2023年湖南省株洲市天元区中考物理模拟试卷

2023年湖南省株洲市天元区中考物理模拟试卷一、单选题（每小题选择一个答案，每小题0分，共计30分）帆板是帆船运动中一个级别的比赛，是一项新兴的体育运动，可实际上是一个独立的体育项目。如图2的三角帆和带有万向节的桅杆组成，没有舵和坐舱，全部质量为20kg，当湖面风速为8m/s时，风压为40Pa。请解答1～4题。1．（2分）帆板只能依靠风力才能前进，这表明（）A．力是维持物体运动的原因 B．力是改变物体运动状态的原因 C．力是改变物体形状的原因 D．力的作用效果与受力面积大小有关2．（2分）阳光下，水中帆影与水天交相辉映，美如画卷，下列能解释帆影形成的是（）A．水中“折”筷 B．雨后彩虹 C．猫照镜子 D．海市蜃楼3．（2分）当湖面风速为8m/s时，帆板前进的动力为（）A．200N B．6×105N C．40N D．240N4．（2分）小王看到远处的帆板情形如甲图不清晰，等帆板靠近之后观察到图乙的情形，为了矫正他的视力，他应配戴（）A．凹透镜 B．凸透镜 C．凸面镜 D．凹面镜近些年来，电热水壶在我们的生活中非常的普及，成为家居中不可缺少的家电之一。电热水壶有最大的优点是发热快，给居家生活带来极大的方便。请解答5～9题：5．（2分）小明用电热水壶烧开水时，水开后看到壶嘴附近有“白气”出现，这些“白气”是（）A．空气中的水蒸气 B．壶中喷出来的水蒸气 C．壶中喷出的水蒸气遇到冷后液化而成 D．空气中的水分遇到较热的壶嘴汽化而成6．（2分）用电热水壶烧水至沸腾时，小明看到水蒸气会顶开壶盖。与此能量转化相同的是图中的（）A． B． C． D．7．（2分）他家的有一个电水壶，能独立地实现自动抽水和加热。下列符合要求的是（）A． B． C． D．8．（2分）在烧水的过程中，小明发现：壶体的温度在不断上升，但与它相连接的电线却不怎么热，造成该现象的原因是（）A．通过电线的电流较小 B．电线的电阻较小 C．电线的横截面积很小 D．电线的比热容较小9．（2分）小明按如图连接电能表和甲、乙电热水壶；当仅有热水壶甲工作时，电能表表盘1min转15圈；若两个电热水壶一起工作时，电能表表盘1min转25圈，则甲、乙两壶的功率（）A．P甲＜P乙 B．P甲＝P乙 C．P甲＞P乙 D．条件不足，无法判断如图为一款无人机，它在疫情期间大显身手，通过搭载广播系统、摄像系统、消毒系统等10．（2分）疫情防控工作中，无人机发出的声音，与正常人的发声不同的是（）A．传播速度 B．音色 C．产生原因 D．传播方式11．（2分）在一次航拍中，小李从监控画面中看到树梢在向上运动，他选择的参照物是（）A．地面 B．地面上的建筑 C．无人机 D．树干12．（2分）在航拍过程中，下列正确的是（）A．摄像镜头离物体越近，所拍摄范围越大 B．无人机镜头所成的像是倒立缩小的虚像 C．无人机摄像原理与投影仪相同 D．当无人机向人群靠近时，所成的像变大13．（2分）一架无人机边水平匀速飞行边喷洒消毒液的过程中，无人机的（）A．重力势能减小 B．动能不变 C．动能增大 D．动能转化为重力势能14．（2分）四旋翼无人机下方用细绳悬挂一个重物，当无人机带着重物上升过程中，细绳突然断裂，则重物将（）A．立即向下加速下落 B．立即匀速直线向上运动 C．先减速上升一段后匀速下落 D．先减速上升一段后加速下落15．（2分）无人机用测距传感器来判其离地高度，测距传感器的阻值R1随离地高度h增大而增大，图丙为其简化电路图，电源电压保持不变，R0为定值电阻，要使高度表（实质是电流表或电压表）示数能随飞行高度的增加而增加，下列正确的是（）A．高度表应该是电压表，安装在“1”处 B．高度表应该是电流表，安装在“2”处 C．高度表应该是电压表，安装在“3”处 D．