2018年江苏省盐城市中考物理试卷

2018年江苏省盐城市中考物理试卷

一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有-个选

项正确.

1.（2分）下列能源中，属于可再生能源的是（）

A.天然气B.风能C.石油D.煤炭

2.（2分）在公共场所“轻声”说话，在课堂上“大声”回答问题，这里的“轻声”和“大

声”是指声音的（）

A.音调B.响度C.音色D.声速

3.（2分）甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带正

电荷，则甲（）一"

A.一定带正电荷B.一定带负电荷

C.可能带负电荷D,可能带正电荷

4.（2分）我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是

利用（）

A.微波B.次声波C.超声波D.红外线

5.（2分）下列由于光的直线传播形成的现象是（）

A.沙滩上出现的海市蜃楼B.水面上小树的倒影

C.雨后天空中出现的彩虹D.树荫下太阳的光斑

6.（2分）下列四个选项可表示如图电动剃须刀工作原理的是（）

A.B.

D.

7.（2分）小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于（）

A.0.02JB.0.2JC.2JD.20J

8.（2分）下列事例中的物态变化属于放热现象的是（）

A.从水中出来的人感觉冷

B.河水中的冰逐渐消融

C.放在衣柜的樟脑丸逐渐变小

D.从冰箱取出的鸡蛋出现水珠

9.（2分）如图所示，小明将压强计的金属盒分别放入甲乙两种液体中，从图中可以得到的

结论是（）『匕

A.甲液体的密度大于乙液体的密度

B.甲液体的密度等于乙液体的密度

C.甲金属盒处的压强等于乙金属盒处的压强

D.甲金属盒处的压强小于乙金属盒处的压强

10.（2分）有一圆柱形敞口容器，从其左侧某一高度斜射一束激光，在容器底部产生一个

光斑O,如图所示，下列操作使光斑向左移动的是（）

A.保持水面高度不变使激光笔向右平移

B.保持激光射入角度不变使水面上升

C.保持激光射入角度不变使水面下降

D.保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大

11.（2分）在探究串联电路电压特点的实验中，小红按图正确连接好电路，闭合开关后发

现两电压表指针偏转角度相同。为寻找电路故障，小红用一根检测导线分别并联在灯Li

或L2的两端，发现两电压表指针所指位置没有任何变化。由此可以推断（）

A.Li一定短路B.L2一定断路

C.Li短路，同时L2断路D.检测导线一定断路

12.（2分）小明将两个相同的一次性塑料杯叠放在一起，用吹风机以恒定风速沿上杯口水

平吹气，发现塑料杯被吹出，如图，有人认为这是因为“上杯口流速大，压强小”使杯

子飞出，也有人认为这是因为“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来”。

为进一步验证以上两种解释，下列方案不可行的是（）

A.在上面的塑料杯底开一个孔，再次重复实验，观察杯子情况

B.将下面的塑料杯的底剪去，再次重复实验，观察杯子情况

C.将两塑料杯的底都剪去，再次重复实验，观察杯子情况

D.将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，再次重复实验，观察杯子情

况

二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分.

