2022年福建省福州市第十六中学中考物理一模试卷

2022年福建省福州市第十六中学中考物理一模试卷一、选择题（共16小题，每小题2分，共32分。每小题只有一个选项符合题意）1．（2分）下面哪一位科学家的发现，首次揭示了电与磁之间的联系（）A．法拉第 B．焦耳 C．奥斯特 D．安培2．（2分）“北斗+5G”技术将用于助力北京打造智慧型冬奥会，这项技术主要利用（）A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．红外线3．（2分）我国年仅22岁的优秀青年科学家曹原研究发现：当两层石墨烯以一个“魔角”叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0．此现象中石墨烯是（）A．超导体 B．导体 C．半导体 D．绝缘体4．（2分）华南虎是我国特有的虎亚种，因其仅在我国分布，所以也被称为“中国虎”。如图所示是一只成年华南虎，后腿长约为70cm。请你估测该华南虎的尾巴长度约为（）A．50mm B．80cm C．2m D．2dm5．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌 B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的 C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量 D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声6．（2分）关于光现象，下列说法正确的是（）A．光的三基色是红、黄、蓝 B．实像、虚像都能用光屏接收 C．小孔成像的成因是光的折射 D．红外线和紫外线的应用非常广泛，额温枪是利用红外线热效应来工作的7．（2分）如图所示，对下列物态变化现象的分析正确的是（）A．河水结冰过程中放出热量温度降低 B．树叶上的露珠由高空中的冰晶熔化形成 C．樟脑丸变小是樟脑丸从固态直接升华成气态后跑到空气中 D．霜是空气中的小水滴凝固形成的8．（2分）甲、乙两个轻质小球相互排斥。把带正电的玻璃棒靠近甲球时，甲球与玻璃棒相互吸引，则乙球（）A．一定带正电 B．可能带负电，可能不带电 C．一定带负电 D．可能带正电，可能不带电9．（2分）如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是（）A． B． C． D．10．（2分）如图所示电路中，闭合开关，向某一方向移动滑动变阻器的滑片时，则（）A．螺线管上端是S极，滑片P向左移动 B．螺线管上端是S极，滑片P向右移动 C．螺线管上端是N极，滑片P向左移动 D．螺线管上端是N极，滑片P向右移动11．（2分）如图所示是小军同学家庭电路的一部分。他闭合开关时螺旋灯泡正常发光，再将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭（）A．电风扇断路 B．灯泡的灯丝断路 C．电风扇的插头短路 D．电风扇的电功率很小12．（2分）图甲是一种能满足特殊人群需求的眼镜片，它的改变是通过在透明薄膜中注入或抽出光学液体来实现的。图乙是小明看远处物体时的成像情况，下列说法正确的是（）A．镜片Ⅰ可用于制作照相机的镜头 B．镜片Ⅱ可以使物体成倒立的虚像 C．继续往镜片Ⅱ中注入液体，其焦距将变大 D．小明需配戴合适的镜片Ⅰ进行矫正13．（2分）小明将两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中，A、B处于如图所示的漂浮状态（）A．甲液体密度小于乙液体密度 B．物体A、B下表面所受液体压强相等 C．甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强 D．A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力14．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．电流表A示数变大，电流表A1示数不变 B．电流表A示数变大，电流表A2示数不变 C．电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变 D．电压表V示数与电流表A1示数的比值变小15．（2分）如图所示，用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升，在时间t内物体上升的高度为h（物体未拉出水面），水的密度为ρ，则下列算式正确的是（）A．η＝ B．η＝ C．W有＝Gh D．P有＝16．（2分）如图1所示，将一薄塑料瓶瓶底剪去，用瓶盖将瓶口密封，使其竖直漂浮在水面上，测出内外水面高度差h1，再将木块放入瓶内，测出内外水面高度差h2．已知瓶身圆柱横截面面积为s，忽略瓶和瓶盖的体积，则下列说法中错误的是（）A．