直流电路与交流电路（解析版）-2021年高考物理冲刺必刷

11直流电路与交流电路

1.如图所示的闭合电路中，R为半导体光敏电阻（光照增强时其电阻减小），R为滑动变阻器。现用一束光

B.电压表读数变大

C.电源的总功率变小D.电源输出功率不一定增大

【答案】D

【详解】

AB.用一束光照射光敏电阻，则光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，总电流变大，电流表读数变大，光

敏电阻两端的电压减小，电压表的读数减小，故AB错误；

C.随电流变大，则电源的总功率「=出变大，故C错误；

D.电源内阻等于外阻时，电源的输出功率最大。当外电路电阻小于电源内阻时，随着外阻增大，电源

输出功率增大；当外电路电阻大于电源内阻时，随着外阻增大，电源输出功率减小。由于不知道电路中

外电路电阻与内阻的关系，故随着光敏电阻的减小，无法判断电源输出功率变化情况，故D正确。

故选D。

2.如图所示，电源电动势为E,内电阻为心当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，发现电流表、电

压表Vi、V2示数变化量的绝对值分别为//、/S和/S,假设小灯泡电阻不随温度变化而变化，下列说

法中正确的是（）

A.

MJ,\U.

B.——L

MM

C.小灯泡Li变亮、L2变暗

D.小灯泡Li变暗，L2变亮，电流表示数变小

【答案】B

【详解】

CD.当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电

流增大，即电流表示数变大，则Li,L2变亮，CD错误；

AB.当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电

流增大，灯L2两段电压变大，即电压表示数变大，由于外电路总电阻减小，外电压U减小，根据

u=ut+u2

则

>At/2

则

MM

A错误B正确。

故选B。

3.在如图所示的电路中，Ri=20C,&=40。，滑动变阻器R的阻值为0〜100Q,当滑动触头P由a向匕滑动

的过程中，灯泡L2的亮度变化情况是（）

A.L逐渐变亮，L2逐渐变暗

B.L逐渐变暗，L?逐渐变亮

C.L先变亮后变暗

D.L?先变暗后变亮

【答案】B

【详解】

灯泡的亮度由灯泡的实际功率大小决定，灯丝电阻不变，研究通过灯丝电流的大小可知灯泡的亮度，当

滑动触头由“向6滑动过程中，滑动变阻器连入电路部分的电阻增大，总电阻增大，总电流变小，灯泡L1

逐渐变暗；路端电压变大，灯泡LJ两端电压变小，并联部分的电路两端电压增大，通过L2的电流变大，

所以L?逐渐变亮

故选Bo

4.如图所示的电路中，电表均为理想电表，4、为定值电阻，&为滑动变阻器，当滑动变阻器

A.电流表A1的示数减小B.电流表A2的示数减小

C.电压表V的示数减小D.电阻与消耗的功率增大

【答案】C

【详解】

B.滑动变阻器滑片向右移时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小，总电流增大,

电流表A2示数增大，B项错误;

D.内电压增大，外电压减小，尺两端的电压增大，&两端的电压减小，与中电流减小，消耗的功率

减小，D项错误

A.R|中电流增大，电流表A1示数增大，A项错误；

c.R［两端电压增大，电源内电压增大，因此电压表示数减小，c项正确。

故选Co

5.手摇式发电机是我们教学中常用的演示工具，如图甲所示，可以简化为图乙。一个小型旋转电枢式交流

发电机的矩形线圈面积为S,匝数为“，线圈总电阻为广，在磁感应强度为B的匀强磁场中以矩形线圈中

轴线为轴以角速度3匀速转动，产生的交流电通过M、N与外电路连接，如图所示，外电路电灯电阻为

R,电压表为理想交流电表。在线圈由平行于磁场方向位置转过90。的过程中，下面说法正确的是（)

乙

A.电压表V的示数为〃55。-----

R+r

B.通过灯泡的电荷量为卫史

R+r

C.电灯中产生的焦耳热为

4(/?+r)2

D.当线圈由平行于磁场方向位置转过90。时，流过线圈的电流为要丝

R+r

【答案】C

【详解】

A.电动势

„△①BS-sincoZ

E~n-----=n----------------

ArAr

当线圈平行于磁场方向时电动势最大，其峰值

Emax=〃BS①

所以，有效电流

/—.3BS

向R+r)向R+r)

电压表示数

U=IR='詈.

