2024年中考物理总复习第六部分高频考点拓展训练-电与磁

分类五电与磁(2023·安徽第13题)玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒带正电，丝绸带负电，在摩擦过程中()【详解】本题考查摩擦起电的本质。摩擦起电的本质是电子的得失，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒带正电是因为其失去电子，丝绸带负电是因为其得到电子，C同类拓展1:(2023·湖北恩施州)同学们用身边物品做小实验。要使气球产生如图所示的“魔力”,可以将同类拓展2:(2023·广西)兴趣小组用塑料瓶、锡箔纸、金属线等物品制作了简易验电器。如图所示，将跟头发摩擦过的笔杆接触验电器的金属线，发现锡箔纸张【答案】电子同种【详解】[1][2]头发摩擦过的笔杆因为电子的转移而带有电荷，将跟头发摩擦过的笔杆接触验电器的金属线，验电器的金属箔片上都带了同种电荷，由于同种电荷相互排斥，所以两个金属箔片会张开。同类拓展3:(2023·湖北鄂州)如图所示是实验室的验电器，它的工作原理是同种电荷,验电器的金属箔所带的电荷量越多，金属箔的张角,验电器(选填“能”或“不能”)直接检验物体带哪种电荷。【详解】[1]对物体进行检验时，先将物体放在金属球上，只要物体有带电的情况下，电荷就会移动到金属箔上面，因为金属箔的电量和电荷相同，故由同种电荷相互排斥可知，金属箔会张开。[2]验电器的金属箔所带的电荷量越多，则电荷间的相互排斥力越大，故金属箔的张角也越大。[3]验电器只能检验物体是否带电，但不能检验物体带哪种电荷。知识点二：欧姆定律的基础计算(2023·安徽第10题)如图所示的电路中，电阻R₀=12Q。闭合开关S₁,将单刀双掷开关S₂掷于a端，电压表示数为2.5V;将S₂切换到b端，电压表示数为1.5V,则电阻R,的阻值为_Ω。【答案】8【详解】本题考查欧姆定律的应用。题图中R₀与R,串联；闭合开关S₁,当单刀双掷开关S₂掷于a端时，电压表测量的是R₀与R,两端的电压之和，Ua=Uo+U₂=2.5V;当单刀双掷开关S₂掷于b端时，电压表测量的是R₀两端的电压，U₀=1.5V,则U₄=Ua-U₀=2.5V-1.5V=1V;根据串联电路中电流处处相等可解得同类拓展1:(2023·山东滨州)如图所示，电源电压恒定不变，定值电阻R,的阻值为102。闭合开关，电流表A的示数为0.5A,A₁的示数为0.3A,则电源电压为V,定值电阻R,在1min内消耗的电能为J。由同类拓展2:(2023·重庆)将一个定值电阻接入图甲所示电路的虚线框处，并将一个电压表(图中未画出)并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑片P,多次记泡，再次获取数据并记录；将记录的数据绘制成如图乙所示的1-U图象。下列分析正确的是()甲乙A.电源电压为3.5VB.图象b是用接入定值电阻时记录的数据绘制得到的C.定值电阻和灯泡两端的电压各为3.5V时，灯泡的电阻较大D.接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，电压表的示数将变大【答案】C【详解】AB.由图乙中的图像分析，当电流越大时，所对应的电压越小，可判断此图像为滑动变阻器电压与电流的变化图像，且因为灯泡电阻受温度影响会发生改变，导致其两端电压非直线性变化，故a图像为定值电阻接入电路中时滑动变阻器的I-U图像，b为灯泡接入电路中滑动变阻器的I-U图像。设电源电压为U,定值电阻为R,根据a图像中，电流为0.6A,电压为1V;电流为0.2A,电压为3V,可分别列出关于电源电压的公式为U=3V+0.2A×R-------②C.由乙图像可知，当滑动变阻器的电压为0.5V时，定值电阻/小灯泡的电压为3.5V,定值电阻接入电路中时电流为0.7A,灯泡接入电路中时，电流为0.3A,根据可知，灯泡的电阻较大，故C正确；D.将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联分压原理可知，滑动变阻器的电压变小，因电压表测滑动变阻器的电压，故而示数会变小，故D错误。