m瓶＝ρ水sh1 B．h2＞h1 C．图2中，若在瓶内继续加入部分水（塑料瓶仍漂浮），h2不变 D．图2中，若取出木块，放入实心铁球（塑料瓶仍漂浮），h2变大二、填空题（本大题有6小题，每空格1分，共12分）17．（2分）站在“神舟十三号”内为同学们授课的宇航员们，以“神舟十三号”为参照物，他们是的。“神舟十三号”飞船返回大气层时与大气层发生剧烈摩擦，变成一个火球，说明通过的方式可以改变物体的内能。18．（2分）在抗击新型冠状病毒期间，社区工作人员为居民楼里喷洒消毒液，楼道里弥漫着消毒液味现象，随着气温的升高，这种现象会（选择“加快”或“减慢”）。19．（2分）歼20是中国自主研制的第五代战斗机，当它在空中加速向上运动时，动能，重力势能。20．（2分）如图所示，质量分布均匀的相同的两块砖平放在水平地面上。现用始终竖直向上的力F1和F2分别作用在ab和cd的中点，使它们缓慢的竖直起来，且砖不在地面上滑动。当砖的边ab、cd刚离开地面时F1F2；当两块砖抬高至竖直位置时，F1、F2做功分别为W1、W2，则W1W2。21．（2分）标有“6V3W”的小灯泡，它的I﹣U图像如图所示，则它正常工作时的电阻为Ω；若将它与一个10Ω的定值电阻串联在电源电压为8V的电路中，则电路消耗的总功率为W。22．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点向左移动到某点的过程中，则电源电压为V；当滑片在a点时，通电10s，R0消耗的电能为J。三、作图题（本大题有2小题，每小题2分，共4分）23．（2分）如图所示，两小球静止悬挂在天花板上，请将小球A所受力的示意图补充完整。24．（2分）如图所示，一束与平面镜成30°角的光入射到平面镜上，请根据光的反射定律四、简答题（本大题有1小题，共4分）25．（4分）天地大不同—﹣天宫课堂：“太空教师”王亚平从水袋里挤出了一些水，这些水自然而然地变成了球形，并悬浮在空中，水球不断变大，大家再一次透过太空中的水球看到了“倒立”的王老师，这回水球里同时出现了两个王老师的像，一正一反请根据以上信息，提出两个与物理有关的问题，并对提出的问题进行解答。问题1：，解答1：。问题2：，解答2：。五、实验题（本大题有6小题，共28分）26．（4分）小江为探究“光的折射规律”设计了如图所示的实验装置，其中光屏F可绕直径MON前后折转。（1）实验时，光贴着光屏从空气射入水中，小江将F板向后折转一定的角度看到折射光，此时折射光线和入射光线同一平面内。（2）小江将光屏F恢复原状，保持入射光不动，继续加水移动。（3）小江继续用另一支激光笔让光沿着BO射向水面时，可看到折射光沿OA射出，这说明。27．（5分）如图所示的实验装置中，三个相同的烧瓶A、B、C内都盛有质量和初温均相等的液体，其中A、B烧瓶中装的是液体甲，A、B、C瓶中电阻丝的阻值分别为RA、RB、RC，且RA＝RC＞RB，当闭合开关S，通电一定时间后（三个烧瓶中的液体均未达到沸腾，且均不计热损失），A、B、C瓶中温度计示数分别为TA、TB、TC，且TC＞TA＞TB。（1）小强同学利用该装置中的A和C烧瓶“比较甲乙液体的吸热能力”。这种设计是为了保证甲、乙两种液体在相同时间内能吸收的热量（填“相同”或“不同”）。实验中温度计的玻璃泡不能碰到烧瓶底和，否则测得温度就会偏小或偏大，分析可知（选填“甲”或“乙”）的吸热能力较强。（2）小华同学利用该装置探究“电流通过导体时产生的热量与电阻大小的关系”，小华应该选用的烧瓶是。实验中，液体吸收热量的多少是通过（填“温度计示数”或“加热时间”）来反映。28．（6分）某中学环保小组在长江边取适量江水样品，分别进行了江水密度的测量：（1）小薇把样品带回学校，用天平和量筒做了如下实验：①将天平调节平衡；②用天平测出空烧杯的质量为30g，在烧杯中倒入适量的江水样品，测出烧杯和江水的总质量如图甲所示g．然后将烧杯中的江水倒入量筒（如图乙），则江水的密度为g/cm3（保留两位小数）。③小薇用这种方法测出的江水密度比真实值（选填“偏大”或“偏小”）。（2）小亮把样品带回家，用家里的一台电子秤（如图丙所示）和没喝完的半瓶纯净水①用电子秤测出半瓶纯净水的总质量为m1，并用笔在瓶身水面位置标记为A；②把瓶中的水全部用来浇花，然后吹干，用电子秤测出空瓶的质量为m2；③把江水慢慢倒入空瓶中，直至液面与相平，再用电子秤测出瓶的总质量为m3；④则江水的密度表达式（纯净水的密度用ρ水表示）。⑤小亮测算江水的体积使用了下列3种物理方法中的。A．控制变量B．等量替代法C．类比法29．（8分）探究“电流与电压的关系”实验中，小高连接的电路如图甲所示。已知电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为“30Ω1A”，电压表量程为0～3V。