2023年湖北省襄阳市襄州区中考物理适应性试卷(含解析)

2023年湖北省襄阳市襄州区中考物理适应性试卷一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）1.学校附近的居民，早上总能听到喇叭播放的跑操音乐声。下列说法正确的是()A.音乐声是由于空气振动产生的B.音乐声通过空气传入居民耳中C.调节喇叭音量是为了改变声音的音调D.居民关窗是在声源处减弱噪声2.早在公元前1650年，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。用石杓舀出液态铜倒入陶范中冷却成固态，如图所示。下列说法正确的是()A.液态铜冷却成固态的过程中密度不变B.液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝华现象C.工匠身上的汗水不断蒸发吸热，可以降低体温D.刚用过的石杓放入水中出现大量“白气”是水蒸气3.下列各现象中，属于光的反射形成的是()A.树叶上蜗牛的影子B.岸边的游客看到湖中的鱼C.凸面镜中显示的景物D.放大镜看到的手指4.北京时间2022年11月30日5时42分，神舟十五号载人飞船成功对接于空间站天和核心舱前向端口，整个对接过程历时6.5小时。下列有关说法中正确的是()A.飞船进入太空后惯性会逐渐消失B.飞船上的实验器材从地面被带到空间站后，质量减小第1页，共27页C.飞船与空间站对接后一起围绕地球运动时，不再受到力的作用D.飞船与空间站对接完成后，以空间站为参照物，飞船相对静止5.如图所示，欢欢小组在做“研究液体内部的压强”的实验，欢欢将探头放入水中的某一深度处，记下𝑈形管中两液面的高度差ℎ。下列关于此实验的说法中正确的是()A.该实验装置中的𝑈形管是一个连通器B.探头在水中位置不变，向烧杯中加入适量的水，高度差ℎ不变C.探头在水中深度不变，把烧杯中的水换成密度大的盐水，高度差ℎ增大D.𝑈形管两管液面的高度稳定后，右管中的液体受到非平衡力的作用6.如图为搬运砖头的独轮车，车和砖头所受的总重力为𝐺，手对独轮车竖直向上的力为𝐹。下列有关说法正确的是()A.独轮车相当于费力杠杆B.人受到的重力和支持力是一对平衡力C.人对车的作用力小于车对人的作用力D.人手向上的力𝐹小于车和砖头的总重力𝐺7.2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭在文昌航天发射场点火升空，约10分钟后，飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，发射取得圆满成功，如图所示。下列说法正确的是()A.火箭在加速升空过程中，动能转化为重力势能B.火箭的燃料含有大量的热量，燃烧时能提供巨大的推力C.火箭的燃料燃烧推动火箭升空是把内能转化为机械能D.火箭发射时燃料能够完全燃烧，其热值变大8.甲、乙是表面粗糙程度相同材料也相同的两个实心物块，甲的体积大于乙的体积，分两次在同一水平地面上用力推动它们(如图所示)，使它们一起向右做匀速直线运动，已知图2中甲对乙的推力为𝐹3，则下列判断正确的是()第2页，共27页A.𝐹1<𝐹2𝐹2=𝐹3C.𝐹1=𝐹2𝐹2=𝐹3B.𝐹1<𝐹2𝐹2>𝐹3D.𝐹1=𝐹2𝐹2>𝐹39.为了严格控制外来车辆出入小区，很多小区安装了门禁系统，如图所示。系统可以通过电子眼自动识别车辆，若是小区内部车辆，则由自动开关𝑆1控制电动机启动横杆；若是外部车辆，需要工作人员按动按钮开关𝑆2控制电动机启动横杆。在如图所示的四个电路中，能正确模拟门禁系统内部控制电路的是()A.B.C.D.10.如图所示的电路中，电源电压𝑈保持不变，当开关𝑆1、𝑆2都闭合时，电流表的示数为0.6𝐴，电压表的示数为12𝑉；将电压表、电流表的位置互换，当开关𝑆1断开、𝑆2闭合时，电流表的示数为0.4𝐴。则下列结论正确的是()A.𝑈=12𝑉𝑅1=10𝛺C.𝑅1=10𝛺𝑅2=20𝛺B.𝑈=12𝑉𝑅2=20𝛺D.𝑅1=20𝛺𝑅2=10𝛺11.纯电动汽车环保节能，发展迅速。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是()第3页，共27页A.安装充电桩时，不连接地线也可以B.万一有充电桩起火，应马上浇水扑灭C.每个充电桩在安装时都要装漏电保护器D.有经验的电工在安装充电桩时不必断开电源12.为了防止考生作弊，监考人员往往会利用手持式金属探测器对考生进行检查(如图)，当探测器靠近金属物体时，金属物体就会产生感应电流，使探测器发出警报。下列实验能反映出金属探测器工作原理的是()A.B.C.D.二、填空题（本大题共9小题，共16.0分）13.如图所示，瓶子里装有少量的水，用力向瓶内打气，瓶塞向上跳起，瓶内有白雾产生。瓶塞向上跳起过程中，瓶内气体对瓶塞做功，温度降低，内能______(填“增大”、“减少”或“不变”)；其能量转化情况与四冲程汽油机的______冲程相同。第4页，共27页(“红月亮”14.2022年11月8日，我国大部分地区都可以看到全食阶段的______形成的；不同地方的人们能同时看到如图所示)，月全食是由于光的月亮，是因为太阳光照射在月亮表面发生了______(填“镜面反射”或“漫反射”)。15.2023年4月8日至10日，中国人民解放军在台海周边多个海域和空域进行了“联合利剑”军事演习行动，如图是我国目前最先进的隐形战斗机歼20在空中飞行的情景，它以最快的速度飞行，可以在1𝑚𝑖𝑛内飞行40.8𝑘𝑚的距离，则飞行速度为______𝑚/𝑠；歼20是利用了______的原理，从而使机翼的上下表面产生压强差，因而有压力差，为它提供升力。