同类拓展3:(2023·山东临沂)如图所示电路的电源电压为1.5V,电阻R的阻值为22,闭合开关后，电A.通过R₁的电流大于0.3AB.电阻R₁和R₂是并联的C.电压表的示数为0.9VD.电阻R₂的阻值为3Q【答案】D【详解】由实物图可知，电流从电源正极流出，依次流过开关、电阻R/、电流表、电阻R2、最后流回电源负极，所以电阻R;和R₂是串联的，电压表并联在R,两端测R₁两端的电压；A.已知电流表的示数为0.3A,由串联电路各处电流相等可知，通过R;的电流等于0.3A,故A不符合题意；电压表测R₁两端的电压，所以电压表的示数为0.6V,故CD.电阻R₂的阻值为同类拓展4:(2023·山西)小伟给学校劳动实践基地的蔬菜大棚设计了一个测量空气湿度的电路图，如图甲所示。电源电压恒为6V,定值电阻R,的阻值为20Q,湿敏电阻R的阻值随空气湿度H的变化关系图乙所示。下列分析正确的是(甲)乙A.空气湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大B.空气湿度越大，电压表示数越小C.当空气湿度为40%时，电压表的示数为3.6VD.当电路中电流为0.15A时，空气湿度为50%【答案】DC.当空气湿度为40%时，湿敏电阻为302,电路总电流为故C错误；D.当电路中电流为0.15A时，电路的总电阻由图像乙可知空气湿度为50%,故D正确。同类拓展5:(2023·四川南充)如图所示为电阻R₁和R₂的I-U图像，下列说法正确的是()A.R₂的阻值为10QB.两电阻串联与并联的总阻值之比为904C.将两电阻串联接入电路，通电后，R;两端电压与R₂两端电压之比为102D.将两电阻并联接入电路，通电1分钟，电流通过R₁产生的热量与电流通过R₂产生的热量之比为122【答案】DR₁两端电压为2V时，电流为0.2A,则R₁的阻值故A错误；B.两电阻串联的总阻值则两电阻串联与并联的总阻值之比为932,故B错误；C.将两电阻串联接入电路，通电后，由串联分压特点可得，R;两端电压与R₂两端电压之比故C错误；D.将两电阻并联接入电路，各支路电压等于电源电压，通电1分钟，电流通过R产生的热量与电流通过(2023·安徽第22题)为估测一个电热水壶烧水时的电功率，小林在壶中装入质量为1kg的水，接入家庭电路中，通电加热210s,水温从202上升到702。已知水的比热容为4.2×10J/(kg·℃)。(1)求该过程中水吸收的热量；(2)若电流产生的热量全部被水吸收，请通过计算估测该热水壶的电功率；(3)用上述方案估测出的电功率与实际功率相比、偏大还是偏小?简要说明原因。【答案】解：(1)水吸收的热量为Qw=cm(tz-t)=4.2×10³J/(kg·2)×1kg×(702-(2)若电热水壶产生的热量全部被水吸收(3)因为在加热的实际过程中是有热量损失的，例如：容器吸热、周围空气吸热等，所以第(2)问所得同类拓展1:(2023·黑龙江龙东)图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如乙图所示，R₁和R₂是电热丝，通过单独或同时闭合开关实现低温和高温挡切换，低温挡功率为440W,高温挡功率为880W,已知粥的比热(1)当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流；(2)电热丝R₂的阻值；(3)若不考虑能量损失，正常使用高温挡将2kg的粥从202加热到860时需要的时间；(4)若实际正常使用高温挡加热的时间为800s,该电饭锅的加热效率。甲乙【答案】解：(1)当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流(2)由图乙可知，当S₁、S₂都闭合时，R₁、R₂并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电饭锅处于高温挡；当只闭合S₁时，只有R₁工作，电路中(3)粥吸收的热量电饭锅工作的时间(4)电饭锅实际消耗的电能W'=Pt¹=880W×800s=7.