江苏省南京市、盐城市2023届高三下学期第二次（3月）模拟物理试卷（含答案）

江苏省南京市、盐城市2023届高三下学期第二次（3月）模拟物理

试卷

学校：姓名：班级：考号：

一、单选题

1、我国的可控核聚变实验已取得重大突破，处于国际领先地位，下列说法正确的是（）

A.只有笊（；H）和泉（；H）能发生核聚变，其他原子核不能

B.由核反应方程;H+jH→=He+＞可知，核聚变反应的条件之一就是需要慢中子

C.核聚变和核裂变释放核能时，都有质量亏损

D.核聚变反应发生后，需要外界不断给它提供能量才能将反应持续下去

2、下列光现象中属于衍射的是（）

A.水中的气泡看起来特别明亮

B.白光通过三棱镜在屏上出现彩色光带

C.在阳光照射下肥皂泡上出现彩色条纹

D.某彩色光照射圆盘后，在适当的位置，影的中心出现一个亮斑

3、如图甲所示，笔记本电脑支架一般有多个卡位用来调节角度，某人将电脑放在该支

架上，由卡位4缓慢调至卡位1（如图乙），电脑与支架始终处于相对静止状态，则

（）

甲乙

A.电脑受到的支持力变大

B.电脑受到的摩擦力变大

C.支架对电脑的作用力减小

D.电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力大小

4、一列波长大于Im的横波沿X轴负方向传播，处在Xl=Im的质点A和Xl=2m的质

点B各自的振动图像如图所示，由此可知（）

B.波速为Im/s

C.3s末质点B的振动方向为y轴负方向

D.2s末至3s末A、3两质点振动的平均速度相同

5、2023年1月21日，神舟十五号3名航天员在40Okm高的空间站向祖国人民送上新

春祝福，空间站的运行轨道可近似看作圆形轨道I,设地球表面重力加速度为g,地

球半径为R,椭圆轨道II为载人飞船运行轨道，两轨道相切与A点，下列说法正确的

是（）

轨道I''、、、

/轨道∏\

、

/t——————\

A.在A点时神州十五号经过点火加速才能从轨道I进入轨道∏

B.飞船在A点的加速度小于空间站在A点的加速度

C.空间站在轨道I上的速度小于我

D.轨道I上的神州十五号飞船想与前方的空间站对接，只需要沿运动方向加速即可

6、氢原子的能级图如图甲所示，一群处于第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中能

发出几种不同频率的光，其中只有频率为匕、匕两种光可让图乙所示的光电管阴极K

发生光电效应，先分别用频率H或2的三个光源。、反C分别照射该光电管阴极K,测

得电流随电压变化的图像如图丙所示，下列说法中正确的是（）

n£7eV

8-------------------O

4--------------------0.85

3--------------------1.51

2--------------------3.4

1--------------------13.6

甲

A.处于第4能级的氢原子向下跃迁最多发出4种不同频率的光子

B.图线C对应的光是氢原子由第3能级向第1能级跃迁发出的

C.图线。对应的光子频率大于图线C对应的光子频率

D.用图线人对应的光照射光电管时，光电流会随着正向电压的增大而不断增大

7、如图所示，某同学用“插针法”测量两面平行玻璃砖的折射率，他先在纸上紧贴玻璃

砖画出参考线皈，仍，，钉上大头针片、P2,然后继续实验。并画出光路图，则下列说

A.入射角i尽量小一些，可以减小误差

B.P「鸟及鸟、与之间的距离取的小一些，可以减小误差

C.若在钉大头针鸟不小心使玻璃板平移到了虚线框位置，则最终测得的折射率偏大

D.若把仍，误画在了就，，其他操作均正确，则测得的折射率偏小

8、如图所示，倾角为ɑ的足够长斜面，现从斜面上。点与斜面成夕角（尸＜90。），

以速度％、2%分别抛出小球P、0,小球尸、。刚要落在斜面上A、B两点时的速度分

别以、为，设。、A间的距离为山，。、8间的距离为§2,不计空气阻力，当夕取不同

值时下列说法正确的是（）

%

O

A.力一定等于2vp

B.ve方向与斜面的夹角一定小于VP方向与斜面的夹角

C.P、。在空中飞行的时间可能相等