高度表应该是电流表，安装在“3”处二、双选题（下列各题均选择两个答案，选错或多选均不计分，选对但不全者计2分，全部选对计3分，本大题共15分）（多选）16．（3分）某同学用托盘天平和量筒测量一小石块的密度，如图甲是调节天平时的情形，图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形（）A．甲图中应将平衡螺母向右调，使横梁平衡 B．乙图中测石块质量时，天平的读数是71.4g C．由丙图量筒的示数测得石块的体积是80cm3 D．计算出石块的密度是3.57×103kg/m3（多选）17．（3分）如图所示，导体棒AB、CD水平放置在蹄形磁体的磁场中，都垂直于所在位置的磁感线，发现CD向右移动，下列判断正确的是（）A．此装置的右侧应用的原理是电磁感应 B．此装置的右侧相当于电动机 C．调换右边磁体上下磁极，拉动AB向左移动，则CD向右移动 D．调换右边磁体上下磁极，拉动AB向右移动，则CD向右移动（多选）18．（3分）如图所示，甲、乙两个质量相同的长方体物块直立在水面上，下列正确的是（）A．甲、乙受到的浮力大小相等 B．甲浸在水中的体积大于乙浸在水中的体积 C．甲下表面受到的压力等于乙下表面受到的压力 D．甲下表面受到的压强等于乙下表面受到的压强（多选）19．（3分）在如图所示的电路中，闭合开关S，电路正常工作。一段时间后灯L熄灭，另一个电表的示数变小。故障可能是（）A．灯L短路 B．灯L断路 C．电阻R断路 D．电阻R短路（多选）20．（3分）用如图所示的滑轮组把一个重为30N的物体沿竖直方向匀速提升0.6m，拉力为12N，不计绳重与摩擦（）A．滑轮组机械效率是83.3% B．拉力做功为7.2J C．动滑轮重是18N D．若增加物重，可以提高机械效率三、非选择题（第21～26题将答案直接填在规定位置，第27～28题要必要的文字说明和解题步骤，只写答案不计分。本大题共55分）21．（8分）如图是一单元知识网络图，请按要求作答：（1）A（填一个物理规律）。（2）B（填一个物理关系式）。（3）C（填一种物理状态）。（4）浮力的方向是：。22．（6分）人体内水分约占体重的70%，当外界温度变化较快时，由于水的大，人体温度变化较小。炎热的夏季，人们常常愿呆在空调房内方式使身体的内能（选填“增大”、“不变”或“减小”）。23．（7分）重为2N的薄壁水杯，杯内盛有深度为5cm重为3N的水，水杯底面积为：50cm2。如图1用6N的力握住该水杯静止不动，水杯受到的摩擦力为N，当握力增大时，杯子受到的摩擦力会（选填“变大”“变小”或“不变”）；当把该杯子静置在水平桌面上（如图2），则杯底受到水的压力为N，杯子对桌面的压强为Pa。24．（4分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝尔由于发现巨磁电阻（GMR）效应。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图。（1）通电螺线管的右端是极。（2）闭合S2，指示灯不亮，再闭合S1，指示灯发光，由此可知：巨磁电阻的大小与有关。（3）若滑片P向左移动，电磁铁的磁场（填“增强”、“减弱”），观察到指示灯变得更亮，由此实验可得出结论：。25．（6分）“测量小灯泡额定功率”的实验，老师准备了如下器材：电源电压恒为3V、开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡电阻约为10Ω、滑动变阻器、导线若干，小明连接了如图甲所示的电路。（1）图甲中有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；（2）闭合开关后，滑片P移到某处时，电压表示数为2V，应（选填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入电路中的阻值，直至小灯泡正常发光。