黄浦区2017年高三物理一模试卷

高三年级物理试卷第7页共4页黄浦区2016学年度第一学期高三年级期终调研测试物理试卷2017年1月12日（本试卷共4页，满分100分，考试时间60分钟。）考生注意：1、答卷前，务必用钢笔或圆珠笔在答题纸正面清楚地填写姓名、准考证号，并将核对后的条形码贴在指定位置上，在答题纸反面清楚地填写姓名。2、第一大题的作答必须用2B铅笔涂在答题纸上相应区域内与试卷题号对应的位置，需要更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。第二、第三大题的作答必须用黑色的钢笔或圆珠笔写在答题纸上与试卷题号对应的位置（作图可用铅笔）。3、第19、20题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。一．单项选择题（共40分，1-8题每小题3分，9-12题每小题4分，每小题只有一个正确选项。）在国际单位制（SI）中，下列属于基本单位的是（）（A）千克 （B）牛顿 （C）库仑 （D）焦耳奥斯特首先通过实验（）（A）提出了单摆的周期公式 （B）测出了万有引力恒量G（C）发现了电流周围存在磁场 （D）发现了电磁感应现象质量为2kg的质点仅受两个力作用，两个力的大小分别为3N和5N。则该质点的加速度的值可能为（（A）0.5m/s2 （B）0.75m/s2 （C）3.5m/s2 （D）4.5下列事例中属于利用静电现象的是（）（A）油罐车上连接地线 （B）复印机复印文件资料（C）屋顶安装避雷针 （D）印染厂车间保持湿度ABOC三段材质完全相同且不可伸长的细绳OA、OB、OC，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB水平，A端、B端固定。若逐渐增加C端所挂重物的质量，则最先断的绳（ABOC（A）必定是OA （B）必定是OBfr/m10-1010-9斥力引力分子力（C）必定是OC fr/m10-1010-9斥力引力分子力根据分子动理论可知，在使两个分子间的距离由很远（r＞10-9m）变到很难再靠近的过程中，分子间的作用力的大小将（（A）先减小后增大 （B）先增大后减小（C）先增大后减小再增大 （D）先减小后增大再减小

a

b

P

Q

如图所示，P为固定的点电荷，周围实线是其电场的电场线。一带负电的粒子Q进入该电场后沿虚线运动，va、vb分别是Q经过a、b两点时的速度a

b

P

Q

（A）P带正电，va＞vb （B）P带负电，va＞vb（C）P带正电，va＜vb （D）P带负电，va＜vb卫星在行星附近运动，绕行的每一周均可近似看做匀速圆周运动。由于尘埃等物质的影响，轨道半径会逐渐减小，则卫星的（）（A）速度会减小 （B）周期会减小 （C）角速度会减小 （D）加速度会减小F1F2如图所示，光滑水平面上的木块，在两水平力F1与F2的作用下，静止不动。现保持F1恒定不变，F2方向不变、大小随时间均匀减小到零后再均匀增大到原来的大小。下列图像中能正确描述这个过程中木块运动情况的是F1F2OO

v

t

O

t

O

t

O

t

v

a

a

（A）（B）（C）（D）v/m·s-1t/s0v/m·s-1t/s0甲

乙

（A）0~2s （B）1~3s（C）2s~4s （D）3s~5s（a）（b）质量为2kg的物体，放在动摩擦因数μ＝0.5的水平地面上，在水平拉力的作用下，由静止开始运动，拉力做功W和物体位移s之间的关系如图所示，已知在0~1m内和1m~3m内水平拉力分别为大小不同的恒力。若在运动的前3m过程中，拉力的最大功率为Pmax，运动前1m和后2m所用的时间之比为t1:t2，则（（a）（b）（A）Pmax＝10eq\R(10)W，t1∶t2＝1∶2（B）Pmax＝20eq\R(10)W，t1∶t2＝1∶2（C）Pmax＝10eq\R(10)W，t1∶t2＝1∶1（D）Pmax＝20eq\R(10)W，t1∶t2＝1∶1badcBBIIIIIIO