D..可能大于4S1

9、将一个小球从地球竖直上抛，过程中小球受到的阻力与速率成正比，设向上为正方

向，小球的速率、位移、动能和机械能分别为丫、x、Ek和E，以地面为零势能面，则

下列描述小球运动过程的图像可能正确的是（）

由1、2、3三个带电量均为+4、质量均为根的相同金

属小球，用长为L的三根绝缘细绳连接，A、B、C分别为其中心，。为三角形中心,

已知单个点电荷4周围空间的电势夕=左幺，「为到点电荷的距离，则下列说法正确的

是（）

AQ点的电场强度不为零，且方向向上

B.若L长度可调节，则A、O两点的电势可能相等

c∙系统的总电势能为E=后至

PL

D.若3处剪断，则之后小球1的最大速度为％,2

,nV3mL

二、实验题

11、某同学用多用电表做了以下两个实验：

(1)用欧姆挡测量一电阻的阻值(约1500Ω~2500Ω)，进行了如图甲所示虚线框中

A、B、C、D四个操作，正确的操作顺序是；其中步骤B的指针指在如图乙

所示的刻度处，该电阻的阻值为g。

(2)欧姆表内部电路可简化为一个电动势为E的电源、一个电流表、一个可变电阻

和红表笔串联而成。为了测量多用电表欧姆挡在“xlOO”挡时的内部总电阻八电动势E

和黑表笔短接时多用电表中的电流/,该同学设计了如图丙所示的电路。

①正确连线后，闭合开关，改变电阻箱的阻值，得到多组电流表的示数/和电阻箱的

R,数据记录如下表：

请根据该同学在坐标纸上描绘的点画出L-R图像；

/

R∕Ω15701140920550300110

Z/mA0450.520.610.660.730.81

ɪ（mA^'）2.221.21.641.521.371.23

②由:-R图像计算欧姆表内电源的电动势E=V；

③若毫安表内阻zλ=180Q,则红、黑表笔短接时多用电表中的电流

/=mAo（以上结果均保留2位有效数字）

O500100015002000RC

—ʌ计算题

12、如图甲所示，一个导热气缸水平放置，内部封闭着热力学温度为"的理想气体，

活塞截面积为S,活塞与气缸底部距离为3大气压为不，重力加速度为g,活塞与气

缸之间摩擦忽略不计。先保持温度不变，将气缸缓慢转动90°（如图乙），活塞与气

缸底部距离变为Q9L。再对气体缓慢加热，活塞离气缸底部距离变为1.2L（如图

丙），求：

（I）活塞的质量，”；

（2）气体加热后的热力学温度―

13、某种发电机的原理如图所示，矩形线圈处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，

可绕与磁场方向垂直的固定轴OO'匀速转动，角速度为由。已知线圈的匝数为〃，ab

边长为乙，儿边长为4,线圈总电阻为「，线圈与阻值为R的外电路连接，交流电压

表为理想电表。求：

(1)线圈从图示位置转过90。的过程中，通过电阻R的电量仅

(2)发电机正常工作时，交流电压表的示数Uo

14、如图甲所示，质量为2m的足够长木板C置于水平面上，滑块A、B质量均为〃?，

置于C上，B位于A右方某处。A、C间的动摩擦因数〃A=0∙2,B、C间，C与地面间

的动摩擦因数〃B=4=°1。给C施加一水平向右的恒力凡A、8第一次相遇时间为

ta可得与尸的关系如图乙所示。(设A、B间碰撞为弹性正碰，最大静摩擦力等于滑

动摩擦力，g=IOmH)求：

(1)滑块A、8的最大加速度明、aB；

(2)A、B之间的初始距离L和滑块A的质量〃?；

(3)若尸=13N,从刚开始施加力至A、B第二次相撞时拉力尸，所做的功卬。

15、如图所示，真空中存在一间距为d=0.02m的水平平行板电容器，板长

L=0.04m，板间电压为匀强电场方向向上，MN为一垂直上极板P。的足够长的

光屏，其下端N与极板右端Q重合，在MN所在竖直线右侧存在匀强磁场。在下极板

左端有一个粒子源A,可以紧贴极板水平向右连续发射带正电的粒子，粒子比荷为

/∕n=IxlO8CZkg»初速度%=lxl()5∏Vs。已知粒子打到极板或光屏时会被吸收，粒子

之间的作用力不计，粒子的重力不计。

C

××

×:×

×'×

×I×

×;Dx

(1)为使粒子能够从极板间射出，求电压U的最大值;