（3）小明根据实验数据绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W；灯泡正常工作的电阻是Ω。（4）同组的小鹏同学思考能不能只用一只电表测出小灯泡的电功率，于是他设计了如图丙所示的四个电路图，图中的电源电压U保持不变0，且U＞U0，其中定值电阻的阻值为R，在不改变电路连接的情况下，能测出小灯泡额定功率的是（填选项）。26．（4分）如图甲为小王发明的可以直接测量液体密度的“密度天平”。其制作过程和原理如下：用一根长1m的杠杆，调节两边螺母使杠杆在水平位置平衡。在杠杆左侧距O点（中点）10cm的A位置用细线固定一个质量为150g、容积为50mL的容器。杠杆右侧用质量不计的细线悬挂一质量为50g的钩码。测量时往容器中加满待测液体，就可以在钩码悬挂位置直接读出液体的密度。（1）在调节平衡螺母使该“密度天平”平衡时，若杠杆左端上翘，应将右侧平衡螺母向移动，直到杠杆水平平衡。（2）该“密度天平”的“零刻度”应标在右端距支点Ocm处。（3）该“密度天平”的最大称量密度值为kg/m3。（4）他还想用此装置测一小石块的密度，测量步骤如下：①如图乙，用细线将小石块和钩码拴好，分别挂于杠杆两侧，使杠杆在水平位置平衡。②分别测出小石块和钩码到支点的距离l1和l2。③在容器中盛适量的水，将小石块浸没于水中，移动钩码，测出钩码移动的距离l3。④小石块的密度：ρ石＝。（用上述步骤中的物理量表示，水的密度为ρ水）27．（9分）“频闪技术”是物理研究中的一中重要的实验方法，其原理是对运动中的物体在同一张底片上每隔一定的时间进行摄影，从而记录下物体相应的运动位置。如图是用“频闪技术”记录一个金属小球状从空中下落依次经过A、B、C三个位置的情形（1）该小球在下落过程在做运动。（填“匀速”、“减速”、“加速”）（2）小球从B到C的平均速度为m/s。（3）若小球从A到C过程中重力的平均功率为0.5W，试计算这一个小球的质量为多少g？28．（9分）某家用电饭锅内部电路简化示意图如图甲，有加热和保温两个挡位。图乙是电饭锅工作时电流I随时间t的变化图像，求：（1）电阻R1＝Ω；电饭锅在加热状态时的功率P＝W。（2）电饭锅保温过程消耗的电能W＝J。（3）R2的阻值多大？2023年湖南省株洲市天元区中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小题选择一个答案，每小题0分，共计30分）帆板是帆船运动中一个级别的比赛，是一项新兴的体育运动，可实际上是一个独立的体育项目。如图2的三角帆和带有万向节的桅杆组成，没有舵和坐舱，全部质量为20kg，当湖面风速为8m/s时，风压为40Pa。请解答1～4题。1．（2分）帆板只能依靠风力才能前进，这表明（）A．力是维持物体运动的原因 B．力是改变物体运动状态的原因 C．力是改变物体形状的原因 D．力的作用效果与受力面积大小有关【答案】B【解答】解：ABC、力是改变物体运动状态的原因，AC错误，B正确；D、压力的作用效果与受力面积大小有关，故D错误。故选：B。2．（2分）阳光下，水中帆影与水天交相辉映，美如画卷，下列能解释帆影形成的是（）A．水中“折”筷 B．雨后彩虹 C．猫照镜子 D．海市蜃楼【答案】C【解答】解：平静的水面相当于平面镜，帆的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像。解：A、杯中“折筷”是光的折射现象，故A错误；B、雨后彩虹是光的折射现象，故B错误；C、猫照镜子是光的反射现象，故C正确；D、海市蜃楼是光的折射现象，故D错误。故选：C。3．