16.小刚在物理考试时，由于紧张不小心把试卷戳破了，这可能是由于笔头太尖，以及用力过大的缘故，使笔对纸的______过大；为了缓解考试紧张的心情，小刚深吸了一口气，空气在______的作用下进入肺部，他顿时感觉轻松了许多。17.如图所示，人和车一起向左做匀速直线运动，人用50𝑁力推车，人相对车是静止的，则人的脚受到车的摩擦力______𝑁，如果此时人受到的力全部消失，人会处于______状态。他家能同时工作的用电器最大总功率为18.如图为小伟家的电能表，______𝑊。将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30𝑚𝑖𝑛，电能表转盘转了300次，则该用电器的功率是______𝑊。19.如图所示，一个质量均匀的缺了一个角的长方体木块放在水平地面上，现在沿虚线方向将木块竖直切成𝐴和𝐵两部分，它们对地面的压强分别为𝑝𝐴和𝑝𝐵，则𝑝𝐴______𝑝𝐵(填“>”、“<”或“=”)。第5页，共27页1现将一个密闭空心铁盒𝐴放入水中时，空心铁盒有露出水面；20.一个圆柱形容器内盛有水，3当铁盒上放一个小磁铁𝐵时，铁盒恰好浸没水中如图甲，当把它们倒置在水中时，𝐴有的体积露出水面如图乙，则小磁铁𝐵的密度为______𝑘𝑔/𝑚3。(𝑔=10𝑁/𝑘𝑔)11821.如图甲所示的电路，电源电压保持不变，𝑅0为定值电阻，𝑅1为最大阻值30𝛺的滑动变阻器。闭合开关后，当滑动变阻器的滑片𝑃从一端移至另一端过程中，𝑅1消耗的电功率随𝑅1电阻变化关系如图乙所示，则电路中最小电流为______𝐴，电路消耗的最大功率为______𝑊。三、作图题（本大题共2小题，共2.0分）22.如图，一个苹果漂浮在水面上，请画出它所受重力和浮力的示意图。23.根据图中小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的𝑁极和电源的“+”极。四、实验探究题（本大题共4小题，共18.0分）第6页，共27页24.用如图所示装置探究平面镜成像特点。(1)将蜡烛、薄玻璃板、光屏和刻度尺按如图所示放置，则在光屏上______(填“能”或“不能”)呈现烛焰的像；当蜡烛远离玻璃板时，蜡烛像的大小将______(填“变大”、“变小”或“不变”)；(2)用焦距为7𝑐𝑚的凸透镜替换薄玻璃板，若不改变蜡烛的位置，则应将光屏向______(填“左”或“右”)移动，才能在光屏上呈现烛焰清晰的像，生活中的______(填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这样的成像原理工作的。25.小明用相同的电加热器分别给质量相同的水和煤油加热(如图甲所示)，以探究水和煤油的吸热能力。(1)不计热量损失，均加热10𝑚𝑖𝑛，水吸收的热量______煤油吸收的热量(填“大于”、“小于”或“等于”)；(2)根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(图乙所示)，由图像可知，煤油的比热容是______𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)；[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)](3)停止加热后温度下降得慢的物质是______，那么2𝑘𝑔的该物质温度降低20℃，可以放出热量______𝐽。26.如图所示，在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，取一辆小车，使它每次都从斜面上的同一位置，由静止开始沿斜面运动到粗糙程度不同的水平面上。(1)实验中需要控制变量，由于影响小车在水平面上滑行距离的因素，除了阻力外，还有第7页，共27页______，所以本实验要控制该量相同；(2)由于阻力的缘故滑行的小车最终会静止在水平面上，此时小车受到______个力的作用；(3)该实验中，小车在三种粗糙程度不同的表面克服阻力做的功是______(填“相等”或“不等”)的；(4)分析实验中现象可得出“阻力越小，运动速度减小到越______(填“快”或“慢”)的结论，支持该结论的证据是______。27.程程和芳芳计划做“探究电流与电阻的关系”实验。实验中电源电压为4.5𝑉恒定不变，电流表选用“0～0.6𝐴”量程，电压表选用“0～15𝑉”量程，滑动变阻器规格为“40𝛺 1𝐴”。(1)在按电路图连接实物时，开关必须处于______状态；(2)图甲是程程连接好的实验电路，芳芳在检查电路时发现有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；(3)电路连接正确后，她们在𝐴𝐵之间分别接入不同的定值电阻进而探究电流与电阻关系，并作出了如图乙所示图像。实验中她们将10𝛺的电阻换成15𝛺的电阻后，同时应将滑动变阻滑片𝑃向______端(填“左”或“右”)移动，使电压表示数保持______𝑉不变；(4)为了使实验结论更可靠，她们想继续保持此电压不变再多测几组数据，请计算𝐴𝐵间允许接入电阻𝑅的阻值范围是______。五、计算题（本大题共2小题，共10.0分）28.建筑工地一个质量为70𝑘𝑔的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物𝐺=700𝑁，不计绳子重和摩擦，当绳子自由端的拉力𝐹=500𝑁时，重物在10𝑠内被匀速提升了4𝑚，已知他的双脚与楼顶的接触面积为0.05𝑚2，𝑔取10𝑁/𝑘𝑔。试求：(1)工人没拉绳子双脚站立在水平地面上时，对地面的压强是多少？