该电饭锅的加热效率同类拓展2:(2023·甘肃金昌)如图甲所示为小艺同学家的电中药壶，有“猛火”和“文火”两个挡位，工作电路简化为图乙所示，其中S'为挡位开关，R/、R₂为发热电阻(假定工作时电阻不变),A、B为阻值可忽略不计的指示灯。当电中药壶处于猛火挡时，红灯亮；处于文火挡时，绿灯亮。已知电中药壶额定电压为220V,猛火挡的额定功率为2420W,R₂的阻值为180Q。甲乙丙(1)判断A灯是.(选填“红灯”或“绿灯”),你的判断依据是什么?(2)求电中药壶“文火”挡的额定功率?(3)某天用电高峰时，小艺用电中药壶帮奶奶熬药，为了计算家里电路的实际电压，她关了家里其它用电器，只将电中药壶调到猛火挡上，电中药壶工作1min,电能表(如图丙所示)的电能表表盘转了100转，由此她计算出家庭电路的实际电压是多少?【答案】解：(1)[1][2]由电路图可知，当开关S闭合，S打至触点N时，电路为R₁和指示灯A的串联电路，此时电路中阻值较小，由可知，此时电路功率较大，则电中药壶处于猛火挡，此时红灯亮，故A灯是红灯。(2)[3]由题意可知，猛火挡的额定功率为2420W,由可得，电阻R,的阻值为(3)[4]由电能表表盘上的信息可知，电中药壶消耗的电能为同类拓展3:(2023·广西)实践基地芒果获丰收，为筛选优质大果，设计自动筛选装置如图甲，检测装置电路图如图乙，电源电压恒为12V,电阻R,为20Q,R为压敏电阻，其阻值随压力变化关系如图丙。当电路(2)此装置能筛选出重力至少为多大的芒果；【答案】解：(1)当R与R₀阻值相等，电路中的总电阻为(2)当电路中电流为0.15A时，电路中的电阻为R此时的电阻为由图丙可知，当电阻为602时，对应的压力为1N,即芒果的重力为1N,所以此装置能筛选出重力至少为(3)根据图丙，可知，当芒果的重力为2N,也就是检测装置所受压力为2N,此时压敏电阻的阻值为402,同类拓展4:(2023·湖南长沙)课外实践小组设计了一个电热孵蛋箱，其电路如图所示。已知电源电压恒为220V,R是阻值为55Q的电热丝，温度对电热丝阻值的影响忽略不计。(1)闭合开关S后，求电路中的电流；(2)求通电100s电热丝R,产生的热量；(3)老师提醒，电热箱内温度太高，无法孵化鸡蛋，应使电热箱内的电功率降至P,小组成员想出了两种方法二：在图中B点处串联接入一根电热丝Rg老师发现这两种改进方法电热箱内的电功率都为P,小组成员在这两种改进电路中，用电压表测量新接入的电热丝两端的电压，测量结果为U,和U₂,U₁>U₂,U₂=165V,但由于粗心没有记录U,和U₂分别对应【答案】解：(1)S闭合后。电路中的电流(2)通电100s电热丝R,产生的热量(3)方法一更节能。两种方法的电路简图如下：得I₄<1₈Ro两端的电压电热箱内的电功率在方法一中U₀₄=I₄R=0.25A×55Q=13电热丝R₄的阻值知识点四：串联电路的动态分析(2023·安徽第16题)将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件应变片，其结构如图1所示。将它接入图2所示的电路，电源电压不变，R为定值电阻。闭合开关S,当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，导致电阻变大，则电路中的()A.电压表和电流表示数都变大B.电压表示数变小，电流表示数变大C.电压表和电流表示数都变小D.电压表示数变大，电流表示数变小【答案】D【详解】本题考查动态电路分析。由题图2可知，应变片与定值电阻R串联，电压表测量应变片两端的电压，电流表测量串联电路中的电流；当应变片中的金属丝被拉长变细时，其电阻R'变大，根据串联电路中Ra=R+R可知，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，故电流表的示数变小；同类拓展1:(2023·宁夏)如图是“测量小灯泡电阻”的下列选项正确的是()B.电压表示数变大，电流表示数变小，灯丝的电阻不变C.电压表示数变大，电流表示数变大，灯丝的电阻变大D.