13.（3分）2018年5月20日，中华龙舟大赛在盐城洋湾生态旅游景区开幕，一时间鼓声雷

动、挠桨飞舞，鼓声是由于鼓面____发声，通过传播到观众耳朵，运动员使

用的船桨是（省力/费力）杠杆。

14.（3分）小明将托盘天平放在桌面上，调节天平平衡，测出小石块质量，天平平

衡时，右盘所加祛码和游码的位置，如图所示，则小石块的质量为g;接着测出

小石块的体积为10cn?,则小石块的密度为kg/m\

20g5g

L2i441

15.（3分）2018年5月130,载有舰载机的中国首艘国产航母进行海试，我们看到航母甲

板上，黄色的线，是因为线黄光。航母在海面上航行时，所受浮力（大

于/等于/小于）重力，舰载机从航母上起飞时，以航母为参照物，舰载机是的。

16.（3分）在探究“通电螺线管外部磁场的方向”实验中，闭合开关，小磁针发生偏转，

说明通电螺线管周围有,通过小磁针静止时极的指向确定该点磁场的方

向，调换电源正负极，小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与有关。

17.（3分）2018年2月，我国运动员武大靖打破世界记录夺得平昌冬奥会短道速滑金牌。

在比赛中他用脚向后蹬冰面，人向前运动且速度加快，这不仅说明力的作用，还

可以说明力可以改变物体的,滑过终点线后，由于他仍向前滑行。

18.（3分）用如图所示装置探究凸透镜成像规律，图中凸透镜的焦距为cm.实验中，

小明移动蜡烛，观察到光屏上呈现清晰缩小的像，此像是（实/虚）像。继续移

动蜡烛发现，在光屏上可以成放大的像，说明物体通过凸透镜成像的性质与有关。

截

19.（3分）在“再探动滑轮”的实验中，小明用动滑轮将重3N的钩码匀速向上提升，拉力

为1.8N,2s钩码上升0.2m,此过程中有用功为J,拉力做功的功率为W,

动滑轮的机械效率为。

20.（3分）在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，

所以空调插头线比冰箱插头线（粗/细），小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说

明空调与冰箱是联的，他观察到空调上“能效比”EER的值为3.4,经查阅资料，

能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W,

则空调制冷量为Wo

三、解答题：本题7小题，共52分.解答22,23题时应有解题过程.

21.（2分）画出反射光线0B的入射光线。

22.（2分）在图中画出施加在开关上力F的力臂L。

23.（2分）在图中用笔画线代替导线将灯泡、开关正确接入电路。

__________________

--------------------

24.（6分）双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱。如图所示，质量为40kg的小红驾驶平

衡车在平直的路而上匀速行驶，5min通过的路程为900m,已知平衡车的质量为10kg,

轮胎与地面的总接触面积为25cm之，g取10N/kg。求：

（1）平衡车的速度；

（2）平衡车的重力；

（3）小红驾驶平衡车时，车对地面的压强。

25.（9分）在综合实践活动中，小明设计了一种电热饮水机电路，如图甲所示，Ri和R,

均为电热丝，S2是自动控制开关，可实现“低挡”、“高挡”之间的转换，饮水机工作时

功率随时间的关系图象如图乙所示。求：

T/W

J7220V」।■■■—►

°102030tmin

甲乙

（1）30min内电路消耗的总电能;

（2）饮水机工作时，通过电阻Ri的电流;

