2023-2024学年江西省赣州市十四县物理高二第一学期期末综合测试试题含解析

2023-2024学年江西省篝州市十四县物理高二第一学期期末综合测试试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、交流发电机正常工作时产生的电动势为e=E„sin25，若将其线圈的匝数变为原来的2倍，而转速减为原来的一半,

其他条件不变，则产生的电动势的表达式为：

A.sin/tB.e=2Emsin(ot

C.e=2Emsin2cotD.e=Emsin2(ot

2、已知钙和钾的截止频率分别为7.73xl0i4Hz和5.44x1014Hz,在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较

它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的()

A.波长B.频率

C.能量D.动量

3、沼泽的下面蕴藏着丰富的泥炭，泥炭是沼泽地积累的植物残体，它的纤维状和海绵状的物理结构导致人在其表面行

走时容易下陷，若人下陷的过程是先加速后匀速运动，下列判断正确的是()

A.加速运动时人对沼泽地的压力大于沼泽地对他的支持力

B.加速运动时人对沼泽地的压力小于沼泽地对他的支持力

C.人对沼泽地的压力先大于后等于沼泽地对他的支持力

D.人对沼泽地的压力大小总等于沼泽地对他的支持力

4、如图所示的匀强磁场中有一闭合矩形导线框，则在图示时刻能产生感应电流的是

5、如图所示，01、02是两个异号电荷，。1、02是两个电荷距离的三等分点，M,N关于。1对称且它们所在直线与两

个电荷的连线垂直。已知的场强比。2的大，则（）

I

：0

4N

I

I

A.将电子由M沿直线移到Oi的过程中，静电力一直做正功

B.电场线关于两个电荷的连线不对称

C.两个电荷连线的中垂线上各点的电势均为0

D.M点的场强与N点的相同

6、在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，紧贴边缘内壁放一个圆环形电极，并把它们与电池的两极相连，然后在玻璃皿

中放入导电液体，例如盐水.如果把玻璃皿放在磁场中（如图所示）.通过所学的知识可知，当接通电源后从上向下看

（）

N

A.液体将顺时针旋转

B.液体将逆时针旋转

C.若仅调换N、S极位置，液体旋转方向不变

D.不能确定液体的转动方向

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，其中电动机内电阻r=lQ,电路中另一电阻R=9Q,直流

电压U=180V,理想电压表示数Uv=135V,电动机正以v=lm/s匀速竖直向上提升某重物，g^lOm/s2,下列判断正确

的是（）

A.通过电动机的电流是18A

B.输入电动机的电功率是675W

C.电机的输出功率是25W

D.重物的质量是65kg

8、如图所示，M、N为平行板电容器的两个金属极板，G为静电计，开始时闭合开关S,静电计指针张开一定角度。

则下列说法正确的是（）

A.开关S保持闭合状态，将R的滑片向右移动，静电计指针张角增大

B.开关S保持闭合状态，仅将两极板间距减小，电容器的带电量增加

C.断开开关S后，紧贴下极板插入厚云母片，静电计指针张角减小

D.断开开关S后，仅将两极板间距减小，板间电场强度减小

9、在如图所示的电路，电源的内阻为r,现闭合电键S,将滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是

A.灯泡L变亮B.电压表读数变小

C.电流表读数变小D.电容器C上的电荷量增大

10、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r,Ri、&为定值电阻，用为滑动变阻器，C

为电容器，图中电表为理想电表.在滑动变阻器滑动触头产自。端向方端滑动的过程中。

A.电压表示数变大B.电容器C所带电荷量减少

C.电流表示数变小D.a点的电势降低

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图所示，两只用粗细相同的铜丝做成的闭合线框a、b放在光滑绝缘水平桌面上，它们的边长分别为L

和2L现以相同的速度v将a、万从磁感应强度为5的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外.在此过程中，a、6两线框

中的电流之比为;拉力之比为:通过铜丝横截面的电量之比为.

II

；xxx!

12.（12分）有一个小灯泡上标有“4V,2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的/-U图线，现有下列器材供选

用：

A.电压表（0〜5V,内阻10kQ）B.电压表（0-15V,内阻20kQ）

C.电流表（0〜3A,内阻0.4Q）D.电流表（0〜0.6A,内阻1Q）

E.滑动变阻器（最大阻值为10Q,允许最大电流为2A）

F.滑动变阻器（最大阻值为500C,允许最大电流为1A）

G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干

（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验，其理由是:

（2）实验中所用电压表应选用,电流表应选用，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=lO的电源，导轨平面与

水平面间的夹角0=37。.金属杆ab垂直导轨放置，质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不

计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当Ro=l。时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g=10m/s2,sin37°=0.6,

（1）求磁感应强度B的大小；

（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度

14.（16分）A3C表示竖直放在电场强度为E=104v/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的3c部分是半径

为R的,圆环，轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点，而且A5=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电

量为q=+10TC的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

⑴小球到达C点的速度大小

⑵小球在C点时，轨道受到的压力大小

15.（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板“、〜相距d=0.10m,a、间的电场强度为E=5.OX105N/C,b

板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为机=4.8xl0-25kg、电荷

18

量为9=1.6X10C的带正电的粒子（不计重力），从贴近。板的左端以vo=l.OxlO«m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好

从狭缝尸处穿过》板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的。处（图中未画出）.求P、0之间的距离L

XXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXX'XXXX

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】根据后尸N3S。判断电动势的峰值，由e=E“,sinof知电动势的表达式判断新产生的电动势的表达式

