【物理】黑龙江省齐齐哈尔市铁锋区2023年中考三模试题（解析版）

2023年黑龙江省齐齐哈尔市铁锋区中考物理三模试卷一、单项选择题（每题2分，共20分）1.下列估测值最接近实际的是（）A.一个中学生的体积约为50m3B.体育测试中一个实心球的质量约为5kgC.常用水银体温计的长度约为12cmD.双脚站立时对水平地面的压强约为1200Pa【答案】C【解析】A．一名普通中学生的质量约50kg，密度近似于水的密度，中学生的体积故A不符合题意；B．中学生体育测试用实心球的质量在2kg左右，故B不符合题意；C．常用水银体温计的长度约为12cm，故C符合题意；D．中学生的体重约为500N，中学生双脚的面积大约0.04m2，他双脚站立时对水平地面的压强故D不符合题意。故选C。2.如图所示，关于声现象的说法错误的是（）A.图甲中，小“人”会随音乐起舞，说明一切发声的物体都在振动B.图乙中，波形图显示的是乐音的波形C.图丙中，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，说明声的传播需要介质D.图丁中，8个相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击它们时发出声音的音色不同【答案】D【解析】A．声音是由物体振动产生的，图甲中物体的振动通过小“人”随音乐起舞来体现，说明一切发声的物体都在振动，故A正确，不符合题意；B．图乙中波形振动规则，是乐音的波形，故B正确，不符合题意；C．当玻璃罩内的空气逐渐被抽出，玻璃罩内空气越来越少，听到的铃声越来越弱，说明声音的传播需要介质，由此推理真空不能传声，故C正确，不符合题意；D．音色反映声音的品质和特色，常用来辨别不同的发声体，图丁中，8个相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击它们时发出声音的音色是相同的，但瓶子的振动频率不同，发出声音的音调不同，故D错误，符合题意。故选D。3.中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（）A.“山明水浄夜来霜，数树深红出浅黄”——霜的形成是凝固现象B.“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”——冰的形成是凝华现象C.“可怜九月初三夜，露似珍珠月似弓”——露的形成是液化现象D.“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象【答案】C【解析】A．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A错误；B．冰是水凝固形成的，故B错误；C．露是空气中的水蒸气液化形成的小水滴，故C正确；D．雾是空气中的水蒸气液化形成的小水滴，故D错误。故选C。4.下列四幅图描述正确的是（）A.甲图：小孔成像，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的B.乙图：我们从不同方向看见不发光的物体，这是物体表面发生镜面反射的缘故C.丙图：平面镜中的像是虚像，这是光的折射形成的D.丁图：有经验的渔民都知道只有对准鱼的下方才能叉到鱼，这是光的反射的缘故【答案】A【解析】A.甲图：小孔成像，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故A正确；B.乙图：我们从不同方向看见不发光的物体，这是物体表面发生漫反射的缘故，故B错误；C.丙图：平面镜中的像是虚像，这是光的反射形成的，故C错误；D.丁图：有经验的渔民都知道只有瞄准鱼的下方才能叉到鱼，这时光的折射的缘故，故D错误。故选A。5.物理兴趣小组的同学对如图所示的现象进行了讨论，其中正确的是（）A.图甲表示用压强计可以准确测量液体内部各处压强的大小B.图乙杯口的纸片和杯中水不掉下来，是因为纸片受到的吸力非常大C.图丙实验中用小桌陷入沙子的深度显示压力的作用效果D.图丁向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越大【答案】C【解析】A．测量液体压强的工具叫压强计，它是根据U形管两边液面的高度差来判断液体内部压强的大小的，但不能准确测出液体压强的大小，故A错误；B．装满水的杯子倒置后，纸片和杯中水不掉下来，而在纸片的周围只有空气，所以是大气压力的作用使其没有掉下来，即利用了大气压强，故B错误；C．在实验中，将小桌放到沙子上，往小桌上放不同质量的砝码，观察桌腿陷入沙子的深度，通过陷入沙子的深度的变化显示压力的作用效果，故C正确；D．向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越小，故D错误。