甘肃省张掖市2022-2023学年高二下学期第一次全市联考物理（解析版）

2022-2023学年第一次全市联考

物理试卷

一、选择题（共10小题，1-7为单选题，每小题4分，8-10为多选题，每小题6分，共计46

分）

1.2006年度诺贝尔物理学奖授予了两名美国科学家，以表彰他们发现了宇宙微波背景辐射的黑体谱形状及

其温度在不同方向上的微小变化。他们的出色工作被誉为是宇宙学研究进入精密科学时代的起点。下列与

宇宙微波背景辐射黑体谱相关的说法中不正确的是（）

A.微波和声波一样都只能在介质中传播

B.一般物体辐射电磁波情况只与黑体温度有关

C.黑体的热辐射实质上是电磁辐射

D.普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说

【答案】A

【解析】

【详解】A.微波是电磁波中按波长分类波长较小的一种，电磁波的传播不需要介质，故A错误；

B.实际物体辐射电磁波情况与温度、表面情况、材料都有关；黑体辐射电磁波的情况只与温度有关，是

实际物体的理想化模型，故B正确；

C.黑体的热辐射实质上是电磁辐射，故C正确；

D.普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说，故D正确。

本题选错误的，故选A。

2.大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成，如图是改装后电表，已知灵敏电

流表G的满偏电流为&内阻为4,变阻箱H接入电路的阻值为Ro,下列说法正确的是（）

乙

URg+Ro）

A.甲表是电流表,改装后的量程为二」一丝

Rs

B.甲表是电流表,若增大接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程也将增大

C.乙表是电压表,改装后的量程为∕g（&-4）

D.乙表是电压表，若减小接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程也减小

【答案】D

【解析】

【详解】AB.将小量程电流表改装成大量程电流表，需要并联一电阻R分流，改装后的量程为

可知甲表是电流表，若增大接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程将减小，当变阻箱R接入电路的

阻值为Ro,改装后的量程为

1/「丁/(4+4)

l∖)5

故AB错误；

CD.将小量程电流表改装成大量程电压表，需要串联一电阻R分压，改装后的量程为

Um=IgRUlgR

可知乙表是电压表，若减小接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程也减小，当变阻箱R接入电路的

阻值为&,改装后的量程为

Um=∕gRg+∕g-=∕g(4+∙)

故C错误，D正确。

故选D。

3.某静电场的电场线如图中实线所示，虚线是某个带电粒子在仅受电场力作用下的运动轨迹，下列说法正

确的是

A.粒子一定带负电荷

B.粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度

C.粒子在M点的动能大于它在N点的动能

D.粒子一定从M点运动到N点

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据运动轨迹可知，粒子受电场力指向右上方，则粒子一定带正电荷，选项A错误；

B.因为M点电场线较N点稀疏，则M点场强较小，则粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，选

项B正确：

C.从M点到N点电场力做正功，动能变大，则粒子在M点的动能小于它在N点的动能，选项C错误；

D.由运动轨迹不能确定粒子一定是从M点运动到N点，选项D错误.

4.真空中两个点电荷产生的电场，其电场线分布如图所示，则（）

A.两个点电荷一定带同种电荷B.“点的电场强度比分点的大

C.0点的电势比6点的高D.试探电荷在4点和匕点所受电场力一样大

【答案】B

【解析】

【详解】A.电场线始于正电荷，终于负电荷，可知两个点电荷带异种电荷，A错误；

BD.电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，。点的电场线较密，电场强度较大，同一试探电荷在“点

所受电场力较大，B正确，D错误；

C.沿着电场线电势降低，故4点的电势比。点的低，C错误。

故选B。

5.新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播，打喷嚏可以将飞沫喷到十米之外。研究得出一个打喷嚏时气流

