高考二轮复习理科数学试题（老高考旧教材）考点突破练3三角函数与解三角形

考点突破练3三角函数与解三角形1.(2023北京东城一模)已知函数f(x)=sinx+sin(x+π3).(1)求f(x)的最小正周期;(2)若π6是函数y=f(x)f(x+φ)(φ>0)的一个零点,求φ的最小值2.(2023辽宁辽阳一模)已知函数f(x)=4sin(ωx+π3)(ω>0)在[π6,π](1)求ω的最大值;(2)若f(x)的图象关于点(3π2,0)中心对称,且f(x)在[9π20,m]上的值域为[2,4],3.(2023陕西西安八校联考二)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知cosA=277,cosB=(1)求C的值;(2)若a+b=12,求△ABC的面积.4.(2020全国Ⅱ,理17)△ABC中,sin2Asin2Bsin2C=sinBsinC.(1)求A;(2)若BC=3,求△ABC周长的最大值.5.如图所示,遥感卫星发现海面上有三个小岛,小岛B位于小岛A北偏东75°距离60海里处,小岛B北偏东15°距离(30330)海里处有一个小岛C.(1)求小岛A到小岛C的距离;(2)如果有游客想直接从小岛A出发到小岛C,求游船航行的方向.6.(2023新高考Ⅱ,17)记△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知△ABC面积为3,D为BC的中点,且AD=1.(1)若∠ADC=π3,求tanB(2)若b2+c2=8,求b,c.7.(2023四川乐山一模)设函数f(x)=cos(2x+π3)+sin2x(1)求函数f(x)的最大值和最小正周期;(2)在锐角三角形ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,S为△ABC的面积.若f(B2)=14,且b=3,求3cosAcosC+S8.(2023四川内江一模)已知函数f(x)=3sinx·cosxcos2x+12,x∈R(1)已知f(x)=12,求cos(4xπ3)(2)已知△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且f(C)=1,c=3,若向量m=(1,sinA)与n=(sinB,2)垂直,求△ABC的周长.考点突破练3三角函数与解三角形1.解(1)∵f(x)=sinx+sin(x+π3)=sinx+12sinx+32cosx=32sinx+32cosx=3sin(x+π6),∴f(x)(2)由题设y=f(x)f(x+φ)=3sin(x+π6)3sin(x+π6+φ),由π6是该函数零点可知,3sin(π6+π6)3sin(π6+π6+φ)=0,即sin(π3+φ)=32.故π3+φ=π3+2kπ,k∈Z或π3+φ=2π3+2kπ,k∈Z,解得φ=2kπ,k∈Z或φ2.解(1)由条件知x∈[π6,π],则ωx+π3∈[πω6+π3,πω+π3],由正弦函数的性质可知[πω6+π3,πω+π3]⊆[π2+2kπ,3π2+2kπ],∴π6ω+π3≥π2+2kπ,πω+π3≤3π2+2kπ,k∈Z,∴ω∈[1+12k(2)∵f(x)的图象关于点(3π2,0)中心对称,∴3π2ω+π3=kπ(k∈Z),即ω=2k3-29(k∈Z).由(1)得1≤ω≤76,∴ω=109,则f(x)=4sin(109x+π3),当x∈[9π20,m]时,109x+π3∈[π6,109m+π3].∵f(x)在[9∴m的取值范围是[3π203.解(1)由题意得A,B,C∈(0,π),又cosA=277,cosB=5714,∴sinA=217,sinB=2114,∴cosC=cos[π(A+B)]=cos(A+B)=cosAcosB+sinAsinB=2(2)由正弦定理asinA=bsinB=csinC,得a+bsinA+sinB=csinC,即1232114=c32,解得c=47,∴由正弦定理4.解(1)由正弦定理和已知条件得BC2AC2AB2=AC·AB.①由余弦定理得BC2=AC2+AB22AC·ABcosA.②由①②得cosA=1因为0<A<π,所以A=2(2)由正弦定理及(1)得ACsinB=ABsinC=BCsinA=23,从而AC=23sinB,AB=23sin(πAB故BC+AC+AB=3+3sinB+3cosB=3+23sin(B+π3).又0<B<π3,所以当B=π6时,△ABC周长取得最大值35.解(1)在△ABC中,AB=60,BC=30330,∠ABC=180°75°+15°=120°,根据余弦定理得AC2=AB2+BC22AB·BC·cos∠ABC=602+(30330)22×60×(30330)·cos120°=5400.AC=306,∴小岛A到小岛C的最短距离是306海里.(2)由正弦定理,得ACsin∠ABC=ABsin∠ACB,∴306sin120°=60sin∠ACB,解得sin∠ACB=22.在△ABC中,∵BC<AC,∴∠ACB为锐角,∴∠ACB=45°,∴∠CAB=180°120°45°=15°,由75°15°=60°得游船应该沿北偏东606.解(1)(方法一正弦定理+余弦定理)由题意可知S△ABC=12acsinB=3,故acsinB=23.在△ABD中,有ADsinB=ABsin∠ADB,由∠ADC=π3,得∠ADB=2π3,所以将②式代入①式,得a=4.在△ADB中,由余弦定理得AB2=c2=AD2+BD22AD·BDcos2π3,即c2=12+222×1×2×-12在△ABD中,cosB=AB2+BD2-AD22AB·BD=(方法二余弦定理)因为AD为△ABC的中线,所以S△ABC=2S△ADC=2×12×a2×1×sinπ3=34a=3,故a=4.在△ADC中,由余弦定理知b2=12+222×1×2×cosπ3=3.在△ABD中,c2=AB2=12+222×1×2×cos2π3=7.在△ABC中,cosB=c2+(2)(方法一)在△ABC中,由AD=12AB+12AC,得|AD|2=14|AB+AC|2=14(|AB|2+|AC|2+2AB·AC).由余弦定理得2AB·AC=|AB|2+|AC|2|BC|2.故|AD|2=14(2|AB|2+2|AC|2|BC|2),即AD2=12(b2+c2)14a2,得a=23.由S△ABC=12bcsinA和b2+c2a2=2bccosA,得S△ABC=14(b2+c2a2)tanA,得tanA=3<0,故A∈π2,π,(方法二几何法)过点A作AH⊥BC交BC于点H(图略).在△ABC,△ABD中,由余弦定理得cosB=a2+c2-b22ac=a22+c2-12ac,解得a2=2(b2+c2)4.将b2+c2=8代入a2=2(b2+c2)4中得a=23.S△ABC=12BC·AH=12×23AH=3,则7.解(1)f(x)=cos(2x+π3)+sin2x=12cos2x32sin2x+1-cos2x2=12-32sin2x,(2)由(1)得f(x)=12-32sin2x,∵fB2=12-32sinB=14,∴sinB=32.∵B为锐角,∴B=π3.∵asinA=csinC=bsinB,∴a=2sin∴3cosAcosC+S=3(cosAcosC+sinAsinC)=3cos(AC).当A=C=π3时,原式有最大值3.∴3cosA8.解(1)∵f(x)=3sinxcosxcos2x+12=32sin2x1+cos2x2+12=sin(2xπ6),又f(x)=12∴cos(4xπ3)=12sin2(2xπ6)=1(2)由(1)得f(C)=sin(2Cπ6)=1,则2Cπ6=π2+2kπ,k∈Z,∴C=π3+kπ,k∈Z,又0<C<π,∴C=π3,又向量