（1）请将图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时电压表示数变大，且导线不允许交叉；（2）实验前，小高发现电流表指针如图乙偏转，其原因可能是；（3）排除故障后，小高通过调节滑动变阻器的滑片，测出通过定值电阻R的电流和对应的电压值（如图丙a）；实验完成后，将电阻换成小灯泡，绘制出I—U图象（如图丙b），则图像中A、B、C三点电阻RA、RB、RC大小关系由大到小排列为；（4）实验完成后，小高又用该装置探究“电流与电阻的关系”。他控制电压表的示数为2.5V并保持不变，可供选择的定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。①小高将5Ω定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，再闭合开关，读出电流表的示数为I1＝0.5A，记录数据；②断开开关，将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，拆下5Ω电阻，读出电流表示数I2为A，记录数据。此时滑动变阻器接入电路中的电阻是Ω；③分别将15Ω和20Ω电阻接入电路，正确完成实验；④根据实验数据，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图像。由此可得出结论：电压一定时，；⑤本实验中，分别将四个电阻单独换入电路都能完成实验，控制不变的电压值应该不低于V，不高于V。30．（5分）某实验小组用如图所示的装置探究影响滑动摩擦力大小的因素，木块挂在测力计下，右侧面与竖直传送带接触，启动电机，传送带逆时针转动部分实验数据如表：实验次数木块重力（N）螺杆旋转的圈数（圈）测力计示数（N）摩擦力（N）10.6010.700.1020.6020.820.2230.6030.950.3541.2011.300.1051.8011.90（1）该实验用螺杆旋转圈数的多少来表示木块与传送带之间压力的大小，这里运用了的方法。（2）比较1、2、3次实验的数据可知，滑动摩擦力大小与有关。（3）第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力大小是N。（4）要探究木块所受滑动摩擦力大小与相对运动速度是否有关，正确的做法是。六、计算题（本大题有3小题，共20分）31．（6分）某款电热水壶自重5N，与桌面的接触面积为200cm2。现往该水壶内装入质量为1kg、初温为20℃的水，并放置在水平桌面上，接通电源使其正常工作，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求：（1）装入水后水壶的重力；（2）装入水后水壶对桌面的压强；（3）水吸收的热量。32．（6分）我国自主设计的某核潜艇完全下潜后的排水量为6.8×103t，潜入水中匀速航行时所受的海水阻力与航速平方的关系如图所示。海水的密度为1×103kg/m3，g取10N/kg，求：（1）该潜艇在水面下匀速下潜过程中受到海水的浮力；（2）该潜艇以8m/s的速度匀速航行10min受到的水平推进力的功率。33．（8分）如图甲所示电路，电源电压恒为4.5V。闭合开关S后，滑片P由右向左滑动，滑片P向左移动一段距离后电流表才有读数，当电流表开始有读数时1，此时电压表的示数为2.5V。电流表读数I与滑片P滑动距离s的关系如图乙所示。求：（1）当电流表开始有读数时，R1接入电路的阻值；（2）当滑片P移到s＝2cm处时，电阻R0在10s内产生的热量；（3）电压表的量程为“0～3V”，电流表的量程为“0～0.6A”。若R1未断路，为保护电路安全，R0的电功率变化范围。、参考答案与试题解析一、选择题（共16小题，每小题2分，共32分。每小题只有一个选项符合题意）1．（2分）下面哪一位科学家的发现，首次揭示了电与磁之间的联系（）A．法拉第 B．焦耳 C．奥斯特 D．安培【解答】解：1820年奥斯特发现电流周围存在磁场后，首次揭开了电与磁的联系，故C正确。故选：C。2．（2分）“北斗+5G”技术将用于助力北京打造智慧型冬奥会，这项技术主要利用（）A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．红外线【解答】解：“北斗+5G”技术是利用电磁波传递信息的，故A正确。故选：A。3．（2分）我国年仅22岁的优秀青年科学家曹原研究发现：当两层石墨烯以一个“魔角”叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0．此现象中石墨烯是（）A．超导体 B．导体 C．半导体 D．绝缘体【解答】解：由题意知，当两层石墨烯以一个“魔角”叠加在一起时，石墨烯的电阻突然变为0，故A正确。故选：A。4．（2分）华南虎是我国特有的虎亚种，因其仅在我国分布，所以也被称为“中国虎”。如图所示是一只成年华南虎，后腿长约为70cm。请你估测该华南虎的尾巴长度约为（）A．50mm B．80cm C．2m D．2dm【解答】解：借助后腿长度，估测该华南虎的尾巴长度约为80cm。