（3）电阻R2的阻值。

26.（6分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做

了如图所示的甲、乙、丙三个实验。

（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做运动，

此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。

（2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与有关；两个实验说明了滑

动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关。

（3）小明认为滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，于是他在上述用实验的基础

上，将木块沿竖直方向切成两部分继续进行实验，将测得的数据记录在表格中，由表中

数据验证了自己的猜想，这种做法（正确/错误），理由是o

次数木块大小接触面积S/cm2摩擦力f/N

1整块1501.5

2三分之二块1001.0

3三分之一块500.6

27.（7分）如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，小华将初温和质量

相等的色拉油和水分别装在相同的烧杯中，用酒精灯加热并不断搅拌，每隔0.5min测量

一次温度，数据记录在下表中。

加热时间/min00.51.01.52.02.53.03.54.0

温度色拉20.020.320.721.523.025.027.029.031.0

/℃油

水20.020.220.521.022.032.024.025.026.0

(1)选用相同的酒精灯，是为了使单位时间内色拉油和水相同，不断搅拌的目

的是使色拉油和水o

f温度七

32.0

30.0

(2)图2中已经画出色拉油温度随时间变化的图象，开始部分并不是直线，导致此现象

的原因是除色拉油外还有吸收热量，为尽量减小这种影响，写出一种改进方

法：O

(3)根据上表实验数据，在图2中画出水的温度随时间变化的图象。分析图象可知，当

色拉油和水升高相同温度时，需要的时间短，需要吸收的热量更多。

28.(8分)小明用两节干电池测小灯泡的功率，电路如图甲所示，小灯泡额定电压为2.5V,

滑动变阻器规格为“20C2A”。

(1)在图中中，用笔画线代替导线将电路连接完整。

(2)连接电路时，开关必须,滑动变阻器的滑片应移到最(左/右)端。

(3)当电压表的示数达到2V时，电流表的示数如图乙所示，其读数为A,此时,

灯泡的功率为W,为使灯泡正常发光，应将滑片向(左/右)移动。

(4)当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大。

为了用该灯泡继续完成实验，你的做法是。

（5）解决了（4）中问题后，测出电压略大于2.5V时的灯泡功率。为比较灯泡在不同电

压下的功率关系，（需要/不需要）重新测量前两次实验数据。

29.（10分）阅读短文，回答问题：

神奇的“大力士”--形状记忆合金起重机

形状记忆合金起重机具有动力大、噪声小等优点，广泛应用于能源。交通和日常生活等

领域。

形状记忆合金起重机的动力主要来自于形状记忆合金，如图甲所示，常温下发生形变的

记忆合金。在受热超过某一温度时，完全恢复到原来的形状，此过程中产生很大的力，

将重物提起。

依据不同记忆合金材料特性，可制成记忆压缩弹簧和记忆拉伸弹簧。如图乙所示为记忆

压缩弹簧，在常温时较小的外力即可使其处于压缩状态，在高温时会自动恢复到原来的

伸长状态记忆拉伸弹簧则与其不同，在常温时较小的外力可使其处于伸长状态，在高温

时会自动恢复到原来的压缩状态记忆弹簧恢复原状时所产生的弹力远比普通弹簧大。

给记忆合金材料通上交替变化的脉冲电流，套使其温度升高。为控制加热快慢，通常采

用改变一个周期内通有电流的时间占总时间的比值的方法来实现。

匕忆忆弹费

（1）形状记忆合金起重机在提升重物时，重物的重力势能。

（2）由形状记忆合金材料制成的眼镜框被踩扁后，应_______（升温/降温），使其恢复

原状。

（3）对记忆拉伸弹簧来说，高温状态长度比低温状态。

（4）下列图丙四种电流能使相同的记忆合金弹簧升温最快的是

（5）图丁是小明设计的形状记忆合金起重机的动力结构示意图，记忆弹簧通电后恢复原

状，提起重物，为让记忆弹簧能回到初始位置，装置中需要搭配普通弹簧，下列四种组

合中，提升力最大的是

A.普通弹簧，记忆拉伸弹簧、普通弹簧

B.普通弹簧，记忆压缩弹簧、普通弹簧

C.记忆压缩弹簧、普通弹簧、记忆压缩弹簧

D.记忆拉伸弹簧、普通弹簧、记忆拉伸弹簧

2018年江苏省盐城市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选

项正确.

1.（2分）下列能源中，属于可再生能源的是（）

A.天然气B.风能C.石油D.煤炭

【考点】K2：能源的分类.

【分析】从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核

能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风

能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可

再生能源。

【解答】解：

A、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A

不符合题意；

B、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故B符合题意；

C、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故C不

符合题意；

D、煤炭属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D不

符合题意。

故选：Bo

【点评】此题主要考查对可再生能源和不可再生能源特点的理解，属于基础知识。

2.（2分）在公共场所“轻声”说话，在课堂上“大声”回答问题，这里的“轻声”和“大

声”是指声音的（）

A.音调B.响度C.音色D.声速

【考点】91：音调、响度与音色的区分.

【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调

指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色

是由发声体本身决定的一个特性。

【解答】解：A、音调指声音的高低，由振动频率决定；“轻声”和“大声”不是改变音

调；故A错误；

B、响度指声音的强弱或大小；这里的“轻声”和“大声”是指声音的响度。故B正确；

C、音色由发声体自身决定，“轻声”和“大声”不能改变音色；故C错误；

D、声速由介质决定，介质不变，声速不变；故；“轻声”和“大声”不能改变声速；故

D错误；

故选：B。

【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且

影响三个特征的因素各不相同。

3.（2分）甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带正

A.一定带正电荷B.一定带负电荷

C.可能带负电荷D,可能带正电荷

【考点】H8：电荷间的相互作用规律；H9：物体带电情况的判断.

【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。

【解答】解：

由图知乙、丙相互排斥，说明乙、丙一定带同种电荷，已知丙带正电，则乙一定也带正

电；图中甲、乙相互吸引，根据异种电荷相互吸引、带电体具有吸引轻小物体的性质可

知，甲可能带负电或不带电。

故选：Co

【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。

注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。

4.（2分）我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是

利用（）

A.微波B.次声波C.超声波D.红外线

【考点】DB：卫星中继通信.

【分析】导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星

间可以相互传递信息。

【解答】解：我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递

信息是利用电磁波（微波）传递信息的，故A正确。

故选：A«

【点评】本题考查电磁波的传播，掌握导航卫星的工作原理即可正确解题。

5.（2分）下列由于光的直线传播形成的现象是（）

A.沙滩上出现的海市蜃楼B.水面上小树的倒影

C.雨后天空中出现的彩虹D.树荫下太阳的光斑

【考点】A2：光在均匀介质中直线传播.

【分析】（1）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，

如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等；

（2）光的折射现象。由物体发出的光透过不同介质时，会发生折射，使光路发生改变,

因此我们看到的是物体的虚像；

（3）在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中

是沿直线传播的。

【解答】解：A、海市蜃楼是由于光的折射形成的；

B、水面上小树的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的：

C、雨后天空中出现的彩虹是光的色散现象，是由于光的折射形成的；

D、树荫下太阳的光斑是由于光的直线传播形成的。

故选：D。

【点评】本题考查了光的直线传播，要解决此题要了解一些光的直线传播产生的现象及

其他光现象，属于基本内容，比较简单。

6.（2分）下列四个选项可表示如图电动剃须刀工作原理的是（）

【考点】CM：直流电动机的原理.

