2016年高考-全国二卷-文科数学-(原题+解析)

2016年普通高等学校招生全国统一考试(课标全国卷Ⅱ)文数本卷满分150分,考试时间120分钟.第Ⅰ卷(选择题,共60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合A={1,2,3},B={x|x2<9},则A∩B=()A.{-2,-1,0,1,2,3} B.{-2,-1,0,1,2} C.{1,2,3} D.{1,2}2.设复数z满足z+i=3-i,则z=()A.-1+2i B.1-2i C.3+2i D.3-2i3.函数y=Asin(ωx+φ)的部分图象如图所示,则()A.y=2sin2x-π6 C.y=2sinx+π6 4.体积为8的正方体的顶点都在同一球面上,则该球的表面积为()A.12π B.323π C.8π 5.设F为抛物线C:y2=4x的焦点,曲线y=kx(k>0)与C交于点P,PF⊥x轴,则k=(A.12 B.1 C.32 6.圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心到直线ax+y-1=0的距离为1,则a=()A.-43 B.-34 C.3 7.下图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的表面积为()A.20π B.24π C.28π D.32π8.某路口人行横道的信号灯为红灯和绿灯交替出现,红灯持续时间为40秒.若一名行人来到该路口遇到红灯,则至少需要等待15秒才出现绿灯的概率为()A.710 B.58 C.38 9.中国古代有计算多项式值的秦九韶算法,下图是实现该算法的程序框图.执行该程序框图,若输入的x=2,n=2,依次输入的a为2,2,5,则输出的s=()A.7 B.12 C.17 D.3410.下列函数中,其定义域和值域分别与函数y=10lgx的定义域和值域相同的是()A.y=x B.y=lgx C.y=2x D.y=111.函数f(x)=cos2x+6cosπ2-x的最大值为A.4 B.5 C.6 D.712.已知函数f(x)(x∈R)满足f(x)=f(2-x),若函数y=|x2-2x-3|与y=f(x)图象的交点为(x1,y1),(x2,y2),…,(xm,ym),则∑i=1mA.0 B.m C.2m D.4m第Ⅱ卷(非选择题,共90分)本卷包括必考题和选考题两部分.第13~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22~24题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题:本题共4小题,每小题5分.13.已知向量a=(m,4),b=(3,-2),且a∥b,则m=.

14.若x,y满足约束条件x-y+1≥015.△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若cosA=45,cosC=513,a=1,则b=16.有三张卡片,分别写有1和2,1和3,2和3.甲,乙,丙三人各取走一张卡片,甲看了乙的卡片后说:“我与乙的卡片上相同的数字不是2”,乙看了丙的卡片后说:“我与丙的卡片上相同的数字不是1”,丙说:“我的卡片上的数字之和不是5”,则甲的卡片上的数字是.

三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(本小题满分12分)等差数列{an}中,a3+a4=4,a5+a7=6.(Ⅰ)求{an}的通项公式;(Ⅱ)设bn=[an],求数列{bn}的前10项和,其中[x]表示不超过x的最大整数,如[0.9]=0,[2.6]=2.18.(本小题满分12分)某险种的基本保费为a(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:上年度出险次数01234≥5保费0.85aa1.25a1.5a1.75a2a随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况,得到如下统计表:出险次数01234≥5频数605030302010(Ⅰ)记A为事件:“一续保人本年度的保费不高于基本保费”.求P(A)的估计值;(Ⅱ)记B为事件:“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”.求P(B)的估计值;(Ⅲ)求续保人本年度平均保费的估计值.19.(本小题满分12分)如图,菱形ABCD的对角线AC与BD交于点O,点E,F分别在AD,CD上,AE=CF,EF交BD于点H.将△DEF沿EF折到△D'EF的位置.(Ⅰ)证明:AC⊥HD';(Ⅱ)若AB=5,AC=6,AE=54,OD'=22,求五棱锥D'-ABCFE的体积20.(本小题满分12分)已知函数f(x)=(x+1)lnx-a(x-1).(Ⅰ)当a=4时,求曲线y=f(x)在(1,f(1))处的切线方程;(Ⅱ)若当x∈(1,+∞)时,f(x)>0,求a的取值范围.21.(本小题满分12分)已知A是椭圆E:x24+y23=1的左顶点,斜率为k(k>0)的直线交E于A,M两点,点N在E(Ⅰ)当|AM|=|AN|时,求△AMN的面积;(Ⅱ)当2|AM|=|AN|时,证明:3<k<2.请考生在第22~24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.22.(本小题满分10分)选修4—1:几何证明选讲如图,在正方形ABCD中,E,G分别在边DA,DC上(不与端点重合),且DE=DG,过D点作DF⊥CE,垂足为F.(Ⅰ)证明:B,C,G,F四点共圆;(Ⅱ)若AB=1,E为DA的中点,求四边形BCGF的面积.23.(本小题满分10分)选修4—4:坐标系与参数方程在直角坐标系xOy中,圆C的方程为(x+6)2+y2=25.(Ⅰ)以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,求C的极坐标方程;(Ⅱ)直线l的参数方程是x=tcosα,y=tsinα(t为参数),l与C24.(本小题满分10分)选修4—5:不等式选讲已知函数f(x)=x-12+x+1(Ⅰ)求M;(Ⅱ)证明:当a,b∈M时,|a+b|<|1+ab|.