(2)拉力𝐹的功率是多少？(3)用此滑轮组一次提升多重的物体能使滑轮组的机械效率提高5%？第8页，共27页29.每逢假期，小虎爸爸常会带一家人外出游玩，为了能在野外露营，小虎爸爸购置了一款多功能电煮锅(如图甲)和最大能存储2500𝑊⋅ℎ电能的户外电源(如图乙)。图丙为该电煮锅的简化电路图，其中开关𝑆1可以断开、接1、接2，𝑅1和𝑅2都是用于加热的纯电阻，电煮锅开始工作时，先武火挡快速加热，当锅里食材的温度达到预设温度时，自动跳到文火挡，熬制到预定时间后自动跳到保温挡。其中武火挡快速加热功率为2420𝑊，文火挡功率为1210𝑊，某次爸爸在家中使用该锅烹煮食物时温度与工作时间的关系图象如图丁所示。(𝑅1和𝑅2的电阻值不随温度变化而变化)(1)分析图丙可知𝑆1接2，𝑆2断开为文火挡，则𝑅2=______𝛺，根据已知条件结合图丁可知：电煮锅武火加热前半段时间的加热效率______(填“大于”、“等于”或“小于”)后半段时间的加热效率；(2)分析图象丙请说明电煮锅处于保温挡时的开关闭合情况，并求出电煮锅保温时的电功率；(3)五一假期外出游玩，小虎爸爸出门前忘记给户外电源充电，导致此电源现在只剩下1500𝑊⋅ℎ的电能，由于电能不足，此户外电源在接下来使用的过程中实际能够提供的电压稳定在200𝑉，则现在这个户外电源能够使电煮锅在武火挡工作15𝑚𝑖𝑛后，还能继续在文火挡工作多少分钟？第9页，共27页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴.喇叭播放的跑操音乐声是由于喇叭内纸盆振动产生的，故A错误；B.音乐声通过空气传入居民耳中，故B正确；C.调节音量按钮实质上是在改变声音的响度，故C错误；D.关窗是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。故选：𝐵。(1)声音是由物体的振动产生的，声音能够在固体、液体和气体中传播；(2)音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的；(3)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。本题考查了声音的产生、传播、音调和响度的区分以及防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、液态铜冷却成固态的过程中质量不变，由于状态变化，密度变化，故A错误。B、液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝固现象，故B错误。C、工匠身上的汗水不断蒸发吸热，可以降低体温，故C正确。D、“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故D错误。故选：𝐶。(1)液态铜冷却成固态的过程中质量不变，密度是物质的一种特性，与物质的种类、所处的状态有关；(2)物质由固态变为气态的过程叫做凝华；物质由液态变为固态的过程叫做凝固；(3)物质由液态转变成气态的过程叫做汽化，汽化要吸热。(4)物质由气态变为液态的过程叫做液化。本题考查了物态变化及其特点、密度及其特性，属于基础题，难度不大。3.【答案】𝐶第10页，共27页【解析】解：𝐴、树叶上蜗牛的影子是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；B、岸边的游客看到湖中的鱼，看到的是鱼的虚像，比实际位置偏高，是由光的折射形成的，故B不符合题意；C、凸面镜中显示的景物，属于凸面镜成像，是由光的反射形成的，故C符合题意；D、用放大镜观看自己的手指是利用了凸透镜可以成放大的、正立的虚像的原理，属于光的折射，故D不符合题意。故选：𝐶。光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、筷子在水杯中会变弯等。此题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解，要注意这几种现象的本质，在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。4.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、惯性是物体的一种属性，不会随着位置的改变而改变，所以载人飞船进入太空后，它的惯性不会消失，故A错误；B、实验器材从地面带到“天宫”后，所含物质的多少并没有改变，所以其质量不变，故B错误；C、飞船环绕地球不断地运动，逐渐靠近空间站时，飞船运动的方向发生变化，受到的力是非平衡力，即受力的作用，故C错误；D、载人飞船与空间站组合体对接完成后，载人飞船相对于空间站的位置没有改变，所以以空间站为参照物，载人飞船相对静止，故D正确。故选：𝐷。(1)惯性是物体的一种属性，不会随着位置的改变而改变；(2)物体的质量只与其所含物质的多少有关，与其他因素无关；(3)物体处于静止或匀速直线运动状态时，受平衡力，处于平衡状态；(4)载人飞船若相对于空间站没有位置的改变，则其是静止的，若有则其是运动的。本题考查了惯性和惯性现象、质量及其特性、运动与静止的相对性、力与运动的关系等知识，难第11页，共27页度不大。5.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、压强计𝑈形管左端是密闭的，所以即使探头从水中拿出后压强计𝑈形管也不是连通器，故A错误；B、保持金属盒探头的位置不动，向烧杯中加入适量的水，深度增大，压强变大，𝑈形管两边液面高度差ℎ会增大，故B错误；C、保持探头深度不变，把烧杯中的水换成密度大的盐水，液体的密度增加，液体压强增加，则压强计两管中的液面高度差ℎ增大，故C正确；D、“𝑈”形管两管液面的高度稳定后，即液体静止时，右管中的液体受到平衡力的作用，故D错误。