(2)若匀强磁场方向垂直纸面向里，大小为q=0.05T,电压U可任意调节，则求粒

子击中光屏形成痕迹的长度ALO

(3)若匀强磁场方向改成水平向右，大小变为B,=立T，电压U可任意调节，在极

■20

板右侧放置另一块与MN平行的足够大的光屏CCO在磁场中只能左右移动，则求

粒子打在光屏CD上留下所有痕迹的面积So

参考答案

1、答案：C

解析：A.理论上，原子序数小于铁的都可以发生核聚变，不一定是笊和晁，恒星演化

后期会有氢聚变为碳进而聚变为氧的过程，所以A错误；

B.核聚变的反应条件之一是高温高压，产生中子，所以B错误；

C.核聚变和核裂变释放核能时，都有质量亏损，C正确；

D.核聚变一旦发生，就不再需要外界给它能量，靠自身产生的热就会使反应继续下

去，所以D错误。

故选C。

2、答案：D

解析：A.水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上

发生了全反射和折射的缘故，故A错误；

B.太阳光通过玻璃三棱镜后形成彩色光带，是光的折射现象，故B错误；

C.肥皂泡在阳光照耀下呈现彩色条纹，太阳光肥皂泡经过内外膜的反射后叠加，从而

出现彩色条纹，这是光的干涉，故C错误；

D.圆盘衍射出现泊松亮斑，故D正确。

故选D。

3、答案：A

解析：AB.根据题意，对电脑受力分析，如图所示

jG

电脑始终处于静止状态，故电脑受力平衡。由平衡条件可得，电脑受到的支持力大小

为

FN=GCoSe

电脑受到的摩擦力大小

/=GsinO

由原卡位1调至卡位4,。减小，故FN增大，/减小，故B错误，A正确；

C.散热底座对电脑的作用力的合力，即电脑受到的支持力与摩擦力两力的合力，大小

等于电脑的重力，方向竖直向上，始终不变，故C正确；

B.电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力大小，故D错误。

故选A0

4、答案：B

解析：AB.因为该波沿X轴负方向传播，所以A与3相隔,个周期，间距为1m,故波

4

速为lm∕s,由振动图像可知周期T=4s,可得波长为4m,故A错误，B正确；

C.由图像可知3s末A、B两质点的位移分别为以=-2m,>'β=0,所以3s末质点B的

振动方向为y轴正方向，故C错误；

D.由图可知2~3s末,质点A从平衡位置运动到波谷，质点B从波谷运动到平衡位置，

两质点的平均速度大小相等但是方向不同，故D错误。

故选B0

5、答案：C

解析：A.载人飞船若要从轨道I进入轨道∏,做近心运动，需要在A点减速，故A错

误；

B.载人飞船在轨道I上通过A点时受到的万有引力等于在轨道∏上运行时通过A时点

万有引力，由牛顿第二定律可知，它们的加速度相等，故B错误；

C.根据万有引力提供向心力有

GMmV2

———=m—

rr

万有引力等于重力有

可知，我是围绕地球做圆周运动的最大速度，则空间站在轨道I上的速度小于

质,故C正确；

D.轨道I上的神州十五号飞船想与前方的空间站对接，需要加速，而加速后轨道半径

会变大，则需要在低轨道上加速才能完成与空间站对接，故D错误。

故选C。

6、答案：B

解析：A.第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中，能发出C：=6种不同频率的光，

