2023年山东省日照市中考物理二模试卷（附答案详解）

2023年山东省日照市中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）

1.为纪念某些作出杰出贡献的物理学家，往往用他们的名字命名一些物理量的单位。对下

列物理量及单位的理解，正确的是（）

A.用手平托重为IN的苹果水平移动1m,手对苹果做的功是1/

B.质量为Mg的物体，在地球表面所受重力的大小约为9.8N

C.重为IN的苹果放在面积为162的水平桌面上，苹果对桌面的压强是IPa

D.某人的心跳每分钟72次，其频率是72Hz

2.下列有关声现象描述正确的是（）

甲

A.如图甲，逐渐抽出真空罩内的空气，听到的铃声逐渐变大

B.如图乙，由声波图可知，两发声体的响度和音色都相同

C.如图丙，倒车雷达利用超声波传递信息

D.如图丁，是为了在传播过程中减弱噪声

3.“山坡上，有的地方雪厚点，有的地方草色还露着，这样，一道儿白，…那水呢，不但不

结冰，倒反在绿萍上冒着点热气，…”上面的文字节选于老舍先生的恸南的冬天少一文。

关于文中所涉及到的一些现象，用物理知识解释正确的是（）

A.“雪”的形成过程需要吸收热量B.“结冰”是凝华过程需要放出热量

C.“热气”是水蒸气液化而成的D.“冰”是非晶体没有一定的熔化温度

4.初中各学科之间有着密切的联系，化学、生物学中也有物理知识的广泛运用，下列描述

或说法中错误的是（）

肱二头肌

缢

肱三头肌

舒缓

肘关节

甲：制备蒸惘水的简易装置Z：向下排空气法收集氢气丙：手托起苹果丁：鱼在水中游

A.甲图中，蒸储水的制备是利用水的汽化及水蒸气的液化

B.乙图中，向下排空气阀收集氢气是利用氢气的密度比空气的密度大的性质

C.丙图中，槎骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，可视为一种杠杆模型

D.丁图中，鱼主要是利用了尾部和躯干部的摆动与水的相互作用在水中游泳

5.如图所示，用细绳吊着一个物块，静止靠在墙壁上。剪断细绳的同时，用一冲登

个由逐渐增大的水平作用力尸压在物块上，墙壁足够高，则物块（）

A.运动速度变大q]

