物理-2024届山东省枣庄市高三上学期1月期末考试试题和答案

2023—2024学年第一学期高三质量检测物理试题1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。1.物理概念的建立推动了物理学的发展，下列关于物理概念建立的说法中正确的是()A.力的概念是牛顿建立的B.加速度概念是由亚里士多德首先提出的C.电压概念是伽利略首先建立的D.电场是安培完善后形成的概念2.2024年1月10日是第四个中国人民警察节，东莞上千架无人机上演“苍穹之舞”。若取竖直向上为正方向，其中一架无人机沿竖直方向运动的v-t图像，如图所示。关于这架无人机运动的说法中正确的是()A.4s~6s内无人机处于悬停状态B.无人机可以上升的最大高度是8mC.6s~10s内无人机处于失重状态D.无人机在第2s末开始向下运动3.如图所示，细绳将光滑小球A悬挂在电梯轿厢竖直壁上的O点，木板B被小球A挤在轿厢内壁上，细绳与侧壁的夹角为θ,电梯静止时，木板B恰好不下滑。已知小球A、木板B的质量分别为M、m，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法中正确的是()第2页/共10页A.木板B与电梯侧壁之间的动摩擦因数为tanθB.当电梯以加速度a(a<g)竖直加速下降时，A对B的压力大小为M(g+a)tanθC.当电梯以加速度a竖直加速上升时，木板B会滑落D.电梯以加速度a(a<g)竖直加速下降时，木板B仍相对电梯轿厢静止4.2023年11月22日，“夸父一号”先进天基太阳天文台卫星，完成在轨初步评估，卫星工作正常，性能稳定。“夸父一号”卫星最终运行在太阳同步晨昏轨道II（距离地面720km的圆形轨道）上，其轨道面和地球晨昏线始终近似重合。该卫星先被发射到椭圆轨道I上运行，在A处通过变轨转移至圆形轨道II上运行，A、B分别为椭圆轨道I的远地点和近地点，地球同步卫星距离地面36000km，下列说法中正确的是A.卫星经过B点时的速度小于沿轨道II经过A点时的速度B.卫星沿轨道I、II经过A点时的加速度相等C.“夸父一号”卫星的周期与地球同步卫星的周期相等D.“夸父一号”卫星的机械能小于地球同步卫星的机械能5.如图所示，真空中M、N、O三点共线，MN、NO之间的距离分别为3L、L，N点固定电荷量为-q的点电荷，当M点也放置一点电荷后，在它们共同形成的电场中，电势为零的等势面（取无穷远处电势为零）恰好是以O点为球心的球面。已知点电荷周围某点的电势为Q=电荷的电荷量。则放置在M点的点电荷的电荷量为()，r为该点到点电荷的距离，Q为场源第3页/共10页A.qB.2qC.3qD.4q6.如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场中一矩形线圈绕垂直于磁场的轴OO'匀速转动，转动角速度为负，产生的电能通过滑环M、N由单刀双掷开关控制提供给电路中的用电器。线圈的面积为S，匝数为N，线圈的总阻值为r，定值电阻R1=R2=R，理想变压器的原、副线圈匝数比为1:2，电压表为理想电表。线圈由图示位置转过90。的过程中，下列说法中正确的是()A.若开关打到“1”，通过电阻R1的电荷量qB.若开关打到“1”，电阻R1产生的热量Q=N2BSπN负RB2S24(R+r)2C.若开关打到“2”，电压表的示数为U=负D.若开关打到“2”，电阻R2产生的热量Q=π27.如图所示，纸面内一正三角形的中心在O点，顶点a、b处分别垂直于纸面放置通电长直导线，电流方向相反，a处电流大小是b处电流大小的2倍，顶点c处的磁感应强度大小为B0。已知电流为I的无限长通电直导线在距其r远的圆周上产生的磁感应强度为B=k，k为比例系数。那么正三角形中心O点处的磁感应强度的大小，下列说法中正确的是()第4页/共10页A.B0B.2B0C.B0D.B08.如图所示，半径为r的光滑竖直圆环固定在水平地面上，套在圆环上的小球A、B由不可伸长的细线连接，质量均为m，细线长度为r，小球A在拉力F作用下沿圆环缓慢上移至顶点M。初始时细线竖直，拉力F始终沿圆环切线方向，下列说法中正确的是()A.小球B到达与圆心O等高处时拉力F=mgB.小球A到达M点时拉力F=mgC.细线的拉力先增大后减小D.圆环对球B的支持力先增大后减小项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得29.2023年12月6日，2023世界5G大会在河南郑州开幕，主题为“5G变革共绘未来”。