电压表示数变小，电流表示数变小，灯丝【详解】由电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测小灯泡两端可得，电路中的电流变大，则电流表示数变大，灯泡变亮，灯泡两端的电压变大同类拓展2:(2023·山东东营)小区内路灯能根据光线亮暗情况实现自动控制，其电路原理如图所示，R!是定值电阻，R₂是光敏电阻，其阻值大小随光照强度的增大而减小，当开关S₁闭合，光线变暗时断正确的是()A.电流表示数减小，电磁铁的磁性减弱，开关B.电流表示数减小，电磁铁的磁性增强，开关S₂断开C.电流表示数增大，电磁铁的磁性增强，开关S₂闭合D.电流表示数增大，电磁铁的磁性减弱，开关S₂断开【答案】A小，电流表的示数变小，电磁铁的磁性减弱，对衔铁的吸引力减小，在故选A。同类拓展3:(2023·四川内江)计算机鼠标内装有自动控制传感器，其工作原理电路如图所示。物体M在导轨上左右移动时，可带动与之相连的滑动变阻器滑片P左右移动，通过电压表示数变化可反映出物体M移动的距离。当物体M向右移动时()MPRC.电压表示数和电流表示数的比值变大【详解】由题图可知，电流表串联接入电路中，电压表测量R左边部分电阻两端的电压。AB.当物体M向右移动时，电阻上的滑片右移，R接入电路的电阻不变，根据欧姆定律可知CD.电流表示数不变，电压表示数变大，电压表示数和电流表示数比值变大，故C符合题意，D不符合题同类拓展4:(2023·江西)如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S,将滑动变阻器R的滑片P向右移动，下列说法正确的是()1234C.V₁的示数与V₂的示数之和不变D.V₂的示数与A的示数之比变小【详解】ABC.由电路图可知，滑动变阻器R,与定值电阻R₂串联在电路中，电流表A测电路的量滑动变阻器R的电压，V₂测量电源电压，当滑动变阻器R,的滑片P向右移动时，滑动变阻器R,接入电路的电阻变小，则电路中的电流增大，定值电阻R₂两端的电压增大，又电源电压恒定不变，可知滑动变阻器两端的电压减小，即V₁的示数变小，V₂的D.由于V₂测量电源电压，示数不变，电路中的电流增大，A的示数增大，则V₂的示数与A的示数之比变(2023·安徽第20题)用图1所示电路测量小灯泡的电阻和电功率，电源电压为4.5V,小灯泡L的额SS(2)正确连接电路后，闭合开关S,调节滑动变阻器进行多次测量，部分实验数据如上表所示。第4次测量时，电流表示数如图2所示，此时小灯泡的电阻为.Q,电功率为W;【答案】(1)b(2)10.00(或10.0或10)0.90(或0.9)(3)②【详解】本题考查测量小灯泡电阻和电功率的实验。(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处(b端),起到保护电路的作用；(2)由题表可知，第4次测量时，小灯泡两端的电压为3.0V,由题图2可知，此时电流表的示数为0.30A,根据欧姆定律可知，此时小灯泡的电阻灯泡的电功率P=UI=3.0V×0.30A=0.90W;(3)由题表数据可知，当小灯泡两端的电压为2.0V时，小灯8.00~10.00Q,故可能为8.93Ω。同类拓展1:(2023·广东深圳)已知：电源电压为3V,小灯泡额定电压为2.5V,滑动变阻器(300,1.2A)甲乙(1)请帮助亮亮根据电路图，连接实物图；(要求：滑片在最右端时，电阻最大。)(2)在闭合开关前，滑动变阻器滑片需要调到端(选填“M”或“N”);(3)亮亮同学检查电路连接正确，并且电路元件没有故障后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表偏转角度很小，请问故障原因是,接下来亮亮同学的提作方法是(4)实验数据如下图：电压U/N12电流I/A请问：正常发光时，小灯泡的电阻是Q;(6)小白同学在电路连接正确后，闭合开关，小灯泡亮了一下之后就熄灭，电流表无示数，电压表有示数，请在图丙中，画出电压表指针指的位置。(用带箭头的线段表示)【详解】(1)[1]滑动变阻器滑片在最右端时阻值最大，所以滑动变阻器应接左下接线柱，如图所示：(2)[2]在闭合开关前，滑动变阻器滑片需要调到N端，使得滑动变阻器为最大阻值，保护电路。