（新课标）高二化学暑假作业8（选修5）-人教版高二选修5化学试题

说明:本套题包含有机物结构和性质、有机物鉴别、鉴别概念、物质的分离和提纯等知识点一．选择题（共7小题）1．（2016•海南）下列化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰，且其峰面积之比为2：1的有（）A．乙酸甲酯B．对苯二酚C．2﹣甲基丙烷D．对苯二甲酸2．（2016•浙江）下列说法正确的是．A．的一溴代物和的一溴代物都有4种（不考虑立体异构）B．CH3CH=CHCH3分子中的四个碳原子在同一直线上C．按系统命名法，化合物的名称是2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷D．与都是α﹣氨基酸且互为同系物3．（2016春•衡水期中）茉莉醛具有浓郁的茉莉花香，其结构简式如下所示：关于茉莉醛的下列叙述错误的是（）A．在加热和催化剂作用下，能被氢气还原B．能被高锰酸钾酸性溶液氧化C．在一定条件下能与溴发生取代反应D．不能与氢溴酸发生加成反应4．（2014•上海）催化加氢可生成3﹣甲基己烷的是（）A．B．C．D．5．（2011•北京）下列说法不正确的是（）A．麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反应B．用溴水即可鉴别苯酚溶液、2，4﹣己二烯和甲苯C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD．用甘氨酸（）和丙氨酸（）缩合最多可形成4种二肽6．（2013•浙江）下列说法正确的是（）A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤→萃取B．用乙醇和浓硫酸制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性7．（2015•北京）合成导电高分子材料PPV的反应：下列说法正确的是（）A．合成PPV的反应为加聚反应B．PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元C．和苯乙烯互为同系物D．通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度二．填空题（共4小题）8．（2015秋•九江校级期末）两种有机物A和B可以互溶，有关性质如下： 相对密度（20℃） 熔点 沸点 溶解性A 0.7893 ﹣117.3°C 78.5°C 与水以任意比混溶B 0.7137 ﹣116.6°C 34.5°C 不溶于水（1）若要除去A和B的混合物中少量的B，可采用（填代号）方法即可得到A．a．重结晶b．蒸馏c．萃取d．加水充分振荡，分液（2）将有机物A置于氧气流中充分燃烧，实验测得：生成5.4gH2O和8.8gCO2，消耗氧气6.72L（标准状况下），则该物质的最简式为，若要确定其分子式，是否必需有其它条件（填“是”或“否”）．已知有机物A的质谱、核磁共振氢谱如图1所示，则A的结构简式为．（3）若质谱图2显示B的相对分子质量为74，红外光谱如图3所示，则B的结构简式为，其官能团的名称为．（4）准确称取一定质量的A和B的混合物，在足量氧气中充分燃烧，将产物依次通过足量的无水氯化钙和碱石灰，发现质量分别增重19.8g和35.2g．计算混合物中A和B的物质的量之比．9．（2014•菏泽一模）某实验小组用燃烧分析法测定某有机物中碳和氢等元素的含量，随后又对其进行了性质探究．将已称量的样品置于氧气流中，用氧化铜作催化剂，在高温条件下样品全部被氧化为水和二氧化碳，然后分别测定生成的水和二氧化碳．实验可能用到的装置如图所示，其中A装置可以重复使用．请回答下列问题：（1）请按气体流向连接实验装置→→→d→→→→g（用仪器接口编号填写）．（2）B装置中制O2时所用的药品是．实验中，开始对C装置加热之前，要通一段时间的氧气，目的是；停止加热后，也要再通一段时间的氧气，目的是．