（2分）当湖面风速为8m/s时，帆板前进的动力为（）A．200N B．6×105N C．40N D．240N【答案】D【解答】解：由p＝得帆板前进的动力：F＝pS＝40Pa×6m2＝240N。故选：D。4．（2分）小王看到远处的帆板情形如甲图不清晰，等帆板靠近之后观察到图乙的情形，为了矫正他的视力，他应配戴（）A．凹透镜 B．凸透镜 C．凸面镜 D．凹面镜【答案】A【解答】解：近视眼的表现是看不清远处的东西，即是由于晶状体太厚，其折光能力太强，或眼球的前后距离方向太长，使得像成在视网膜的前方造成的，故若想使得像成在视网膜上，即需要让原来的光线发散一些，由于凹透镜对光线有发散的作用，故用凹透镜来矫正近视眼。由此可以判断出小王视力存在的问题是近视眼，所戴眼镜的镜片类型为凹透镜，故A正确。故选：A。近些年来，电热水壶在我们的生活中非常的普及，成为家居中不可缺少的家电之一。电热水壶有最大的优点是发热快，给居家生活带来极大的方便。请解答5～9题：5．（2分）小明用电热水壶烧开水时，水开后看到壶嘴附近有“白气”出现，这些“白气”是（）A．空气中的水蒸气 B．壶中喷出来的水蒸气 C．壶中喷出的水蒸气遇到冷后液化而成 D．空气中的水分遇到较热的壶嘴汽化而成【答案】C【解答】解：水开后看到壶嘴附近有“白气”出现，这些“白气”是水壶中喷出的水蒸气遇到冷空气后液化形成的小水滴。故ABD错误，C正确。故选：C。6．（2分）用电热水壶烧水至沸腾时，小明看到水蒸气会顶开壶盖。与此能量转化相同的是图中的（）A． B． C． D．【答案】C【解答】解：烧开水时，壶盖被水蒸气顶起，是水蒸气对壶盖做功的结果，该过程中水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；热机在做功冲程中高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能，由各选项图知，C图中进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，故ABD错误，C正确。故选：C。7．（2分）他家的有一个电水壶，能独立地实现自动抽水和加热。下列符合要求的是（）A． B． C． D．【答案】A【解答】解：A、电动机M与R并联，两条支路上各有一开关，能独立地实现自动抽水和加热，故A符合要求；BC、S1控制整个电路，只有闭合S1，M（R）工作时，再闭合S2，R（M）才能工作，故BC不符合题意；D、S1控制整个电路，两用电器串联，只闭合（断开）S1，M和R同时工作（停止工作）；再闭合S2，M短路，M不能工作，只有R工作，故D不符合题意。故选：A。8．（2分）在烧水的过程中，小明发现：壶体的温度在不断上升，但与它相连接的电线却不怎么热，造成该现象的原因是（）A．通过电线的电流较小 B．电线的电阻较小 C．电线的横截面积很小 D．电线的比热容较小【答案】B【解答】解：热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热，故B正确，ACD错误。故选：B。9．（2分）小明按如图连接电能表和甲、乙电热水壶；当仅有热水壶甲工作时，电能表表盘1min转15圈；若两个电热水壶一起工作时，电能表表盘1min转25圈，则甲、乙两壶的功率（）A．P甲＜P乙 B．P甲＝P乙 C．P甲＞P乙 D．条件不足，无法判断【答案】C【解答】解：由图知，甲、乙电热水壶并联；当仅有热水壶甲工作时，电能表表盘1min转15圈；若两个电热水壶一起工作时，电能表表盘1min转25圈，则仅有热水壶乙工作时，电能表表盘1min转25﹣15＝10圈，说明相同时间内，热水壶甲工作时消耗的电能多，及热水壶甲消耗的电能快，故热水壶甲功率大。故选：C。