故选：𝐶。(1)上端开口，下端连通的容器叫连通器；(2)(3)影响液体压强大小的因素是液体的密度、液体的深度，实验中探头所受液体压强大小是通过𝑈形管两侧液面的高度差反映的根据控制变量法和转换法分析解答；(4)物体在静止或匀速直线运动状态时是平衡状态，受到的力是平衡力。此题为液体压强特点的探究实验，属于常考题目，难度不大，掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法分析解答是关键。6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、该独轮车工作时，车轮中心为支点，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆，故A错误；B、人受到路面的支持力等于独轮车对人竖直向下的力和人的重力之和，人受到的重力和支持力大小不相等，不是一对平衡力，故B错误；C、人对车的作用力和车对人的作用力是相互作用力，大小相等，故C错误；D、由于独轮车是一个省力杠杆，所以人手向上的力𝐹小于车和砖头的总重力𝐺，故D正确。故选：𝐷。(1)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；第12页，共27页(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；(4)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，省力费距离。本题考查了杠杆分类、力作用的相互性和平衡力与相互作用力的辨别等知识，属于基础知识考查。7.【答案】𝐶【解析】解：𝐴𝐶、火箭加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能等大；高度增加，重力势能增大；燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故A错误、C正确；B、火箭的燃料含有大量的能量，燃烧时能提供巨大的推力，故B错误；D、热值是燃料的特性，其大小与燃料的燃烧情况无关，火箭发射时燃料不能够完全燃烧，且热值不变，故D错误。故选C。(1)火箭加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能等大；高度增加，重力势能增大；燃料燃烧产生的内能转化为机械能；(2)火箭的燃料含有大量的能量；(3)热值是燃料的特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量大小、燃烧程度无关。本题考查热值和能量转化的有关知识，是一道综合题。8.【答案】𝐷【解析】解：把物体甲、乙看成一个整体，两次都在同一水平地面上用力推动它们，使它们一起做匀速直线运动，则它们处于平衡状态，如图1所示，在水平方向上受到的摩擦力和𝐹1是一对平衡力，大小相等，即𝐹1=1。如图2所示，在水平方向上受到的摩擦力和𝐹2是一对平衡力，大小相等，即𝐹2=𝑓2。图1中它们对地面的总压力大小等于物体甲、乙的总重力，图2中它们对地面的总压力大小等于物体甲、乙的重力之和。故1、2图中它们作为整体对地面的总压力大小相同，且同一水平地面，说明接触面的粗糙程度相同，则1、2图中它们作为整体受到的摩擦力相等，即𝑓1=𝑓2。因为𝐹1=𝑓1，𝐹2=𝑓2，那么有𝐹1=𝐹2。由于两次都在同一水平地面上用力推动它们，图1、2中物体乙与地面之间接触面的粗糙程度相同，图1中对地面的压力等于物体甲、乙的总重力，图2中物体乙对地面的压力等于物体乙的重力。由当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大可知，图2中甲、乙整体所受地面摩擦力大于图2中乙所受摩擦力，而甲对乙的推力为𝐹3等于乙受到的摩擦力，则𝐹2>𝐹3。故D正确，ABC错误。第13页，共27页故选：𝐷。滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与受力面积等因素无关，据此判断。物体做匀速直线运动时，推力与摩擦力是一对平衡力。本题主要考查了对摩擦力影响因素的理解，以及对物体进行受力分析，需要我们细心分析解答。9.【答案】𝐴【解析】解：根据题意，若是小区内部车辆，由自动开关𝑆1控制电动机启动横杆；若是外部车辆，需要工作人员按动按钮开关𝑆2，控制电动机启动横杆，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联(串联在电路的𝑅起到保护电路的作用)，只有A正确。故选：𝐴。根据题意确定两开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。本题结合生活实际考查根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接。10.【答案】𝐷【解析】解：当开关𝑆1、𝑆2都闭合，两电阻并联，电压表测量电源电压，即𝑈=12𝑉，电流表测量通过𝑅1的电流；由𝐼=得𝑅1的阻值：𝑅1=𝐼=1𝑈𝑅𝑈12𝑉=20𝛺；0.6𝐴将电压表、电流表的位置互换，𝑆1断开、𝑆2闭合，两电阻串联，由𝐼=可得电路的总电阻：𝑅=12𝑉𝑈==30𝛺；0.4𝐴𝐼𝑈𝑅因串联电路的总电阻等于各电阻之和，所以𝑅2的阻值：𝑅2=𝑅−𝑅1=30𝛺−20𝛺=10𝛺。