（3）已知取2.3g的样品X进行上述实验，经测定A装置增重2.7g，D装置增重4.4g．试推算出X物质的实验式．（4）该小组同学进一步实验测得：2.3g的X与过量金属钠反应可放出560mLH2（已换算成标准状况下），且已知X分子只含一个官能团．查阅资料后，学生们又进行了性质探究实验：实验一：X在一定条件下可催化氧化最终生成有机物Y．实验二：X与Y在浓硫酸加热条件下生成有机物Z．则①写出实验二中反应的化学方程式．②除去Z中混有的Y所需的试剂和主要仪器是、．（5）若已知室温下2.3g液态X在氧气中完全燃烧生成二氧化碳气体和液态水时可放出68.35kJ的热量，写出X在氧气中燃烧的热化学方程式．10．（2013•四川）有机化合物G是合成维生素类药物的中间体，其结构简式如图1所示，G的合成路线如图2所示：其中A～F分别代表一种有机化合物，合成路线中部分产物及反应条件已略去已知：请回答下列问题：（1）G的分子式是，G中官能团的名称是．（2）第①步反应的化学方程式是．（3）B的名称（系统命名）是．（4）第②～⑥步反应中属于取代反应的有（填步骤编号）．（5）第④步反应的化学方程式是．（6）写出同时满足下列条件的E的所有同分异构体的结构简式．①只含一种官能团；②链状结构且无﹣O﹣O﹣；③核磁共振氢谱只有2种峰． 参考答案与试题解析一．选择题（共7小题）1．（2016•海南）下列化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰，且其峰面积之比为2：1的有（）A．乙酸甲酯B．对苯二酚C．2﹣甲基丙烷D．对苯二甲酸【分析】核磁共振氢谱中能出现两组峰，说明物质含有2种H原子，其峰面积之比为2：1，则两种H原子数目之比为2：1．注意等效氢判断：①分子中同一甲基上连接的氢原子等效，②同一碳原子所连甲基上的氢原子等效，③处于镜面对称位置上的氢原子等效．【解答】解：A．乙酸甲酯（CH3COOCH3）中含有2种氢原子，核磁共振氢谱能出现两组峰，且其峰面积之比为1：1，故A错误；B．对苯二酚（）中含有2种氢原子，核磁共振氢谱能出现两组峰，且其峰面积之比为2：1，故B正确；C.2﹣甲基丙烷中含有2种氢原子，核磁共振氢谱能出现两组峰，且其峰面积之比为9：1，故C错误；D．对苯二甲酸（）中含有2种氢原子，核磁共振氢谱能出现两组峰，且其峰面积之比为2：1，故D正确．故选：BD．2．（2016•浙江）下列说法正确的是．A．的一溴代物和的一溴代物都有4种（不考虑立体异构）B．CH3CH=CHCH3分子中的四个碳原子在同一直线上C．按系统命名法，化合物的名称是2，3，4﹣三甲基﹣2﹣乙基戊烷D．与都是α﹣氨基酸且互为同系物【分析】A．有几种氢原子其一溴代物就有几种；B．该分子结构和乙烯相似，乙烯中所有原子共平面，据此判断该分子结构；C．该分子中最长的碳链上有6个C原子；D．结构相似、在分子组成上相差一个或n个﹣CH2原子团的有机物互称同系物．【解答】解：A．有几种氢原子其一溴代物就有几种，甲苯、2﹣甲基丁烷的一溴代物都有4种，故A正确；B．该分子结构和乙烯相似，乙烯中所有原子共平面，据此判断该分子结构中四个C原子在同一平面上不在同一直线上，故B错误；C．该分子中最长的碳链上有6个C原子，其名称为2，3，4，4﹣四甲基己烷，故C错误；D．结构相似、在分子组成上相差一个或n个﹣CH2原子团的有机物互称同系物，二者结构不相似，所以不是同系物，故D错误；故选A．3．（2016春•衡水期中）茉莉醛具有浓郁的茉莉花香，其结构简式如下所示：关于茉莉醛的下列叙述错误的是（）A．在加热和催化剂作用下，能被氢气还原B．能被高锰酸钾酸性溶液氧化C．在一定条件下能与溴发生取代反应D．不能与氢溴酸发生加成反应【分析】分子中含有碳碳双键，决定具有烯烃的性质；含有醛基决定具有醛的性质；含有苯环具有苯的性质．注意苯环不是官能团．【解答】解：A、分子中含有碳碳双键、苯环、醛基，在一定条件下，可以与氢气发生加成反应被还原，故A正确；B、分子中含有碳碳双键、醛基等，能被高锰酸钾酸性溶液氧化，故B正确；C、含有苯环、烃基，在一定条件下能与溴发生取代反应，故C正确；D、含有碳碳双键，能与溴化氢发生加成反应，故D错误．