B.所受摩擦力一直变大

C.速度先变大后不变

D.速度先变大后减小

6.如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过4点和B点后落到地面，又被多次

弹，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（）

A.小球从4点运动到B点的过程中机械能不断减少

B.小球反弹经过D点时动能为零

C.若将弹性小球表面涂黑，则会在C、尸两点留下等大的黑色圆斑

D.小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能

7.关于生活用电，下列说法不正确的是（）

T

甲乙丙

A.如图甲：用电器的总功率过大，容易发生火灾

B.如图乙：使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽

C.如图丙：人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电

D.如图丁：与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连

8.如图所示，电源电压不变，灯泡L标有it6V3W,'字样，当开关Si、S?都断开，滑片P从b

端滑到某一位置C时（图中未标出），滑动变阻器R的电阻减小了60,电流表示数变化了0.L4,

此时灯泡恰好正常发光；保持滑片P的位置不变，闭合开关a、S2,电流表示数又变化了1∙5A,

设灯丝电阻不变，则下列说法正确的是（）

A.灯泡的电阻为2。

B.电源电压为9V

C.滑动变阻器的最大电阻为120

D.当Si、S?都闭合时，调节滑片P,电路消耗总功率的最小值为20W

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

9.科技强国，成就中国梦。以下是我国近年来自主研发的创新科技成果，其中涉及的物理

知识说法正确的是（）

A.图甲：“祝融号”火星车车轮表面有棱，可增大车轮与火星表面之间的摩擦

B.图乙：中国“天眼”（FAST）射电望远镜，所接收太阳系外的信号是电磁波

C.图丙：“麒麟9000”智能手机芯片体积能够微型化，得益于新型的纳米材料

D.图丁：实现温度可达一亿度的“中国人造太阳”，工作原理利用的是核裂变

10.某同学用同一加热器对冰进行加热，探究“冰熔化时温度的变化规律”。根据实验记录

的数据，绘制成温度随时间变化的图象如图所示。若加热器加热功率不变，下面说法正确的

是（）

A.AB段比CD段升温快，所以AB段吸收的热量比CD段多

B.CD段比4B段加热时间长，所以CD段吸收的热量比48段多

C.该物质在C。段的吸热能力比AB段的吸热能力大

D.B点时的内能小于C点时的内能

11.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示，此时烛焰

在光屏上成一个清晰的像，则以下判断正确的是（）

A.这个清晰的像是倒立、放大的实像，照相机就是应用的这个原理

B.此凸透镜的焦距小于15Cm

C.若将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能呈现出烛焰倒立、放大的实像

D.若将蜡烛移动到5cτn刻度处，光屏需适当向左移动，才能在光屏上呈现处清晰的像

12.额定电压为8V的甲乙两个电阻，/-U图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.若甲乙并联，两端电压在0—8U范围内（不含OU）,R用总是大于RZ

B.若甲乙并联，两端电压在O-W范围内（不含（Ψ）,P用是大于PZ

C.若甲乙串联接在电压为9V的电源两端，R用Rz=i：2

D.若甲乙并联接在电压为3U的电源两端，P甲:PN=3：2

三、填空题（本大题共3小题，共12.0分）

13.压力锅内水的沸点可达到120。。从而缩短食物煮熟时间。如图是一款型号为20的家用

压力锅，这里的“20”是指锅身直径为20（填单位）；为防止压力锅因排气孔堵塞而造

成安全事故，锅盖上还有多个保险装置，其中安全阀内的易熔片是用熔点较______（填“高”

或“低”）的合金制成的。

限压阀

3%阀

14.如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N,高9cm,

底面积30cm2；杯内水重2N,水深6cm,水的密度为1.0X103∕cg∕m3,g

取IoN∕kg°则水对杯底的压力为N,水对杯底的压强Pa.后草

15.如图所示的装置中，闭合开关，使导体ab棒水平向右运动，发现导

体Cd棒向左运动，利用实验装置中的乙部分可制成（选填“发电机”、“电动机”）,

若其它条件不变，只把乙部分磁极颠倒，则Cd棒将向运动。

四、作图题（本大题共2小题，共6.0分）

16.如图所示，S'是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的

一条光线经平面镜反射后恰好射向凹透镜右侧虚焦点F。请

画出点光源S并补全光路图。

17.某款售水机（如图）可通过刷卡（闭合“感应”开关SI）接通供水电动机取水；光线较暗时

“光控”开关S?自动闭合，照明灯亮了，请画出符合要求的电路图。

五、实验探究题（本大题共2小题，共20.0分）

18.在“探究杠杆平衡条件”的实验中:

成己

(1)如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向(选填“左”或“右”)调

节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是；

(2)如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在4点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂

个相同的钩码；当杠杆平衡后，将4、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆

将(选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”)；

(3)改变钩码的位置和个数，使杠杆平衡，收集多组数据，其目的是(填序号)。

A.取平均值，减小误差

B.避免偶然性，寻找普遍规律

(4)如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平

位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会(选填“变大”、“不

变”或“变小”),原因是。

(5)看图戊的漫画，根据杠杆的平衡条件分析，小兔分得的萝卜质量______(填“大于”、“等

于”或“小于”)小猴的。

(6)小明猜想能否使用刻度尺和杠杆等器材测量石块密度，于是他进行如下探究：(杠杆重力

忽略不计)

①如图己所示，杠杆处于水平位置且平衡。

②保持石块的悬点位置4不变，将石块浸没在盛水的杯中(未与杯底、杯壁接触)，调整重物

的悬点位置至C点，使杠杆再次处于水平位置且平衡，则C点应该在B点的(填左或

“右”)侧，用刻度尺测量OC的长度L3。

③石块密度的表达式P=(用字母)P次、41、42、乙3表示。

)

19.小明在“测量小灯泡电功率”实验中，选用如图1所示的器材和电路。其中电源电压恒

为6U,小灯泡的额定电压为2.5心

(1)请用笔画线代替导线将滑动变阻器连入电路，要求：向右移动滑片P,灯泡变亮；

(2)连接电路时，开关应处于状态；

(3)连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，则下一步操作应该是，

A更换小灯泡

B.检查电路是否断路

C.更换电池

n移动滑片

(4)根据测得的数据绘制的通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像如图-2所示，分

析图像可知：小灯泡的额定功率为W;