【分析】电动剃须刀是利用电动机来工作的，其原理是通电导体在磁场中受到力的作用。

对照选项中的装置，明确其原理即可判断。

【解答】解：电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的；

A、图中是电磁感应现象的实验装置，与电动机的原理不同，故A错误；

B、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是

电磁感应现象，与电动机的原理不同，故B错误；

C、图中导线与电源连接后，是通电导体在磁场中受力的实验装置，是电动机的原理，故

C正确；

D、图中是奥斯特实验的装置，证明了电流可以产生磁场，故D错误。

故选：Co

【点评】明确电动剃须刀的主要部件是电动机，再根据电动机的原理与选项中的装置进

行对照，即可顺利解答。

7.（2分）小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于（）

A.0.02JB.0.2JC.2JD.20J

【考点】EC：功的计算.

【分析】首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后

根据功的公式计算即可。

【解答】解：一本物理课本的质量m=200g=0.2kg,

G=mg=0.2kgX10N/kg=2N,

课桌高度约为1m,

人对课本做的功：W=Gh=2NXlm=2J»

故选：Co

【点评】本题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生

活中常见的物体要多观察、多思考。

8.（2分）下列事例中的物态变化属于放热现象的是（）

A.从水中出来的人感觉冷

B.河水中的冰逐渐消融

C.放在衣柜的樟脑丸逐渐变小

D.从冰箱取出的鸡蛋出现水珠

【考点】19：熔化与熔化吸热的特点；1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现

象；1P：升华和凝华的定义和特点.

【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转

化，这就是物态变化；

（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液

态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华.

【解答】解：

A、从水中出来的人会感到冷，是因为人身上的水在蒸发成水蒸气的过程中需要从人体吸

收热量，故A错误。

B、河水中的冰逐渐消融，是熔化现象，需要吸热，故B错误；

C、放在衣柜的樟脑丸逐渐变小，是升华现象，需要吸热，故C错误；

D、从冰箱取出的鸡蛋出现水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故D

正确。

故选：D。

【点评】本题考查了学生对生活中的物态变化，以及吸放热的判断，是一道热学基础题。

9.（2分）如图所示，小明将压强计的金属盒分别放入甲乙两种液体中，从图中可以得到的

结论是（）

A.甲液体的密度大于乙液体的密度

B.甲液体的密度等于乙液体的密度

C.甲金属盒处的压强等于乙金属盒处的压强

D.甲金属盒处的压强小于乙金属盒处的压强

【考点】88：液体的压强的特点.

【分析】（1）要注意转换法在物理实验中的运用，本实验中，液体内部压强的大小不容

易观察到，因此用U形管两侧的液面高度差来反映液体内部压强的大小。

（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，在探究与其中的一个因素

时，就要控制另一个因素一定。

【解答】解：

用压强计探究液体内部压强时，液体内部压强的大小是通过U形管两侧的液面高度差来

反映的，U形管两侧液面的高度差越大，液体压强越大。

由图可知，压强计的金属盒所处的深度相同，朝向相同，甲乙两种液体的密度不同；甲

图中U形管两边的高度差大于乙图中U形管两边的高度差，所以，甲金属盒处的压强大

于乙金属盒处的压强，根据P=pgh可知，甲液体的密度大于乙液体的密度。故A正确，

BCD错误。

故选：A。

【点评】此题主要考查的液体压强特点，解答过程中需要注意转化法和控制变量法的运

用。

10.（2分）有一圆柱形敞口容器，从其左侧某一高度斜射一束激光，在容器底部产生一个

光斑O,如图所示，下列操作使光斑向左移动的是（）

A.保持水面高度不变使激光笔向右平移

B.保持激光射入角度不变使水面上升

C.保持激光射入角度不变使水面下降

D.保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大

【考点】AK：光的折射规律的应用.

【分析】（1）光斑的形成原因，激光由空气斜射进入水中，光线要发生偏折；

（2）光斑的移动原因，水面上升或下降，入射角不会发生变化折射角也不会发生变化,

但折射点要发生移动，折射光线要发生平行移动，所以找到折射点与水面升降的关系的

变化规律，即可找到光斑移动与水面升降的变化关系。

【解答】解：A、保持水面高度不变使激光笔向右平移，光斑右移，故A错误；

良BC、向水槽内注水，水位升£高；光的折射的光路图分别如B、A图所示：

RA

比较可知，水位升高，光斑向左移动，故B正确，C错误；

D、保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大，折射角变大，光斑右移，故D错误。

故选：B。

【点评】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射

光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏

折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离

法线偏折，折射角大于入射角。入射角大小不变时，折射角大小不变。

11.（2分）在探究串联电路电压特点的实验中，小红按图正确连接好电路，闭合开关后发

现两电压表指针偏转角度相同。为寻找电路故障，小红用一根检测导线分别并联在灯Li

或L2的两端，发现两电压表指针所指位置没有任何变化。由此可以推断（）

A.Li一定短路B.L2一定断路

C.Li短路，同时L2断路D.检测导线一定断路

【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用.