故选：D．4．（2014•上海）催化加氢可生成3﹣甲基己烷的是（）A．B．C．D．【分析】根据不饱和烃的加成原理，不饱和键断开，结合H原子，生成3﹣甲基戊烷，据此解答．【解答】解：3﹣甲基己烷的碳链结构为，A、经催化加氢后生成3﹣甲基庚烷，故A不选；B、经催化加氢后生成3﹣甲基戊烷，故B不选；C、经催化加氢后能生成3﹣甲基己烷，故C选；D、经催化加氢后能生成2﹣甲基己烷，故D不选．故选C．5．（2011•北京）下列说法不正确的是（）A．麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反应B．用溴水即可鉴别苯酚溶液、2，4﹣己二烯和甲苯C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD．用甘氨酸（）和丙氨酸（）缩合最多可形成4种二肽【分析】A、麦芽糖和水解产物葡萄糖中的官能团来分析银镜反应；B、溴水与苯酚溶液反应生成三溴苯酚白色沉淀，与己二烯发生加成反应而褪色，甲苯可萃取溴水中的溴；C、在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH；D、甘氨酸和丙氨酸缩合形成二肽时可能有如下四种情况：①二个甘氨酸之间；②二个丙氨酸之间；③甘氨酸中的氨基与丙氨酸中的羧基之间；④甘氨酸中的羧基与丙氨酸中的氨基之间．【解答】解：A、麦芽糖和水解产物葡萄糖中的官能团都有醛基，则麦芽糖、葡萄糖属于还原性糖可发生银镜反应，故A正确；B、苯酚和溴水反应生成白色沉淀，2，4﹣已二烯可以使溴水褪色，甲苯和溴水不反应，但甲苯可以萃取溴水中的溴，甲苯的密度比水的小，所以下层是水层，上层是橙红色的有机层，因此可以鉴别，故B正确；C、酯类水解时，酯基中的碳氧单键断键，水中的羟基与碳氧双键结合形成羧基，所以CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH，故C错误；D、两个氨基酸分子（可以相同，也可以不同），在酸或碱的存在下加热，通过一分子的氨基与另一分子的羧基间脱去一分子水，缩合形成含有肽键的化合物，成为成肽反应．因此甘氨酸和丙氨酸混合缩合是既可以是自身缩合：二个甘氨酸之间，二个丙氨酸之间（共有2种），也可是甘氨酸中的氨基与丙氨酸中的羧基之间；甘氨酸中的羧基与丙氨酸中的氨基之间，所以一共有4种二肽，故D正确．故选C．6．（2013•浙江）下列说法正确的是（）A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤→萃取B．用乙醇和浓硫酸制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性【分析】A．碘元素在海水中只有化合态，没有游离态，海带提取单质碘需将碘离子氧化成碘单质；B．乙醇和浓硫酸在170℃，发生分子内脱水生成乙烯和水，水浴的温度为小于100℃；C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，裸露出活泼的金属铝，铝具有两性，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中；D．根据浓的无机盐溶液能使蛋白质发生盐析，而重金属盐能使蛋白质发生变性，CuSO4溶液能使蛋白质溶液发生变性，饱和（NH4）2SO4溶液能使蛋白质发生盐析，不能发生变性；【解答】解：A．海水中只有化合态的碘，实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤，然后需将碘离子氧化为碘单质，在提取的过程中用的氧化剂可以是H2O2，然后再萃取，故A错误；B．