2016年普通高等学校招生全国统一考试(课标全国卷Ⅱ)一、选择题1.D由已知得B={x|-3<x<3},∵A={1,2,3},∴A∩B={1,2},故选D.2.Cz=3-2i,所以z=3+2i,故选C.3.A由题图可知A=2,T2=π3--π6=π2,则T=π,所以ω=2,则y=2sin(2x+φ),因为题图经过点π3,2,所以2sin2×π3+φ=2,所以2π3+φ=2kπ+π2,k∈Z,即φ=2kπ-π4.A设正方体的棱长为a,则a3=8,解得a=2.设球的半径为R,则2R=3a,即R=3,所以球的表面积S=4πR2=12π.故选A.5.D由题意得点P的坐标为(1,2).把点P的坐标代入y=kx(k>0)得k=1×2=2,故选6.A由圆的方程可知圆心为(1,4).由点到直线的距离公式可得|a×1+4-1|a易错警示圆心的坐标容易误写为(-1,-4)或(2,8).7.C由三视图知圆锥的高为23,底面半径为2,则圆锥的母线长为4,所以圆锥的侧面积为12×4π×4=8π.圆柱的底面积为圆柱的侧面积为4×4π=16π,从而该几何体的表面积为8π+16π+4π=28π,故选C.8.B行人在红灯亮起的25秒内到达该路口,即满足至少需要等待15秒才出现绿灯,根据几何概型的概率公式知所求事件的概率P=2540=58,9.C执行程序框图,输入a为2时,s=0×2+2=2,k=1,此时k>2不成立;再输入a为2时,s=2×2+2=6,k=2,此时k>2不成立;再输入a为5,s=6×2+5=17,k=3,此时k>2成立,结束循环,输出s为17,故选C.10.D函数y=10lgx的定义域、值域均为(0,+∞),而y=x,y=2x的定义域均为R,排除A,C;y=lgx的值域为R,排除B,故选D.易错警示利用对数恒等式将函数y=10lgx变为y=x,将其值域认为是R是失分的主要原因.11.Bf(x)=1-2sin2x+6sinx=-2sinx-322+112,当sinx=1时,思路分析利用二倍角余弦公式及诱导公式将f(x)=cos2x+6cosπ2-x转化为关于sinx的二次函数,通过配方来求最值,注意不要忘记sin12.B由题意可知f(x)的图象关于直线x=1对称,而y=|x2-2x-3|=|(x-1)2-4|的图象也关于直线x=1对称,所以两个图象的交点关于直线x=1对称,且每对关于直线x=1对称的交点的横坐标之和为2,所以∑i=1mxi疑难突破关于直线x=1对称的两点横坐标之和为2,由题意得出f(x)与y=|x2-2x-3|的图象均关于直线x=1对称是解题的关键.二、填空题13.答案-6解析因为a∥b,所以m3=4-2,易错警示容易把两个向量平行与垂直的条件混淆.14.答案-5解析由约束条件画出可行域,如图中阴影部分所示(包括边界).当直线x-2y-z=0过点B(3,4)时,z取得最小值,zmin=3-2×4=-5.15.答案2113解析由cosC=513,0<C<π,得sinC=1213由cosA=45,0<A<π,得sinA=3所以sinB=sin[π-(A+C)]=sin(A+C)=sinAcosC+sinCcosA=6365根据正弦定理得b=asinBsin16.答案1和3解析丙的卡片上的数字之和不是5,则丙有两种情况:①丙的卡片上的数字为1和2,此时乙的卡片上的数字为2和3,甲的卡片上的数字为1和3,满足题意;②丙的卡片上的数字为1和3,此时乙的卡片上的数字为2和3,甲的卡片上的数字为1和2,这时甲与乙的卡片上有相同的数字2,与已知矛盾,故情况②不符合,所以甲的卡片上的数字为1和3.疑难突破先对丙分类讨论,确定出丙卡片上的数字情况再确定乙、甲是解决问题的关键.三、解答题17.解析(Ⅰ)设数列{an}的公差为d,由题意有2a1+5d=4,a1+5d=3.解得a1=1,d=25.(3分所以{an}的通项公式为an=2n+35(Ⅱ)由(Ⅰ)知,bn=2n+35当n=1,2,3时,1≤2n+35当n=4,5时,2≤2n+35当n=6,7,8时,3≤2n+35当n=9,10时,4≤2n+35<5,bn所以数列{bn}的前10项和为1×3+2×2+3×3+4×2=24.