H＝5m。点睛：（1）由重力势能和动能公式计算物体被抛出时的重力势能EP和动能EK1；（2）根据能量转化和守恒分析解答。24、（1）1.008×107J；（2）1.8×107J；（3）56%【解析】

（1）知道水的质量、水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量，即每天烧水需要的热量；（2）利用Q放=Vq计算燃烧0.5m3天然气放出的热量；（3）每天烧水做饭需要的热量为有用能量，燃烧0.5m3天然气放出的热量为总能量，利用效率公式求能量利用效率．【详解】（1）一个标准大气压下水的沸点为100℃，水吸收的热量为：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×30kg×（100℃﹣20℃）=1.008×107J；（2）燃烧0.5m3天然气放出的热量：Q放=Vq=0.5m3×3.6×107