故选：𝐷。当开关𝑆1、𝑆2都闭合，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表测量通过𝑅1的电流，根据公式𝑅=可求电阻𝑅1的阻值。将电压表、电流表的位置互换，𝑆1断开、𝑆2闭合，两电阻串联，电压表测串联电路的电源电压，电流表测串联电路的电流，利用公式𝑅=可求串联电路总电阻，𝑅2的阻值等于串联总电阻减去电𝑈𝐼𝑈𝐼第14页，共27页阻𝑅1的阻值。本题考查欧姆定律的应用和电流表、电压表的使用，关键明白当开关断开与闭合时电路的连接情况，这是本题的难点。11.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、安装充电桩时，为了安全，要接地线，故A不符合安全用电要求；B、万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故B不符合安全用电要求；C、为了安全电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故C符合安全用电要求；D、为了安全电工在安装充电桩时必须断开电源，故D不符合安全用电原则。故选：𝐶。(1)对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；(2)用电器起火，先关闭电源再救火；生活用水是导体；(3)漏电保护器是电路漏电时，切断电源，起到保护作用；(4)检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作。本题借助充电桩考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。12.【答案】𝐴【解析】解：由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，即金属探测器工作原理为电磁感应现象。A、图中没有电源，是发电机原理图，是利用导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流制成的(即电磁感应现象)，故A正确；B、该图是奥斯特实验，故B错误；C、图中有电源，是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而制成的，故C错误；D、该图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故D错误。故选：𝐴。由题意可知，金属探测器将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从第15页，共27页而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。13.【答案】减少做功【解析】解：用力向瓶内打气，瓶塞向上跳起，瓶塞向上跳起过程中，瓶内气体对瓶塞做功，把气体的内能转化为瓶塞的机械能，使瓶内气体的温度降低，内能减少；四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，所以其能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同。故答案为：减少；做功。(1)做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外界做功，物体的内能减少，温度降低；(2)四冲程汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。本题考做功改变物体的内能以及四冲程汽油机工作过程中的能量转化，是一道基础题。14.【答案】直线传播漫反射【解析】解：月球、地球、太阳三个天体恰好处于同一直线上，且地球在中央，由于光的直线传播，当地球正好在太阳和月亮之间时，月亮进入到了地球的影子中，形成了月全食；月亮表面凹凸不平，太阳光照射在月亮上发生了漫反射，反射光线向各个方向，所以不同地方的人们能同时看到月亮。故答案为：直线传播；漫反射。光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当一束光射到凸凹不平的物体时，它的反射光线是射向不同的方向的，不是平行的，所以我们才能从不同的地方看到同一个物体，而这种反射方式称为“漫反射”；此题考查的是光的漫反射以及光的直线传播，是一道光学基础题。15.【答案】680气体中流速越大的位置压强越小第16页，共27页3𝑠【解析】解：(1)隐形战斗机歼20的飞行速度：𝑣=𝑡=40.8×10𝑚=680𝑚/𝑠；1×60𝑠(2)歼20机翼的横截面设计成上凸下凹的形状，主要是利用了气体中流速越大的位置压强越小的原理，从而使机翼的上下表面产生压强差，因而有压力差，为它提供升力。故答案为：680；气体中流速越大的位置压强越小。(1)根据𝑣=𝑡计算平均速度，注意单位的统一。(2)根据流体压强与流速的关系可做出解答：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。本题结合隐形战斗机歼20在空中飞行的情景，考查了对速度公式的应用、流体压强与流速的关系的理解和掌握，属于常考题目，难度不大。𝑠16.【答案】压强大气压【解析】解：压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，压力越大，受力面积越小，压强越大。