如图为一款无人机，它在疫情期间大显身手，通过搭载广播系统、摄像系统、消毒系统等10．（2分）疫情防控工作中，无人机发出的声音，与正常人的发声不同的是（）A．传播速度 B．音色 C．产生原因 D．传播方式【答案】B【解答】解：A、无人机发出的声音与人的声音在空气中的传播速度约是340m/s，故A错误。B、音色与发声物体的材料有关，不同物体发声的音色是不同的。故无人机发出的声音与正常讲话的声音音色不同。故B正确；C、无人机发出的声音和人的声音都是由振动产生的。故C错误；D、无人机发出的声音和人的声音都是依靠空气传播的，故D错误；故选：B。11．（2分）在一次航拍中，小李从监控画面中看到树梢在向上运动，他选择的参照物是（）A．地面 B．地面上的建筑 C．无人机 D．树干【答案】C【解答】解：无人机在空中拍摄时，树梢相对于无人机上的照相机之间的位置不断发生变化，小明从画面中感觉树梢在向上运动，是以无人机为参照物的，故C正确。故选：C。12．（2分）在航拍过程中，下列正确的是（）A．摄像镜头离物体越近，所拍摄范围越大 B．无人机镜头所成的像是倒立缩小的虚像 C．无人机摄像原理与投影仪相同 D．当无人机向人群靠近时，所成的像变大【答案】D【解答】解：AB．摄像镜头成倒立缩小的实像，根据成实像时，物近像远像变大，离物体越近，成的像越大，屏幕上看到的景物越少，所拍摄范围越小，故AB错误C．无人机摄像成倒立缩小的实像，原理与照相机相同，故C错误；D．当无人机向人群靠近时，根据成实像时，物近像远像变大，所成的像变大，故D正确。故选：D。13．（2分）一架无人机边水平匀速飞行边喷洒消毒液的过程中，无人机的（）A．重力势能减小 B．动能不变 C．动能增大 D．动能转化为重力势能【答案】A【解答】解：一架无人机水平匀速飞行边喷洒消毒液的过程中，其质量不断减小，速度不变，动能减小；质量变小，高度不变，重力势能变小；机械能为动能和势能的和，所以机械能减小；由于动能和重力势能都减小，所以不是动能和势能之间的相互转化，故A正确。故选：A。14．（2分）四旋翼无人机下方用细绳悬挂一个重物，当无人机带着重物上升过程中，细绳突然断裂，则重物将（）A．立即向下加速下落 B．立即匀速直线向上运动 C．先减速上升一段后匀速下落 D．先减速上升一段后加速下落【答案】D【解答】解：绳子断开前，重物随无人机上升；绳子断开后，由于惯性，物体仍具有向上的速度，又物体受到竖直向下的重力和空气阻力作用，所以物体减速向上运动，当物体的速度等于零时，物体在重力的作用下加速下落。故选：D。15．（2分）无人机用测距传感器来判其离地高度，测距传感器的阻值R1随离地高度h增大而增大，图丙为其简化电路图，电源电压保持不变，R0为定值电阻，要使高度表（实质是电流表或电压表）示数能随飞行高度的增加而增加，下列正确的是（）A．高度表应该是电压表，安装在“1”处 B．高度表应该是电流表，安装在“2”处 C．高度表应该是电压表，安装在“3”处 D．高度表应该是电流表，安装在“3”处【答案】C【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，串联电路中电流处处相等，且电源电压保持不变，当高度增大时，测距传感器的阻值R1随离地高度h增大而增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律知，电路中的电流减小，故串联在电路中的2是电流表，示数变小，而根据公式U＝IR可知，R0的电压也随高度的增加而减小，故与定值电阻并联的1是电压表，不符合题意，测距传感器的等于电源电压减去定值电阻的电压，故是随高度的增加而增大，所以高度表应该是电压表，安装在“3”处，故C正确。故选：C。二、双选题（下列各题均选择两个答案，选错或多选均不计分，选对但不全者计2分，全部选对计3分，本大题共15分）（多选）16．