目前全球已部署超过260张5G网络，覆盖近一半的人口。产生5G无线信号电波的LC振荡电路某时刻的工作状态如图所示，则该时刻()第5页/共10页A.线圈中磁场的方向向下B.电容器两极板间电场强度正在变大C.电容器正在放电，线圈储存的磁场能正在增加D.线路中的电流正在减小且与线圈中感应电流的方向相反10.如图所示，轻质弹簧下端固定在水平地面上，小球从弹簧正上方由静止释放，释放点与弹簧顶端的距离h，小球接触弹簧后向下运动的最大距离x。已知弹簧的原长l，劲度系数为k，小球的质量m，它运动过程中所受空气阻力的大小恒为f，取重力加速度为g。在小球由开始下落至被反弹离开弹簧后上升到最高点的过程中，下列说法中正确的是()A.小钢球的最大动能Ekm=(mg-f)h+B.轻质弹簧的最大弹性势能EP=mg(h+x)C.下降至最低点过程中两者组成的系统损失的机械能ΔE=(mg-f)(h+x)D.小钢球反弹后上升的最高点位置与释放点的高度差Δh=11.一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的部分波形，如图所示，质点M、P的平衡位置的坐标分别为=16m。已知质点P在t=4s时首次返回平衡位置，质点M首次返回平衡位置的时间早于质点P，则下列说法中正确的是()第6页/共10页A.该波沿x轴负方向传播B.该波的传播速度为2m/sC.t=10.5s时，质点M位于波峰D.t=0时刻，质点M与质点P速度大小之比为3:212.如图所示，水平面上固定有形状为“”的光滑金属导轨MON、PO'Q，OO'左右导轨的宽度分别为2L、L，两侧匀强磁场的方向分别竖直向上和竖直向下，磁感应强度大小分别为B0和2B0，导体棒a、b垂直于导轨放在OO'两侧，长度分别为2L、L。已知导体棒的材料相同、横截面积相同，导体棒b的质量为m，两导体棒与导轨接触良好，不计导轨电阻。使导体棒b获得水平向右的初速度v0，直到导体棒b达到稳定状态的过程中，下列说法中正确的是()A.导体棒b克服安培力做功等于其产生的焦耳热B.导体棒a上产生的焦耳热为mvC.导体棒a、b最终以相同的速度做匀速直线运动D.通过a棒的电荷量为13.某小组做“探究加速度、力和质量的关系”的实验装置，如图所示，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在天花板上。小车上固定一个定滑轮，细绳通过滑轮连接弹簧测力计和沙桶，绕过小车上定滑轮的细绳均平行于长木板，交流电的频率为50Hz。（1）实验中获得的一条纸带某段，如图所示图中相邻两个计数点间还有四个点未画出）则在该次实验中，纸带中C点对应时刻小车的速度大小为m/s，小车运动的加速度大小为m/s2第7页/共10页（结果均保留两位有效数字（2）本实验中是否需要满足“沙桶及沙的总质量远小于小车的质量”这一条件（选填“需要”或“不（3）改变沙桶中细沙的质量，重复实验操作，利用打点计时器打出多条纸带，同时记录对应的弹簧测力计的示数F，以小车的加速度a为纵坐标，测力计的示数F为横坐标绘制a-F图像，如图所示，求得图线的斜率为k，则小车的质量为（用字母k表示）。14.为测量某电源电动势E和内阻r，现备有下列器材：A．待测电源B．电流表（量程0~0.6A，内阻约为0.1Ω)C．电压表（量程0~3.0V，内阻约为10kΩ)D．滑动变阻器（最大阻值为10Ω,额定电流2A）E．定值电阻R0=2.5ΩF．开关、导线若干实验电路图如图（a）所示第8页/共10页（1）按照（a）电路图，将图（b）中的器材实物笔画线代替导线补充完整；（2）改变滑动变阻器的阻值，多次测量并记录多组U、I数据，作出U-I图像，如图（c）所示，根据图像求得电源电动势E=V，内阻r=Ω。（结果均保留三位有效数字）（3）为消除电表内阻引起的误差，采用一种改进后的“补偿”电路，如图（d）所示。①开关K1、K2，均断开，R1、R2均处于接入电路最大值。②闭合K1，调节R1，使电压表V，电流表A1数值合适。③保持R1阻值不变，闭合K2，调节R2，使A1示数为零，记录电压表的示数U与电流表A2的示数I2。④重复②、③操作测多组U、I2，作出U-I2图像，根据图像可测得真实的电动势E及内阻r。在某次测量中，K2闭合后电压表的示数（选填“大于”、“等于”或“小于”）K2闭合前电压表的示数。