2022-2023学年江西省赣州市信丰实验中学高一物理联考试题含解析

2022-2023学年江西省赣州市信丰实验中学高一物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.小球做匀速圆周运动，半径为R，向心加速度为a，则下列说法错误的是小球的角速度

B、小球运动的周期C、t时间内小球通过的路程

D、t时间内小球转过的角度

参考答案：D2.（多选）如图所示，放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg，弹簧秤读数为2N，滑轮摩擦不计。若轻轻取走盘中的部分砝码，使总质量减少到0.1kg时，将全出现的情况是（

）A．弹簧秤的读数将变小B．A仍静止不动C．A对桌面的摩擦力变小D．A所受的摩擦力方向向左参考答案：BC3.（多选题）如图所示，质量为m=1kg的小滑块，从倾角为θ=37°的固定的粗糙斜面顶端A由静止开始滑下，经过1s滑至斜面底端B，滑块与斜面间的动摩擦因数为u=0.5，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则（）A．滑块从A到B的过程中克服摩擦力做功为﹣4JB．滑块从A到B的过程中重力做功为6JC．滑块从A到B的过程中重力做功的平均功率为6wD．滑块滑到B点时重力的瞬时功率为20w参考答案：BC【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】先根据牛顿第二定律求出滑块下滑的加速度大小，根据位移时间公式求出下滑的时间，再由功的计算公式求克服摩擦力和重力做功．结合平均功率公式求出重力的平均功率．根据速度时间公式求出滑动B点的速度，结合瞬时功率公式求出重力的瞬时功率．【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：滑块下滑的加速度a==gsinθ﹣μgcosθ=10×0.6﹣0.5×10×0.8=2m/s21s内滑块下滑的距离x==1m，则克服摩擦力做功为

Wf=μmgcosθ?x=4J，故A错误．B、滑块从A到B的过程中重力做功

WG=mgxsinθ=6J，故B正确．C、滑块从A到B的过程中重力做功的平均功率为==6W，故C正确．D、滑块到达B点的速度为：v=at=2×1m/s=2m/s，则重力的瞬时功率为：P=mgvsinθ=10×2×0.6W=12W．故D错误．故选：BC4.（单选）粗糙的水平面上叠放着A和B两个物体，A和B间的接触面也是粗糙的，如果用水平力F拉B，而B仍保持静止如图，则此时[]A．B和地面间的静摩擦力等于F，B和A间的静摩擦力等于零．B．B和地面间的静摩擦力等于F，B和A间的静摩擦力也等于F．C．B和地面间的静摩擦力等于零，B和A间的静摩擦力也等于零．D．B和地面间的静摩擦力等于零，B和A间的静摩擦力等于F．参考答案：A5.如图所示，半径为r的圆筒，绕竖直中心轴OO′旋转，小物块a靠在圆筒的内壁上，它与圆筒内壁间的动摩擦因数为μ，现要使a不下落，则圆筒转动的角速度ω至少为（

）A．

B．

C．

D．参考答案：AB二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速度滑至底端，经历的时间为t，则物体在运动全过程中的平均速度是

；物体在时的瞬时速度为

；物体运动到斜面中点时的瞬时速度是

；物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是

。参考答案：，

，，7.—个物体做半径恒定的匀速圆周运动，周期越小其线速度数值则越____________(填

“大”或“小”)。线速度数值越小其角速度越___________(填“大”或“小”)．参考答案：大，小8.右图是频闪照相机所摄的小球自由落体运动中间的一段照片，砖块的厚度约为5cm，由图片可估算频闪照相机每隔

s进行一次拍照．参考答案：9.如图所示，A、B两小球固定在水平放置的细杆上，相距为l，两小球各用一根长也是l的细绳连接小球C，三个小球的质量都是m.则杆对小球A的作用力的大小为______，方向为______.参考答案：，方向竖直向上偏左α角，其中10.小船在200m宽的河中横渡，水流速度为3m/s，船在静水中的速度为5m/s，则小船渡河最短时间=