（3分）某同学用托盘天平和量筒测量一小石块的密度，如图甲是调节天平时的情形，图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形（）A．甲图中应将平衡螺母向右调，使横梁平衡 B．乙图中测石块质量时，天平的读数是71.4g C．由丙图量筒的示数测得石块的体积是80cm3 D．计算出石块的密度是3.57×103kg/m3【答案】ABD【解答】解：A、图甲中，则平衡螺母应向右调，故A正确；B、由图乙知，则石块的质量为：m＝50g+20g+1.4g＝71.2g；C、由图丙知2﹣V1＝80mL﹣60mL＝20mL＝20cm2，故C错误；D、石块的密度为：ρ＝＝3＝3.57×103kg/m6，故D正确；故选：ABD。（多选）17．（3分）如图所示，导体棒AB、CD水平放置在蹄形磁体的磁场中，都垂直于所在位置的磁感线，发现CD向右移动，下列判断正确的是（）A．此装置的右侧应用的原理是电磁感应 B．此装置的右侧相当于电动机 C．调换右边磁体上下磁极，拉动AB向左移动，则CD向右移动 D．调换右边磁体上下磁极，拉动AB向右移动，则CD向右移动【答案】BD【解答】解：AB、拉动AB向左移动时，导体中会产生感应电流，同时CD中有电流通过，则此装置的右侧相当于电动机、B正确；C、拉动AB向左移动，产生的感应电流方向不变，CD所处的磁场的方向改变，CD向左移动；D、拉动AB向右移动，产生的感应电流方向改变，CD所处的磁场的方向改变，所以CD向右移动。故选：BD。（多选）18．（3分）如图所示，甲、乙两个质量相同的长方体物块直立在水面上，下列正确的是（）A．甲、乙受到的浮力大小相等 B．甲浸在水中的体积大于乙浸在水中的体积 C．甲下表面受到的压力等于乙下表面受到的压力 D．甲下表面受到的压强等于乙下表面受到的压强【答案】AC【解答】解：A、甲、乙两个质量相同的长方体物块都漂浮在水中浮甲＝G甲，F浮乙＝G乙，由于甲、乙质量相同，所以浮力相等；B、甲、乙受到的浮力相等浮＝ρ液gV排知甲、乙浸在水中的体积相等；C、根据F浮＝F向上﹣F向下可知：F向上＝F浮+F向下，由于甲、乙都漂浮甲向下＝F乙向下＝0，所以，F甲向上＝F乙向上，故C正确；D、根据图示可知，根据p＝ρgh可知，故D错误。故选：AC。（多选）19．（3分）在如图所示的电路中，闭合开关S，电路正常工作。一段时间后灯L熄灭，另一个电表的示数变小。故障可能是（）A．灯L短路 B．灯L断路 C．电阻R断路 D．电阻R短路【答案】AB【解答】解：由电路图可知，L与R串联，电流表测电路中的电流；A、若灯L短路，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，电压表的示数为0、另一个电表示数变小；B、若灯L断路，电流表示数为0，根据串联电路的电压规律可知，符合一个电表示数变大，故B正确；C、若电阻R断路，电流表示数为8，电压表示数为0、另一个电表示数变小；D、若电阻R短路，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，电压表示数变大、另一个电表示数变小。故选：AB。（多选）20．（3分）用如图所示的滑轮组把一个重为30N的物体沿竖直方向匀速提升0.6m，拉力为12N，不计绳重与摩擦（）A．滑轮组机械效率是83.3% B．拉力做功为7.2J C．动滑轮重是18N D．若增加物重，可以提高机械效率【答案】AD【解答】解：AB、由图知，拉力端移动距离s＝3h＝3×3.6m＝1.8m，拉力做的总功：W总＝Fs＝12N×1.8m＝21.2J；做的有用功：W有用＝Gh＝30N×0.6m＝18J，滑轮组的机械效率：η＝＝×100%≈83.3%，B错误；C、不计绳重和摩擦（G+G轮），动滑轮重力：G轮＝3F﹣G＝3×12N﹣30N＝3N，故C错误；D、若增加物重，额外功不变，有用功与总功的比值变大，故D正确。