【分析】由电路图知两灯泡串联一个电压表测量电源电压，一个电压表测量L2两端的电

压，闭合开关后发现两电压表指针偏转角度相同，说明两表示数都为电源电压判断出故

障。

【解答】解：由电路图知两灯泡串联一个电压表测量电源电压，一个电压表测量L2两端

的电压，闭合开关后发现两电压表指针偏转角度相同，说明两表示数都为电源电压，所

以故障可能为灯泡L2断路或灯泡L|短路，L1短路同时L2断路；

小红用一根检测导线分别并联在灯L|或L2的两端，当两电压表指针所指位置没有任何

变化，示数都为电源电压，只能是检测导线一定断路造成的，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了用电压表检查故障知道电压表有示数的地方断路或其他地方短路是

解题的关犍。

12.（2分）小明将两个相同的一次性塑料杯叠放在一起，用吹风机以恒定风速沿上杯口水

平吹气，发现塑料杯被吹出，如图，有人认为这是因为“上杯口流速大，压强小”使杯

子飞出，也有人认为这是因为“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来”。

为进一步验证以上两种解释，下列方案不可行的是（）

A.在上面的塑料杯底开一个孔，再次重复实验，观察杯子情况

B.将下面的塑料杯的底剪去，再次重复实验，观察杯子情况

C.将两塑料杯的底都剪去，再次重复实验，观察杯子情况

D.将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，再次重复实验，观察杯子情

【考点】8K：流体压强与流速的关系.

【分析】根据流速越大的地方压强越小来分析解答。

【解答】解：AB、无论是在上面的塑料杯底开一个孔还是将下面的塑料杯的底剪去都能

使上面杯子内外的气压相同，不可能是因为“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的

杯子顶上来"；故AB不符合题意；

C、将两塑料杯的底都剪去，杯子不会飞出去，只是杯中有向上的气流，这样既不能说明

上杯口流速大，压强小也不能说明吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来,

故C符合题意；

D、将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，如果用吹风机以恒定风速沿

上杯口水平吹气，上方的空气流速大压强小，下方流速小压强大，产生向上的升力使杯

子飞出，故D不符合题意。

故选：Co

【点评】本题考查了流体压强与流速关系的实验探究，有一定的迷惑性，是道难题。

二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分.

13.（3分）2018年5月20日，中华龙舟大赛在盐城洋湾生态旅游景区开幕，一时间鼓声雷

动、挠桨飞舞，鼓声是由于鼓面振动发声,通过空气传播到观众耳朵,运动员

使用的船桨是费力（省力/费力）杠杆。

【考点】70：杠杆的分类；91：声音的产生；92：声音的传播条件.

【分析】声音是由物体的振动产生的，声音在不同的介质中的传播速度不同，声音不能

在真空中传播；判断船桨在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于

哪种类型的杠杆。

【解答】解：鼓声是由于鼓面振动产生的，然后通过空气传播到现场观众耳朵的；

船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离。

故答案为：振动；空气；费力。

【点评】解决此类问题要结合声音产生的条件、声音的传播是需要介质的几个方面去分

析，以及杠杆的分类，相对比较简单，属于基础题。

14.（3分）小明将托盘天平放在水平桌面上,调节天平平衡，测出小石块质量，天平

平衡时，右盘所加祛码和游码的位置，如图所示，则小石块的质量为26g；接着测出

小石块的体积为10cm3,则小石块的密度为2.6X1（）3kg/nA

20g5g

【考点】2E：固体密度的测量.

【分析】天平在使用前应放在水平桌面上，游码归零后，通过观察指针的位置，调节平

衡螺母来其平衡；

天平在读数时，物体质量等于祛码质量与游码示数的和；

根据密度公式p=个来求出物体的密度。

【解答】解：

小明将托盘天平放在水平桌面上，调节天平平衡；

由图知，标尺的分度值是0.2g,其示数为1g,石块的质量为20g+5g+lg=26g；

石块的体积V=10cn?,

所以石块的密度p=营=.693=2.6g/cn?=2.6X103kg/m3o

V10cmd

故答案为：水平；26；2.6X103»

【点评】本题考查了天平的基本调节与使用方法，利用密度公式进行简单的计算，是我

们应该掌握的基本内容。

15.（3分）2018年5月13日，载有舰载机的中国首艘国产航母进行海试，我们看到航母甲

板上，黄色的线，是因为线反射黄光。航母在海面上航行时，所受浮力等于（大

于/等于/小于）重力，舰载机从航母上起飞时，以航母为参照物，舰载机是运动的。

【考点】51：机械运动；8S：物体的浮沉条件及其应用；AR：物体的颜色.