(5)利用图1中器材和电路(选填“能”或“不能”)探究电流与电压的关系；

(6)完成上述试验后，小明进一步思考，在没有电流表的情况下能否测量小灯泡的额定功率呢？

他想利用一个定值电阻RO接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图3所示，然后调节滑

动变阻器滑片使电压表示数为U颜，接着保持滑片位置不变，将电压表点(选填“4”

或“B”)的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U,则小灯泡的额定功率可表示为P颁=

(用Ro、U额、U等物理量符号表示)。

(7)完成上述实验后，另有同学设计了如图4所示的电路，测出了额定电流为/的小灯泡的额定

功率。电源电压不变，滑动变阻器&的最大阻值为R,实验方案如下：

①按电路图连接电路；

②只闭合开关Si,移动RI的滑片，使电流表的示数为/颁，灯泡正常发光；

③只闭合开关S2,保持的滑片不动，移动的滑片，使电流表的示数为/解

④保持的滑片位置不动，将％的滑片移到最左端，电流表的示数为再将Rl的滑片移到

最右端，电流表的示数为%；

⑤小灯泡额定功率的表达式为：P额=(用/频、小I2>R表示)。

六、计算题(本大题共2小题，共22.0分)

20.如图所示，图甲是使用滑轮组从水中打捞一正方体物体的简化示意图，在打捞过程中物

体始终以0.1m∕s的速度匀速竖直上升，物体未露出水面前滑轮组的机械效率为75%,图乙是

打捞过程中拉力F随时间t变化的图象。(不计绳重，忽略摩擦和水的阻力，g取IONkg)求：

(1)物体的边长；

(2)物体浸没在水中时受到的浮力；

(3)物体的重力。

21.某家用电热水器，其工作模式和相关参数如下表。如图为电热水器的原理图，包括工作

电路和控制电路两部分，通过电磁继电器自动控制电热水器实现加热状态和保温状态的挡位

变换。R0,Rl为电热丝，/?2为滑动变阻器，R为热敏电阻(置于电热水器内)，其阻值随温度

的升高而减小。红灯、绿灯是电热水器工作时的指示灯，忽略指示灯对电路的影响。

型号LWLZ20—19

电源AD220V50Hz

加热功率SOOW

保温功率40W

水容量1.0L

(1)要使电热器从加热状态转换为保温状态，滑动变阻器的滑片需要向(选填左或右)

调整。

(2)Rl工作时的电阻是多大？

(3)电热水器处于加热状态时，工作4.2m讥，可使IL水的温度升高40汽。则该电热水器的效率

3o

是多少？[c⅛=4.2×107∕(fc5∙C),计算结果保留一位小数

]

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4、U相当于用手平托重为IN的苹果竖直向上移动1m,所做的功；