故选C。6.如图所示的四种工具中，正常使用时可以省距离的杠杆是（）A.园艺剪 B.筷子C.瓶盖起子 D.核桃夹【答案】B【解析】简单机械中，力和距离之间的关系为省力费距离、省距离费力，若正常使用时可以省距离的杠杆，则为费力杠杆，园艺剪、瓶盖起子、核桃夹属于费距离省力杠杆，筷子属于省距离费力杠杆，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。7.如图是运动会中跳远运动员经过助跑、起跳、运动到空中最高点到落地四个阶段，则运动员（）A.在助跑过程中速度增大，惯性增大B.起跳时受到地面的弹力大于自身重力C.在空中运动经过最高点时的动能为零D.落地时具有的动能和重力势能均为零【答案】B【解析】A．助跑过程中，运动员的质量不变，速度越来越快，高度不变，动能增加，重力势能不变，因此运动员的机械能增加；由于质量不变，所以惯性不变，故A不符合题意；B．起跳时运动状态发生改变，所以受到非平衡力，只有受到地面的弹力大于自身重力时，人才可以向上运动，故B符合题意；C．经过最高点时，运动员的速度并不为零（还具有水平方向的速度），因此动能不为零，故C不符合题意；D．落地时运动员速度达到最大，动能最大；高度最低，重力势能最小，当完全静止在地面时其重力势能才为零，故D不符合题意。故选B。8.关于电与磁现象的应用，下列说法中不正确的是（）A.甲图中的司南静止时指南北，是受地磁场作用的结果B.乙图中的电铃是利用电流磁效应工作的C.丙图中的手摇发电机的工作原理电磁感应现象D.丁图中的扬声器工作时将机械能转化为电能【答案】D【解析】A．甲图中的司南静止时指南北，是受地磁场作用的结果，故A正确，A不符合题意；B．乙图中的电铃是利用电流磁效应工作的，故B正确，B不符合题意；C．丙图中的手摇发电机的工作原理电磁感应现象，故C正确，C不符合题意；D．丁图中的扬声器工作时将电能转化为机械能，故D错误，D符合题意。故选D。9.疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（）A.显示仪是由电流表改装成的B.被测温者温度越高，电路消耗的电功率越大C.热敏电阻R随着温度的升高阻值增大D.将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小【答案】B【解析】A．两电阻串联，因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；B．被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，由P=UI可知，电路消耗的功率也越大，故B正确；C．被测温者温度越高，电压表示数变大，即R0两端电压变大，由串联电路电压的规律，R两端电压越小，由分压原理可知，热敏电阻的阻值变小，故热敏电阻阻值随温度的升高而减小，故C错误；D．温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。故选B。10.关于家庭电路，下列说法错误的是（）A.若保险丝熔断了，不可以用电阻更小的铜丝代替B.迷你电烤箱应该接在②插座C.同为220V﹣100W迷你烤箱与电风扇，都正常工作1小时，产生的热量相同D.若仅进户零线断路，闭合总开关及灯泡开关，试电笔接触插座①左右两孔，氖管均发光【答案】C【解析】A．保险丝熔断后，不能用铜丝来代替，因为铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时自动切断电路，故A正确，不符合题意；B．迷你电烤箱的金属外壳应该接地，故电烤箱应该接在②插座，故B正确，不符合题意；C．烤箱工作时，电能全部转化为内能，电风扇工作时，电能主要转化为机械能，同为220V﹣100W迷你烤箱与电风扇，都正常工作1小时，消耗的电能相同，产生的热量不相同，故C错误，符合题意；D．若仅进户零线断路，闭合总开关及灯泡开关，试电笔接触插座①左右两孔，左右两孔与火线都是接通的，所以氖管均发光，故D正确，不符合题意。故选C。二、多项选择题（每题3分，共9分）11.下列实例中，通过做功改变物体内能的是（）A.搓手取暖 B.用冷水冷却热鸡蛋C.钻木取火 D.用电饭锅煮饭过程中【答案】ACD【解析】ACD．搓手取暖、钻木取火，是克服摩擦做功，使物体的内能增大，温度升高，是通过做功改变物体的内能；用电饭锅煮饭过程中，通过电流做功改变物体的内能，故ACD符合题意；B．把热鸡蛋放入冷水中，鸡蛋的内能转移到冷水中，使鸡蛋的温度降低，是通过热传递改变鸡蛋的内能，故B不符合题意。故选ACD。12.如图甲，盛有水的柱形容器放置在水平桌面上，木块用细线固定在容器底部且浸没，细线对木块的拉力为4N。将细线剪断，木块最终漂浮且有的体积露出水面，如图乙。