故ACD错误，B正确。故选：B。5．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A．根据音调可以判断是哪位歌手正在唱歌 B．二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的 C．用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量 D．城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声【解答】解：A、不同人声带的结构不同，“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的；B、物体发声时一定在振动，是由弦的振动产生的；C、用“B超”查看胎儿的发育情况，故C错误；D、城市道路旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声。故选：B。6．（2分）关于光现象，下列说法正确的是（）A．光的三基色是红、黄、蓝 B．实像、虚像都能用光屏接收 C．小孔成像的成因是光的折射 D．红外线和紫外线的应用非常广泛，额温枪是利用红外线热效应来工作的【解答】解：A、光的三基色是红、绿、蓝；B、实像能被光屏承接，故B错误；C、小孔成像是由光的直线传播形成的；D、额温枪是利用红外线热效应来工作的。故选：D。7．（2分）如图所示，对下列物态变化现象的分析正确的是（）A．河水结冰过程中放出热量温度降低 B．树叶上的露珠由高空中的冰晶熔化形成 C．樟脑丸变小是樟脑丸从固态直接升华成气态后跑到空气中 D．霜是空气中的小水滴凝固形成的【解答】解：A．河水结冰，凝固要放热，晶体在凝固过程中不断放热，故A错误；B．“露珠”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴；C．用久了的樟脑丸会越来越小，故C正确；D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶。故选：C。8．（2分）甲、乙两个轻质小球相互排斥。把带正电的玻璃棒靠近甲球时，甲球与玻璃棒相互吸引，则乙球（）A．一定带正电 B．可能带负电，可能不带电 C．一定带负电 D．可能带正电，可能不带电【解答】解：甲、乙两个轻质小球相互排斥、乙两个轻质小球带有同种电荷，甲球与带正电的玻璃棒相互吸引，故C正确。故选：C。9．（2分）如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是（）A． B． C． D．【解答】解：由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S7断开时暂停手机解锁功能，则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联3位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，选项B符合。故选：B。10．（2分）如图所示电路中，闭合开关，向某一方向移动滑动变阻器的滑片时，则（）A．螺线管上端是S极，滑片P向左移动 B．螺线管上端是S极，滑片P向右移动 C．螺线管上端是N极，滑片P向左移动 D．螺线管上端是N极，滑片P向右移动【解答】解：（1）由图可知，开关闭合后，螺线管上端是N极，滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，通电螺线管的磁性变强。（2）通电螺线管的磁性变强，对铁块的吸引力变大。故选项ABD错误，C正确。故选：C。11．（2分）如图所示是小军同学家庭电路的一部分。他闭合开关时螺旋灯泡正常发光，再将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭（）A．电风扇断路 B．灯泡的灯丝断路 C．电风扇的插头短路 D．电风扇的电功率很小【解答】解：闭合开关时灯泡正常发光，再将电风扇的插头插入插座中时，检查时发现保险丝熔断了；由于电风扇的功率不大，故原因是电路出现了短路现象，将电风扇的插头插入插座中时电流过大；电风扇断路，故C正确。故选：C。12．（2分）图甲是一种能满足特殊人群需求的眼镜片，它的改变是通过在透明薄膜中注入或抽出光学液体来实现的。图乙是小明看远处物体时的成像情况，下列说法正确的是（）A．镜片Ⅰ可用于制作照相机的镜头 B．镜片Ⅱ可以使物体成倒立的虚像 C．继续往镜片Ⅱ中注入液体，其焦距将变大 D．小明需配戴合适的镜片Ⅰ进行矫正【解答】解：由图可知，某人看远处物体时，所以是近视眼，由图可知，镜片Ⅱ是凸透镜，可以用做照相机的镜头，其焦距将变小，ABC错误。故选：D。13．（2分）小明将两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中，A、B处于如图所示的漂浮状态（）A．