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，反应的化学方程式为CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O，水的沸点为100℃，水浴的温度为小于100℃，而该反应的温度为170℃，显然不符，故B错误；C．铝表面的氧化膜为氧化铝，当有Cl﹣存在时，Cl﹣替换氧化铝中的氧元素形成可溶性的氯化铝，所以铝表面的氧化膜易被破坏，裸露出活泼的金属铝，铝具有两性，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中，故C正确；D．当向蛋白质溶液中加入的盐溶液（硫酸铵、硫酸钠、氯化钠等）达到一定浓度时，会使蛋白质的溶解度降低而从溶液中析出，这种作用称为盐析，盐析具有可逆性，所以饱和（NH4）2SO4溶液能使蛋白质发生盐析，不是变性，因加强酸、强碱、重金属盐、甲醛等导致蛋白质性质的改变和生物活性的丧失，是蛋白质的变性，所以CuSO4溶液能使蛋白质溶液发生变性，故D错误；故选C．7．（2015•北京）合成导电高分子材料PPV的反应：下列说法正确的是（）A．合成PPV的反应为加聚反应B．PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元C．和苯乙烯互为同系物D．通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度【分析】A．缩聚反应，是一类有机化学反应，是具有两个或两个以上官能团的单体，相互反应生成高分子化合物，同时产生有简单分子（如H2O、HX、醇等）的化学反应；B．聚苯乙烯的重复结构单元为，不含碳碳双键，而该高聚物的结构单元中含有碳碳双键；C．同系物所含官能团数目相同；D．质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对质量．【解答】解：A．合成PPV通过缩聚反应生成，同时有小分子物质HI生成，不属于加聚反应，故A错误；B．聚苯乙烯的重复结构单元为，不含碳碳双键，而该高聚物的结构单元中含有碳碳双键，所以不相同，故B错误；C．有两个碳碳双键，而苯乙烯有一个碳碳双键，结构不同，二者不是同系物，故C错误；D．质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对质量，质谱图中数值最大的即是该分子的相对分子质量，故D正确．故选D．二．填空题（共4小题）8．（2015秋•九江校级期末）两种有机物A和B可以互溶，有关性质如下： 相对密度（20℃） 熔点 沸点 溶解性A 0.7893 ﹣117.3°C 78.5°C 与水以任意比混溶B 0.7137 ﹣116.6°C 34.5°C 不溶于水（1）若要除去A和B的混合物中少量的B，可采用B（填代号）方法即可得到A．a．重结晶b．蒸馏c．萃取d．加水充分振荡，分液（2）将有机物A置于氧气流中充分燃烧，实验测得：生成5.4gH2O和8.8gCO2，消耗氧气6.72L（标准状况下），则该物质的最简式为C2H6O，若要确定其分子式，是否必需有其它条件否（填“是”或“否”）．已知有机物A的质谱、核磁共振氢谱如图1所示，则A的结构简式为CH3CH2OH．（3）若质谱图2显示B的相对分子质量为74，红外光谱如图3所示，则B的结构简式为CH3CH2OCH2CH3，其官能团的名称为醚键．（4）准确称取一定质量的A和B的混合物，在足量氧气中充分燃烧，将产物依次通过足量的无水氯化钙和碱石灰，发现质量分别增重19.8g和35.2g．计算混合物中A和B的物质的量之比2：1．