下列说法正确的是（）A.甲、乙两图中，水对容器底部的压强大小相等B.木块密度为0.4g/cm3C.乙图中容器对桌面的压力小于甲图D.乙图中水对容器底的压力比甲图小4N【答案】D【解析】A．乙图容器内水的深度小，由可知，甲中水对容器底部的压强大于乙，故A错误；B．图乙中，木块漂浮，根据有则木块的密度故B错误；C．将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，容器和容器内的水、木块的总重力不变，对桌面的压力仍等于总重力，故甲图中容器对水面的压力等于乙图中容器对水平桌面的压力，故C错误；D．图甲中，木块用细线固定在容器底部且浸没，则木块所受浮力，图乙中，木块漂浮，则木块所受浮力因此有则有两图中水对容器底的压力差等于图甲和图乙浮力之差故D正确。故选D。13.如图所示电路，电源电压为且保持不变，灯泡L标有“”的字样，假若灯丝的电阻保持不变，滑动变阻器铭牌上的规格是“”，电流表所用量程为，电压表所用量程为。该电路工作时，要求各元件均安全，且灯泡两端电压不能超过额定电压，则闭合开关，在滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（）A.电压表的示数变化范围是B.电流表的示数变化范围是C.滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是 D.该电路消耗的最大功率是最小功率的倍【答案】BCD【解析】AB．由电路图可知，灯泡L与变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流；灯泡正常发光时的电压，功率，由可得，正常发光时的电流因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为，滑动变阻器允许通过的最大电流为，所以，电路中的最大电流此时电压表的示数最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的功率最大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的最小示数由可得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻电路消耗的最大功率灯泡的电阻当电压表的示数时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，此时灯泡两端的电压电路中的最小电流所以，电流表的示数变化范围是，电压表的示数变化范围是，故A错误，故B正确；C．滑动变阻器接入电路中的最大阻值所以，滑动变阻器的阻值变化范围为，故C正确；D．电路消耗的最小功率由该电路消耗的最大功率是最小功率的倍，故D正确。故选BCD。三、填空题（每题2分，共20分）14.如图是由飞船和核心舱等组合而成的中国空间站在轨运行时的示意图，以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是______的。2022年3月23日王亚平等三名航天员在空间站开设了第二次“空中课堂”，他们是利用_______与同学们进行交流，实现天地通话的。【答案】静止电磁波【解析】天和核心舱与神舟载人飞船之间没有发生位置变化，所以以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是静止的。电磁波能在真空中传，播航天员在空间站与同学们进行交流，可以利用电磁波实现天地通话的。。15.如图所示，干燥的冬季，在整理塑料购物袋时，因为摩擦会使___________在塑料袋和手之间发生转移，从而使塑料袋带上电；用手很难将打成死结的塑料袋提手直接拉断，是因为塑料分子之间存在___________。【答案】电子引力【解析】干燥的冬季，在整理塑料购物袋时，因为摩擦会使电子在塑料袋和手之间发生转移，从而使塑料袋带上电。用手很难将打成死结的塑料袋提手直接拉断，是因为塑料分子之间存在引力阻碍拉断塑料袋。16.如图所示，这是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机起飞的情景。飞机飞离航母后，航母所受的浮力将______（填“变大”、“变小”或“不变”），一架总质量为22t的舰载飞机从航母上起飞后，航母排开海水的体积将变化______m3。（ρ海水＝1.1×103kg/m3，g取10N/kg）【答案】变小20【解析】飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力会变小。根据密度公式可知航母排开海水的体积减少了17.物块A静止在粗糙程度均匀的水平桌面上，如图甲所示，物块A受到水平拉力F作用，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示。