B、9.8N约为质量为Ikg的物体，在地球表面所受重力的大小；

C、IPa相当于重为IN的物体均匀的放在面积为lr∏2的水平桌面上所产生的压力作用效果；

。、IHZ是指心脏每秒跳动的次数是一次。

综上所述，故选瓦

解决本题的关键是理解功、重力、压强、频率的定义。

物理学中的物理量多、符号多，理解、区分并记住各物理量的单位，是学好物理的基础。

2.【答案】C

【解析】解：4、声音的传播需要介质，逐渐抽出真空罩内的空气，空气越稀薄，听到的铃声越

小，故A错误；

B、由图可知两列波的振幅相同，响度相同，波形不同，音色不同，故B错误；

C、倒车雷达利用超声波传递信息，故C正确。

。、禁鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，故。错误。

故选：Co

(1)声音的传播需要介质。

(2)根据声音的三个基本特征：响度、音调、音色即可判断。

(3)倒车雷达利用超声波传递信息。

(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。

本题考查了声音的三个基本特征，声音的传播特性，属于基础题，难度不大。

3.【答案】C

【解析】解：力、雪是由水蒸气凝华而成的小冰晶，凝华需要放热，故A错误；

以结冰是水由液体凝固为固体的物态变化，凝固需要放出热量，故B错误：

C、“热气”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，液化需要放热，故C正确；

。、冰是晶体，故。错误。

故选：C。

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；

由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；

由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

本题考查的是物态变化的判断，要求同学们能够利用所学物理知识解释生活中的现象。

4.【答案】B

【解析】解：人甲图中，水变成水蒸气是汽化过程，水蒸气变成水是液化过程，故A说法正确；

8、乙图中，向下排空气阀收集氢气是利用氢气的密度比空气的密度小的性质，故B说法错误；

C、丙图中，模骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，可视为一种杠杆模型，故C说法正确；

。、丁图中，鱼主要是利用了尾部和躯干部的摆动与水的相互作用在水中游泳，故。说法正确。

故选；Bo

(1)物质由液体变为气态的过程叫做汽化；物质由气态变为液态的过程叫做液化；

(2)氢气密度比空气小；

(3)在力的作用下绕着固定点转动的硬棒叫杠杆；

(4)物体间力的作用是相互的。

本题主要考查了杠杆、汽化与液化现象、气体的收集方法及原理、物体间力的作用是相互的，知

识点多，属跨学科综合题目。

5.【答案】D

【解析】解：用细绳吊着一个物块，静止靠在墙壁上，此时重力与拉力是一对平衡力；当剪断细

绳时，拉力消失，但同时用一个由零逐渐增大的水平作用力尸压在物块上，则木块对墙面产生压

力，从而产生沿墙壁向上的滑动摩擦力，且滑动摩擦力随着压力的增大而变大；开始时摩擦力较

小，小于重力(/湾＜G),物块向下做加速运动；然后摩擦力等于重力，继续增大压力，向上的摩

擦力会大于向下的重力(Λ背＞G),物块做减速运动；当速度为零时，物体静止，此时静摩擦力等

于物重(/静=G)；由以上分析可知，物块的速度先变大后变小至零，运动过程中摩擦力逐渐变大，

最终静止时物块所受摩擦力等于物块重力，故。正确，ABC错误。

故选：D。

对物块进行受力分析，根据摩擦力大小的影响因素判断其摩擦力变化；进而判断物块在滑落过程

中的运动状态，对其速度变化做出判断。

此题综合考查了摩擦力大小的影响因素、运动和力的关系，属于中考热点题型，本题的关键是通

过对物块进行正确的受力分析，对物块在滑落过程中的运动状态作出准确判断，有一定难度。

6.【答案】D

【解析】解：4、小球从/点运动到B点的过程中，因光滑桌面没有摩擦阻力，小球处于平衡状态，

其速度大小不变，高度不变，质量不变。所以小球机械能不变，故A错误；

8、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度，小球在最高点时，竖直方向速度

为零，水平方向速度不为零，则小球在。点的动能不为零，故8错误；

C、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反映小球弹性形变程度，圆斑越大，

形变越大，在C点与在F点时，小球的动能与重力势能都为零，而每次小球反弹到的最高点都比上

一次的最高点低，说明小球受到空气阻力作用，机械能逐渐变小，所以小球在C点的机械能大于

在F点的机械能，故小球在C点的弹性势能大于在尸点的弹性势能，小球在C点的圆要大于在尸点的

圆斑，故C错误；

。、小球在多次弹起过程中，机械能逐渐变小，而E点在G点之前，故小球在G点的机械能小于在E

点的机械能，故。正确。

故选：D。

影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；影响弹性势能的因素：弹性

形变程度；小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以

小球的机械能一次比一次少。

本题通过小球的运动情况，考查了对重力势能、动能、弹性势能影响因素的了解，对机械能守恒

的认识，分析时要细心，但总体难度不大。

7.【答案】C

【解析】解：

A、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，电路中电流过大，容易引发火灾，故A正确。

B、使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽（又叫笔尾金属体），故B正确；

C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的

电压是22（Ψ,加在人体的电压是220V,超过人体的安全电压，会对人体造成危害，故C错误；

与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电流会

被导入大地，不会发生触电事故，故。正确；

故选：C。

(1)家庭电路电流过大的原因有二：用电器总功率过大，发生了短路；

(2)正确使用试电笔的方法：站在地上，手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触导线，强管发光的