甲液体密度小于乙液体密度 B．物体A、B下表面所受液体压强相等 C．甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强 D．A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力【解答】解：AD、两个完全相同的物体A、B，A、B分别放入两杯中，受到的浮力F＝G，F浮A＝F浮B，根据阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排，因B排开液体的体积大，故为ρ甲＞ρ乙，故AD错误；B、因为两个完全相同的物体A、B，所受的浮力相等，上表面所受液体压力都为0、B下表面所受液体压强相等；C、静止时甲，即容器底部的深度相同、乙两种液体的密度分别为ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，两烧杯底部所受液体的压强分别为p甲＞p乙．故C错误。故选：B。14．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．电流表A示数变大，电流表A1示数不变 B．电流表A示数变大，电流表A2示数不变 C．电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变 D．电压表V示数与电流表A1示数的比值变小【解答】解：由电路图可知，R0与R1并联，电流表A5测R0支路的电流，电流表A2测R6支路的电流，电流表A测干路电流。因电源电压不变，所以，滑片移动时，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时0的电流不变，即电流表A1的示数不变；则电压表V示数与电流表A2示数的乘积不变，比值也不变，D错误；滑片P从A点向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I＝可知1的电流变小，即电流表A2的示数变小，故B错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，故A错误。故选：C。15．（2分）如图所示，用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升，在时间t内物体上升的高度为h（物体未拉出水面），水的密度为ρ，则下列算式正确的是（）A．η＝ B．η＝ C．W有＝Gh D．P有＝【解答】解：因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，物体竖直匀速上升过程中浮＝ρgV排＝ρgV；由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，则绳端移动的距离：s＝nh＝3h，绳子拉力做的总功：W总＝Fs＝F×3h＝3Fh；动滑轮对物体的拉力：F′＝G﹣F浮＝G﹣ρgV，动滑轮对物体的拉力做的功为有用功，则有用功：W有＝F′h＝（G﹣ρgV）h，故C错误；有用功的功率：P有＝＝，故D正确；滑轮组的机械效率：η＝＝＝，故AB错误。故选：D。16．（2分）如图1所示，将一薄塑料瓶瓶底剪去，用瓶盖将瓶口密封，使其竖直漂浮在水面上，测出内外水面高度差h1，再将木块放入瓶内，测出内外水面高度差h2．已知瓶身圆柱横截面面积为s，忽略瓶和瓶盖的体积，则下列说法中错误的是（）A．m瓶＝ρ水sh1 B．h2＞h1 C．图2中，若在瓶内继续加入部分水（塑料瓶仍漂浮），h2不变 D．图2中，若取出木块，放入实心铁球（塑料瓶仍漂浮），h2变大【解答】解：A、物体漂浮，则：G水+G瓶＝ρ水gV排，即ρ水gV水+G瓶＝ρ水gV排，可得：G瓶＝ρ水g（V排﹣V水）＝ρ水gSh1，m瓶＝ρ水Sh1，故A说法正确；B、图3中，木块漂浮在水中浮′＝G木，木块排开水的体积：V排木＝＝，则瓶内水面上升高度：Δh＝＝＝；瓶在水中仍漂浮，所以增大的浮力ΔF浮＝G木，则增大的V排′＝＝，可得瓶浸入水中的深度变化为：Δh′＝＝，Δh＝Δh′，所以h2＝h1，B说法错误；C、在瓶内继续加入部分水（塑料瓶仍漂浮），h8不变，C说法正确；D、取出木块，则外面增大浮力大于瓶内增大的浮力，h2变大，D说法正确。故选：B。二、填空题（本大题有6小题，每空格1分，共12分）17．（2分）站在“神舟十三号”内为同学们授课的宇航员们，以“神舟十三号”为参照物，他们是静止的。“神舟十三号”飞船返回大气层时与大气层发生剧烈摩擦，变成一个火球，说明通过做功的方式可以改变物体的内能。【解答】解：（1）以“神舟十三号”为参照物，宇航员们与飞船之间的位置保持不变；（2）当飞船穿越大气层返回地面时，飞船和大气摩擦生热，这是通过做功的方式使其内能增加的。故答案为：静止；做功。18．