所以小亮不小心把试卷戳破了，可能是由于笔头太尖，受力面积过小，使笔对纸的压强过大；也可能是用力过大，使笔对纸的压强过大；人吸气时，肺部扩张，体积增大，使里面形成一个低压区，外界的空气在大气压的作用下进入肺部。故答案为：压强；大气压。(1)根据压强大小的影响因素分析解答：压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；(2)根据大气压的作用进行解答。本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。17.【答案】50向左做匀速直线运动的【解析】解：人和车一起向左做匀速直线运动，人用50𝑁力推车，人相对车是静止的，水平方向上受到的摩擦力和推力是平衡力，摩擦力等于推力，则人受到车的摩擦力是50𝑁；人车保持相对静止，因为开始人与车一起向左匀速直线运动，当人受到的外力完全消失时，将保持原来的运动状态不变，向左做匀速直线运动。故答案为：50；向左做匀速直线运动的。人相对车是静止的时，水平方向上受到的滑动摩擦力和推力是平衡力，滑动摩擦力等于推力；当人不受外力时，将保持外力消失一瞬间时的状态。第17页，共27页此题考查了摩擦力、牛顿第一定律的应用，常见题目。18.【答案】4400200【解析】解：电能表允许接的用电器的最大电功率为：𝑃最大=𝑈𝐼最大=220𝑉×20𝐴=4400𝑊，3000𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ表示的是电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表转盘转过的圈数是3000转，转盘转过300转时，电路消耗电能为：𝑊=用电器的功率：𝑃=300𝑟𝑘𝑊⋅ℎ=0.1𝑘𝑊⋅ℎ；3000𝑟𝑊0.1𝑘𝑊⋅ℎ=30ℎ=0.2𝑘𝑊=200𝑊。𝑡60故答案为：4400；200。电能表上参数的意义：220𝑉说明电能表要在220𝑉的电路中使用；20𝐴表示电能表允许通过的最大电流是20𝐴；根据公式𝑃=𝑈𝐼计算出电能表允许接的最大电功率；3000𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ表示的是电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表转盘转过的圈数是3000转，求出转盘转过300转时电路中消耗的电能，然后根据𝑃=𝑊求出用电器的功率。𝑡本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，是基础性题目，一定要熟练掌握。19.【答案】>==𝜌𝑔【解析】解：放在水平地面上的均匀实心长方体对地面的压强𝑝𝐴===𝑆=𝑆𝑆𝑆𝑆ℎ，把𝐵补成一个柱体，则𝐴𝐵产生的压强相等。如图，𝐵少了一部分，相当于受力面积不变，压力减小，压强也就比原来小，也就比𝐴产生的压强小，所以𝑝𝐴>𝑝𝐵。故答案为：>。由压强公式𝑝=推导出均匀实心长方体对地面压强的表达式𝑝=𝜌ℎ𝑔，然后据此表达式分析𝐴对地面的压强；根据公式𝑝=计算𝐵对对面的压强。此题是典型的柱状固体的压强问题，对于规则物体：𝑝=𝜌ℎ𝑔，可见物体对桌面的压强仅与物体密度𝜌和ℎ有关，而与物体底面积大小无关。𝐹𝑆𝐹𝑆𝐹𝐺𝑚𝑔𝜌𝑉𝑔𝜌𝑔𝑆ℎ20.【答案】6×103第18页，共27页【解析】解：设空心铁盒的体积为𝑉𝐴，小磁铁𝐵的质量为𝑚𝐵，体积为𝑉𝐵，只将空心铁盒𝐴放入水中时，有浮出水面，则𝜌水𝑔×(1−)𝑉𝐴=𝑚𝐴𝑔------①𝐵放上后，铁盒恰好浸没在水中，如图甲，则𝜌水𝑔𝑉𝐴=𝑚𝐴𝑔+𝑚𝐵𝑔------②𝐵倒置在水中，𝐴有的体积露出水面，如图乙，则𝜌水𝑔×(1−)𝑉𝐴+𝜌水𝑔𝑉𝐵=𝑚𝐴𝑔+𝑚𝐵𝑔-------③由①②可得：𝑚𝐵=𝑚𝐴，由②③可：𝑉𝐵=1𝑉，18𝐴23121181181313再由①式𝜌水𝑔×𝑉𝐴=𝑚𝐴𝑔=𝜌𝐴𝑉𝐴𝑔可得，𝐴的平均密度𝜌𝐴=𝜌水，1𝑚𝐴𝑚𝐵2=9𝜌𝐴=9×𝜌水=6×103𝑘𝑔/𝑚3。则𝜌𝐵=𝑉𝐵=213𝑉18𝐴23故答案为：6×103。利用漂浮的条件，根据物体在不同状态下的排水体积，用公式列出等式，再根据等量关系计算得出小磁铁的密度与水的密度的关系，最终求出小磁铁密度的大小。本题考查浮力的有关知识，解决此题的关键是利用公式和浮沉条件找等量关系，列等式，有一定难度。21.【答案】0.314.4【解析】解：由甲图知开关闭合后，定值电阻𝑅0和滑动变阻器𝑅1串联，电流表测量电路中的电流。由图乙知，滑动变阻器连入电路的电阻最大为30𝛺，电路中的电流最小，此时𝑅1消耗的电功率为2.7𝑊，=0.3𝐴，由𝑃=𝐼2𝑅可知，通过𝑅1的电流：𝐼1=𝐼=30𝛺1大由串联电路电流的规律可知，电路中的最小电流：𝐼小=𝐼1=0.3𝐴；由串联电路电阻的规律和欧姆定律可知，电源电压：𝑈=𝐼小𝑅总=0.3𝐴×(𝑅0+30𝛺)....①；滑动变阻器连入电路的电阻为10𝛺时，此时𝑅1消耗的电功率为3.6𝑊，𝑃2.7𝑊第19页，共27页3.6𝑊=0.6𝐴，由𝑃=𝐼2𝑅可知，电路电流：𝐼=𝑃′=𝑅1′10𝛺由串联电路电阻的规律和欧姆定律可知，电源电压：𝑈=𝐼𝑅总′=0.6𝐴×(𝑅0+10𝛺).....②；联立①②得：𝑈=12𝑉，𝑅0=10𝛺；滑动变阻器接入电路的阻值为0𝛺时，电路消耗的功率最大，为𝑃大=𝑅=0𝑈2(12𝑉)2=14.4𝑊。10𝛺故答案为：0.3；14.4。由甲图知开关闭合后，定值电阻𝑅0和滑动变阻器𝑅1串联，电流表测量电路中的电流。