故A错误；

BC.由于只有频率为匕、以两种光可让图乙所示的光电管阴极K发生光电效应，跃迁

时发出的两种频率最大的光为4→k3→l,由图乙可知，。光的遏止电压大，。和C光

的遏止电压小，根据光电效应方程

Ek=hv-W0

及eU。=Ek

知，α对应的光子频率小于图线A对应的光子频率，故a、C是3-1跃迁发出的，b是

4→1跃迁发出的，故C错误，B正确；

D.用图线人对应的光照射光电管时，光电流达到饱和后不再增大，故D错误。

故选B。

7、答案：D

解析：A.入射角如果尽量小一些小些，折射角也会小些，折射现象不明显，角度的相

对误差会大些，故A错误；

B.折射光线是通过隔着玻璃观察成一条直线确定的，大头针间的距离太小，引起的角

度误差会较大，故斗鸟及鸟、鸟之间的距离适当大些，可以提高精确度，故B错误；

C.不小心把玻璃砖移平移到了虚线框位置，则入射角和折射角都不会改变，不会影响

折射率的测量，故C错误；

D.若把仍'误画在了cc',导致折射角变大，所以测得的折射率就会偏小，故D正确。

故选D。

8、答案：A

解析：将初速度分解在垂直斜面反向和平行斜面方向，垂直斜面方向

v1=v0sinβ

平行斜面方向

v/7=v0COSβ

垂直斜面的加速度

a1=gcosa

平行斜面的加速度

。〃=gsina

C.在空中飞行的时间

vsinB

t=-n------ocv

gcosa0

所以P、Q在空中飞行的时间之比为1:2,故C错误;

D.小球的位移

12

S=v∕∕t+~a∕∕t

结合

=gsin0

tP：fQ=1:2

可得

s2=4s∣

故D错误；

B.速度与斜面的夹角的正切值

Cvsinβ

tanθ=---------0——-------

v0cos/?+gsincr√

结合

♦p：/Q=I：2

可知为方向与斜面的夹角一定等于以方向与斜面的夹角，故B错误；

A.结合B选项分析，速度方向相同，垂直斜面和平行斜面的速度之比均为1：2,根据

速度的合成可知%一定等于2%,故A正确。

故选A0

9、答案：C

解析：A.小球在上升过程中，由牛顿第二定律得

mg+仙=ma

U逐渐减小，则α减小，下降过程中有

mg-kv=ma

V越来越大，故加速度继续减小，图像趋势正确，但速度为零时，斜率不为零，且加

速度为g，图像应为平滑曲线，故A错误;

B.v-x图斜率为

在上升过程中斜率变大，下降过程中斜率变小，故B错误;

。线-X图像斜率为合外力，向上运动过程

F=mg+kv

变小，向下运动过程中

F=mg-kv

继续变小，故C正确；

D、向上运动过程比向下过程中任意一个位置，摩擦力要更大，故向上过程中摩擦力

做功更多一点，机械能损失要更多一点，故D错误。

故选C。

10、答案：D

解析：A.根据对称性可知A、8、C三处点电荷在。点产生的电场强度大小相等，根据

电场强度的叠加法则可得。点的电场强度大小为0,故A错误；

B.0点到金属小球的距离均为々，A点到金属小球3的距离为包，根据电势叠加原

则，A、。两点的电势分别为

2F

(Po=k-y-×3=3Ek—

LL

则4。两点电势不论在L取何值时都不可能相等，故B错误;