（2分）在抗击新型冠状病毒期间，社区工作人员为居民楼里喷洒消毒液，楼道里弥漫着消毒液味扩散现象，随着气温的升高，这种现象会加快（选择“加快”或“减慢”）。【解答】解：能闻到消毒液的气味实质是扩散现象，说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动，分子的无规则运动越剧烈，随着气温的升高。故答案为：扩散；加快。19．（2分）歼20是中国自主研制的第五代战斗机，当它在空中加速向上运动时，动能增大，重力势能增大。【解答】解：当它在空中加速向上运动时，质量不变，重力势能增大，动能增大。故答案为：增大；增大。20．（2分）如图所示，质量分布均匀的相同的两块砖平放在水平地面上。现用始终竖直向上的力F1和F2分别作用在ab和cd的中点，使它们缓慢的竖直起来，且砖不在地面上滑动。当砖的边ab、cd刚离开地面时F1＝F2；当两块砖抬高至竖直位置时，F1、F2做功分别为W1、W2，则W1＞W2。【解答】解：（1）左图以与地面接触的下边为支点转动，F1克服砖的重力才能将砖抬起，根据杠杆的平衡条件可得：F1×cd＝G×cd1＝G；右图以与地面接触的下边为支点转动，根据杠杆的平衡条件可得：F2×ab＝G×ab2＝G，所以F1＝F2；（2）在ab或cd边不断抬高的过程中，动力臂始终等于阻力臂的2倍，所以动力臂与阻力臂的比值不变，砖的重力不变，在ab或cd不断抬高的过程中，即F1始终等于F2；由cd＞ab可知，第一次拉力移动的距离大，由W＝Fh可得，两次拉力做功的关系为W1＞W2。故答案为：＝；＞。21．（2分）标有“6V3W”的小灯泡，它的I﹣U图像如图所示，则它正常工作时的电阻为12Ω；若将它与一个10Ω的定值电阻串联在电源电压为8V的电路中，则电路消耗的总功率为3.2W。【解答】解：（1）标有“6V3W”的小灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝12Ω；（2）小灯泡L与一个10Ω的定值电阻R串联在电压为8V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，由欧姆定律可得：U＝UL′+IL′R，即8V＝UL′+IL′×10Ω，由图像可知，当UL′＝6V、IL′＝0.4A时符合，则电路消耗的总功率：P＝UIL′＝3V×0.4A＝6.2W。故答案为：12；3.8。22．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点向左移动到某点的过程中，则电源电压为6V；当滑片在a点时，通电10s，R0消耗的电能为180J。【解答】解：由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R4两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。当滑动变阻器的滑片P从b点滑到某点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；所以图乙中6V～3V是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，3V～3V是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；由电路图知，P在b点时，电流最小，由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib＝8.5A，U1＝4V、U2＝5V，所以电源电压：U＝U5+U2＝1V+8V＝6V，电阻R0的阻值：R6＝＝＝2Ω，滑片P在a点时，电路中电阻最小，此时通过电路的电流Ia＝＝＝5A，通电10s，R0消耗的电能：W＝Ia2R8t＝（3A）2×3Ω×10s＝180J。故答案为：6；180。三、作图题（本大题有2小题，每小题2分，共4分）23．（2分）如图所示，两小球静止悬挂在天花板上，请将小球A所受力的示意图补充完整。【解答】解：如图，提起小球A的绳子倾斜，还受到绳子的拉力，从小球的重心沿水平向左1、支持力F2，如图所示：24．（2分）如图所示，一束与平面镜成30°角的光入射到平面镜上，请根据光的反射定律【解答】解：先过反射点垂直反射面作出法线，并求得入射角为90°﹣30°＝60°；再在法线的另一侧根据反射角等于入射角作出反射光线，标出反射角四、简答题（本大题有1小题，共4分）25．（4分）天地大不同—﹣天宫课堂：“太空教师”王亚平从水袋里挤出了一些水，这些水自然而然地变成了球形，并悬浮在空中，水球不断变大，大家再一次透过太空中的水球看到了“倒立”的王老师，这回水球里同时出现了两个王老师的像，一正一反请根据以上信息，提出两个与物理有关的问题，并对提出的问题进行解答。问题1：从水袋里挤出的水为什么会变成了一个大水球而不会散开？，解答1：水分子间存在引力，且太空中是失重状态。问题2：向水球内注入一个气泡，为什么气泡会悬在水球中央？