向R+r)

故A错位；

B.通过灯泡的电荷量为

E2na)BS71nBS

Q--------I-------------X-----=-------

R+r乃(R+r)2GR+r

故B错误；

C.电动势的有效值

nBSco

电流的有效值

nBSco

向R+r)

电灯中产生的焦耳热

襄2B2s2(0兀R

Q=『Rt

4(7?+r)2

故C正确；

D.流过线圈的电流为

]"_"DBS

-V2(7?+r)->/2(7?+r)

故D错误。

故选Co

6.如图所示为一台小型发电机的示意图，单匝线圈逆时针转动。若从中性面开始计时，产生的电动势随时

间的变化规律如图乙所示。已知外接灯泡的电阻恒为18。,其余部分电阻不计，下列说法正确的是（）

A.灯泡两端的瞬时电压的表达式e=6&sin50;r«V）

B.转动过程中穿过线圈的最大磁通量为迪Wb

50万

C.小灯泡的功率为LOW

D.线圈匀速转动一周的过程中，电流做的功W=0.05J

【答案】B

【详解】

A.因为

灯泡两端的瞬时电压的表达式

e=6>/2sin100^(V)

选项A错误;

B.根据

&=Ba)S

转动过程中穿过线圈的最大磁通量为

选项B正确；

C.小灯泡的功率为

60丫

选项C错误；

D.线圈匀速转动一周的过程中，电流做的功

W=P/=0.04J

选项D错误。

故选B„

7.家用电子调光灯的调光原理为：用电子线路将输入的正弦式交变电压的波形截去一部分来实现的，由截

去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调。某家庭电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，为

正弦式交变电压的一部分波形（图中只画出了三个周期）。则该电子调光灯灯泡两端的电压大小为（）

22072

^1123456//xj02s

A.220VB.110VC.110^5VD.11072V

【答案】D

【详解】

没有特别指明的电压是有效值，由正弦交变电流有效值公式和有效值的定义得

解得

t/=110V2V

D正确，ABC错误。

故选D。

8.理想变压器原线圈a的匝数“1=800匝，副线圈b的匝数〃2=200匝，原线圈接在w=220贬-sin(314t)

V的交流电源上，副线圈中“12V,6W”的灯泡L恰好正常发光，电阻R=16C,电压表V为理想电

表。则下列推断正确的是()

A.电阻R的阻值为100。

B.R2消耗的功率为8W

C.电压表V的示数为20V

D.穿过铁芯的磁通量的变化率最大为10Wb/s

【答案】C

【详解】

AC.变压器次级电流

L=—A=0.5A

212

次级电压

。2=%+=12V+0.5X16V=20V

即电压表读数为20V：则初级电流

I.=7,=—x0.5A=0.125A

142800

初级电压

q=刍U,=幽X20V=80V

1

n22200

则

R=£±=22°-8%=u20c

Ix0.125

A错误，C正确;

B.4消耗的功率为

42&=0Sxl6W=4W

B错误;

D.初级电压最大值为

(7lm=8OV2V

穿过铁芯的磁通量的变化率最大为

△:"七=暇帆…即/S

D错误。

故选Co

9.如图所示，小型理想变压器原线圈与滑动变阻器R串联，在a、Z/两点间接上正弦交流电，其有效值为

U,副线圈与四只相同的小灯泡相连，调节滑动变阻器，使开关断开时灯泡正常发光，再次调节滑动变

阻器，使开关闭合时灯泡也能正常发光，不考虑导线电阻对电路的影响，则开关由断开到闭合，滑动变

阻器R的电功率之比为（)