故选：AD。三、非选择题（第21～26题将答案直接填在规定位置，第27～28题要必要的文字说明和解题步骤，只写答案不计分。本大题共55分）21．（8分）如图是一单元知识网络图，请按要求作答：（1）A阿基米德原理（填一个物理规律）。（2）BF浮＝G（填一个物理关系式）。（3）C沉底（填一种物理状态）。（4）浮力的方向是：竖直向上。【答案】（1）阿基米德原理；（2）F浮＝G；（3）沉底；（4）竖直向上。【解答】解：（1）用阿基米德原理计算浮力；（2）漂浮或悬浮时，浮力等于重力，F浮＝G；（3）物体沉底时，浮力小于重力，F浮≠G；（4）浮力的方向与重力的方向相反是竖直向上的。故答案为：（1）阿基米德原理；（2）F浮＝G；（3）沉底。22．（6分）人体内水分约占体重的70%，当外界温度变化较快时，由于水的比热容大，人体温度变化较小。炎热的夏季，人们常常愿呆在空调房内热传递方式使身体的内能增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）。【答案】比热容；热传递；增大。【解答】解：人体内水的比例很大，有助于调节自身的温度，当环境温度变化较快时，从而有助于调节人体自身的温度；寒冷天气，人们常常使用热水袋来取暖，内能增加。故答案为：比热容；热传递。23．（7分）重为2N的薄壁水杯，杯内盛有深度为5cm重为3N的水，水杯底面积为：50cm2。如图1用6N的力握住该水杯静止不动，水杯受到的摩擦力为5N，当握力增大时，杯子受到的摩擦力会不变（选填“变大”“变小”或“不变”）；当把该杯子静置在水平桌面上（如图2），则杯底受到水的压力为2.5N，杯子对桌面的压强为1000Pa。【答案】5；不变；2.5；1000。【解答】解：手握水杯静止不动，在竖直方向受重力和向上的摩擦力作用，所以水杯受到的摩擦力为：f＝G总＝G杯+G水＝2N+3N＝5N，当握力增大时，所以摩擦力与总重力仍然平衡，则杯子受到的摩擦力不变；水的深度为：h＝5cm＝0.05m，则水对杯底的压强为：p＝ρgh＝7.0×103kg/m8×10N/kg×0.05m＝500Pa，水杯底面积为：S＝50cm2＝8×10﹣3m2，由p＝可得：杯底受水的压力为：F＝pS＝500Pa×2×10﹣3m2＝2.5N，杯子对桌面的压力为：F'＝G杯+G水＝2N+7N＝5N，则杯子对桌面的压强为：p'＝＝＝1000Pa。答：5；不变；1000。24．（4分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝尔由于发现巨磁电阻（GMR）效应。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图。（1）通电螺线管的右端是S极。（2）闭合S2，指示灯不亮，再闭合S1，指示灯发光，由此可知：巨磁电阻的大小与磁场有关。（3）若滑片P向左移动，电磁铁的磁场增强（填“增强”、“减弱”），观察到指示灯变得更亮，由此实验可得出结论：巨磁电阻阻值随磁场的增强而减小。【答案】（1）S；（2）磁场；（3）增强；巨磁电阻阻值随磁场的增强而减小。【解答】解：（1）当开关闭合后，电磁铁中的电流是从右端流入，根据安培定则可知，右端为S极；（2）闭合开关S2，指示灯不亮，说明巨磁电阻阻值很大1，指示灯发光，说明巨磁电阻变小；（3）若滑片P向左移动，电路中的电流增大，观察到指示灯变得更亮，由欧姆定律可知。由此实验可得出结论：磁场越强巨磁电阻的阻值越小；故答案为：（1）S；（2）磁场；巨磁电阻阻值随磁场的增强而减小。25．