【详解】由Em=NBS（o知若线圈的匝数变为原来的2倍，而转速减为原来的一半时段,不变;转速变为一半，由e=E,„sinMt

知电动势的表达式为

f

e=Emsincot

故A正确，BCD错误

故选Ao

2、A

【解析】根据爱因斯坦光电效应方程得

E.=hv-W0

又

叱）=K

联立得

Ek=hv-hvc

由题知，钙的截止频率比钾的截止频率大，由上式可知从钙表面逸出的光电子最大初动能较小，由

P=百叫

可知该光电子的动量较小，根据

h

A,——

P

可知，波长较大，则频率较小。

故选Ao

3、D

【解析】沼泽地地面对人的支持力和人对沼泽地地面的压力是相互作用力，二者大小相等.对人受力分析，人受重力

和支持力，重力大于支持力，故人会向下加速运动；

【详解】人对沼泽地地面的压力与沼泽地地面对人的支持力为作用力与反作用力，故二力一定大小相等，方向相反，

故ABC错误；D正确.故选D

【点睛】不管人是加速下降、匀速下降还是减速下降，人对沼泽地地面的支持力和沼泽地地面对人的压力总是等大、

反向、共线，与人的运动状态无关

4、B

【解析】A.该图保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中向右运动，磁通量一直为零，磁通量不变，无感应

电流，故A错误；

B.该图保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中向右运动，离开磁场，磁通量减小，有感应电流，故B正确;

C.该图保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中向上运动，磁通量不变，无感应电流，故C错误；

D.该图保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中向右运动，故磁通量不变，无感应电流，故D错误；

故选B

5、A

【解析】A.MOi连线上从M到Oi离正电荷的距离越来越近，所以电势越来越高，电子具有的电势能越来越小，静电

力做正功，故A正确；

B.电场线关于两个电荷的连线对称，只是关于连线的中垂线不对称，故B错误；

C.01的场强比。2的大，说明0比。2更大，所以两个电荷连线的中垂线并不是等势线，故C错误；

D.M点的场强与N点的场强大小相等，方向不同，所以两点的场强不同，故D错误。

故选Ao

6、B

【解析】在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知,

导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转；若仅调换N、S极位置，液体旋转方向反向，故

选项B正确，ACD错误；故选B

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】(1)根据欧姆定律求出通过R的电流；

(2)电动机的输入功率为Pi=U2l；

(3)电动机内电阻的发热功率为P2=Pr,输出的机械功率为P3=Pi-P2.由公式P3=Fv=mgv求解物体的质量

【详解】A、通过R的电流为：iJ]一吆1孔二1^A=5A；故A错误；

R9

B、电动机的输入功率为：PI=U2I=135X5W=675W；故B正确；

22

C、电动机内电阻的发热功率为：P2=Ir=5xlW=25W,

输出的机械功率为：P3=Pi-P2=(675-25)W=650W；故C错误；

D、P3=Fv=mgv

解得：m=-；；-=65kg,故D正确；

1。X1

故选BD

【点睛】本题考查了机械公式和电功功率以及电功公式的灵活应用，关键是知道电动机做功的功率加上线圈的发热功

率即为电动机消耗电能的功率，难度适中

8、BC

【解析】AB.保持开关闭合状态，则电容器两端电压保持不变，将滑片移动时，电容器两端电压也不发生变化，所以

静电计指针张角不变，若是仅将两极板间距减小，根据电容器的决定式：

C=-^

4/ckd

可知电容器电容变大，根据电容的定义式：

u

可知电容器带电荷量增加，A错误，B正确；

C.断开开关S后，电容器所带电荷量保持不变，若是在板间插入厚云母片，根据电容器的决定式：

c=-^-

4兀kd

可知电容变大，根据电容的定义式：

U

所以两板间电势差变小，所以静电计指针张角变小，C正确；

D.断开开关S后，电容器所带电荷量保持不变，根据电容器的决定式：

c=-^—

4兀kd

根据电容的定义式：

u

极板间为匀强电场：

E工

d

联立可得：

E=^Q

qs

若是仅将两板间距离减小，板间电场强度不变，D错误。

故选BC。

9、CD

【解析】滑片P向左移动一段距离后电阻变大，故电路的电流减小，电流表读数变小，灯泡L变暗；路端电压变大，

故电压表读数变大；滑动变阻器两端电压变大，根据Q=CU可知，电容器C上的电荷量增大，选项CD正确，AB错

误.

10、ABD

【解析】考查含容电路的动态分析。

【详解】A.在滑动变阻器滑动触头P自。端向8端滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻

减小，干路电流/增大，电阻由两端电压增大，则电压表示数增大，A正确；

B.电阻电两端电压：〃=E-/(K+力，/增大，则S减小，电容器板间电压减小，带电量减小，B正确；

C.通过R2的电流力减小，通过电流表的电流A，/增大，“减小，则心增大，即电流表示数变大，C错误;

D.外电路顺着电流方向电势降低，可知。的电势大于0,"点电势等于以两端电压，S减小，则。点电势降低，D

正确。

故选ABDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、①.1:1②.1:2③.1:2

【解析】根据电阻定律R=夕之得Ra：Rb=l：2,根据法拉第电磁感应定律E=BLv得线框电动势之比Ea：Eb=l：2,

EE.FnF安iBI-L1

两线框中的电流之比/“：1,由于线框匀速运动，拉力和安培力平衡，故

4%卜安2'2L2

4①qBI}BQLf1

根据q=—通过的铜丝横截面的电量之比——；

R总为凡风2

12、①.(1)描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据；②.(2)A,③.D,@.E

【解析】(D口］描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并要多取几组数据，滑动变阻器应选择分压接

法；

(2)⑵灯泡额定电压为4V,电压表应选A；

［3］灯泡额定电流

P2

/=—=-A=0.5A

U4

电流表应选£＞；

［4］为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)2T；(2)1.5m/s2,方向沿斜面向上

【解析】(1)当Ro=lQ时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；

(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加

速度大小

E3

【详解】(1