由图乙知，滑动变阻器连入电路的电阻最大为30𝛺，电路中的电流最小，此时𝑅1消耗的电功率为2.7𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可知，通过𝑅1的电流，由串联电路电流的规律可知，电路中的最小电流，由串联电路电阻的规律和欧姆定律可知，电源电压的表达式；滑动变阻器连入电路的电阻为10𝛺时，此时𝑅1消耗的电功率为3.6𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可知电路电流，由串联电路电阻的规律和欧姆定律可知电源电压的表达式，联立两式可得电源电压和𝑅0的阻值；滑动变阻器接入电路的阻值为0𝛺时，总电阻最小，根据𝑃=𝑈分析并得出电路消耗的最大功率。𝑅2本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，关键是从图中得出有用信息。22.【答案】解：漂浮在水面上的物体，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，并且这两个力是一对平衡力；大致找到苹果的重心，然后过重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段表示出重力和浮力，二者大小相等，并标出𝐺和𝐹浮，如下图所示：【解析】漂浮在水面上的物体，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，并且这两个力是一对平衡力。据此根据力的示意图的画法画出这两个力即可作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，第20页，共27页起点或终点表示力的作用点；注意浮力和重力的方向是固定的，并且表示平衡力的线段长度要相等。23.【答案】解：图中小磁针静止时，其右端为𝑁极，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端为𝑆极，右端是𝑁极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管，使大拇指指向通电螺线管的𝑁极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：【解析】先根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向，从而找到电源的正负极。本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则的应用，是电磁学方面的常见题型，比较简单。24.【答案】不能不变左照相机【解析】解：(1)根据平面镜成像的特点可知，平面镜成的虚像，因此光屏上不能接收到烛焰的像；当蜡烛远离玻璃板时，蜡烛像的大小将不变；(2)由图可知物距𝑢=30.0𝑐𝑚−10.0𝑐𝑚=20.0𝑐𝑚，20𝑐𝑚>14𝑐𝑚，即𝑢>2𝑓，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立缩小的实像，像距𝑓<𝑣<2𝑓，即7𝑐𝑚<𝑣<14𝑐𝑚，结合图可知像位于37𝑐𝑚～44𝑐𝑚之间，因此应将光屏向左移到才能在光屏上呈现烛焰清晰的像；此时凸透镜成像情况符合照相机的成像原理。故答案为：(1)不能；不变；(2)左；照相机。(1)根据平面镜成像特点可知平面镜成的是虚像；虚像光屏接收不到，实像光屏能接收到；当蜡烛远离玻璃板时，蜡烛像的大小将不变；(2)从图中找到物距与凸透镜的焦距进行比较，结合凸透镜成像规律分析出像距和像的性质；(3)照相机成像原理：物距大于两倍焦距时成倒立缩小的实像；投影仪成像原理：物距大于一倍焦距小于两倍焦距时成倒立放大的实像；放大镜成像原理：物距小于一倍焦距时成正立放大的虚像。第21页，共27页本题考查了平面镜成像特点和凸透镜成像规律及应用，是一道基础题。25.【答案】等于2.1×103水1.68×105【解析】解：(1)不计热量损失，根据转换法，均加热10𝑚𝑖𝑛，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；(2)根据水和煤油的温度随加热时间变化的图象可知升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20𝑚𝑖𝑛和10𝑚𝑖𝑛，由转换法煤油和水的吸热之比为2：1，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，则煤油的比热容为：𝑐=×4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)=2.1×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)。(3)根据𝛥𝑡=𝑄可知，质量相同的水和煤油相同时间放出相同的质量，因水的比热容大，故停止𝑐𝑚12加热后温度下降得慢的物质是水，那么2𝑘𝑔的该物质温度降低20℃，可以放出热量：𝑄放=𝑐𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2𝑘𝑔×20℃=1.68×105𝐽。故答案为：(1)等于；(2)2.1×103；(3)水；1.68×105。(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；(2)根据水和煤油的温度随加热时间变化的图象得出升高30℃水和煤油的加热时间，由转换法得出煤油和水的吸热之比，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容；(3)根据𝛥𝑡=𝑄分析；根据𝑄放=𝑐𝑚𝛥𝑡求解。