，解答2：由于太空中是失重状态，因此气泡在太空中不受浮力。【解答】解：问题1：从水袋里挤出的水为什么会变成了一个大水球而不会散开？解答1：水分子间存在引力。问题6：向水球内注入一个气泡？解答2：由于太空中是失重状态。问题3：为什么透过太空中的水球可以看到“倒立”的王老师？解答3：水球相当于一个凸透镜、缩小的实像。问题4：为什么往水球里注入气泡后会同时出现了两个王老师的像？解答4：气泡将水球分割成两个凹透镜。故答案为：从水袋里挤出的水为什么会变成了一个大水球而不会散开？水分子间存在引力；向水球内注入一个气泡？由于太空中是失重状态。五、实验题（本大题有6小题，共28分）26．（4分）小江为探究“光的折射规律”设计了如图所示的实验装置，其中光屏F可绕直径MON前后折转。（1）实验时，光贴着光屏从空气射入水中，小江将F板向后折转一定的角度不能看到折射光，此时折射光线和入射光线在同一平面内。（2）小江将光屏F恢复原状，保持入射光不动，继续加水左移动。（3）小江继续用另一支激光笔让光沿着BO射向水面时，可看到折射光沿OA射出，这说明光在折射过程中，光路可逆。【解答】解：（1）当F板向后折转一定的角度后，则呈现折射光线的F板和呈现入射光线的E板不在同一平面内；但此时折射光线和入射光线在同一平面内；（2）若杯中的水增多，如图所示：可见，当水增多时，入射角不变，光斑会向左移动；（3）小聪继续用另一支激光笔让光线沿着BO射向水面时，可看到折射光线沿OA射出，光路是可逆的。故答案为：（1）不能；在；（2）左；，光路是可逆的。27．（5分）如图所示的实验装置中，三个相同的烧瓶A、B、C内都盛有质量和初温均相等的液体，其中A、B烧瓶中装的是液体甲，A、B、C瓶中电阻丝的阻值分别为RA、RB、RC，且RA＝RC＞RB，当闭合开关S，通电一定时间后（三个烧瓶中的液体均未达到沸腾，且均不计热损失），A、B、C瓶中温度计示数分别为TA、TB、TC，且TC＞TA＞TB。（1）小强同学利用该装置中的A和C烧瓶“比较甲乙液体的吸热能力”。这种设计是为了保证甲、乙两种液体在相同时间内能吸收的热量相同（填“相同”或“不同”）。实验中温度计的玻璃泡不能碰到烧瓶底和电阻丝，否则测得温度就会偏小或偏大，分析可知甲（选填“甲”或“乙”）的吸热能力较强。（2）小华同学利用该装置探究“电流通过导体时产生的热量与电阻大小的关系”，小华应该选用的烧瓶是A、B。实验中，液体吸收热量的多少是通过温度计示数（填“温度计示数”或“加热时间”）来反映。【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要保证甲；实验中温度计的玻璃泡不能碰到烧瓶底和电阻丝，否则测得温度就会偏小或偏大；因质量和初温均相等的液体，吸热相同的热量，Tc＞TA，根据比较吸热能力的方法，可知甲的吸热能力较强；（2）探究“电流通过导体时产生的热量与电阻大小的关系”，要控制通过的电流和通电时间相同，根据转换法；由串联电路电流的规律、B中电阻的电流和通电时间相等、B；根据Δt＝，因液体质量和比热容相同，由温度变化可确定产生的热量多少。故答案为：（1）相同；电阻丝；甲、B；温度计示数。28．（6分）某中学环保小组在长江边取适量江水样品，分别进行了江水密度的测量：（1）小薇把样品带回学校，用天平和量筒做了如下实验：①将天平调节平衡；②用天平测出空烧杯的质量为30g，在烧杯中倒入适量的江水样品，测出烧杯和江水的总质量如图甲所示39.6g．然后将烧杯中的江水倒入量筒（如图乙），则江水的密度为1.04g/cm3（保留两位小数）。③小薇用这种方法测出的江水密度比真实值偏大（选填“偏大”或“偏小”）。（2）小亮把样品带回家，用家里的一台电子秤（如图丙所示）和没喝完的半瓶纯净水①用电子秤测出半瓶纯净水的总质量为m1，并用笔在瓶身水面位置标记为A；②把瓶中的水全部用来浇花，然后吹干，用电子秤测出空瓶的质量为m2；③把江水慢慢倒入空瓶中，直至液面与标记A相平，再用电子秤测出瓶的总质量为m3；④则江水的密度表达式•ρ水（纯净水的密度用ρ水表示）。⑤小亮测算江水的体积使用了下列3种物理方法中的B。A．控制变量B．等量替代法C．类比法【解答】解：（1）②在甲图中，标尺的分度值是0.2g总＝50g+10g+8g+4.6g＝69.7g；空烧杯的质量是30g，所以江水的质量是：m＝69.6g﹣30g＝39.6g；由乙图知，量筒的分度值是2mL3，江水密度：ρ＝＝≈1.04g/cm3。③这种方法测量时，江水的质量是准确的，由于烧杯中的水不能全部倒出，故据ρ＝，测得密度偏大；（2）①用电子秤测出半瓶纯净水的总质量为m7，并用笔在瓶身水面位置标记为A；②把瓶中的水全部用来浇花，然后吹干2；故此时的水的质量是：m＝m1﹣m2；所以水的体积：V＝＝；③把江水慢慢倒入空瓶中，直至液面与标记A处相平6；故此时江水的质量是：m′＝m3﹣m2④则江水的密度表达式：ρ＝＝＝•ρ水。⑤此方法中，将河水的体积替代为水的体积，故选B。