是火线，氟管不发光的是零线；

(3)触电有单相触电和双相触电两类；

(4)三孔插座接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。

生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。

8.【答案】D

【解析】解：当S1∖S2都断开，滑片P位于b端时，等效电路图如图1所示;

当Si、S?都断开，滑片P位于C端时，等效电路图如图2所示；

当Si、S?都闭合，滑片P位于C端时，等效电路图如图3所示。

-ɪI

1+0.1A+1.5A∣

图3

(1)灯泡正常发光时的电压为6忆电功率为3W,

根据P=U/可得，灯泡正常发光时的电流：

L=五=∕=°∙54

根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：

&=贽=照=12。，故A错误；

图2中灯泡正常发光，由串联电路中各处的电流相等可知，电路中的电流为0.54,

因为图1中的电阻大于图2中的电阻，根据欧姆定律可得，图1中的电流小于图2中的电流，即0.54-

0.1A=0.44,

因为电源的电压不变，所以在图1和图2中，由串联电路特点和欧姆定律有：

U=/(&+Rab)=(/+OM)(RL+Rac),

即：0.44×(1212+Rab)=0.54X(120+Rab-60)

解得：Rab=I80，RaC=I20，

电源的电压U=∕1(Λz,+Rab)=0∙44X(1212+180)=12V,故8C错误;

(2)图3中干路电流0.44+0.1/1+1.54=2A,

并联电路中各支路两端的电压相等，所以通过滑动变阻器的电流：

U121/..

滑一或I∑β=1"，

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以Ro=K=万F=I20,

而

当S】、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，则电路的最小功率:

Pmm=(+3=喀+喏=20以所以D正确。

KQKab1NJ∕IoJZ

故选：D。

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，关键

是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和根据题意得出三种情况下电路中电流之间的关系。

9.【答案】ABC

【解析】解：

A、车轮表面有棱是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；

8、中国“天眼”(凡4ST)射电望远镜，是利用所接收太阳系外的电磁波信号来工作的，故B正确；

C、智能手机芯片体积的微型化得益于一种新型材料的研发，可以在指甲盖大小的尺寸上塞进很

多个晶体管，这些零件所占空间体积极小，空间尺度在纳米级，所以属于纳米材料，故C正确；

。、“中国人造太阳”发生的是热核反应，属于核聚变，故。错误。

故选：ABC.