A.5：3B.4：3C.I：5D.3：4

【答案】D

【详解】

设小灯泡正常发光时其两端电压为UL，流过小灯泡的电流为原、副线圈匝数比为比则开关断开时，

原线圈两端电压为“UL，电流为平，滑动变阻器两端电压为。-斤4,则滑动变阻器的电功率为

K

（U-kU）3l

1—1LL

k

开关闭合后，原线圈两端电压为无为，电流为等，滑动变阻器两端电压为U-W4,则滑动变阻器的

电功率

p,（U-初）4人

一k

所以

P:P=3:4

故选D。

10.如图所示，某小型水电站发电机的输出功率2=100kW,发电机的电压G=250V,经变压器升压后

向远处输电，输电线总电阻R线=8C,在用户端用降压变压器把电压降为4=220V。已知输电线上损

失的功率也=5kW,假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是（）

升压变压器降压变压器

A.发电机输出的电流乙=40A

B.输电线上的电流/级=625A

C.降压变压器的匝数比%：%=190：U

D.用户得到的电流乙=455A

【答案】C

【详解】

A.发电机输出的电流

P=100xl01A=4()0A

'U1250

选项A错误。

B.输电线上的电流

8A-25A

选项B错误。

C.升压变压器的副线圈输出电压

„P100x1()3

U)=—=-----------v=4x10V

/线25

输电线损耗电压

△U=，M=25X8V=200V

降压变压器的原线圈电压

C/3=t/2-At/=3800V

故降压变压器的匝数比

n3_U3_3800190

“4~U4~22Q~U

选项C正确。

D.降压变压器的副线圈的输出功率

B=g=p_%=95kW

故用户得到的电流

,P,95x10、

L=—=----------Az431.8A

4

U4220

选项D错误。

故选Co

11.原、副线圈匝数比为〃|：〃2=10:1的理想变压器与电阻R、理想交流电压表V、理想交流电流表A按

如图甲所示方式连接，R=10Q。图乙所示是R两端电压U随时间r变化的图象，Um=10®V。下列

说法正确的是（)

图卬图乙

A.通过R的电流小随时间f变化的规律是。=0sinlOOm(A)

B.电流表A的示数为0.1A

C.电流表A的示数为］O0A

D.电压表的示数为5V

【答案】B

【详解】

AD.因为电阻R两端的电压有效值为

U2=5=10V

■夜

所以电压表的示数为10V,因此通过电阻的电流有效值为

I,=4=1A

2R

最大值为

;

m=—=^2A

mR

co=—=-2",s=1OOKrad/s

T2x10-2

结合图乙可知通过H的电流小随时间，变化的规律是

iR=V2coslOOTtf(A)

故A、D均错误；

BC.根据

乂=、

«2A

可知，原线圈中电流的有效值为

/.=—/,=0.1A

110-

即电流表的示数为0.1A,故C错误，B正确。

故选B。

12.如图所示，电阻为，的线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的轴匀速转动，产生电动势瞬时值表达式为

“=220五5拘100兀《丫）的交流电，把该交流电接在理想变压器原线圈的A、3两端，变压器原、副线

7110

圈的匝数比为肃=了，电压表和电流表均为理想电表，用为定值电阻，阻值为R,与为可变电阻，

当其阻值为R时，电压表V2的读数为10V,若&的阻值变为彳，则电压表Y的读数为（）

D.110V

【答案】c

【详解】

由“=2200sin100加（V）可知，该线圈中产生的交变电动势的有效值应为

—EV

因为开始时，电压表V2的读数为10V,则

3=20V

U］勺

根据jU得

U}=200V

所以

U,.二20V

又根据彳=会得

4,=L电，

210RR

因此

r=20R

若&的阻值变为经4R，有

"4"'戌嘴’'4磊焉，"+-220V

5

联立解得

U；=198V

故选Co

13.如图所示，理想变压器原线圈串联一个定值电阻凡之后接到交流电源上，电压表Y的示数q恒定不

变，电压表V2和V3的示数分别用力和4表示，所有电压表都可视为理想电压表。当移动滑动变阻器

的滑动触头尸时，下列说法正确的是()

A.3与q的比值不变

B.4与3的比值变大

c.若4减小，则《消耗的功率也减小

u.,

D.电阻人和R消耗的功率的比值总是等于才-1

【答案】D

【详解】

B.U?与3的比值由变压器原、副线圈匝数之比决定，是一个常数，B错误;

A.因为有电阻凡的存在，q并不等于原线圈两端的电压，所以q与G的比值将会改变，A错误；

C.因为5与4的比值不变，当减小时，火也随着减小，电阻凡两端的电压将增加，消耗的功率

也增大，C错误：

D.设通过原线圈的电流为/,则副线圈的输出功率即滑动变阻器K消耗的功率为/&,%消耗的功率为

/(%-%),电阻4和K消耗的功率的比值为

1s5

D正确。

故选D。

14.如图所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压Ui一定，通过理想升压变压器71和理想降压变

压器不向远处用户供电，输电线的总电阻为七”的输入电压和输入功率分别为Ui和P,它的输出电

压和输出功率分别为S和Pi,4的输入电压和输入功率分别为S和P3,它的输出电压和输出功率分别

为S和a。下列说法正确的是（）

A.当用户的用电器增多时，S减小，U4变大

B.当用户的用电器增多时，Pi变大，P3减小

U2

C.输电线上损失的功率△尸=幺

R

D.要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比以，同时应增大降压变压器的匝数比以

«|«4

【答案】D

【详解】

ABC.当用户的用电器增多时，用户消耗的功率变大，尸4变大，P3变大，用户电流变大，输电线上电流

变大，电压损失U税变大，根据

如=%

u2n2

可知S不变，根据

U3_2

。4”4

可知a变小，而输电线上损失的功率

A-

R

故ABC错误;