(4)[5]由题意可知小灯泡的额定电压是2.5V,所以小灯泡(5)[6]由表中数据得电压为1V,电流为0.14A,小灯泡电阻为由表中数据得电压为2V,电流为0.27A,小灯泡电阻为由表中数据得电压为2.8V,电流为0.31A,小灯泡电阻为所以小灯泡的电阻随电压的增大而增大。(6)[7]闭合开关，小灯泡亮了一下之后就熄灭，电流表无示数，电压表有示数，说明小灯泡断路了，电压表测电源的电压示数接近电源电压3V,如图所示：同类拓展2:(2023·河南)在“测量小灯泡电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表，开关和若干导线。甲乙丙(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(2)正确连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于(选填“A”或“B”)端；(3)闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是(选填字母代号);A.电流表短路B.小灯泡短路C.滑动变阻器断路(4)排除故障后，移动滑片P,某次实验时，电压表的示数为2.5V,电流表的示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流为A,小灯泡正常发光时的电阻约为(结果保留一位小数);(5)经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的I-U图像如图丙所示，通过分析图【答案】AB于A端。(3)[3]A.若电流表短路，电流表没B.若小灯泡短路，电压表测一段导线的电压，所以电压表无示数，电流表有示数，小灯泡不发光，故B符C.若滑动变阻器断路，整个电路断路，两表都没有示数，故C不符合题意。(4)[4]由图乙可知，电流表的量程是0~0.6A,此时电流表的示数为0.28A。(5)[6]由图丙可知，小灯泡的1-U图像不是过原点的倾斜直线，所以小灯泡的电阻是变化同类拓展3:(2023·甘肃兰州)学习了欧姆定律的知识后，老师给同学们布置了设计不同方案测量未知甲乙丙(1)小明的设计方案如图甲所示，闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P至适当位置，电压表、电流表(2)小林的设计方案如图丁所示，闭合开关S,电流表A,和A₂的示数分别为1₁和I₂。已知定值电阻的阻戊丁戊(3)小刚的设计方案如图戊所示，闭合开关S后，先将开关S₁拨至触点_,移动滑动变阻器R的滑片P至适当位置，此时电压表的示数为U;保持滑片P的位置不变，再将开关S₁拨至另一触点，调节电b电压表示数恰为URo【详解】(1)[1][2]由乙图可知，(2)[3]由图可知，两个电阻并联，电流表A₁测量干路中的电流，电流表A₂测量通过Ro的电流，在并联电(3)[4][5][6]闭合开关S后，先将开关S₁拨至触点b,移动滑动变阻器R的滑片P至适当位置，此时电压表的示数为U;保持滑片P的位置不变，再将开关S₁拨至另一触点，调节电阻箱R,的阻值，使电压表的示数仍为U;此时电阻箱的读数为R,,根据欧姆定律可知，R,与Ro相等，即R=Ro。创新考法：(2023·广西)实验小组在实验时，不慎将灯泡L₂的玻璃外壳碰碎。他们惊奇地发现L₂几乎不发光，与其串联的灯泡L,不仅没有熄灭，反而更亮。开关断开后的电路如图甲，L₁和L₂都标有“2.5V0.3A”字样。针对上述现象，探究下列问题：玻璃破碎后，L₂的灯丝电阻发生了什么变化?玻璃外壳究竟起什么作用?(1)玻璃外壳破碎前L₂的电压和电流分别为1.20V和0.20A;玻璃外壳破碎后，两端的电压变为0.40V,通小");(2)为进一步探究玻璃外壳破碎后L₂电阻变化特点，对L,、L₂的电流和电压进行测量，实验数据记录如实验次序123456电压U₁/V电压U₂/V(3)实验中，对着L₂吹气，发现L₂两端电压突然变小、电流突然变大，说明吹气加快L₂灯丝表面空气流(4)细心的同学在实验过程中发现，灯丝呈螺旋状，于是提出新的问题：为什么将灯丝设计成螺旋状?你【详解】(1)[1]由图乙可知，电流表量程为0~0.6A,分度值为0.02A,读数为0.22A。