15.建立x轴沿水平方向的坐标系，如图所示，发球机将乒乓球从坐标原点O发出，当发射速度与水平方向成θ角时，乒乓球经过x轴时的位置坐标为（L，0）。在某高度处固定一水平挡板，发球机仍以相同的初速度发出乒乓球，乒乓球打到挡板上发生反弹，经过x轴时的位置坐标为（1.5L，0）。已知乒乓球反弹前后沿x轴方向速度不变，沿y轴方向速度等大反向，不计空气阻力，乒乓球可视为质点，重力加速度为g，求：（1）乒乓球被抛出时速度的大小v0；（2）挡板距离x轴的高度H。第9页/共10页16.如图所示，半径R=1.0m的光滑半圆形轨道竖直固定，它的最底端跟水平传送带的B端平滑连接，轨道上C点和圆心O的连线与水平方向成θ=37。角。将小滑块（视为质点）无初速度放在传送带A端，同时对小滑块施加水平向右的恒力F=0.35N，当小滑块到达传送带B端时，撤去恒力F。已知小滑块的质量m=0.1kg，与传送带之间的动摩擦因数μ=0.15；传送带的长度L=8.5m，始终以v0=5m/s的速度顺（1）小滑块在传送带上的运动时间；（2）小滑块在C点对轨道的压力大小。17.如图所示，平行正对金属板a、b带有等量异种电荷，极板间形成电场强度为E0=1×105N/C的匀强电场，该空间同时分布有跟电场正交且垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B0=1T。金属板右侧匀强磁场的边界线Q、R、M均垂直于两极板的中间线PO，边界线Q与中间线PO交于O点，QR之间的磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B1=1T，磁场宽度d1=0.6m，RM之间的磁场的方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B2=4T，边界M右侧存在方向水平向左的匀强电场，电场强度大小为E。一带正电的粒子以平行于金属板的速度v0从左侧进入正交场区域，沿中间线PO向右运动，从圆孔穿后由O点进入磁场B1，qm并恰好返回O点。已知边界RM之间的磁场宽度d2qm不计粒子的重力，求：（1）带电粒子的速度v0；（2）若粒子恰好不进人边界M右侧的电场，磁场B2的宽度d2；（3）若粒子能够进入边界M右侧的电场，请写出E与d2的关系式；第10页/共10页（4）若d2=35cm时，粒子从O进入磁场到返回O所经历的时间。18.如图所示，水平木板的a端紧挨着长度L1=1.15m的平台A，b端与足够长的平台B之间的距离为L2=0.25m，木板的长度L=2m、质量M=2kg，上表面跟平台A、B等高。平台B上有完全相同、质量均为m=1kg的滑块（从左向右依次记为滑块1、滑块2……滑块n，均可视为质点）等间距静止排列，间距d，滑块1位于平台B的左端。与平台B上完全相同的滑块P放置在平台A的左端。质量m1=1.5kg的小球用长度l=1m的细绳栓接在O点，无初速度释放时细绳刚好伸直且与水平方向成θ=30°角，运动到最低点时与滑块P发生弹性碰撞，碰撞后滑块P沿平台A滑动，之后滑上木板，当木板的b端撞到平台B时立即静止。滑块P与滑块1相碰后粘在一起，碰后两滑块以共同的速度继续运动距离d与滑块2相碰，三滑块以共同的速度运动……后面重复前面的运动情况。小球与滑块、滑块与滑块间的碰撞时间极短。已知滑块P跟平台A、木板之间的动摩擦因数均为μ1=0.5，木板与水平面之间μ2=0.1、滑块与平台B之间的动摩擦因数均为μ,取g=10m/s2。（1）细绳上的拉力F的最大值；（2）滑块P刚滑上木板时的速度大小；（3）滑块P与滑块1碰撞时损失的机械能；（4）若滑块P与滑块1碰撞前瞬间的速度为v0，则第n次碰撞前已经粘到一起的滑块的动能表达式。第1页/共31页2023—2024学年第一学期高三质量检测物理试题1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。1.物理概念的建立推动了物理学的发展，下列关于物理概念建立的说法中正确的是()A.力的概念是牛顿建立的B.加速度概念是由亚里士多德首先提出的C.电压概念是伽利略首先建立的D.电场是安培完善后形成的概念【答案】A【解析】【详解】A．牛顿将物体间复杂多样的相互作用抽象为“力”，为提出牛顿第一定律而确立了一个重要的物理概念，故A正确；B．加速度的概念是由伽利略首先提出来的，故B错误；C．