（6分）“测量小灯泡额定功率”的实验，老师准备了如下器材：电源电压恒为3V、开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡电阻约为10Ω、滑动变阻器、导线若干，小明连接了如图甲所示的电路。（1）图甲中有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；（2）闭合开关后，滑片P移到某处时，电压表示数为2V，应减小（选填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入电路中的阻值，直至小灯泡正常发光。（3）小明根据实验数据绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为0.625W；灯泡正常工作的电阻是10Ω。（4）同组的小鹏同学思考能不能只用一只电表测出小灯泡的电功率，于是他设计了如图丙所示的四个电路图，图中的电源电压U保持不变0，且U＞U0，其中定值电阻的阻值为R，在不改变电路连接的情况下，能测出小灯泡额定功率的是C（填选项）。【答案】（1）如上图所示；（2）减小；（3）0.625；10；（4）C。【解答】解：（1）原电路图中，电压表串联在电路中，变阻器与灯泡应串在电路中，如下图所示：；（2）灯在额定电压下正常发光，电压表的示数2V小于灯泡的额定电压2.2V，根据串联电路电压的规律，由分压原理可知，直至小灯泡正常发光；（3）当小灯泡的电压为额定电压2.5V时，灯泡正常发光，当灯泡两端电压为3.5V时，灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.7V×0.25A＝0.625W＝＝10Ω；（4）四个选项中，开关S7和滑动变阻器接法都一样，假设开关S1都闭合，A、S2闭合、S3断开时，电流表把灯泡短路；S2断开、S3闭合时，电流表把电阻短路，电流表均无示数，故A不符合题意；B、S7闭合、S3断开，电压表测量灯泡两端的电压、下端为负接线柱；S3闭合、S4断开，电压表测定值电阻R两端的电压，下端为正接线柱，在不改变电路连接方式的情况下，故B不符合题意；C、开关处于2的位置时，调节滑动变阻器使电压表示数为U0；开关处于3的位置时，电压表测量的是灯泡和电阻串联后的两端电压U，小灯泡的额定功率表达式是P＝U0I＝•U0，故C符合题意；D、开关处于1的位置时，电流表测量通过滑动变阻器的电流，电流表把小灯泡短路。测不出灯泡的额定电流。故选：C。故答案为：（1）如上图所示；（2）减小；10。26．（4分）如图甲为小王发明的可以直接测量液体密度的“密度天平”。其制作过程和原理如下：用一根长1m的杠杆，调节两边螺母使杠杆在水平位置平衡。在杠杆左侧距O点（中点）10cm的A位置用细线固定一个质量为150g、容积为50mL的容器。杠杆右侧用质量不计的细线悬挂一质量为50g的钩码。测量时往容器中加满待测液体，就可以在钩码悬挂位置直接读出液体的密度。（1）在调节平衡螺母使该“密度天平”平衡时，若杠杆左端上翘，应将右侧平衡螺母向左移动，直到杠杆水平平衡。（2）该“密度天平”的“零刻度”应标在右端距支点O30cm处。（3）该“密度天平”的最大称量密度值为2×103kg/m3。（4）他还想用此装置测一小石块的密度，测量步骤如下：①如图乙，用细线将小石块和钩码拴好，分别挂于杠杆两侧，使杠杆在水平位置平衡。②分别测出小石块和钩码到支点的距离l1和l2。③在容器中盛适量的水，将小石块浸没于水中，移动钩码，测出钩码移动的距离l3。④小石块的密度：ρ石＝。（用上述步骤中的物理量表示，水的密度为ρ水）【答案】（1）左；（2）30；（3）2×103；（4）。【解答】解：（1）杠杆左端上翘，右端下沉，应将两侧平衡螺母均向左调节；（2）容器