【分析】①不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，不透明物体只反射和它相同

的色光，其他色光都被不透明物体吸收

②漂浮在液体中的物体，受到的浮力等于物体的重力；

②一个物体是运动还是静止，取决于它相对于参照物的位置是否变化。

【解答】解：（1）我们看到航母甲板上，黄色的线，是因为太阳光照到黄色的线上，黄

色的线反射黄光造成的；

（2）当航母在平静的水面航行时，在竖直方向上相对于水面是静止的，所以它所受的浮

力等于它的总重力；

（3）舰载机从航母甲板上起飞时，以航母为参照物，舰载机是运动的。

故答案为：反射；等于；运动。

【点评】此题以举世瞩目的航母为素材，设计题目考查了漂浮的特点、相对运动和光的

色散等知识，既考查了基础知识，又对我们进行了一次德育教育。

16.（3分）在探究“通电螺线管外部磁场的方向”实验中，闭合开关，小磁针发生偏转，

说明通电螺线管周围有磁场，通过小磁针静止时N极的指向确定该点磁场的方向,

调换电源正负极，小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与电流方向有关。

【考点】CA：通电螺线管的磁场.

【分析】①奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场;

②小磁针在地磁场的作用下指示南北；

③当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；

【解答】解：

如图所示的实验，闭合开关前，小磁针静止且能指向南北，这是因为地磁场的作用；闭

合开关后，导线下方的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场；小磁针静止时N

极的指向为该点磁场的方向；

调换电源正负极，即改变螺线管中的电流方向，发现小磁针静止时N极所指方向与原来

相反，说明磁场方向与螺线管中的电流方向有关。

故答案为：磁场；N；电流方向。

【点评】奥斯特实验说明通电导线周围存在着磁场，磁场的方向与电流的方向有关，在

物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。

17.（3分）2018年2月，我国运动员武大靖打破世界记录夺得平昌冬奥会短道速滑金牌。

在比赛中他用脚向后蹬冰面，人向前运动且速度加快，这不仅说明力的作用相互的，

还可以说明力可以改变物体的运动状态，滑过终点线后，由于惯性他仍向前滑

行。

【考点】6F：力的作用效果；61：力作用的相互性；6L：惯性.

【分析】（1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有

力的作用，即力的作用是相互的；

（2）力的作用效果，改变物体的形状，改变物体的运动状态；

（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体具有惯性。

【解答】解：（1）当她用脚向后蹬冰面时，冰面会给她向前的力，由此体现了物体间力

的作用是相互的；

（2）比赛中他用脚向后蹬冰面，人向前运动且速度加快，说明力可以改变物体的运动状

态；

（3）由于一切物体都有惯性，所以运动员要保持原来的运动状态，不能马上停下来。

故答案为：相互的；运动状态；惯性。

【点评】此题要求学生了解力的作用的相互性；力的作用效果；物体由于具有惯性会保

持原来的运动状态。

18.（3分）用如图所示装置探究凸透镜成像规律，图中凸透镜的焦距为12.0cm.实验

中，小明移动蜡烛，观察到光屏上呈现清晰缩小的像，此像是实（实/虚）像。继续

移动蜡烛发现，在光屏上可以成放大的像，说明物体通过凸透镜成像的性质与物距有

关。

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.

【分析】(1)凸透镜可以将平行光会聚到焦点，由焦点到凸透镜的距离叫做焦距；

(2)(3)凸透镜成像规律：①物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；

②物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像；

③物距等于二倍焦距时，成倒立、等大、实像；

④物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，实像能成在光屏上，虚像不能；

【解答】解：屏上呈现出最亮的光斑，这便是凸透镜的焦点，透镜到光斑的距离为62.0cm

-50.0cm=12.0cm«则此凸透镜的焦距约是12cm。实验中，小明移动蜡烛，观察到光屏

上呈现清晰缩小的像，此像是实像；继续移动蜡烛发现，在光屏上可以成放大的像，说

明物体通过凸透镜成像的性质与物距有关。

故答案为：12.0；实；物距。

【点评】本题对凸透镜成像规律的实验现象及相关规律进行考查，知识点较多，难度不

大；关于凸透镜成像规律的记忆，建议结合成像光路才能形象直观地深入理解且印象深

刻。

19.(3分)在“再探动滑轮”的实验中，小明用动滑轮将重3N的钩码匀速向上提升，拉力

为1.8N,2s钩码上升0.2m,此过程中有用功为0.6J,拉力做功的功率为0.36W,

动滑轮的机械效率为83.3%。

【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮(组)的机械效率；FF：功率的计算.