(12分)疑难突破充分挖掘[x]的意义,进而将{bn}的表达式类比分段函数给出,从而求出数列{bn}的前10项和.18.解析(Ⅰ)事件A发生当且仅当一年内出险次数小于2.由所给数据知,一年内出险次数小于2的频率为60+50200故P(A)的估计值为0.55.(3分)(Ⅱ)事件B发生当且仅当一年内出险次数大于1且小于4.由所给数据知,一年内出险次数大于1且小于4的频率为30+30200故P(B)的估计值为0.3.(6分)(Ⅲ)由所给数据得保费0.85aa1.25a1.5a1.75a2a频率0.300.250.150.150.100.05(10分)调查的200名续保人的平均保费为0.85a×0.30+a×0.25+1.25a×0.15+1.5a×0.15+1.75a×0.10+2a×0.05=1.1925a.因此,续保人本年度平均保费的估计值为1.1925a.(12分)19.解析(Ⅰ)证明:由已知得AC⊥BD,AD=CD.又由AE=CF得AEAD=CFCD,故AC∥EF.(2由此得EF⊥HD,EF⊥HD',所以AC⊥HD'.(4分)(Ⅱ)由EF∥AC得OHDO=AEAD=14由AB=5,AC=6得DO=BO=AB所以OH=1,D'H=DH=3.于是OD'2+OH2=(22)2+12=9=D'H2,故OD'⊥OH.由(Ⅰ)知AC⊥HD',又AC⊥BD,BD∩HD'=H,所以AC⊥平面BHD',于是AC⊥OD'.又由OD'⊥OH,AC∩OH=O,所以OD'⊥平面ABC.(8分)又由EFAC=DHDO得EF=五边形ABCFE的面积S=12×6×8-12×92×3=69所以五棱锥D'-ABCFE的体积V=13×694×22=23220.解析(Ⅰ)f(x)的定义域为(0,+∞).当a=4时,f(x)=(x+1)lnx-4(x-1),f'(x)=lnx+1x-3,f'(1)=-2,f(1)=0.曲线y=f(x)在(1,f(1))处的切线方程为2x+y-2=0.(3分)(Ⅱ)当x∈(1,+∞)时,f(x)>0等价于lnx-a(x-设g(x)=lnx-a(xg'(x)=1x-2a(x+1(i)当a≤2,x∈(1,+∞)时,x2+2(1-a)x+1≥x2-2x+1>0,故g'(x)>0,g(x)在(1,+∞)单调递增,因此g(x)>0;(8分)(ii)当a>2时,令g'(x)=0得x1=a-1-(a-1)2-1由x2>1和x1x2=1得x1<1,故当x∈(1,x2)时,g'(x)<0,g(x)在(1,x2)单调递减,因此g(x)<0.(11分)综上,a的取值范围是(-∞,2].(12分)21.解析(Ⅰ)设M(x1,y1),则由题意知y1>0.由已知及椭圆的对称性知,直线AM的倾斜角为π4又A(-2,0),因此直线AM的方程为y=x+2.(2分)将x=y-2代入x24+y23=1解得y=0或y=127,所以y1=12因此△AMN的面积S△AMN=2×12×127×127=144(Ⅱ)将直线AM的方程y=k(x+2)(k>0)代入x24+y(3+4k2)x2+16k2x+16k2-12=0.由x1·(-2)=16k2-123+4k故|AM|=|x1+2|1+k2=由题设,直线AN的方程为y=-1k故同理可得|AN|=12k1+k由2|AM|=|AN|得23+4k2=k3k2+4,即设f(t)=4t3-6t2+3t-8,则k是f(t)的零点,f'(t)=12t2-12t+3=3(2t-1)2≥0,所以f(t)在(0,+∞)单调递增.又f(3)=153-26<0,f(2)=6>0,因此f(t)在(0,+∞)有唯一的零点,且零点k在(3,2)内,所以3<k<2.(12分)22.解析(Ⅰ)证明:因为DF⊥EC,所以△DEF∽△CDF,则有∠GDF=∠DEF=∠FCB,DFCF=DECD=所以△DGF∽△CBF,由此可得∠DGF=