电压概念是伏特首先建立的，故C错误；D．法拉第最早提出了“电场”的概念，麦克斯韦建立电磁场后完善了场的概念，故D错误。故选A。2.2024年1月10日是第四个中国人民警察节，东莞上千架无人机上演“苍穹之舞”。若取竖直向上为正方向，其中一架无人机沿竖直方向运动的v-t图像，如图所示。关于这架无人机运动的说法中正确的是()A.4s~6s内无人机处于悬停状态B.无人机可以上升的最大高度是8m第2页/共31页C.6s~10s内无人机处于失重状态D.无人机在第2s末开始向下运动【答案】C【解析】【详解】A．4s~6s内无人机以4m/s的速度匀速向上运动，A错误；B．v-t图像中图线与坐标轴围成的面积表示物体的位移，可得，无人机在前2s内上升的高度为h=m=8m0-8s无人机都在上升，所以上升的最大高度一定大于8m，B错误；C．v-t图像中图线表示物体的加速度，6s~10s内斜率为负值，表示无人机加速度向下，处于失重状态，C正确；D．无人机在第2s末速度仍未正值，所以依然向上运动但速度开始减小，D错误。故选C。3.如图所示，细绳将光滑小球A悬挂在电梯轿厢竖直壁上的O点，木板B被小球A挤在轿厢内壁上，细绳与侧壁的夹角为θ,电梯静止时，木板B恰好不下滑。已知小球A、木板B的质量分别为M、m，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法中正确的是()A.木板B与电梯侧壁之间的动摩擦因数为tanθB.当电梯以加速度a(a<g)竖直加速下降时，A对B的压力大小为M(g+a)tanθC.当电梯以加速度a竖直加速上升时，木板B会滑落D.电梯以加速度a(a<g)竖直加速下降时，木板B仍相对电梯轿厢静止【答案】D【解析】【详解】A．根据题意，对小球A受力分析，设木板B对小球的支持力为N，绳子的拉力为F，由平衡条件有第3页/共31页Fsinθ=N，Fcosθ=Mg解得对木板B有mg=μN解得mgmμ=N=Mtanθ故A错误；BD．当电梯以加速度a(a<g)竖直加速下降时，则有MgF1cosθ=Ma解得F=M(ga)1cosθ则木板B对小球的支持力为N1=M(ga)tanθ由牛顿第三定律可得，A对B的压力大小为'N=N此时，木板B与墙面的最大静摩擦力=M(ga)tanθ对木板B，竖直方向上有mgf=ma解得f=mga=可知，木板B仍相对电梯轿厢静止，故B错误，D正确；C．当电梯以加速度a竖直加速上升时，则有F2cosθMg=Ma解得第4页/共31页F=M(g+a)2cosθ同理可得N=M(g+a)tanθ此时，木板B与墙面的最大静摩擦力为fm2=m(g+a)对木板B，竖直方向上有f-mg=ma解得f=m(g+a)=fm2可知，木板B仍保持静止，故C错误。故选D。4.2023年11月22日，“夸父一号”先进天基太阳天文台卫星，完成在轨初步评估，卫星工作正常，性能稳定。“夸父一号”卫星最终运行在太阳同步晨昏轨道II（距离地面720km的圆形轨道）上，其轨道面和地球晨昏线始终近似重合。该卫星先被发射到椭圆轨道I上运行，在A处通过变轨转移至圆形轨道II上运行，A、B分别为椭圆轨道I的远地点和近地点，地球同步卫星距离地面36000km，下列说法中正确的是A.卫星经过B点时的速度小于沿轨道II经过A点时的速度B.卫星沿轨道I、II经过A点时的加速度相等C.“夸父一号”卫星的周期与地球同步卫星的周期相等D.“夸父一号”卫星的机械能小于地球同步卫星的机械能【答案】B【解析】【详解】A．设卫星在过B点圆轨道上的运行速度为vB，卫星沿轨道II经过A点时的速度为vA，由万有引第5页/共31页力提供向心力有可得BAv>BA设卫星在轨道I经过B点时的速度vB1，卫星经过B点时，由圆轨道变轨到轨道I需加速，则有B1BvB1B则有B1Av>B1A即卫星经过B点时的速度大于沿轨道II经过A点时的速度，故A错误；B．根据题意，由万有引力提供向心力有GMm=ma2r解得可知，卫星沿轨道I、II经过A点时的加速度相等，故B正确；C．由万有引力提供向心力有GMm4π2 =mrr2T2解得 4π2r3GM由于“夸父一号”卫星的轨道半径与地球同步卫星的轨道半径不相等，则“夸父一号”卫星的周期与地球同步卫星的周期不相等，故C错误；D．由于不知道“夸父一号”卫星与地球同步卫星的质量关系，无法比较二者的机械能关系，故D错误。故选B。5.