从t＝0开始，每隔2s记录物块A的位置（用“•”表示物块A），如图丙所示。10～12s内物块所受摩擦力为f1，拉力做功的功率为P1；14～16s内物块所受摩擦力f2，拉力做功的功率为P2。则f1______f2；P1______P2。（以上两空填“＞”“＝”或“＜”）【答案】＝＞【解析】由图丙可知，10～12s、14～16s内，物块都处于运动状态，物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度、物体间的压力大小有关，由于物体间接触面的粗糙程度与物体间的压力都不变，滑动摩擦力大小不变，摩擦力都等于6N，所以f1＝f2。由图知10～12s的功率为14～16s内的功率为所以P1＞P2。18.如图甲是升降晾衣架的结构示意图，它由4个定滑轮和两个动滑轮组成，绳子的尾端绕在一个固定于墙壁的旋轮上，旋转摇柄可以使晾衣架升降，若晾衣架上所挂衣物重量为40N，晾衣架横梁（含动滑轮）的总重是20N，在将晾衣架上的衣服匀速向上摇的过程中：（不计绳重和摩擦）摇柄衣架端绳子上的拉力F＝______N及升降衣架的机械效率η＝______（结果保留至0.1%）。【答案】1566.7%【解析】由图可知，，则拉力F为升降衣架的机械效率为19.如图所示，2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射升空。火箭使用偏二甲肼作燃料，其热值是4.2×107J/kg。若完全燃烧2kg的偏二甲肼，放出的热量全部被质量为500kg温度为20℃的水吸收，则水的温度能够上升______℃。2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱载着三名航天员成功返回地球，返回舱进入大气层时与空气剧烈摩擦，通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式改变内能，使返回舱表面温度升高。【答案】40做功【解析】偏二甲肼完全燃烧时放出的热量Q放=m'q=2kg×4.2×107J/kg=8.4×107J水吸收热量Q吸=Q放=8.4×107J由Q吸=cmΔt可得，温度变化为返回舱进入大气层时与空气剧烈摩擦，克服摩擦做功，这是通过做功的方式改变内能，使返回舱表面温度升高。20.华为手机越来越受到国内外用户的青睐，华为手机的散热材料是石墨烯晶体，用石墨烯做散热材料是因为它具有优良的_______（选填“导热”或“导电”）性能。华为手机电池容量为4500mA•h，电池电压为4V，标配30W超级快充技术，它充满电后，大约储存的电能为__________J。【答案】导热64800【解析】石墨烯是晶体，因此有固定的熔点；用石墨烯做散热材料是因为它具有优良的导热性能，可迅速将热量向外散发。手机电池充满电后储存的电能W=UIt=4V×4500×10-3A×3600s=64800J21.如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，两灯均发光（设灯丝电阻不变），电压表示数为U，过一段时间后，突然两灯均熄灭，且有一个电表的示数变大，已知两灯中仅有一个出现了故障。请你判断故障情况是______；在如图乙所示的电路中，电源电压6V，R1=12Ω，电压表量程为0~15V，电流表A量程为0~3A、A1量程为0~0.6A，闭合开关S，R2连入电路的阻值最小为______Ω。【答案】L2断路2.4【解析】由图可知，闭合开关S后，两灯串联，电压表测L2两端的电压，电流表测串联电路的电流；一段时间后，两灯均熄灭，已知两灯中仅有一个出现了故障，这说明电路故障为断路，所以电流表示数减小，电压表示数变大，此时电压表到电源为通路，则L1是完好的，故L2断路。由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源两端的电压；电流表A测量的是干路中的电流，电流表A1测量的是通过R1的电流；并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得通过R1的电流电流表A接入电路的是大量程，所以通过规律的最大电流为3A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，则滑动变阻器接入电路的电阻最小时通过变阻器R2的电流I2=I-I1=3A-0.5A=2.5A则滑动变阻器接入电路电阻的最小值22.某家庭用的电子式电能表的表盘上标有“3200imp/（kW•h）”，表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次。