x

如图所示，Ⅰ、Ⅲ为两匀强磁场区，Ⅰ区域的磁场方向垂直纸面向里，Ⅲ区域的磁场方向垂直纸面向外，磁感强度均为B，两区域中间为宽l的无磁场区Ⅱ，有边长为L＝2l的正方形金属框abcd置于I区域，ab边与磁场边界平行，以Ⅰ、Ⅱ区域分界处为坐标原点O。现使金属框向右匀速移动，在ab边从x＝0badcBBIIIIIIO

x

OO

i

l

2

3

4

x

O

i

l

2

3

4

x

O

i

l

2

3

4

x

O

i

l

2

3

4

x

（A）（B）（C）（D）二．填空题（共20分，每小题4分。）在所受合外力为零的情况下，物体将保持_______________状态；量度物体惯性大小的物理量是__________。SSNNSabcd如图所示，左右两套装置完全相同，用导线悬挂的金属细棒ab、cd分别位于两个蹄形磁铁的中央，悬挂点用导线分别连通。现用外力使ab棒向右快速摆动，则此时cd棒受到的安培力方向为________（选填“向右”或“向左”），这个过程中右侧装置的工作原理相当于_________（选填“电动机”或“发电机”）。质量为m的质点做匀变速直线运动，初始时刻速度为v，经过t时间后动能变为初始时刻的4倍，则在这一过程中物体动能的变化量为_____________，物体的加速度为________________。自重40(kg)额定电压48(V)载重75(kg)额定电流12(A)最大运行速度20(km/h)额定输出功率350(W)某品牌电动自行车的主要技术数据如右表所示。当该电动自行车在额定状态下以v＝20km/h的速度行驶时，电动机的输入功率为__________W；若不计电动自行车自身机械损耗，则此时自行车受到的牵引力约为________N。在某介质中，两列相向传播的简谐波A、B（A为半个波形的脉冲波，B为连续波），t＝0时刻所形成的波如图所示，两列波的传播速度均为v＝1.0m/s，则在t＝17s时，x＝18m的质点的位移是__________cm，在此之前A波波峰与B波波峰相遇的次数为_______次。OO

y/cm

x/m

2

-3

v

v

三．综合题（共40分）在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中，图（a）为实验电路图，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。（1）请根据电路图，用笔画线代替导线连接图（b）中的实物；数据采集器电压传感器数据采集器电压传感器电流传感器（b）R0R接计算机SRR0（a）电压传感器电流传感器（（c）00.10.21.51.61.72.11.81.92.0U/VI/A0.30.50.60.4（2）某同学利用图（a）所示的电路，测得一组U-I实验数据，在直角坐标系上描绘的点如图（c）所示，请在图（c）上绘出U-I的图像。（3）根据所画U-I的图像，可求得电源电动势E＝___________V，当电流I＝05A时电源的输出功率为__________W。20cm20cm4cm5cm一内壁光滑、粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一轻活塞。初始时，管内水银柱及空气柱长度如图所示。已知大气压强p020cm20cm4cm5cm（1）求右侧封闭气体的压强p右；（2）现用力向下缓慢推活塞，直至管内两边水银柱高度相等并达到稳定。求此时右侧封闭气体的压强p右ʹ；（3）求第（2）问中活塞下移的距离x。20°70°Babcd20．如图所示，足够长、固定的直角金属轨道左侧倾角θ1＝20°，右侧倾角θ2＝70°，轨道宽均为L＝0.6m。整个装置位于B＝1T匀强磁场中，磁场方向垂直于右侧轨道平面向上。金属棒ab、cd分别垂直于轨道放在左、右两侧轨道上。t＝0时刻由静止释放两棒，同时在cd棒上施加一平行于右侧轨道的外力F，使cd开始沿右侧轨道向下做加速度a＝0.5m/s2的匀加速运动。已知ab、cd棒的质量m1＝0.25kg、m2＝0.1kg，电阻R1＝1.5Ω、R2＝0.5Ω，其余电阻不计，两棒与轨道间的动摩擦因数均为μ＝0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力的大小。（重力加速度g取10m/s2，sin70°20°70°Babcd（1）请通过分析、计算、推理，说明ab棒会始终静止在左侧轨道上的理由。（2）请通过分析、计算、推理，描述施加在cd棒上的外力F随时间t的变化情况。