如图所示，真空中M、N、O三点共线，MN、NO之间的距离分别为3L、L，N点固定电荷量为一q的点电荷，当M点也放置一点电荷后，在它们共同形成的电场中，电势为零的等势面（取无穷远处电势为零）恰好是以O点为球心的球面。已知点电荷周围某点的电势为Q=，r为该点到点电荷的距离，Q为场源第6页/共31页电荷的电荷量。则放置在M点的点电荷的电荷量为()A.qB.2qC.3qD.4q【答案】B【解析】【详解】根据题意，设等势面的半径为R，置在M点的点电荷的电荷量为q0，则有kq0kqkq0kq ,联立解得q0故选B。6.如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场中一矩形线圈绕垂直于磁场的轴OO'匀速转动，转动角速度为负，产生的电能通过滑环M、N由单刀双掷开关控制提供给电路中的用电器。线圈的面积为S，匝数为N，线圈的总阻值为r，定值电阻R1=R2=R，理想变压器的原、副线圈匝数比为1:2，电压表为理想电表。线圈由图示位置转过90。的过程中，下列说法中正确的是()A.若开关打到“1”，通过电阻R1的电荷量qB.若开关打到“1”，电阻R1产生的热量Q=N2BSπN负RB2S24(R+r)2C.若开关打到“2”，电压表的示数为U=负第7页/共31页D.若开关打到“2”，电阻R2产生的热量Q=π2【答案】C【解析】【详解】A．若开关打到“1”，线圈由图示位置转过90O的过程中，平均感应电动势为又有 可得 EΔt 故A错误；BCD．根据题意可知，线圈由图示位置转过90O的过程的时间为线圈转动产生感应电动势的最大值为E=NBS负m有效值为ENBS负m=有 22有若开关打到“1”，感应电流的有效值为电阻R1产生的热量若开关打到“2”，设电压表读数为U，流过R2的电流为I，则原线圈两端电压为11流过原线圈的电流为U第8页/共31页1I=2I1则原线圈的等效电阻为R'===则有U=RE=RNBS负1R+r+1R有(5R+4r)4则电压表读数 RNBS负U=2U=15R+4r电阻R2产生的热量U2RN2B2S2负πQ=Rt=(5R+4r)2故BD错误，C正确。故选C。7.如图所示，纸面内一正三角形的中心在O点，顶点a、b处分别垂直于纸面放置通电长直导线，电流方向相反，a处电流大小是b处电流大小的2倍，顶点c处的磁感应强度大小为B0。已知电流为I的无限长通电直导线在距其r远的圆周上产生的磁感应强度为B=k感应强度的大小，下列说法中正确的是()，k为比例系数。那么正三角形中心O点处的磁A.B0B.2B0C.B0D.B0【答案】A【解析】【详解】设正三角形边长为L，b处电流大小为I，a处电流大小为2I，则a处电流和b处电流在c处产第9页/共31页生的磁感应强度大小分别为Bac1Bbc1a处电流和b处电流在O处产生的磁感应强度大小分别为BaO2BbO2则有1根据右手螺旋定则，如图所示在c处根据矢量叠加原则可得B2c22解得 3在O处根据矢量叠加原则可得2cos6022sin602第10页/共31页解得BO=B2=B1=B0=B0故选A。8.如图所示，半径为r的光滑竖直圆环固定在水平地面上，套在圆环上的小球A、B由不可伸长的细线连接，质量均为m，细线长度为r，小球A在拉力F作用下沿圆环缓慢上移至顶点M。初始时细线竖直，拉力F始终沿圆环切线方向，下列说法中正确的是()A.小球B到达与圆心O等高处时拉力F=mgB.小球A到达M点时拉力F=mgC.细线的拉力先增大后减小D.圆环对球B的支持力先增大后减小【答案】C【解析】【详解】A．小球B到达与圆心O等高处时进行受力分析，如图对B，绳上的拉力为第11页/共31页NB=mgtan30o=mg对A，有F=mgsin30o+Tcos30o=mgA错误；B．小球A到达M点时进行受力分析，如图NB=T=mg对A，有F=Tcos30=2mgB错误；CD．开始时绳上拉力为T=mg环对B的支持力NB=0综合AB的分析，可知，细线的拉力先增大后减小，圆环对球B的支持力一直增大，C正确，D错误。故选C。项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得29.2023年12月6日，2023世界5G大会在河南郑州开幕，主题为“5G变革共绘未来”。目前全球已部署超第12页/共31页过260张5G网络，覆盖近一半的人口。产生5G无线信号电波的LC振荡电路某时刻的工作状态如图所示，则该时刻()A.线圈中磁场的方向向下B.电容器两极板间电场强度正在变大C.