小明将某家用电器单独接在该电能表上常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次。该家用电器在上述时间内消耗的电能为______kW•h，则这个家用电器可能是______（填“微波炉”、“台灯”或“电视机”）。【答案】0.1微波炉【解析】“3200imp/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次；当指示灯闪烁320次时，该家用电器消耗的电能时间为则该家用电器的正常工作的电功率（额定电功率）台灯的功率小于40W，电视机的功率在100W左右，微波炉的功率在1000W左右，所以这个用电器可能是微波炉。23.如图甲所示，电源电压U恒定不变，R为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器滑片P从a移向b的过程中，电路的总功率、定值电阻R的功率及滑动变阻器的功率与电流的关系图线如图乙所示，图乙中曲线2是______（填“电路总功率”、“定值电阻R”或“滑动变阻器”）的P﹣I图象；该电路中滑动变阻器消耗的最大功率为______W。【答案】定值电阻R0.75【解析】由电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，此时滑动变阻器的电功率为零，由图乙可知，3是滑动变阻器的功率与电流的关系图线；由P＝UI可知，电源电压不变时，电路的总功率与电流成正比，由图乙可知，1是电路的总功率与电流的关系图线；由P＝UI＝I2R可知，定值电阻R的功率与电流图像为二次函数图像，则2是定值电阻R的功率与电流的关系图线。由图像可知，当通过定值电阻R最大电流为1A时，定值电阻消耗的电功率为3W，由P＝I2R可得定值电阻的阻值为当电路中电流最大为1A时，变阻器的接入电阻为0，定值电阻两端的电压等于电源电压，则电源电压为U＝I大R＝1A×3Ω＝3V当变阻器接入电阻不为0时，电路中的电流。则变阻器消耗的电功率为由上式可知，当R滑＝R时，P滑有最大值，该电路中滑动变阻器消耗的最大功率为四、实验探究题（24题6分，25题8分，26题10分，共24分）24.小芳用如图所示的装置“探究水沸腾时温度变化特点”的实验。（1）甲图装置错误的地方是______；（2）沸腾时水中气泡的情形如图乙中______（选填“A”或“B”）；并说明气泡上升过程中体积变化的主要原因是______；（3）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了如图丙所示水温随时间变化的图像，由图像可知，水沸腾时的温度是______℃，并且可以知道气压______（选填“大于”或“小于”）1标准大气压；（4）通过这个实验，小芳终于明白妈妈用炉火炖老母鸡时，在沸腾后总是______（选填“保持大火”或“调为小火”）的道理。【答案】（1）温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部（2）A上升时深度变小压强变小，体积变大（3）97小于（4）调为小火【解析】（1）图甲中温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部，这将使得温度计的液柱上升较快，温度计的示数高于水的温度，若不及时调整，会损坏温度计。（2）水沸腾前，从底部产生的气泡会逐渐上升；气泡内的水蒸气在上升过程中，因接触到温度较低的水会发生液化现象，所以会越来越小；水沸腾后，整杯水的温度保持一致，所以气泡内的水蒸气不再发生液化；因受到的液体压强越来越小，且不断有液态水汽化为水蒸气进入气泡，气泡会逐渐变大，直至达到水面破裂，故A符合沸腾时水中气泡的情形。（3）由图丙可知，水沸腾前，水的温度持续上升；水沸腾后，虽然持续给水加热，但是水的温度保持不变，即沸点为97℃。此时的沸点低于标准大气压时的100℃，故此时的气压低于标准大气压。（4）在汤沸腾前用大火，可以减少将汤加热至沸腾的时间；汤沸腾后，即使调为小火，汤仍能保持沸腾；而水沸腾时的温度是保持不变的，所以不论保持大火还是调为小火，老母鸡从汤中吸收的热量是相同的，即使用大火和使用小火，将老母鸡煮熟的时间是基本一致的；而调为小火可以节省燃料，所以调为小火更为合理。25.学习了密度知识后，小华用天平和量筒测量食用油的密度。