(1)增大滑动摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗

糙程度；

(2)E4S7射电望远镜正常工作时，收集从天体投射来的电磁波并利用其凹面会聚到反射面焦点而

工作；

(3)纳米材料是指在三维空间中至少有一维处于尺寸(0.1-100mn)或由它们作为基本单元构成，

这大约相当于10〜IoO个原子紧密排列在一起的尺度；

(4)核能分为核裂变和核聚变两种，核裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要

应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；核聚变主要应用在氢弹上。

本题考查了增大滑动摩擦的方法、电磁波的运用、纳米材料以及核能的利用，难度一般。

10.【答案】BCD

【解析】解：4、相同加热器在相同时间内放出的热量相等，根据图像可知，该物质在4B段温度

升高10。(2,加热时间为Irn讥，在CD段温度升高10冤，加热时间为2m讥，因吸收热量的多少与加

热时间成正比，所以48段吸收的热量比CD段少，故4错误；

B、相同加热器在相同时间内放出的热量相等，C。段比AB段加热时间长，所以CD段吸收的热量

比力B段多，故B正确；

C、根据图像可知，该物质在AB段温度升高10。&加热时间为Imin,在CD段温度升高10?，加

热时间为26讥，因吸收热量的多少与加热时间成正比，所以CD段吸收的热量是4B段吸收热量的2

倍，根据公式Q=Cmdt可知，在质量、升高温度相同时，比热容之比等于吸收的热量之比，即该

物质在CD段的比热容是AB段比热容的2倍，比热容大的吸热本领强，所以该物质在CC段的吸热能

力比AB段的吸热能力大，故C正确；

I)、BC段是冰的熔化过程，此时吸收热量，但温度不变，所以物体在B点时具有的内能小于在C点

时的内能，故。正确。

故选：BCD。

(1)相同加热器在相同时间内放出的热量相等，吸收热量的多少与加热时间成正比；

(2)相同加热器在相同时间内放出的热量相等，则吸收的热量相等，比较吸热的多少，看加热时间

的长短；

(3)吸收热量的多少与加热时间成正比，根据Q=SnZlt可判断比热容的比值。从而得出哪段吸热

能力大；

(4)晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增加。

本题借助冰的熔化实验中温度随时间变化的图像，考查晶体熔化的特点、比热容和内能的知识，

是一道热学综合题。

11.【答案】BD

【解析】解：4、图中物距小于像距，成倒立、放大的实像，成像特点与投影仪原理相同，故4

错误；

B、由图可知，物距U=50cm-3Scτn=15cm,像距u=85cm-50cτn=35cm；此时像的位置

在二倍焦距以外，物体在一倍焦距和二倍焦距之间，即35cτn>2f；2f>15cm>f,所以7.5Cm<

f<15cm,故B正确；

C、根据光路是可逆的，如果把蜡烛与光屏对调，当物距等于原来像距时，仍可在光屏上得到清

晰的像，此时成倒立、缩小的实像，故C错误；

。、将蜡烛移动到5cnι刻度处，物距变大，则像距变小，像变小，光屏需适当向左移动，减小像距，

才能在光屏上呈现处清晰的像，故力正确。

故选：BDa

(1)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于

像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；

(2)凸透镜成像的三种情况及应用：

u>2f,成倒立、缩小的实像，2f>v>f,应用：照相机；

2f>u>f,成倒立、放大的实像，v>2f,应用：投影仪；

u<f,成正立、放大的虚像，应用：放大镜；

(3)光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立、放大的实像，凸透镜位置不动，互

换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；

(4)凸透镜成实像时，物近像远像变大。

此题考查凸透镜成像的规律，首先要熟记规律的内容，特别是成像特点、物距、像距、焦距之间

的关系。

12.【答案】BC

【解析】解：

4B.若甲乙并联，两端电压在O〜8U范围内(不含OV),

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以甲乙两端的电压相等，

由图象可知，电压相等时通过甲的电流大于通过乙的电流，即/0>//,

由∕=g的变形式R=5可知，R甲<R乙，故A错误；

由P=U/可知两电阻消耗的功率PR>∕5Z,故8正确；

C.若甲乙串联接在电压为9U的电源两端，

因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，

所以，由图象可知，当/=0.84U甲=3V、"z=6V时符合，

R甲U

则此时两电阻的阻值之比9=/=U=尊=3，故C正确：

R乙上U乙6V2

1

。.若甲乙并联接在电压为3V的电源两端，它们两端的电压均为W,

由图象可知，/尹=0∙84∖//=0∙4A,

则两电阻的电功率之比∕=>=7=耀故。错误。

"乙U/乙/乙U.4√l1

故选：BCo

(1)若甲乙并联，两端电压在0〜8U范围内(不含OU),根据并联电路的电压特点可知它们两端的电

压关系，根据图象读出通过的电流关系，利用欧姆定律比较两电阻的阻值关系，根据P=U/得出

两电阻的电功率关系；

(2)若甲乙串联接在电压为9V的电源两端,根据串联电路的特点结合图象读出符合要求的电流与电

压，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比；

(3)若甲乙并联接在电压为3V的电源两端，它们两端的电压相等，根据图象读出通过的电流关系，

根据P=U/求出两电阻的电功率之比。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是

关键.