喷出的速度可达40m∕s,假设打一次喷嚏大约喷出6x10-5n√的空气，用时约o.（）2s。已知空气的密度为

1.3依/n?,估算打一次喷嚏人受到的平均反冲力为（）

A.3.12NB.0.156NC.1.56ND.6.24N

【答案】B

【解析】

【详解】由题意可得，打一次喷嚏喷出空气的质量为

m-pV=7.8X1（）Tkg

设打喷嚏时的冲力为F,由动量定理可得

Ft=mv

F=0.156N

由牛顿第三定理可得，打一次喷嚏人受到的平均反冲力为

F=F=O.156N

故选B。

6.在如图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、8两灯亮度的变化情况为（）

A.4灯和B灯都变亮8.4灯.、B灯都变暗

C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮

【答案】D

【解析】

【详解】当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小,

所以总电阻变小，总电流变大，所以电源内阻的电压变大，且B灯电流变大，B灯变亮；

UA=E-gRB）

〃2

所以A灯的电压变小，根据P=一可知A的功率变小，故A灯变暗；

R

故选Do

7.45两球在光滑水平面上沿同一直线、同-方向运动,mA=lkg.mB=2kg,VΛ-6m/s,vβ=2mIs.

当A追上8并发生碰撞后，43两球速度的可能值是（)

A.VA'=5m∕s,vβ'=2.5m/sB.VA'=2m/s,vβ'=4m/s

,,r

C.VA=-4m/s,vβ=/sD.VA'=7m∕s,vli'=l.5m/s

【备案】B

【解析】

【详解】A.考虑实际运动情况，碰撞后两球同向运动，A球速度应不大于B球的速度，故A错误;

B.两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量应守恒.

碰撞前总动量为：P=PR+PB=InRVA+I∏BVB=(1X6+2×2)kg∙m∕s=10kg∙m/s,

总动能：Ek=ɪvl+ɪW7Bvi=⅛×ɪ×θ2+⅛×2X2⅛2J,

,,

碰撞后，总动量为：p=PA+P'B=IHAV'Λ+∏1BV'F1×2+2×4=IOkg∙m/s,

,

总动能：Ek--+—∏7βVg^=—×1X2^+—×2X4'=18J,

则P'=P,符合动量守恒和动能不增加.故B正确；

C.碰撞后，总动量为：p,=p,a+p'B=nuv',∖+π⅛v'B=(-1×4+2×7)kg-m/s=1Okg-ɪn/s,

总动能：E'k=—AH.Vj^H---∕72βVn^—×1×4^H—×2×7^=57Jɪ

2222

符合动量守恒定律，但总动能不可能增加.故C错误；

D.考虑实际运动情况，碰撞后两球同向运动，A球速度应不大于B球的速度，故D错误.

故选：B

8.下图中能产生感应电流的是()

甲乙丙丁

A.甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动

B.乙图中导体框以一定的速度水平向右运动

C.丙图中环形导线正上方通入逐渐增大的电流

D.丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导体

【答案】AD

【解析】

【详解】A.甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动，穿过闭合回路的磁通量增大，可以产生感

应电流，故A符合题意；

B.乙图中导体框以一定的速度水平向右运动，导体框中的磁通量不变，不能产生感应电流，故B不符合

题意；

C.根据通电直导线周围磁场的分布规律以及对称性可知环形导线框中的磁通量始终为零，不能产生感应

电流，故C不符合题意；

D.丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导体，环形导体中磁通量增大，可以产生感应电流，故D符合题意。

故选ADo

9.关于多用电表的使用，下列说法正确的有()

A.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是电源的路端电压，表笔接法正确

B.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，表笔接法错误

C.乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的正向电阻

D,乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的反向电阻

【答案】BC

【解析】

【详解】AB.甲图中用多用电表直流电压挡测量的电流是小灯泡两端的电压，电流从黑表笔流出，从红表

笔流入，所以表笔接法错误，故A错误，B正确；

CD.电流从黑表笔流出，从红表笔流入，所以乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的正向电阻，故C

正确，D错误。

故选BC0

10.如图，两根平行长直导线相距21,通有大小相等、方向相同的恒定电流：a、b、C是导线所在平面内的

三点，左侧导线与它们的距离分别为二、1和31.关于这三点处的磁感应强度，下列判断正确的是

abc

•••

VV

A.a处的磁感应强度大小比C处的大

B.b、C两处的磁感应强度大小相等

C.a、C两处的磁感应强度方向相同

D.b处的磁感应强度为零

【答案】AD

【解析】

【详解】由安培定则可以判断，a、C两处的磁场是两电流在a、C处产生的磁场相加，但a距离两导线比C

近，故a处的磁感应强度大小比C处的大，故A对；b、C与右侧电流距离相同，故右侧电流对此两处的

磁场要求等大反向，但因为左侧电流要求此两处由大小不同、方向相同的磁场，故b、C两处的磁感应强度

大小不相等，故B错；由安培定则可知，a处磁场垂直纸面向里，C处磁场垂直纸面向外，故C错；b与两

导线距离相等，故两磁场叠加为零，故D对.