电容器正在放电，线圈储存的磁场能正在增加D.线路中的电流正在减小且与线圈中感应电流的方向相反【答案】AB【解析】【详解】A．根据线圈中电流方向，应用右手螺旋定则判断出线圈中磁场方向向下，A正确；B．电流方向流向正极板，表示电容器在充电，两极板电荷量增大，板间电场强度在变大，B正确；CD．电流方向流向正极板，表示电容器在充电，两极板电荷量增大，电路中电流在减小，线圈储存的磁场能正在减小，逐渐转化成电场能，根据“增反减同”可知，线圈中感应电流的方向与线路中原电流方向相同，CD均错误。故选AB。10.如图所示，轻质弹簧下端固定在水平地面上，小球从弹簧正上方由静止释放，释放点与弹簧顶端的距离h，小球接触弹簧后向下运动的最大距离x。已知弹簧的原长l，劲度系数为k，小球的质量m，它运动过程中所受空气阻力的大小恒为f，取重力加速度为g。在小球由开始下落至被反弹离开弹簧后上升到最高点的过程中，下列说法中正确的是()第13页/共31页A.小钢球的最大动能Ekm=(mg一f)h+(mgf)2B.轻质弹簧的最大弹性势能EP=mg(h+x)C.下降至最低点过程中两者组成的系统损失的机械能ΔE=(mg一f)(h+x)D.小钢球反弹后上升的最高点位置与释放点的高度差Δh=【答案】AD【解析】【详解】A．小球下落过程中合力先减小，后反向增大，当合力为0时，动能最大，此时设弹簧的形变量为x,，有mg=kx,+f解得,mgf根据动能定理，有(mgf)(h+x,)+W弹=EkmW=kx,2解得Ekm=(mgf)h+(mgf)2A正确；B．小球从下落到最低点的过程中，根据动能定理，有Wp解得Ep=mgEp=mgfh+xB错误；C．小球下降至最低点过程中两者组成的系统损失的机械能等于小球克服空气阻力做的功，即第14页/共31页ΔE=f(h+x)C错误；D．设小钢球反弹后上升的最高点与弹簧顶端距离为h,，整个过程，根据动能定理，有mg(h-h,)-f(h+x+x+h,)=0-0解得所以小钢球反弹后上升的最高点位置与释放点的高度差为Δh=h-h,=D正确。故选AD。11.一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的部分波形，如图所示，质点M、P的平衡位置的坐标分别为=16m。已知质点P在t=4s时首次返回平衡位置，质点M首次返回平衡位置的时间早于质点P，则下列说法中正确的是()A.该波沿x轴负方向传播B.该波的传播速度为2m/sC.t=10.5s时，质点M位于波峰D.t=0时刻，质点M与质点P速度大小之比为3:2【答案】BC【解析】【详解】A．由于质点M首次返回平衡位置的时间早于质点P，可知，t=0时刻质点M沿y轴负方向振动，由同侧法可知，该波沿x轴正方向传播，故A错误；B．已知质点P在t=4s时首次返回平衡位置，由图可知第15页/共31页T=4s，-λ=x2-x1解得则该波的传播速度为v=λ=2msT故B正确；C．经过时间质点M恰好位于波峰，故C正确；D．设弹簧的劲度系数为k，由弹性势能公式EP=kx2可得，最大的弹性势能为2由机械能守恒定律可得，t=0时刻，质点M的动能为MM2Ek2MM2质点P的动能为则质点M与质点P速度大小之比为:1，故D错误。故选BC。12.如图所示，水平面上固定有形状为“”的光滑金属导轨MON、PO'Q，OO'左右导轨的宽度分别为2L、L，两侧匀强磁场的方向分别竖直向上和竖直向下，磁感应强度大小分别为B0和2B0，导体棒a、b垂直于 导轨放在OO'两侧，长度分别为2L、L。已知导体棒的材料相同、横截面积相同，导体棒b的质量为m，两导体棒与导轨接触良好，不计导轨电阻。使导体棒b获得水平向右的初速度v0，直到导体棒b达到稳定状态的过程中，下列说法中正确的是()A.导体棒b克服安培力做功等于其产生的焦耳热第16页/共31页B.导体棒a上产生的焦耳热为mvC.导体棒a、b最终以相同的速度做匀速直线运动D.通过a棒的电荷量为【答案】BD【解析】【详解】导体棒的材料相同、横截面积相同，长度分别为2L、L，导体棒b的质量为m，则导体棒a的质量为2m，由电阻定律可知，导体棒的电阻之比为设回路中电流为I，导体棒a受的安培力为Fa导体棒b受的安培力为000=2BI.L0可知，运动过程中，两导体棒的安培力大小相等C．