13.【答案】厘米低

【解析】解：由图知，这款型号为20的家用压力锅，这里的“20”是指锅身直径为20厘米；为防

止压力锅因排气孔堵塞而造成安全事故，锅盖上还有多个保险装置，其中安全阀内的易熔片是用

熔点较低的合金制成的。

故答案为：厘米；低。

(1)估测家用压力锅锅身直径大小和单位；

(2)高压锅上的易熔片是确保其安全而设置的。当高压锅内温度达到易熔片的熔点时，再继续加热

易熔片就开始熔化，使锅内气体喷出，气压降低，从而防止爆炸事故发生。

问题1：掌握长度及单位的估测；问题2：理解易熔片的作用和特性。

14.【答案】1.8600

【解析】解：杯子内水的深度：h-6cm=0.06m,

水对杯底的压强：P水=P水gh=1.0X103kg∕m3X10N∕kgX0.06m=600Pa,

s42

由p=(可得，水对杯底的压力：=P^=600Pα×30×10^m=1.8∕Vo

故答案为：1.8；600o

知道杯子内水的深度，根据P=P^^求出水对杯底的压强，利用F=PS求出水对杯底的压力。

本题考查了学生对压强定义式和液体压强公式的掌握和运用，对于不规则的容器，对容器底的压

力和压强，要先计算液体对容器底的压强P=PgM再计算液体对容器底的压力F=pS；容器对

桌面的压力和压强，先计算容器对桌面的压力尸=G、再计算容器对桌面的压强P=

15.【答案】电动机右

【解析】解：如图所示的装置中，闭合开关，使导体ab棒水平向右运动，此时导体棒ab在磁场中

做切割磁感线运动，会产生感应电流；发现导体Cd棒向左运动，是因为通电导体在磁场中会受到

力的作用，利用实验装置中的乙部分可制成电动机，若其它条件不变，只把乙部分磁极颠倒，则Cd

棒将向右运动，因为通电导体运动的方向和磁场方向有关。

故答案为：电动机；右。

(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感

应现象，发电机就是利用该原理来工作的。

(2)通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理来工作的。

(3)通电导体的运动方向与电流的方向和磁场的方向有关。

本题考查了电磁感应现象和通电导体在磁场中受到力的作用，关键是知道电动机和发电机的基本

原理。

16.【答案】解：(1)平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，据此作出发光点S；

(2)由图可知，像与反射光线的连线与镜面的交点为反射点，连接S和反射点，该光线为入射光线；

(3)延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：

【解析】(1)根据平面镜成像的特点做出s；

(2)根据发光点和反射点做出入射光线；

(3)延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。

此题考查光的反射定律作图、平面镜成像特点和凹透镜对光线的作用，综合性较强。

17.【答案】解：由题知，售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”SI,光线较暗时“光控开关”S?