𝑐𝑚本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡的运用，为热学中的重要实验。26.【答案】速度两相等慢小车在木板表面通过的距离最长【解析】解：(1)实验中需要控制变量，由于影响小车在水平面上滑行距离的因素，除了阻力外，还有速度，所以本实验要控制该量相同；(2)静止在水平面上的小车受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，此时小车受到两个力的作用；(3)小车下滑到水平面的速度相同，小车的动能相同，最终的速度为0，动能的变化量相同，该实验中，故小车在三种粗糙程度不同的表面克服阻力做的功是相等的；(4)木板表面最光滑，小车运动时受到阻力最小，小车在木板上通过的距离最长，分析实验中现象可得出“阻力越小，运动速度减小到越慢，的结论，支持该结论的证据是小车在木板表面通过的距离最长。第22页，共27页故答案为：(1)速度；(2)两；(3)相等；(4)慢；小车在木板表面通过的距离最长。(1)根据控制变量法，要控制小车下滑到水平面的速度相同；(2)分析小车静止时的受力回答；(3)小车到达水平面时的初速度相同，因此，其具有的动能是相同的，所以小车克服阻力做功的本领是相同的；(4)木板表面最光滑，小车运动时受到阻力最小，小车在木板上通过的距离最长，速度减小得最慢。本题探究“阻力对物体运动的影响”的实验，考查控制变量法及推理法的运用和受力分析。27.【答案】断开右35𝛺～80𝛺【解析】解：(1)为了保护电路，在连接实物电路时，开关必须处于断开状态；(2)在做“探究电流与电阻的关系”实验时，电流表、滑动变阻器以及定值电阻应串联接入电路，电压表并联在定值电阻两端，而图甲定值电阻与滑动变阻器并联、电压表串联在电路中是错误的，据此分析并改正电路连接，如下图所示：；(3)根据串联分压原理可知，将定值电阻由10𝛺改接成15𝛺的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变；由图乙知，定值电阻两端的电压始终保持𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.1𝐴×30𝛺=……=0.6𝐴×5𝛺=3𝑉，即电压表的示数应保持3𝑉不变；第23页，共27页(4)电流表的量程为0～0.6𝐴，变阻器允许通过的最大电流为1𝐴，为了保证电路的安全，电路中的最大电流为0.6𝐴，此时定值电阻和变阻器接入电路中的电阻都最小：𝑅小=5𝛺；因变阻器的最大电阻为40𝛺，当滑动变阻器的电阻最大时，定值电阻阻值也最大；当变阻器接入电路中的阻值最大时，此时电路中的电流：𝐼=𝑅滑=𝑅𝑉=滑滑𝑈𝑈−𝑈𝑈3𝑉4.5𝑉−3𝑉=0.0375𝐴，定值电阻的最大阻值：𝑅大=𝑉==80𝛺。0.0375𝐴𝐼40𝛺故答案为：(1)断开；(2)见上图；(3)右；3；(4)5𝛺～80𝛺。(1)为了保护电路，在连接电路时，开关必须处于断开状态；(2)在做“探究电流与电阻的关系”实验时，电流表、滑动变阻器以及定值电阻应串联接入电路，电压表并联在定值电阻两端，而图甲定值电阻与滑动变阻器并联、电压表串联在电路中是错误的，据此分析并改正电路连接；(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；同时根据图乙分析可得出电压表应保持的示数大小；(4)根据(3)中的分析即可得到𝐴𝐵间的电压；电路中电流最大时定值电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻都最小，根据欧姆定律求出电路中的定值电阻的最小值；滑动变阻器的最大电阻为40𝛺，当滑动变阻器的电阻最大时，定值电阻阻值也最大，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据𝑅=算出定值电阻的最大值。本题主要考查“探究电流与电阻的关系”的实验，涉及了电路连接时的注意事项、电路改接、数据分析和串联分压原理的应用，有一定难度。𝑈𝐼28.【答案】解：(1)工人的重力：𝐺=𝑚𝑔=70𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=700𝑁，工人没拉绳子双脚站立在水平地面上时，对水平地面的压力：𝐹压=𝐺=700𝑁，工人对地面的压强：𝑝=700𝑁𝐹压==1.4×104𝑃𝑎；2𝑆0.05𝑚(2)由图可知𝑛=2，绳子自由端移动的距离：𝑠=𝑛ℎ=2×4𝑚=8𝑚，拉力做的总功：𝑊总=𝐹𝑠=500𝑁×8𝑚=4×103𝐽，拉力做功的功率：𝑃=𝑊总4×103𝐽==400𝑊；𝑡10𝑠1𝑛(3)因为不计绳重和摩擦时𝐹=(𝐺+𝐺动)，所以动滑轮的重力：𝐺动=𝑛𝐹−𝐺=2×500𝑁−700𝑁=第24页，共27页300𝑁，原来滑轮组的机械效率：𝜂=𝑊有=总𝑊𝐺700𝑁𝐺ℎ𝐺ℎ===×100%=70%；𝐹𝑠𝐹𝑛ℎ𝑛𝐹2×500𝑁由题意可知，现在的机械效率：𝜂′=70%+5%=75%，==由不计绳重和摩擦时𝜂=𝑊有=𝑊+有可知，现在提升的物体重力：𝐺′=𝑊额外𝐺ℎ+𝐺动ℎ𝐺+𝐺动总有𝜂′75%=×300𝑁=900𝑁。𝐺动1−𝜂′1−75%𝑊𝑊𝐺ℎ𝐺答：(1)工人没拉绳子双脚站立在水平地面上时，对地面的压强是1.4×104𝑃𝑎；(2)拉力𝐹的功率是400𝑊；(3)用此滑轮组一次提升900𝑁的物体能使滑轮组的机械效率提高5%。【解析】(1)根据𝐺=𝑚𝑔求工人的重力，工人没拉绳子双脚站立在水平地面上时，对水平地面的压力大小等于工人的重力，根据𝑝=求工人对地面的压强；(2)由图可知𝑛=2，绳子自由端移动的距离𝑠=𝑛ℎ，利用𝑊总=𝐹𝑠求拉力做的总功；利用𝑃=求拉力做功的功