根据题意，设导体棒a、b稳定时的速度大小分别为va、vb，稳定时有B0.2Lva=2B0Lvb分别对导体棒a、b应用动量定理有Fat0mvb解得0v0vava由于导体棒b开始向右运动，由左手定则可知，导体棒a受向左的安培力，则导体棒a向左运动，则导体棒a、b最终速度大小相等，方向相反，故C错误；A．由功能关系可知，导体棒b克服安培力做功等于导体棒a、b上产生的焦耳热和导体棒a的动能之和，故A错误；则导体棒a上产生的焦耳热为第17页/共31页Ra22Qa=Ra+RbQ=Ra22故B正确；D．根据题意，由动量定理，对导体棒a有Fat=B0.2Lqa=2m.v0解得q=mv03B0L故D正确。故选BD。13.某小组做“探究加速度、力和质量的关系”的实验装置，如图所示，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在天花板上。小车上固定一个定滑轮，细绳通过滑轮连接弹簧测力计和沙桶，绕过小车上定滑轮的细绳均平行于长木板，交流电的频率为50Hz。（1）实验中获得的一条纸带某段，如图所示图中相邻两个计数点间还有四个点未画出）则在该次实验中，纸带中C点对应时刻小车的速度大小为m/s，小车运动的加速度大小为m/s2（结果均保留两位有效数字（2）本实验中是否需要满足“沙桶及沙的总质量远小于小车的质量”这一条件（选填“需要”或“不（3）改变沙桶中细沙的质量，重复实验操作，利用打点计时器打出多条纸带，同时记录对应的弹簧测力计的示数F，以小车的加速度a为纵坐标，测力计的示数F为横坐标绘制a-F图像，如图所示，求得图线的斜率为k，则小车的质量为（用字母k表示）。第18页/共31页【答案】①.0.66②.1.8③.不需要④.2k【解析】【详解】（1）[1]纸带中C点对应时刻小车的速度大小为vC[2]根据逐差法求得，小车运动的加速度大小为4TCD-xAB)+xDE-xBC)=1.8m/s24T（2）[3]由于有弹簧秤测量绳上的拉力，所以不需要用沙桶及沙的重力等于绳上的拉力，所以不需要满足“沙桶及沙的总质量远小于小车的质量”这一条件。（3）[4]对小车进行受力分析，根据牛顿第二定律，有2F-f=Ma可得a=2F-fMM斜率为解得14.为测量某电源电动势E和内阻r，现备有下列器材：A．待测电源B．电流表（量程0~0.6A，内阻约为0.1Ω)C．电压表（量程0~3.0V，内阻约为10kΩ)D．滑动变阻器（最大阻值为10Ω,额定电流2A）F．开关、导线若干第19页/共31页实验电路图如图（a）所示（1）按照（a）电路图，将图（b）中的器材实物笔画线代替导线补充完整；（2）改变滑动变阻器的阻值，多次测量并记录多组U、I数据，作出U-I图像，如图（c）所示，根据图像求得电源电动势E=V，内阻r=Ω。（结果均保留三位有效数字）（3）为消除电表内阻引起的误差，采用一种改进后的“补偿”电路，如图（d）所示。①开关K1、K2，均断开，R1、R2均处于接入电路最大值。②闭合K1，调节R1，使电压表V，电流表A1数值合适。③保持R1阻值不变，闭合K2，调节R2，使A1示数为零，记录电压表的示数U与电流表A2的示数I2。④重复②、③操作测多组U、I2，作出U-I2图像，根据图像可测得真实的电动势E及内阻r。在某次测量中，K2闭合后电压表的示数（选填“大于”、“等于”或“小于”）K2闭合前电压表的示数。【答案】①.②.1.80③.1.10④.大于【解析】【详解】（1）[1]按照（a）电路图，将图（b）中的器材实物笔画线代替导线补充完整，如图所示第20页/共31页（2）[2][3]根据题意，由闭合回路欧姆定律有结合图（c）可得000.5解得（3）[4]在某次测量中，K2闭合前，设此时电压表示数为U1，电流表A1示数为I1，电压表内阻为RV，电流表A1内阻为RA1，滑动变阻器接入电路阻值为R1；根据闭合电路欧姆定律可得又联立可得(RA1RRRA1RR 保持R1阻值不变，闭合K2，调节R2，使A1示数为零，设此时电压表示数为U2，电流表A2示数为I2，由于A1示数为零，则A1表两端电势相等，根据闭合电路欧姆定律可得2又U22第21页/共31页联立可得R+R则有R+RR+可得21U>U21则在某次测量中，K2闭合后电压表的示数大于K2闭合前电压表的示数。15.建立x轴沿水平方向的坐标系，如图所示，发球机将乒乓球从坐标原点O发出，当发射速度与水平方向成θ角时，乒乓球经过x轴时的位置坐标为（L，0）。在某高度处固定一水平挡板，发球机仍以相同的初速度发出乒乓球，乒乓球打到挡板上发生反弹，经过x轴时的位置坐标为（1.5L，0）。