自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的：如图所示：

【解析】根据题意可知，刷卡可以使电动机工作，光控开关控制照明灯，据此画出电路图。

(1)开关控制用电器时开关和用电器是串联的，若各用电器能独立工作，则用电器和用电器之间是

并联的。

(2)根据实际需要学会设计串联电路和并联电路。

18.【答案】右便于测量力臂大小4左端下沉B变大阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力

变大小于左7⅛∙p次

【解析】解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，

使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；

(2)设杠杆每个格的长度为3每个钩码的重力为G,根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB,

即3Gx4L=nGx3L,解得n=4,需挂4个钩码；

当杠杆平衡后，在4B两点下方同时增加一个钩码，则有4GX4L>5GX33左侧力与力臂的

乘积大于右侧，故左端下沉；

(3)多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出了杠杆平衡条件。该实验测量多组数据

的目的是得出的结论避免偶然性，寻找普遍规律，故选B；

(4)保持C点不变，当弹簧测力计从丙位置转到丁位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条

件，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。

(5)如下图所示：

以。1为支点，左端的重心在P处，右端的重心在Q处，Lp<LQ,即左端重力的力臂小于右端重力

的力臂。

根据杠杆的平衡条件可得：GP-LP=GQ-LQ,

因为LP<LQ,

所以，Gp>GQ,即?∏pg>niQg,

所以nip>mQ,

故小兔分得的萝卜质量小于小猴的；

（6）①石块的重力G五==。#々言，重物的重力G物，杠杆重力忽略不计，如图丙所示，杠杆

处于水平位置且平衡，由杠杆的平衡条件可得：PWMXG=G物xl[7,

②保持石块的悬点位置4不变，即"的大小不变，将石块浸没在盛水的杯中（未与杯底、杯壁接触）

石块受到的浮力F浮=P次。晞=P次g%,

杠杆左端受到的拉力为G石一F浮=P审石g-P水gV石=（P万一P次）g%,

调整重物的悬点位置至C点，使杠杆再次处于水平位置且平衡，由杠杆的平衡条件可得：（P石一

PqgV石义b—G物Xb—//,

由I、∏可得：⅛=-⅛->l,即。>卜，所以C点应该在B点的左侧；

3P石P水

③由其=届N可得，石块的密度P方=氏∙P水。

故答案为：（1）右；便于测量力臂大小；（2）4；左端下沉；（3）B；（4）变大；阻力和阻力臂不变，

动力臂变小，动力变大；（5）小于；（6）②左；③患∙P次。

（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水

平位置平衡，这样方便测量力臂；

（2）设一个钩码重为G,杠杆一个小格是3根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量：根据杠杆

平衡条件判断是否平衡；

（3）实验测多组数据的目的是得出的结论更具有普遍性；

(4)当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的动力臂变

短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；

(5)由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的重力

的大小关系；

(6)①根据G=Tng=PVg表示出石块的重力，杠杆重力忽略不计，如图丙所示，杠杆处于水平位

置且平衡，根据杠杆的平衡条件得出等式；

②保持石块的悬点位置4不变，即G的大小不变，将石块浸没在盛水的杯中(未与杯底、杯壁接触)，

石块排开水的体积和自身的体积相等，根据F浮=P法gv拼表示出石块受到的浮力，然后得出杠杆

左端受到的拉力，调整重物的悬点位置至C点，使杠杆再次处于水平位置且平衡，根据杠杆的平

衡条件得出等式，然后联立等式得出k与卜的大小关系，然后得出C点与B点的位置关系；

③根据②中得出的等式求出石块的密度。

本题考查了测量石块密度的实验，涉及到天平的正确使用和读数、密度公式、重力公式、杠杆平

衡条件、阿基米德原理的应用等，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。

19.【答案】断开D0.625不能BU颁.甘RlR2ʃj,ɪ

【解析】解：(1)向右移动滑片P,灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑

动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：

图1

(2)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；

(3)连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电

流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，下一步操作应该是移动滑片P,观察灯泡的亮度，故选：

D；

(4)由图2可知，当灯泡两端电压为2.51/时，通过灯泡的额定电流为0.254,则灯泡额定功率为:

PL=ULIL=2.5VX0.25A=0.6251V；

(5)在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，故利

用图1中器材和电路不能探究电流与电压的关系；

(6)调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U频，接着保持滑片位置不变，此时灯泡正常发光：

根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数U,因

为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律，定值电阻

额,

的电压为：Uf)=U-U

由欧姆定律，通过定值电阻的电流：

也,,=_U-Uisi

°R0RO

根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额定功率可

表示为：

U-U蜥

P额=U弑额=

(7)①按电路图连接电路。

②只闭合开关S],移动Rl的滑片，使电流表的示数为/解灯泡正常发光。

③只闭合开关S2,保持Rl的滑片不动，移动&的滑片，使电流表的示数为/新。

④保持R2的滑片位置不动，将Rl的滑片移到最左端，电流表的示数为A，再将Rl的滑片移到最右

端，电流表的示数为/2。

⑤小灯泡额定功率的表达式为P颁=由欧姆定律和串联电路的电阻特点可知，步骤③中滑动变阻

器接入电路的电阻与步骤②中小灯泡正常发光时的电阻相等；

在④中保持&的滑片位置不动，将Rl的滑片移到最左端，电路中只有滑动变阻器&接入电路，电

流表的示数为/1；将Rl的滑片移到最右端，电路中滑动变阻器Rl的最大电阻与滑动变阻器/?2串联，

电流表的示数为/2；

由欧姆定律和电源电压不变可得：

U=I1R2—%(R+&)；

解得：R2二普,

ll-l2

则小灯泡额定功率的表达式为：P额=⅛%=⅛%=7管。

U-U

故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)。；(4)0.625；(5)不能；(6)8；U就⑺③氏；氏2；

RO

&/2,ɪ.

o

W额∕1-∕2

(1)向右移动滑片P,灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻

器选用的下端接线柱;

(2)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；

(3)连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电

流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，据此分析；

(4)根据图2确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=U/求出灯泡的额定功率；

(5)在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，据此

分析；

(6)根据电流从电压表正接线柱流入分析判断；因为各电阻的大小和电压大小都不变，根据串联电

路的电压规律，求出定值电阻两端的电压，由欧姆定律，求出通过定值电阻的电流即为小灯泡的

额定电流，即可求出小灯泡功率的表达式；

(7)已知灯泡的额定电流，可通过/?2等效替代正常发光灯泡，再根据电路特点，利用电源不变计算

出&的阻值，由P=KR计算灯泡额定功率。

本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接、故障分析、操作过程、电功率的计算以及特殊的方法

测量电功