C.1电荷的电势能

-

Em=（%+。3）夕=%当

同理可得2和3电荷电势能

故整个系统电势能为

E=EPI+EPl+Eps=k3q-

p~2L

故C错误；

D.三球一条直线时整个系统电势能最小，动能最大，1球速度最大，此时

1电荷的电势能

Ep∖=(<PL)q=k*∙

2和3电荷电势能

WE=嘿

此时整个系统电势能最小为

E，%+E∕+E∖*2

p22£

对系统，根据能量守恒

k———kK-=ɪmv：+ɪ2mv^

L2Λ212

根据动量守恒

mvi=Imv2

两式联立解得

故D正确。

故选Do

1

11、答案:(1)CADB；1.9(2)②1.5③0.94

解析：（1）使用多用电表测电阻，首先进行机械调零，用刻度盘下的调零旋钮手动把

指针拨到零刻度线处，然后选择欧姆挡位，再进行欧姆调零，两个表笔短接，调整调

零旋钮，调整好之后，把两表笔接在电阻两端，进行测量。故正确的操作顺序是

CADBo由图乙可知，该电阻的阻值为R=19χl00Q=L9kΩ°

（2）①根据闭合回路欧姆定律有

I=——-——

R+r+RA

整理可得J.=_LR+43

/EE

可知，J-R图像为倾斜直线，则根据在坐标纸上描绘的点连成一条直线，如图所示

I

②由图像可得

1（2.22-1.23）×IO3

~E~—1570-110

解得£a1.5V

③由上述分析可知

^^=1.18×1O3

E

解得r=1590C

则红、黑表笔短接时多用电表中的电流

E

∕=-≈0.94mA

r

12、答案：（1）加=地（2）T=-Th

9g3°

解析：（1）根据题意，由平衡条件可知，气缸水平时，内部气体气压为

Pl=Po

体积为

Vi=SL

气缸竖直时，内部气体气压为

八一，、,mg

Pi=Po+r

ɔ

体积为匕=0.9SL

由玻意耳定律

v

PM=A2

解得加=皿

9g

（2）根据题意可知，气体经历等压变化过程，由盖吕萨克定律

0.9SL1.2SL

~iΓ=~i~

解得T=；”

IiBLLCDR

13、答案:(1)½(2)y2

R+r夜(R+r)

解析：（1）根据题意，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势

E=〃曲

△t

电流强度

I=-^-

R+r

通过电阻R的电量

/=且

Z

联立得通过的电量为

NφBLTL2

q-n=n

R+rR+r

（2）根据题意可知，最大的感应电动势

Em=nBSω

得交变电流的最大值

_nBLxL1ω

则电压表示数为

IJ=ImR/BL1LwR

一√2^√2(Λ+r)

14、答案：(1)2m∕s2,lm∕s2(2)2m,Ikg(3)702J

解析：(1)根据题意，由牛顿第二定律，对滑块A有

NMg=maΛ

解得力=2m∕s2

对滑块B有

NBmg=maB

2

解得aB=lm∕s

(2)根据题意，由图可知尸足够大时A、8加速度恒定，即A、B均相对C滑动，相

遇时间恒定为

K⅛=2s

由运动学公式可得

解得L=2m

又因为A、C与B产生相对滑动时，才能相遇，由图可知，当尸=8N，滑块B与。恰

好发生相对滑动，则有

F-4μcmg=4∕?IaB

解得m=Ikg

(3)根据题意，设A、B、C均产生相对运动时拉力为则有

6-4〃Cmg-"Mg-ABmg=2mπa

解得£=11N

当F=I3N时，有

r

F-4μcmg-μλmg-μlimg=2ιnac

2

解得ac=3m∕s

由运动学公式y=%+G可得，由于相遇时间为2s,则有第一次相撞前

VA=4m∕s

VB=2m∕s

vc=6m∕s

碰撞前后C速度不变，由于A、B间碰撞为弹性正碰，则碰撞后速度交换

VΛ1=2m∕s

VBX=4m∕s

设经过A、B第二次碰撞，则有

I212

以1‘2+耳明’2=vβl^2

解得Z2=4s

则整个过程木板运动的距离为

XC=g&c（4+，2）2=54m

则拉力尸，所做的功为

,

W=Fxc=702J

15、