D要减小线路的损耗,应增大升压器的匝数比?输电电压变大，在输送功率一定的条件下，输电线

电流减小，乃输入电压变大，要用户得到额定电压，同时应增大降压变压器的匝数比故D正确。

%

故选D。

15.如图所示，理想变压器三个线圈的匝数比:〃2:"3=10：5：1,其中匝数为“I的原线圈接到220V的

交流电源上，匝数为〃2和"3的两个副线圈分别与电阻R2、R3组成闭合回路。已知通过电阻R3的电流/3=2A,

电阻凡=110。，则通过电阻及的电流/2和通过原线圈的电流分别是（）

A.10A,12AB.10A,20A

C.1A,0.7AD.1A,3A

【答案】C

【详解】

根据电压与匝数成正比可得5=s="

已知ni：it2：/13=10：5：1,Ui=220V,解得

〃in2%

5=110V,S=22V

根据欧姆定律得

U,

根据变压器的输入功率和输出功率相等可得

U^=Uih+Uih

解得

/i=0.7A

故选Co

16.如图所示，理想变压器原线圈输入电压〃=U,〃sinQZ,通过单刀双掷开关M可改变变压器原线圈的匝

数，电路中与、&、&为定值电阻，R是滑动变阻器，V是理想交流电压表，示数用U表示，A是理

想交流电流表，示数用/表示，下列说法正确的是（）

A./表示电流的瞬时值，U表示电压的最大值

B.若将滑片P向上滑动，变压器输入功率变大

C.若闭合开关邑，则U不变，/变大

D.若将原线圈开关5由1掷向2,则U、I都变大

【答案】D

【详解】

A.交流电表的示数为有效值，A错误；

B.P向上移动过程中，R变大，由于交流电源原副线圈匝数不变，副线圈两端电压不变，变压器输出

功率变小，所以变压器输入功率变小，B错误；

C.当开关用闭合后副线圈电压不变，副线圈负载电阻变小，副线圈电流变大，与两端电压变大，则并

联部分电压减小，故电压表示数U变小，/变小，C错误；

D.当开关，由1掷向2时，副线圈两端电压升高，电阻不变，所以U变大，/变大，D正确。

故选D。

17.图甲、乙分别表示两种电流的波形，其中图乙所示电流按正弦规律变化，分别用L和乙表示甲和乙两

A./,:/2=2:1B.:/2=1:2

C./]：=1：V2D./]：—y/2:1

【答案】D

【详解】

对图甲的交流电分析，可知一个周期内交流电的电流方向变化，而电流的大小不变，故图甲的电流有效

值为/,=70：对图乙的交流电分析可知，其为正弦式交流电，故其有效值为4=一含，故乙：八=亚：1，

故选D。

18.如图所示，理想变压器原线圈接在〃=UmSin（m+。）的交流电源上，副线圈接三个阻值相同的电阻

R,不计电表内电阻影响。闭合开关S后（）

A.电流表A2的示数减小

B.电压表V1的示数减小

C.电压表V?的示数不变

D.电流表A1的示数不变

【答案】A

【详解】

开关S闭合时，副线圈总的电阻减小，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不

变，即Vi示数不变，但因副线圈的总电阻减小，则副线圈的总电流增大，则原线圈的电流增大，故Ai

的示数变大；由于副线圈的电流增大，故串联在副线圈的电阻R两端的电压增大，而副线圈的总电压不

变，所以副线圈并联部分的电压减小，即V2的示数减小，故电流表A?的示数减小，故A正确，BCD错

误。

故选Ao

19.电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示。其原线圈匝数较少，串联在电路中,

副线圈匝数较多，两端接在电流表上。则电流互感器（）

电路

B.能测量直流电路的电流

C.原、副线圈电流的频率不同

D.副线圈的电流小于原线圈的电流

【答案】D

【详解】

A.原线圈匝数较少，电流互感器是一种降电流的变压器，A选项错误。

B.电流互感器的工作原理是电磁感应中的互感现象，只可以测量交变电流，B选项错误。

C.电流互感器不会改变电流的频率，只改变电流，故原、副线圈电流的频率相同。C选项错误。

D.原线圈匝数较少，电流互感器是一种降电流的变压器，副线圈的电流小于原线圈的电流。D正确。

故选D。

20.图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比772=22：3,输入端4、6所接电压〃随时间/的变化关系如