二、实验题，(共6空，共计14分)

11.某实验小组用如题图所示的装置验证动量守恒定律。

..................f∙

π

∖∖''

l[∖∖∖Hj

///////////^////////////////////////////////////////////////

OMPN

(1)下列说法正确的是。

A.实验中两小球质量应满足的关系是孙<加2

B.实验中必需调节斜槽末端的切线沿水平方向

C.实验中每次必需从同一位置由静止释放小球如

D.实验中必需测量小球抛出点距落点的高度H

(2)用天平测出入射小球质量，”1、被碰小球质量机2；用刻度尺测出小球落点ΛΛP、N距。点的距离各

为X|、X2、X3,只要等式(用机I、机2、XI、X2、X3表示)成立，就验证了碰撞过程动量守恒。

【答案】①.BC(2).m∖X2-m∖x↑+m2X3

【解析】

【详解】⑴[1]A.碰撞过程中动量、能量守恒，贝

m1v0=W1V1+m,v2

I2I2I2

-mλv-=-m,v-t+-m1y;

解得

因此让小球碰撞后不反弹，两球质量满足

m1>m2

故A错误；

B.保证小球做平抛运动，所以实验前固定在桌边上斜槽末端的切线要沿水平方向，故B正确；

D.可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒，故实验中不需要测量开始释放高度/7,只是每次

必需平抛的初速度相同，所以要从同一位置由静止释放小球叫，故C正确，D错误。

故选BC0

（1）12］由碰撞中的动量守恒，得

mιX2=mιXι+m2Xi

12.某兴趣小组测定一金属丝的电阻率。主要步骤如下:

（1）用游标卡尺测得其长度如图（a）所示，其长度为mm；用螺旋测微器测得其直径如图（b）

所示，其直径为mm.,

34主尺

I[]]]rIJτIT[[I]≡Cm

图(a)图(b)

（2）如图（C）为某同学在仅利用电流表的情况下设计的一种测该金属丝电阻尺、的正确方案，测得电流表

Al的读数为电流表A2的读数为/2,且已知电流表Al的内阻为吊，则这段金属丝电阻的计算式为

R,=（用题干中字母表示）。从设计原理来看，其测量值_________真实值（填“大于”“小于”或”等

于“）。

图(C)

I.R.

【答案】Φ.29.9②.4.7007j-÷④.等于

‘2-

【解析】

【详解】（I）口］游标卡尺读数为

29mm+9×0.1mm=29.9mm

⑵螺旋测微器读数为

4.5mm+20.1×0.01mm=4.7(X)mm

14.如图所示，质量为，〃=245g的物块(可视为质点)放在质量为M=0.5kg的木板左端，足够长的木板

静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为〃=0.4,质量为MO=5g的子弹以速度%=300m∕s

沿水平方向射入物块并留在其中(时间极短)，g取IOm/S2,求：

(1)木板开始运动时木块的速度大小及木板最终的速度大小；

(2)物块相对木板滑行的位移。

【答案】(1)6m∕s,100m∕s；(2)3m

【解析】

【详解】(1)子弹打入木块过程，由动量守恒定律可得：

movo—(wo+w)vɪ

得

v∣=6m∕s

子弹及木块在木板上滑动过程，由动量守恒定律可得：

(∕∏o+∕n)也=(,mo+m+M)也

得

Vi=100m∕s

(2)子弹射入木块后，由子弹木块和木板组成的系统能量守恒有:

μ^m0+ιn)gd=；(〃％+阳)片-ɪ(/nɑ+m+Λ∕)v^

代入数据可解得木块在木板上滑动的距离

d=3m

15.如图所示，长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个电荷

量为+«、质量为〃?的带电粒子以某一初速度紧贴上板垂直于电场线的方向进