（1）将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺______端零刻度线处，发现指针指在分度盘右侧，此时应将平衡螺母向______端调节，使横梁平衡；（2）称出空烧杯的质量为，将适量的食用油倒入烧杯，称出烧杯和食用油的总质量如图甲所示，则烧杯中食用油的质量为______，接着，将烧杯中的食用油倒入量筒中，示数如图乙所示，则食用油的密度为_____；（3）本次实验测得食用油的密度______（选填“偏大”或“偏小”），主要原因是______；（4）小华查阅资料和深入思考后，找到了测量液体密度更精确简便的方法，操作如下：①如图甲、乙所示，把适量待测液体和水分别倒入两容器中并置于两电子秤上，再将两电子秤示数清零（按电子秤的清零键后，示数显示为零）；②将系好细线的小物块（不吸收液体）缓慢浸没到待测液体中保持静止（未触底），液体未溢出，如图丙所示，记下电子秤的示数；③将小物块取出，擦干后再缓慢浸没到水中保持静止（未触底），水未溢出，如图丁所示，记下电子秤的示数；④则该液体密度的表达式______。（已知水的密度为）【答案】（1）左左（2）（3）偏大烧杯中有残留的食用油，体积偏小（4）【解析】（1）将天平放水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，即游码归零；发现指针指在分度盘右侧，右侧重，需要将平衡螺母向左侧移动。（2）烧杯和食用油的总质量如图甲所示，游码60g加上游码的示数为1.2g，故烧杯和食用油的总质量为61.2g，那么烧杯中食用油的质量为则烧杯中食用油的质量为；食用油的体积为40mL，则食用油的密度为故食用油的密度为。（3）由于从烧杯中倒入量筒中有残留的食用油，故体积偏小，质量是准确的，故密度偏大。（4）将小物块系在细线上，放入未知液体中，质量增加了m1，则浮力为m1g，根据浮力公式可知，排开液体的体积为如果放入水中，此时质量增加了m2，则浮力为m2g，同理可以得出排开液体的体积为都浸没，体积相等，故可以得出等式则液体的密度为则液体的密度为。26.小刚同学在做“测量小灯泡额定功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电路；其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω1A”字样；（1）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整；（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯泡变亮）______（2）闭合开关后，移动滑片直到电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为______A，小灯泡的额定功率为______W；再调节滑动变阻器使电压表的示数达到3V，小灯泡强烈发光，此时小灯泡的实际功率______（填“大于”、“小于”或“等于”）1.08W；（3）小刚完成上面的任务后，老师让他设计电路测未知电阻Rₓ的阻值，下面的电路中能够测出定值电阻Rₓ阻值的电路是______；（多选题）（4）同组的小红同学还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将图甲中的小灯泡换成三个阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻，其余连接均不改变；图丙是小红根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象；①由图象可知小红将定值电阻R两端的电压控制为______V不变；当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，滑动变阻器连入电路的阻值应______（填“变大”、“变小”或“不变”）；②实验结论是电压一定时，______；③实验结束后，小红问老师保持该电压不变的情况下，能否更换50Ω的定值电阻继续进行此实验，老师指导小红分析了不能更换的原因；你认为原因是______。【答案】（1）（2）0.30.75小于（3）ACD（4）3变大通过导体的电流与导体的电阻成反比滑动变阻器的最大阻值过小【解析】（1）滑片向右移动时，小灯变亮，说明电路中电流变大，电阻变小。它与电阻丝右端接线柱间电阻丝长度变小，电阻变小。故用电阻丝右端接线柱将变阻器接入电路。电路图如下：（2）电流表使用的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，此时读数为0.3A，小灯的额定功率为当将小灯两端电压凡2.5V调节到3V时，灯丝中的电流也变大，若灯丝的电阻不变，根据有得P1=1.08W但当小灯两端电压升高时，通过灯丝的电流增大，小灯的实际功率增大，温度升高，灯丝的电阻也会变大。所以灯丝中的电流与两端电压并不是按正比增长的，电流的增长幅度比电压的小，故小灯在电压3V时的功率是小于1.08W的。（3）A．根据总电压与串联电路电流，计算出电路总电阻，再根据已知电阻计算出待测电阻阻值。故A符合题意；B．