故答案为：（1）②39.6；5.04；；（2）③标记A；④水；⑤B。29．（8分）探究“电流与电压的关系”实验中，小高连接的电路如图甲所示。已知电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为“30Ω1A”，电压表量程为0～3V。（1）请将图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时电压表示数变大，且导线不允许交叉；（2）实验前，小高发现电流表指针如图乙偏转，其原因可能是电流表没有调零；（3）排除故障后，小高通过调节滑动变阻器的滑片，测出通过定值电阻R的电流和对应的电压值（如图丙a）；实验完成后，将电阻换成小灯泡，绘制出I—U图象（如图丙b），则图像中A、B、C三点电阻RA、RB、RC大小关系由大到小排列为RB＞RC＞RA；（4）实验完成后，小高又用该装置探究“电流与电阻的关系”。他控制电压表的示数为2.5V并保持不变，可供选择的定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。①小高将5Ω定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，再闭合开关，读出电流表的示数为I1＝0.5A，记录数据；②断开开关，将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，拆下5Ω电阻，读出电流表示数I2为0.25A，记录数据。此时滑动变阻器接入电路中的电阻是14Ω；③分别将15Ω和20Ω电阻接入电路，正确完成实验；④根据实验数据，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图像。由此可得出结论：电压一定时，电流和电阻成反比；⑤本实验中，分别将四个电阻单独换入电路都能完成实验，控制不变的电压值应该不低于2.4V，不高于3V。【解答】解：（1）探究“电流与电压的关系”实验中，电压表测定值电阻两端的电压，滑动变阻器的滑片向左滑动时电压表示数变大可知，因此变阻器下面的接线柱是左边接线柱接入电路，如图所示：；（2）闭合开关前，发现电流表指针如图甲；（3）由图丙可知，a图线是正比例图线，所以B点电阻与a，由b图线可知，电流变大，根据欧姆定律可知，所以RA＜RC＜R交点，即：RB＞RC＞RA；（4）②探究电流与电阻的关系的实验中，要控制定值电阻两端的电压不变，定值电阻两端的电压为2.5V7＝＝＝0.25A，变阻器两端的电压：U滑＝U﹣U7＝6V﹣2.7V＝3.5V，变阻器接入电路的电阻：R滑7＝＝＝14Ω；④由图丁可知，电流与电阻的乘积保持不变，电流和电阻成反比；⑤由电流表量程为0﹣8.6A可知，电路中的最大电流为0.5A，其两端的电压：U最大＝I最大R1＝0.2A×5Ω＝3V，所控制的电压不能超过3V，当接5Ω的定值电阻时；当滑动变阻器移到最大阻值，定值电阻接20Ω时，最小电流：I最小＝＝＝＝0.12A最小＝I最小R4＝8.12A×20Ω＝2.4V，此时所控制的电压为6.4V，接20Ω的定值电阻。所以所控制的电压最小不能小于2.8V。故答案为：（1）如图所示；（2）电流表没有调零B＞RC＞RA；（4）②0.25；14；⑤2.4；3。30．（5分）某实验小组用如图所示的装置探究影响滑动摩擦力大小的因素，木块挂在测力计下，右侧面与竖直传送带接触，启动电机，传送带逆时针转动部分实验数据如表：实验次数木块重力（N）螺杆旋转的圈数（圈）测力计示数（N）摩擦力（N）10.6010.700.1020.6020.820.2230.6030.950.3541.2011.300.1051.8011.90（1）该实验用螺杆旋转圈数的多少来表示木块与传送带之间压力的大小，这里运用了转换的方法。（2）比较1、2、3次实验的数据可知，滑动摩擦力大小与压力的大小有关。（3）第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力大小是0.10N。（4）要探究木块所受滑动摩擦力大小与相对运动速度是否有关，正确的做法是保持木块的重力、木块与传送带接触面的粗糙程度、螺杆旋转的圈数均不变，改变传送带的转动速度。【解答】解：（1）由于木块和传送带在竖直方向上相互摩擦，压力的大小不易改变，这里运用了转换法的方法；（2）比较1、2、6次实验的数据可知，螺杆旋转的圈数不同，木块受到的摩擦力不同；（3）对木块进行受力分析可知，在竖直方向上、竖直向下的摩擦力和竖直向上的弹簧测力计的拉力，所以第5次实验中拉﹣G＝1.90N﹣8.80N＝0.10N；（4）要探究木块所受滑动摩擦力大小与相对运动速度是否有关，需要控制木块的重力、螺杆旋转的圈数均不变。故答案为：（1）转换；（2）压力的大小；（4）保持木块的重力、螺杆旋转的圈数均不变。六、计算题（本大题有3小题，共20分）31．（6分）某款电热水壶自重5N，与桌面的接触面积为200cm2。现往该水