【分析】（1）互溶的液体采用蒸馏方法分离；（2）根据元素守恒可判断有机化合物中一定含有C和H两种元素，根据生成8.8g的二氧化碳中C元素质量即为化合物中所含C元素质量、生成5.4g的水中H元素质量即为化合物中所含H元素质量，对氧元素的确定要根据二氧化碳和水中的氧元素质量之和与氧气中氧元素的质量来分析，若前者大，则有机化合物有氧元素，两者相等，则有机化合物没有有氧元素，然后求出各自的物质的量，根据各元素的物质的量之比可推测最简式，根据具体C原子、H原子、O原子个数比判断；根据核磁共振氢谱表明其分子中有三种化学环境不同的氢原子来确定结构简式；（3）质谱图显示B的相对分子质量为74，含醚键和两个对称甲基，应为乙醚；（4）产物依次通过足量的无水氯化钙和碱石灰，发现质量分别增重19.8g和35.2g，n（H2O）==1.1mol，n（CO2）==0.8mol，设CH3CH2OH、CH3CH2OCH2CH3的物质的量为x、y，结合原子守恒计算；【解答】解：（1）由表格中的信息可知，A、B两种有机物互溶，但沸点不同，则选择蒸馏法分离；故答案为：B；（2）根据质量守恒定律可知，化合物中所含C元素质量为：8.8g×=2.4g，所含H元素质量为：5.4g×=0.6g，二氧化碳和水中的氧元素质量之和为（8.8g﹣2.4g）+（5.4g﹣0.6g）=11.2g，而氧气的质量为×32g/mol=9.6g，所以有机物中氧元素质量为11.2g﹣9.6g=1.6g，n（C）：n（H）：n（O）=：：=2：6：1，所以化合物的最简式是C2H6O，在最简式C2H6O中，C、H原子已经达到饱和，其实验式即为分子式；分子式为C2H6O，甲醚中只含一种H，由核磁共振氢谱表明其分子中有三种化学环境不同的氢原子，强度之比为3：2：1，为乙醇结构简式为CH3CH2OH；故答案为：C2H6O；否；CH3CH2OH；（3）该有机物的相对原子质量为74，由红外光谱图显示存在对称的甲基、对称的亚甲基和醚键可得分子的结构简式为：CH3CH2OCH2CH3，其官能团的名称为醚键；故答案为：CH3CH2OCH2CH3；醚键；（4）产物依次通过足量的无水氯化钙和碱石灰，发现质量分别增重19.8g和35.2g，n（H2O）==1.1mol，n（CO2）==0.8mol，设CH3CH2OH、CH3CH2OCH2CH3的物质的量为x、y，则，解得x=0.2mol，y=0.1mol，则A和B的物质的量之比2：1；故答案为：2：1；9．（2014•菏泽一模）某实验小组用燃烧分析法测定某有机物中碳和氢等元素的含量，随后又对其进行了性质探究．将已称量的样品置于氧气流中，用氧化铜作催化剂，在高温条件下样品全部被氧化为水和二氧化碳，然后分别测定生成的水和二氧化碳．实验可能用到的装置如图所示，其中A装置可以重复使用．请回答下列问题：（1）请按气体流向连接实验装置c→a→b→d→e→a→b→g（用仪器接口编号填写）．（2）B装置中制O2时所用的药品是H2O2和MnO2或Na2O2和H2O．实验中，开始对C装置加热之前，要通一段时间的氧气，目的是排出装置中的二氧化碳和水蒸气等；停止加热后，也要再通一段时间的氧气，目的是将燃烧生成的二氧化碳和水蒸气彻底排出，并完全吸收．（3）已知取2.3g的样品X进行上述实验，经测定A装置增重2.7g，D装置增重4.4g．试推算出X物质的实验式C2H6O．（4）该小组同学进一步实验测得：2.3g的X与过量金属钠反应可放出560mLH2（已换算成标准状况下），且已知X分子只含一个官能团．查阅资料后，学生们又进行了性质探究实验：实验一：X在一定条件下可催化氧化最终生成有机物Y．实验二：X与Y在浓硫酸加热条件下生成有机物Z．则①写出实验二中反应的化学方程式CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O．②除去Z中混有的Y所需的试剂和主要仪器是饱和Na2CO3溶液、分液漏斗．（5）若已知室温下2.3g液态X在氧气中完全燃烧生成二氧化碳气体和液态水时可放出68.35kJ的热量，写出X在氧气中燃烧的热化学方程式C2H5OH（l）+3O2（g）=2CO2（g）+3H2O（l）△H=﹣1367kJ/mol．