黄浦区2016学年度第一学期高三年级期终调研测试参考答案一．单项选择题（共40分，1-8题每小题3分，9-12题每小题4分。每小题只有一个正确选项。）题号123456789101112答案ACCBACBBCCDA二．填空题（共20分，每小题4分。）13．静止或匀速直线运动（平衡），质量 14．向右，电动机15．eq\f(3,2)mv2，eq\f(v,t)或-eq\f(3v,t) 16．576W，63N 17．-1，3说明：答案得分第13题第一空静止或匀速直线运动，平衡2静止，匀速直线运动1第15题第二空eq\f(v,t)或-eq\f(3v,t)2eq\f(v,t)，-eq\f(3v,t)1三．综合题（共40分）18．（12分）数据采集器电压传感器电流传感器（b）数据采集器电压传感器电流传感器（b）R0R接计算机评分建议：①电源、电键、滑动变阻器、电流传感器、电阻串联连接；（得1分）②滑动变阻器接线柱一上一下；（得1分）③电压传感器并联在电源和电键两端，（得2分），电压表并联在电源两端，即电键不能控制电压表示数的有无。（得1分）（2）（3分）（略）（画成折线不得分）（3）2.0，0.8第一空满分2分，第二空满分3分19.（14分）（1）p右＝p左+ρgh＝p0+ρgh＝75cmHg+（20-5）cmHg＝90cmHg（3分）（2）p右＝90cmHg，V右＝Sl右；p右’＝？，V右’＝Sl右’l右＝20cm，l右’＝（20-eq\f(20-5,2)）cm＝12.5cm（2分）根据p右V右＝p右’V右’可以解得p右ʹ＝eq\f(p右V右,V右’)＝eq\f(90×20,12.5)cmHg＝144cmHg（3分）（3）p左＝75cmHg，V左＝Sl左；p左’＝p右’＝144cmHg（1分），V左’＝Sl左’m2gN2f2FA2Fm1gN1f1l左＝4cm，l左m2gN2f2FA2Fm1gN1f1根据p左V左＝p左’V左’可以解得l左ʹ≈2.08cm，（3分）x≈9.42cm（2分）20.（14分）（1）（6分）刚释放时，ab棒的受力如右图。……①沿轨道斜面向下的合力：m1gsin20°＝0.25×10×0.34N＝0.85N最大静摩擦力fmax＝μN1＝μm1gcos20°＝0.4×0.25×10×0.94N＝0.94N因为m1gsin20°＜fmax，所以刚释放时ab棒保持静止。……②cd棒向下做切割磁感线的运动，由楞次定律可以确定cd棒中的电流从d指向c，ab棒中的电流从a指向b……③由左手定则可以确定ab棒受到的安培力垂直于左侧轨道向下……④cd棒速度增大，由E＝BLv和闭合电路欧姆定律可确定ab棒中的电流增大，再由FA＝BIL可确定ab棒受到的安培力增大，导致压力增大进而导致ab棒与轨道间的最大静摩擦力增大……⑤因为总有m1gsin20°＜fmax，所以ab棒不会由静止开始运动。……⑥评分量表以上①~⑥各1分（2）（8分）cd棒在右侧轨道上做匀加速运动时，其受力情况如图所示，设F方向向下。其中，斜面弹力N2＝m2gcos70°，斜面摩擦力f2＝μN2＝μm2gcos70°，安培力FA2＝BIL＝BLeq\f(BLv,R1+R2)＝eq\f(B2L2at,R1+R2)……①以沿斜面向下为正方向，根据牛顿第二定律有：m2gsin70°+F-μm2gcos70°-FA＝m2a……②代入已知数据可得：F＝-0.754+0.09t……③所以：t＝0s时，F沿右侧轨道向上，大小为0.754N；0s~8.38s之间，F沿右侧轨道向