【分析】(1)利用W=Gh求有用功；

(2)使用动滑轮，n=2,拉力端移动的距离s=2h,利用W=Fs求拉力做的总功；拉力

的功率等于拉力做的功与做功时间之比；

(3)动滑轮的机械效率等于有用功与总功之比。

【解答】解：

(1)此过程中有用功：Wfl=Gh=3NX0.2m=0.6J；

(2)使用动滑轮时,n—2,则拉力端移动的距离:s=2h=2X0.2m=0.4m,

拉力做的总功：W,*=Fs=1.8NX0.4m=0.72J,

拉力做功的功率：

W

P=/=耳4=0.36W；

t2s

（3）动滑轮的机械效率：

W

T)=叩=07Jx100%；5：:83.3%o

故答案为：0.6；0.36；83.3%。

【点评】本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是明确

有用功、总功的含义。

20.（3分）在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，

所以空调插头线比冰箱插头线粗（粗/细），小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说

明空调与冰箱是并联的,他观察到空调上“能效比”EER的值为3.4,经查阅资料，

能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W,

则空调制冷量为3400W。

【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别；JA：电功率的计算.

【分析】（1）根据串联电路特点及焦耳定律分析导线电阻大小；导体电阻由导体材料、

长度、横截面积决定，在材料与长度一定的情况下，导线越粗，电阻越小。

（2）串联电路中，电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中，电流有多

条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。

（3）根据能效比的含义求出制冷时消耗的电功率为1000W的制冷量。

【解答】解：（1）空调功率远大于冰箱，其流过插头线的电流远大于冰箱的，由Q=『Rt

可知，在I与t一定的情况下，为使与空调串联的导线减少发热,应选用电阻较小的导线；

在导线材料与长度一定时，导线越粗，电阻越小，因此应选用直径较粗的导线。

（2）掉空调后，冰箱仍在工作，说明空调与冰箱工作时互不影响，则它们是并联的。

（3）因为能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比，

所以制冷时消耗的电功率为1000W的空调制冷量：

P制冷=3.4P=3.4X1000W=3400W；

故答案为：粗；并；34001）

【点评】本题考查了浴霸使用时的能量转化以及电能、电费的计算，重点是电能的计算，

关键是要理解电能表参数的物理意义。

三、解答题：本题7小题，共52分.解答22,23题时应有解题过程.

21.（2分）画出反射光线0B的入射光线。

【考点】A8：作光的反射光路图.

【分析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同

一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三

线共面，两线分居，两角相等”。

要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与

法线的夹角。

【解答】解：题目中已经过入射点。做出法线，根据反射角等于入射角在法线右侧做出

入射光线即可，如下图所示。

B•A,

【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要

注意入射角与反射角的概念。

22.（2分）在图中画出施加在开关上力F的力臂L。

【考点】7P：力臂的画法.

【分析】要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。

由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。

【解答】解：由支点。向F的作用线做垂线，垂线段的长度即为F的力臂L.如图所示:

L

【点评】此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作

用线。画力臂关键是耍画出支点到力的作用线的垂线段。

23.（2分）在图中用笔画线代替导线将灯泡、开关正确接入电路。

__________________

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【考点】10：家庭电路的连接.

【分析】灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺

旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能

更安全。

【解答】解：

节能灯的接法：开关要接在火线和灯之间，灯泡的另一侧应接在零线上，如图所示：

【点评】关于电灯的接法要注意，开关要接在火线和灯之间，灯座的顶端金属体要与开

关相接，是为了更安全。

24.（6分）双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱。如图所示，质量为40kg的小红驾驶平

衡车在平直的路而上匀速行驶，5min通过的路程为900m,已知平衡车的质量为10kg,

轮胎与地面的总接触面积为25cm2,g取10N/kg。求：

（1）平衡车的速度；

（2）平衡车的重力；

（3）小红驾驶平衡车时，车对地面的压强。

【考点】6A：速度的计算；78：重力的计算；86：压强的大小及其计算.