【分析】（1）根据实验的原理，先产生氧气，经干燥后，通入发生装置，然后通过A装置测定水，D装置测定二氧化碳，从而求出某有机物中碳和氢等元素的含量；（2）根据B装置制取O2是固态药品和液体反应；实验前必须排除装置中的二氧化碳和水蒸气，以防引起误差；停止加热后，装置中会残留一些燃烧生成的二氧化碳和水蒸气；（3）A装置增重2.7g，为水的质量，则可求氢元素的质量，D装置增重4.4g，为二氧化碳的质量，则可求碳元素的质量，然后判断有机物中是否含有氧元素，最后根据元素的物质的量之比求出实验式；（4）根据X的实验式C2H6O中碳原子已经饱和，所以分子式为C2H6O，以及2.3g即0，1mol的X与过量金属钠反应可放出560mL即0.25molH2，且已知X分子只含一个官能团，说明X是乙醇，乙醇氧化得到乙酸①乙酸能与乙醇发生酯化反应；②乙酸能与碳酸钠溶液反应，乙酸乙酯不溶于水，与碳酸钠溶液不反应来除杂、分离；（5）依据质量换算物质的量，结合化学方程式对应的物质的量计算反应放出的热量，依据热化学方程式书写方法，标注物质聚集状态和反应焓变写出；【解答】解：（1）实验的原理，先产生氧气，经干燥后，通入发生装置，然后通过A装置测定水，D装置测定二氧化碳，所以气体流向连接实验装置顺序为：c→a→b→d→e→a→b→g；故答案为：c；a；b；e；a；b；（2）B装置制取O2是固态药品和液体反应，所用的药品是H2O2和MnO2或Na2O2和H2O；实验前必须排除装置中的二氧化碳和水蒸气，以防引起误差，所以开始对C装置加热之前，要通一段时间的氧气，排出装置中的二氧化碳和水蒸气等；停止加热后，装置中会残留一些燃烧生成的二氧化碳和水蒸气，为确保二氧化碳和水蒸气彻底排出，应再通一段时间的氧气；故答案为：H2O2和MnO2或Na2O2和H2O；排出装置中的二氧化碳和水蒸气等；将燃烧生成的二氧化碳和水蒸气彻底排出，并完全吸收；（3）浓硫酸增重2.7g即燃烧生成的水为2.7g，则水的物质的量为0.15mol，其中含氢元素的质量为0.3g；碱石灰增重4.4g，即燃烧生成的CO2水4.4g，则CO2的物质的量为0.1mol，其中含有碳元素的质量为1.2g，生成物中碳元素和氢元素的质量之和为1.2g+0.3g=1.5g，小于有机物的质量2.3g，说明有机物中一定含有氧元素，而且其质量为2.3g﹣1.5g=0.8g，氧元素的物质的量为0.05mol，则有机物中C、H、O三种元素的物质的量之比为2：6：1，所以X物质的实验式为C2H6O；

故答案为：C2H6O；（4）X的实验式C2H6O中碳原子已经饱和，所以分子式为C2H6O，以及2.3g即0，1mol的X与过量金属钠反应可放出560mL即0.25molH2，且已知X分子只含一个官能团，说明X是乙醇，乙醇氧化得到乙酸，①乙酸能与乙醇发生酯化反应得到乙酸乙酯和水，方程式为：CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；故答案为：CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；②乙酸能与碳酸钠溶液反应，乙酸乙酯不溶于水，与碳酸钠溶液不反应来除杂、分离，所以除去乙酸乙酯中混有的乙酸所需的试剂是饱和Na2CO3溶液，用分液的方法分离，所用仪器是分液漏斗；故答案为：饱和Na2CO3溶液；分液漏斗；（5）2.3g乙醇的物质的量为=0.05mol，在氧气中完全燃烧生成二氧化碳气体和液态水时可放出68.35kJ的热量，1mol乙醇完全反应放热68.35kJ×=1367kJ，热化学方程式为：C2H5OH（l）+3O2（g）=2CO2（g）+3H2O（l）△H=﹣1367kJ/mol；故答案为：C2H5OH（l）+3O2（g）=2CO2（g）+3H2O（l）△H=﹣1367kJ/mol．10．（2013•四川）有机化合物G是合成维生素类药物的中间体，其结构简式如图1所示，G的合成路线如图2所示：其中A～F分别代表一种有机化合物，合成路线中部分产物及反应条件已略去已知：请回答下列问题：（1）G的分子式是C6H10O3，G中官能团的名称是羟基和酯基．（2）第①步反应的化学方程式是CH2=C（CH3）2+HBrCH3CH（CH3）CH2Br．（3）B的名称（系统命名）是2﹣甲基﹣1﹣丙醇．（4）第②～⑥步反应中属于取代反应的有②⑤（填步骤编号）