(4)[6][7]通过步骤(3)的分析可知，减少灯丝的散热，可以防止灯丝的温度快速降低造成的灯丝电阻迅流是从(选填“A”或“B”)端流入螺线管的【答案】B同类拓展1:(2023·河北)如图所示，用甲装置探究通电螺线管外部的磁场分布，用乙装置探究电磁铁磁性强弱跟哪些因素有关。下列说法正确的是()甲乙B.改变通电螺线管中电流方向，小磁针N极指向不变【详解】A.通过实验发现，通电螺线管周围小铁屑的排列顺序与条形磁体B.改变通电螺线管中电流方向，螺线管的磁场方向发生改变，小磁针N极指向与原先相反，故B错误；C.匝数一定时，通入的电流越小，电磁铁的磁性越弱，吸引直别针的个数越少，故C错误；D.电流一定时，减少铁钉上线圈的匝数，电磁铁的磁性变弱，吸引直别针的个数变少，故D错误。同类拓展2:(2023·内蒙古赤峰)学习了电磁铁，小明想：“电磁铁两极磁性强弱是否相同呢?”图甲是他甲乙(1)通电后，电磁铁A端是极；(2)闭合开关后，弹簧测力计的示数太小，要使其示数变大，滑动变阻器滑片P应向端移动；(3)将滑动变阻器调节完成后，根据图乙读出弹簧测力计的示数为N;(4)在原位置将电磁铁两端对调，使B端向上，保持电流不变，观察到弹簧测力计示数与(3)中相同。初步可得出的结论是：电磁铁两极磁性强弱【详解】(1)[1]由甲图可知，电流从上端流入，根据安培定则可知，电磁铁B端是N极，A端是S极。(2)[2]电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，闭合开关后，弹簧测力计的示数太小，说明电磁铁磁性太小，电流太小，要使其示数变大，需增大电流，故滑动变阻器滑片P应向左端移动。(3)[3]由乙图可知，测力计的分度值为0.2N,故测力计示数为2.2N。(4)[4]在原位置将电磁铁两端对调，使B端向上，磁极改变，保持电流不变，观察到弹簧测力计示数与(3)中相同，说明电磁铁两极磁性强弱相同。同类拓展3:(2023·四川广安)如图所示，请标出通电螺线管的N极和A点的磁感线方向。【详解】如图，螺线管中的电流右进左出，右手握住螺线管，四指环绕的方向指向电流方向，大拇指所指的一端为螺线管的N极，通电螺线管的右端为N极；磁体外部磁感线从N极出发，回可以让小瓶子上浮、下沉或悬停在水中，它的原理如图所示(磁铁固定在活塞上)闭合开关S后，移动滑片P,使小瓶子悬停在图示位置。对此，以下分析正确的是()A.电磁铁的右端为S极B.若将滑片P向右移，小瓶子将会上浮C.小瓶子下沉时，小瓶子中的气体密度变小D.小瓶子上浮时，小瓶子的瓶口处受到水的压强保持不变【答案】BB.若将滑片P向右移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的电流变小，电磁铁的磁性变弱磁铁排斥作用变小，活塞向左运动，大瓶内空气气压变小，小瓶子的水会挤出来，C.小瓶子进水重力大于浮力下沉时，故小瓶子上面的空气的体积会变小，质量不变，故密度变大，故C错D.小瓶子上浮时，根据p=P木Sh可知小瓶子的瓶口故选B。(2023·安徽第17题)图示为某电动机的原理图，EF、PQ为螺线管，abcd为电动机的线圈，00'为转轴。闭合开关，从O点沿转轴观察，线圈顺时针转动，则()C.若将电源的正、负极对调，从O点沿转轴观察，线圈仍顺时针转动D.若将电源的正、负极对调，从O点沿转轴观察，线圈将逆时针转动调，根据安培定则可知，此时螺线管F端为N极，同类拓展1:(2023·四川内江)下列装置与电动机的原理相同的是()【答案】DA.该实验是奥斯特实验，通电后，导线周围的小磁针发生偏转，即说明了通电导线周围存在着磁场，故AB.该选项是用来研究电磁铁磁性强弱的因素的实验，故B不符合题意；C.当开关闭合和导体棒ab做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，即会产生感应电流，即电磁D.当闭合开关后，通电导体会运动，即通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的原理，故D符合题意。同类拓展2:(2023·山东东营)物理学是一门非常有