【分析】(1)根据速度公式计算平衡车的平均速度；

(2)利用G=mg求出电动平衡车的重力；

(3)利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力，车在水平地面上，对水平地面的压力

大小等于人和车的总重力，又知受力面积，利用p=(计算压强。

【解答】解：

(1)平衡车的速度为：v=)=::黑=3m/s；

(2)平衡车的重力：G4：=m4：g=10kgX10N/kg=100N；

(3)小红和电动平衡车的总重力：

G(m人+m车)g=(40kg+1Okg)X10N/kg=500N,

车对水平地面的压力：F=G屈=500N,

车对水平地面的压强:

FSOON

n=—=-------------T=2X105Pa»

S25xl0-4m2

答：(1)平衡车的速度为3m/s；

(2)平衡车的重力为100N；

(3)小红驾驶平衡车时，车对地面的压强为2Xl()5pa。

【点评】此题考查了速度的计算、重力的计算、压强的大小计算，是一道综合性较强的

题目，关键是知道车对水平地面的压力等于人和车的总重力。

25.(9分)在综合实践活动中，小明设计了一种电热饮水机电路，如图甲所示，Ri和R2

均为电热丝，S2是自动控制开关，可实现“低挡”、“高挡”之间的转换，饮水机工作时

功率随时间的关系图象如图乙所示。求：

T/W

片『2』-一

U7220V」।►

°102030vmjn

甲乙

（1）30min内电路消耗的总电能；

（2）饮水机工作时，通过电阻Ri的电流；

（3）电阻R2的阻值。

【考点】IH：欧姆定律的应用；J8：电功率与电能、时间的关系；J9：电功率与电压、

电流的关系.

【分析】（1）分析图乙，得出高档功率、低档功率，以及各自工作时间，利用W=Pt求

30min内电路消耗的总电能；

（2）分析图甲，得出当Si、S2都闭合时和当Si闭合、S2断开时的电路组成，得出哪个

是高档、哪个是低档；利用P=UI求通过Ri的电流；

（3）从“低档”到“高档”，只是并联了R2,电源电压不变，Ri的功率不变，可求R2

的功率，再利用p=与求电阻R的阻值。

A2

【解答】解：

（1）由图乙知，高档功率P高=660W=0.66kW,ti=10min=1h；

低档功率P低=220W=0.22kW,t2=20min=1^h=1h；

30min内电路消耗的总电能：

W=W]+W2=P高tl+P低t2

11

=0.66kWx部+0.22kWx部

=1ikW«h=1|x3.6X106J

=6.6X105J；

（2）由图甲可知，当Si、S2都闭合时，Ri、R2并联，电路中电阻较小，由P=%可知，

电功率较大，为“高档”；

当S1闭合、S2断开时，电路中只有R1,电路中电阻较大，由P=%可知，电功率较小,

为“低档”；

由P=UI可得通过R1的电流:

P

.低220y,.

I尸万=万诙='

(3)从“低档”到“高档”，只是并联了R2，电源电压不变，R,的功率不变，则R2的

功率：

P2=P而一P低=660W-220W=440W，

由P=哈可得：

R2=g=嗡窘叱

答：(1)30min内电路消耗的总电能为6.6X1()5J；

(2)饮水机工作时，通过电阻Ri的电流为IA；

(3)电阻R2的阻值110Q。

【点评】本题考查了电能、电流和电阻的计算，分析电路图得出高、低档的电路组成是

关键，计算电能时注意灵活选择单位。

26.(6分)在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做

了如图所示的甲、乙、丙三个实验。

(I)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运

动，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。

(2)甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与压力有关;甲丙两个实验说明了

滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关。

(3)小明认为滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，于是他在上述用实验的基础

上，将木块沿竖直方向切成两部分继续进行实验，将测得的数据记录在表格中，由表中

数据验证了自己的猜想，这种做法错误的(正确/错误),理由是没有控制压力大

小相同。

2三分之二块1001.0

3三分之一块500.6

【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验.

【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；

（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个

因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；

（3）研究滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，要控制压力和接触面粗糙程度相

同，据此分析。

【解答】解：（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀

速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等

于弹簧测力计的示数。

（2）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，说明滑动摩

擦力的大小与压力有关；研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力大

小相同，故甲丙两个实验说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关；

（3）研究滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，要控制压力和接触面粗糙程度相

同，将木块沿竖直方向切成两部分继续进行实验，压力大小改变了，将测得的数据记录

在表格中，由表中数据验证了自己的猜想，这种做法是错误的，理由是没有控制压力大

小相同。

故答案为：（1）匀速直线：（2）压力；甲丙：（3）错误的；没有控制压力大小相同。

【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运

用，体现了对过程和方法的考查。

27.（7分）如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，小华将初温和质量

相等的色拉油和水分别装在相同的烧杯中，用酒精灯加热并不断搅拌，每隔0.5min测量

一次温度，数据记录在下表中。

加热时间/min