；渡河最短航程为=

。参考答案：40s

200m11.（4分）某物体以初速度v0=20m/s竖直上抛，当速度大小变为10m/s时，所经历的时间可能是(不计空气阻力，g=10m/s2)___________或___________。参考答案：1s或3s12.如图所示，长为2L的轻杆，两端各固定一小球，A球质量大于B球质量，杆的中点O有一水平光滑固定轴，杆可绕轴在竖直平面内转动。杆转至竖直时杆的角速度为ω，要使杆对转轴的作用力为零，则

球在上端，A、B两小球的质量之比为

参考答案：A

（Lω2+g）:（Lω2-g）13.如图甲所示为一拉力传感器，某实验小组在用两个拉力传感器探究作用力与反作用力关系的实验中，获得了如图乙所示的图线。根据这个图线，你可以得出的结论是：______________________________________________。如果实验时两只手边拉边向右运动，与两只手静止时对拉得到的结论有没有变化？

（填“有”或“没有”）参考答案：．作用力与反作用力大小相等、方向相反，没有三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.一颗在赤道上空运行的人造卫星，其轨道半径为r=2R(R为地球半径)，卫星的转动方向与地球自转方向相同.已知地球自转的角速度为，地球表面处的重力加速度为g.求：

(1)该卫星所在处的重力加速度g′；

(2)该卫星绕地球转动的角速度ω；(3)该卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔.参考答案：（1）（2）（3）【详解】(1)在地球表面处物体受到的重力等于万有引力mg=，在轨道半径为r=2R处,仍有万有引力等于重力mg′=，解得：g′=g/4；(2)根据万有引力提供向心力，mg=，联立可得ω=，(3)卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2π时，卫星再次出现在建筑物上空以地面为参照物，卫星再次出现在建筑物上方时，建筑物随地球转过的弧度比卫星转过弧度少2π.即ω△t?ω0△t=2π解得：【点睛】（1）在地球表面处物体受到的重力等于万有引力mg=，在轨道半径为2R处，仍有万有引力等于重力mg′=，化简可得在轨道半径为2R处的重力加速度；（2）人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，结合黄金代换计算人造卫星绕地球转动的角速度ω；（3）卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2π时，卫星再次出现在建筑物上空．15.12．（3分）在上图中，根据通电螺线管上方小磁针N极的指向，标出电源的“十”“一”极。参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图。比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O.为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小。设冰壶与冰面间的动摩擦因数为=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至=0.004.在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出。为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（g取10m/s2）参考答案：设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为，所受摩擦力的大小为：在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为，所受摩擦力的大小为。则有+=S

①式中S为投掷线到圆心O的距离。

②

③设冰壶的初速度为，由功能关系，得

④联立以上各式，解得

⑤代入数据得

⑥

①②③⑤每式1分，④式4分，⑥式2分17.如图所示，质量m=2.0kg的物体在水平分力的作用下在水平面上运动，已知物体运动过程中的坐标与时间的关系为，g=10m/s2．根据以上条件，求：（1）t=10s时刻物体的位置坐标；（2）t=10s时刻物体的加速度的大小与方向；（3）t=10s时刻物体的速度的大小与方向．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）参考答案：（1）t=10s时刻物体的位置坐标（30m，20m）（2）加速度的大小为0.4m/s2，方向为y轴正方向．（3）t=10s时刻物体的速度的大小为5m/s，方向与x轴正方向夹角为53°考点:牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系解：（1）由坐标与时间的关系知：x=3t=3×10m=30my=0.2t2=0.2×102m=20m即t=10s时刻物体的位置坐标为（30m，20m）（2）根据x=3t，y=0.2t2判断：物体在x轴方向做匀速直线运动，在y轴方向做初速度为0的匀加速直线运动．且vx=3m/s，a=0.4m/s2，（3）竖直方向：vy=at=0.4×10m/s=4m/s则v==5m/s设v方向与x轴正方向夹角为θ则tanθ==，θ=53°答：（1）t=10s时刻物体的位置坐标（30m，20m）（2）加速度的大小为0.4m/s2，方向为y轴正方向．（3）t=10s时刻物体的速度的大小为5m/s，方向与x轴正方向