图乙所示。灯泡L的电阻恒为15C,额定电压为24V。定值电阻R|=1OC、&=5C,滑动变阻器R的

最大阻值为10。。为使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻应调节为（）

【答案】A

【详解】

输电电压的有效值为（即原线圈电压的有效值）

―警v=220V

根据理想变压器电压规律U.才（n.知副线圈电压有效值为

=」x220V=30V

%22

灯泡正常工作，根据欧姆定律可知分压为24V,则通过灯泡的电流，即副线圈部分的干路电流为

L=以3A=1.6A

RL15

根据串联分压规律可知，用和凡、R构成的并联电路部分的分压为

U=U2-UL=30V-24V=6V

通过"的电流为

,=—=AA=O.6A

1s10

通过此、R的电流为

I2=IL-=1.6A-0.6A=1A

&、R的分压为

U=/2(7?2+/?)

解得滑动变阻器的阻值为

R=Z-R,=9Q-5Q=1Q

A1

A正确，BCD错误。

故选Ao

21.如图所示，某小型水电站发电机的输出功率P=100kW,发电机的电压q=250V,经变压器升压后

向远处输电，输电线总电阻R线=8C,在用户端用降压变压器把电压降为q=220V。已知输电线上

损失的功率%=5kW,假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是（）

B.输电线上的电流/线=625A

C.降压变压器的匝数比〃3：%=190:11

D.用户得到的电流，4=455A

【答案】C

【详解】

A.根据电功率公式

P=U1

发电机输出电流

人=£=400A

%

A错误；

B.输电线上损失功率5kW,由

"戈=/线&发

可得

廿舟5A

故B错误；

C.降压变压器原副线圈得到的功率为

尸4=尸-尸*=95kW

根据理想变压器电流与线圈匝数成反比关系，可得

5000W

/线=%=V8c=11

95000W-190

220V

c正确；

D.用户得到的功率为95kW,用户得到的电流

95000W

/a432A

4220V

D错误。

故选C。

22.如图所示，甲乙两图中的理想变压器以不同的方式接在高压电路中。甲图中变压器原副线圈的匝数比

为匕，电压表读数为U,乙图中变压器原副线圈的匝数比为卷，电流表读数为/。则甲图中高压线电压

和乙图中高压线电流分别为（）

v乙

IU,,UI

A.k.U，幺/B.k.U,—C.—,kJD.1，丁

匕k

k2k,2

【答案】B

【详解】

根据理想变压器的电压和电流规律:

4=1

Ik2

解得甲图中高压线电压为

Hu

乙图中高压线电流为

故B正确，ACD错误。

故选B。

23.如图所示电路，电源内阻为r,两相同灯泡L-LZ电阻均为R,D为理想二极管（具有单向导电性）,

电表均为理想电表。闭合S后，一带电油滴恰好在平行板电容器中央静止不动。现把滑动变阻器滑片向

上滑动，电压表V1、V2示数变化量绝对值分别为AQ、\u2,电流表示数变化量为A/,则（)