此电路只能测出或者计算出待测电阻两端电压、已知电阻两端电压、已知电阻中电流、干路中电流，无法根据欧姆定律、并联电路特点计算出待测电阻阻值。故B不符合题意；C．根据已知电阻阻值值与通过它的电流计算出并联电路两端电压，再根据干路中电流与已知电阻中电流计算出待测电阻中电流，之后根据欧姆定律可以计算出待测电阻阻值。故C符合题意；D．将变阻器接入电路的调为0，测出电路中电流，此时电路总电压等于电路中电流与待测电阻乘积；再将变阻器接入电路中的阻值调到最大，这个阻值是已知的，再测出电路中的电流。此时总电压等于电路中电流与两个电阻和的乘积。根据欧姆定律和电路特点能够列出两个等式，有两个未知量：电源电压、待测电阻阻值。解这个二元一次方程，可以求出待测电阻阻值的。故D符合题意。故选ACD。（4）接入电路中电阻为5Ω时，通过它的电流为0.6A，则电阻两端电压控制为当定值电阻调换为阻值较大的电阻时，根据串联电路分压原理知道，其两端电压会大于3V，为了控制电压一定，应该降低电阻两端电压，即应减小电阻中的电流，应将变阻器连入电路中的电阻变大。分析图丙可以知道即在电压一定时，电阻与电流的乘积是定值，即电压一定时，电流与电阻成反比。若接入50Ω的电阻，控制其两端电压为3V，此时变阻器两端电压为定值电阻与变阻器两端电压相等，根据串联电路的分压原理可以知道，变阻器与定值电阻的阻值相等，也为50Ω。但变阻器的最大阻值为20Ω，它是无法将50Ω的电阻两端电压调节为3发的。所以不能完成实验。五、分析与交流题（每题5分，共10分）27.阅读下面短文并回答问题；混合动力汽车通常所说的混合动力汽车，一般是指油电混合动力汽车，如图甲，采用传统的内燃机（柴油机或汽油机）和电动机作为动力源；该混合动力汽车启动时，内燃机不工作，车内蓄电池输出能量；当高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，既可以向车轮输出能量，同时又可以向蓄电池充电；当车辆需要全力加速时，内燃机、蓄电池可以同时向车轮输出能量。（1）蓄电池充电时将电能转化为______能，此时蓄电池是______（填“电源”或“用电器”）；（2）图乙为该汽车的四冲程内燃机的各冲程的示意图，一个工作循环合理的顺序应为______（填字母）；如图丙所示，用力将活塞迅速下压，筒内硝化棉燃烧，该过程能量转化的特点与图乙中______图（填字母）的冲程能量转化相同；（3）汽车中有如图丁所示的电路；电路中上端带金属细杆的金属滑块M与两侧金属弹簧相连并接入电路中，M与弹簧套在光滑绝缘的水平细杆上，汽车静止时，M上的金属细杆与红、绿灯下端的触头都不接触，当汽车向前启动时______。A.红，绿灯都亮B.红，绿灯都不亮C.红灯亮，绿灯不亮D.红灯不亮，绿灯亮【答案】（1）化学用电器（2）BDACD（3）D【解析】（1）蓄电池充电时，消耗电能，产生化学能，将电能转化为化学能，此时蓄电池是用电器。（2）A图两气阀关闭，火花塞点火，是做功冲程，将内能转化为机械能；B图吸气阀打开，排气阀关闭，活塞下行，是吸气冲程；C图排气阀打开，吸气阀关闭，活塞上行，是排气冲程；D图两气阀紧闭，活塞向上压缩，是压缩冲程，一个工作循环合理的顺序应为BDAC；用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，这是因为压缩筒内空气做功，使空气的内能增加、温度升高，该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与汽油机的压缩冲程的能量转化相同。（3）当汽车向前启动时，由于惯性，滑块要保持原来的运动状态保持静止状态，使绿灯与电源组成闭合电路，绿灯亮，故选D。28.小明家新买一规格为“800W”的电热水壶，电热水壶的电线很短；经过几次使用后发现，晚饭后烧开一壶水总比早晨烧开一壶水所用的时间长；请你用学过的物理知识帮助小明进行解答。【答案】见详解【解析】（1）导线的材料和横截面积一定时，导线越短，电阻越小，在电热壶正常工作时通过导线的电流和通电时间一定时，根据焦耳定律可知可知导线产生的热量少，保证安全。（2）晚饭后处于用电高峰时，电压在输电线路上的损耗较大，实际加在电热器两端的电压偏低，即晚饭后用电器两端的实际电压与早晨时低，由可知，晚饭后热水壶的实际功率比早晨时小，而烧开一壶水需要的电能是一定的，由可知，晚饭后烧开一壶水总比早晨烧开一壶水所用的时间长。六、综合与应用题（29题8分，29题9分，共17分）29.高速公路已广泛应用ETC收费系统，这种系统是对过往车辆无需停车即能实现收费的电子系统；如图甲是某高速公路入口处的ETC通道示意图；现有一辆总质量M＝1500kg的汽车，在进入ETC收费岛区域前s1＝50m处开始减速，经t1＝4s后运动至ETC收费岛（图中阴影区域）边界，然后再经t2＝6s匀速通过ETC收费岛，其长s2＝36m；不计车长，取