已知乒乓球反弹前后沿x轴方向速度不变，沿y轴方向速度等大反向，不计空气阻力，乒乓球可视为质点，重力加速度为g，求：（1）乒乓球被抛出时速度的大小v0；（2）挡板距离x轴的高度H。【答案】（1）v=gL2）H=3Ltanθ0sin2θ16【解析】【详解】（1）根据题意，设乒乓球做斜抛后运动至x轴时的时间为t1，水平方向L=v0t1cosθ竖直方向t1=2xv0sinθg第22页/共31页解得 gL gL（2）设乒乓球第二次运动至x轴的时间为t2，根据轨迹的对称性得乒乓球两次运动的时间之比为挡板距离x轴的高度H=v0sinθ根-g2解得H=3Ltanθ16.如图所示，半径R=1.0m的光滑半圆形轨道竖直固定，它的最底端跟水平传送带的B端平滑连接，轨道上C点和圆心O的连线与水平方向成θ=37。角。将小滑块（视为质点）无初速度放在传送带A端，同时对小滑块施加水平向右的恒力F=0.35N，当小滑块到达传送带B端时，撤去恒力F。已知小滑块的质量m=0.1kg，与传送带之间的动摩擦因数μ=0.15；传送带的长度L=8.5m，始终以v0=5m/s的速度顺（1）小滑块在传送带上的运动时间；（2）小滑块在C点对轨道的压力大小。【解析】【详解】（1）小滑块刚放上传送带时，受力分析如图所示第23页/共31页根据牛顿第二定律F+f=ma1解得设小滑块达到与传送带共同速度所用时间为t1，该段时间内的位移为x1，则有2解得达到共同速度后，对小滑块受力分析如图所示根据牛顿第二定律Ff=ma2解得a2=8m/s2设小滑块又经时间t2到达传送带B端，则有202221vt+a2022212解得2第24页/共31页t2那么小滑块在传送带上运动的时间为解得（2）设小滑块到达传送带右端时的速度为v1，则有v1=v0+a2t2小滑块沿半圆形轨道滑至C点的过程，根据机械能守恒定律在轨道上C点，设小滑块受到的弹力为F1，根据牛顿第二定律F联立解得F根据牛顿第三定律，小滑块在C点对轨道的压力大小'F17.如图所示，平行正对金属板a、b带有等量异种电荷，极板间形成电场强度为E0=1×105N/C的匀强电场，该空间同时分布有跟电场正交且垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B0=1T。金属板右侧匀强磁场的边界线Q、R、M均垂直于两极板的中间线PO，边界线Q与中间线PO交于O点，QR之间的磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B1=1T，磁场宽度d1=0.6m，RM之间的磁场的方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B2=4T，边界M右侧存在方向水平向左的匀强电场，电场强度大小为E。一带正电的粒子以平行于金属板的速度v0从左侧进入正交场区域，沿中间线PO向右运动，从圆孔穿后由O点进入磁场B1，并恰好返回O点。已知边界RM之间的磁场宽度d2可以在一定范围内调节，粒子的比荷为=1x105C/kg，不计粒子的重力，求：（1）带电粒子的速度v0；（2）若粒子恰好不进人边界M右侧的电场，磁场B2的宽度d2；（3）若粒子能够进入边界M右侧的电场，请写出E与d2的关系式；第25页/共31页（4）若d2=35cm时，粒子从O进入磁场到返回O所经历的时间。总总【解析】【详解】解1）粒子沿中间线经过通过正交场区域，电场力与洛伦兹力平衡解得5m/s（2）设粒子在QR、RM内圆周运动的轨迹半径分别为r1、r2，最终恰好不进入右侧电场，粒子轨迹全部在磁场中如图甲所示，根据牛顿第二定律得11设粒子飞过QR区域圆弧对应的圆心角为θ,根据几何关系第26页/共31页sinθ==0.6解得θ=37o那么QR区域的偏移量为y1r在RM区域内r0.25mM边界与粒子轨迹恰好相切，则磁场B2的宽度d2（3）要保证粒子返回O点且速度水平向左，则d2必须大于AO2，即d2>0.15m粒子轨迹，如图乙所示当0.15m<d2<0.4m时，轨迹有一部分在电场中，进入电场时的速度可以分解为水平向右的v0sinc，竖直向上的v0cosc，粒子水平向右做匀减速直线运动，竖直向上做匀速直线运动，设粒子在电场中运动时间为t，加速度的大小为av0sinc=a.t第27页/共31页202BD=2rsina=vt20O2Bd2-0.15cosa==22r22联立得2-0.15)（4）当d2=35cm时，