B.油滴将向下运动

C.R+rD.>△%

△/

【答案】ACD

【详解】

A.滑片向上滑动，其阻值减小，总电阻减小，回路中电流变大，两灯变亮，故A正确；

B.总电流增大，故内电压增大，所以外电压减小，即Vi的示数减小，而Li的电压变大，所以并联部分

L2的电压减小，所以V2的示数及电容器板间电压变小，应放电,但二极管的单向导电性使电荷不能放出，

。不变，则由

得后=色丝，可知E不变，油滴静止不动，故B错误；

eS

C.把L1电阻R看作电源内阻一部分，就是R+r两端电压的增加量，也是电容器两板间电压减少

量，则丝L=R+「，故c正确；

△I

D.由闭合电路欧姆定律可得等=r,所以AU2>AU］，故D正确。

故选ACDo

24.在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r,Ri、&为定值电阻，&为滑动变

阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表。电键闭合后，在滑动变阻器的滑片P自b端向a

端滑动的过程中，下列说法正确的是（）

B.电流表示数增大

C.电容器C所带电荷量增多

D.a点的电势降低

【答案】AC

【详解】

在滑动变阻器滑动头P自b端向“端滑动的过程中，变阻器的电阻变大，外电路总电阻变大，干路电流

减小。

A.根据欧姆定律可知，电阻吊两端电压

5=国

减小，电压表示数变小，A正确；

B.总电流减小，根据

。并=£一/（4+广）

/减小，U#增大，通过后的电流增大，通过鼻的电流减小，即电流表示数减小，B错误；

c.U#增大，电容器板间电压变大，根据

Q=CU

可知其带电量增多，c正确；

D.总电流减小，R两端的电压减小，故电势降落减少，故”点电势升高，D错误。

故选AC。

25.如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表匕、匕、

匕示数变化量的绝对值分别为△■、八。2、公。3,理想电流表示数变化量的绝对值为A/，则（）

A.A的示数减小B.匕的示数增大

C.与A/的比值大于，D.大于AU2

【答案】CD

【详解】

AB.闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻减小，电路中总电阻减小，电路中总电流增

大，A的示数变大，由闭合电路欧姆定律

U=E—Ir

可知，路端电压减小即V2的示数减小，故AB错误；

C.根据闭合电路欧姆定律得

Ui=E—7(7?+r)

则有

即与4的比值大于，，故C正确；

D.由于总电流增大，则电压表Vi的示数增大

由于路端电压减小，所以电压表V2示数减小

----=r

A/

定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r,所以有AU"、］AU：,故D正确。

故选CD。

26.如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表Vi、V2、

V3示数变化量的绝对值分别为△S、△U2、△口,理想电流表示数变化量的绝对值为△/,则()

A.A的示数减小B.V2的示数增大

c.as与△/的比值大于rD.A5大于AS

【答案】CD

【详解】

A.理想电压表内阻无穷大，在电路中相当于断路，理想电流表内阻为零，在电路中相当于短路，所以R

与变阻器串联，电压表V|、V2、V3分别测量R两端的电压、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变

阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电流增大，故A错误；

B.根据闭合电路欧姆定律得

U2=E-Ir

可知V2的示数减小，故B错误;

C.根据闭合电路欧姆定律得

■=E_/（R+r）

可得

△4=R+r>r

故C正确；

D.根据闭合电路欧姆定律得

U[=E—Ir

可得

△%一

AU1=R

A/A/

根据题意，有

R>r

可得

△a>\u2

故DiE确。

故选CDo

27.某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。当汽车启动时，开关S闭合，电机工作,

车灯突然变暗，此时()

车灯

E,r

A.车灯的电流变小B.路端电压变小

C.电路的总电流变小D.电源的总功率变大

【答案】ABD

【详解】

A.开关闭合时，车灯变暗，故流过车灯的电流/灯变小，A正确;

B.电路的路端电压为

。路=。灯=，灯R灯

/灯变小，路端电压变小，B正确；

C.总电流即干路电流为

U路减小，干路电流增大，C错误;

D.电源总功率为

心=EI干

/干增大，总功率变大，D正确。

故选ABD。

28.图(a)为一交流发电机示意图，线圈岫cd在匀强磁场中绕固定轴OO'沿顺时针方向匀速转动，图(b)是该

发电机的电动势e随时间f按余弦规律变化的图像。已知线圈电阻为2.5C,定值电阻R=10C,电表均为

理想交流电表。由此可以判定（)

图（a）困（b）

A.电流表读数为0.8AB.电压表读数为1OV

C./=0.1s时刻，穿过线圈的磁通量为零D.0~0.05s内，通过电阻R的电荷量为0.05C

【答案】AC

【详解】

A.由图（b）可知，线圈产生的感应电动势的最大值为纥,=10及V,周期T=0.2s,线圈产生的感应电

£p

动势的有效值E=-卢=10V。根据闭合电路的欧姆定律可知/=——=0.8A,故A正确;

V2R+r

B.电压表的示数U=〃?=8V,故B错误：

C./=0」s时刻，线圈产生的感应电动势最大，此时线圈位于与中性面垂直位置，故穿过线圈的磁通量为

零，故C正确：

D.线圈转动的角速24度227rrad/s=10乃rad/s,线圈产生的最大感应电动势E,“=BSty,故

T0.2

0~0.05s内，△①=85=殳=迎Zwb=Y?Wb，通过电阻R的电荷量为

CO10^71

△①BS2-\/2ccc/ci/rr>

q=-----=------=-----C=0.036C，"乂Din1■天。

R+rR+r25万

故选ACo

29.如图甲所示，标有“220V40W”字样的电灯和标有“20pF300V”字