八校高三上学期期中联考物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2012学年第一学期高三期中物理试卷(八校联考）2012。11（时间120分钟，满分150分）说明:1．答卷前，考生务必将姓名、准考证号等清楚的填写答题纸上。2．考生应将答案全部直接写在答题纸上。一．单选题:（每小题2分，共16分，每题只有一个正确选项）1．物理学史上，首先用理想斜面实验推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是（C）（A）亚里士多德（B）牛顿（C）伽利略（D）爱因斯坦2．甲、乙两人并排骑自行车，甲看到乙相对静止，甲选取的参照物是（C)（A）乙(B）地面（C）甲自己（D）道路两旁的树木3．做自由落体运动的物体,下列说法正确的是(B）（A）第1s内、第2s内通过的位移相同（B）第1s内、第2s内速度变化相同（C)第1m内、第2m内所用时间相同(D）第1m内、第2m内平均速度相同4．封闭的箱子放在水平地面上，自重为G，内有一只重为G0的小蜜蜂，其在箱子内倾斜向上匀速飞行。则箱子对地面的压力大小为(D)（A)等于G（B）大于G＋G0（C)小于G＋G0（D）等于G＋G05．下列说法中错误的是（C）(A）压力和支持力的方向总是垂直于接触面的(B）弹簧测力计在称重物后指针能恢复到零刻度，弹簧的形变是弹性形变（C）微小的力不能使坚硬的物体发生形变，所以就没有弹力产生（D)只有发生弹性形变的物体,才会对它所接触的物体产生弹力的作用6．游乐园中，游客乘坐能匀速、加速或减速运动的升降机，可以体会超重与失重的感觉．下列描述正确的是（C）(A）当升降机匀速上升时，游客是处在超重状态(B）当升降机加速上升时,游客是处在失重状态（C）当升降机减速上升时，游客是处在失重状态(D)当升降机加速下降时，游客是处在超重状态7．某质点做直线运动，若其速度v＞0,加速度a＜0，则当加速度a逐渐增大的过程中，速度将(C）F3F2F1F4F3F2F1F4B（C）减小得越来越快 (D）减小得越来越慢8．如图所示，两根重杆OA和OB，由铰链连接，并用铰链悬挂在天花板上,B位于O的正下方，若在B端分别施加图示方向的力F1、F2、F3和F4，则其中可能使两杆保持静止的是（D)（A）F1（B)F2（C）F3（D）F4二．单选题：(每小题3分，共24分，每题只有一个正确选项）vv2v1IIItt009．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图vv2v1IIItt00（A）Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断增大（B）Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小(C）Ⅰ、Ⅱ两物体的位移都在不断增大（D）Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是eq\f（v1＋v2,2）10．在同一竖直线上的A、B、C三个小球在离地面不同高度处，同时以v、2v和3v的水平速度抛出，不计空气阻力,若从抛出时刻起每隔相等的时间间隔,A、B、C三个小球依次落到地面。则A、B、C三个小球距离地面的高度之比为（A）（A)1:4:9（B）1：3：5(C）1：2:3（D）1：1：111．如图所示,滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O安在一根轻木杆B上，一根轻绳AC绕过滑轮,A端固定在墙上,且绳保持水平,C端挂一重物，BO与竖直方向夹角＝45°，系统保持平衡．若保持滑轮的位置不变,改变的大小，则滑轮受到木杆作用力大小变化情况是(D） （A）只有角变小，作用力才变大（B）只有角变大，作用力才变大（C）不论角变大或变小，作用力都是变大（D）不论角变大或变小，作用力都不变12．质量相同的两个物体，分别在地球和月球表面以相同的初速度竖直上抛，已知月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，若不计空气阻力,下列说法中正确的是（D）(A)物体在地球表面时的惯性比在月球表面时的惯性大（B）物体在地球表面上升到最高点所用时间比在月球表面上升到最高点所用时间长(C)落回抛出点时,重力做功的瞬时功率相等（D)在上升到最高点的过程中，它们的重力势能变化量相等321321t/sv/m/sO13．某物体质量为1kg，受水平拉力作用沿水平粗糙地面做直线运动，其速度图321321t/sv/m/sO(A）受的拉力总是大于摩擦力（B）在第3s内受的拉力为1N（C)在第1s内受的拉力大于2N(D)在第2s内受的拉力为零14．如右图所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连,整个系统置于水平放置的光滑木板上,并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g．则有（C）（A）a1＝g，a2＝g （B）a1＝0,a2＝g（C）a1＝0，a2＝EQ\F（m＋M,m）g （D)a1＝g，a2＝EQ\F(m＋M，m）g15．假设一个篮球运动员在某次投篮过程中对篮球做功为W，出手高度为h1，篮筐距地面高度为h2,球的质量为m,不计空气阻力，则篮球进筐时的动能为（A）(A）W＋mgh1－mgh2（B）mgh2－mgh1－W（C)mgh1＋mgh2－W（D）W＋mgh2－mgh116．放在粗糙水平面上的物体,第一次受水平力F1的作用，第二次受与水平面成角的斜向上的拉力F2的作用，这两次使物体以相同的加速度发生相同的位移，在两次情况下，力F1和F2对物体做功分别为W1和W2,则 （ B）（A)F1＞F2,W1＞W2 （B）无法比较F1和F2的大小，但W1＞W2 （C）无法比较W1和W2的大小，但F1＞F2 （D）力和功都无法比较大小 三．多选题：(每小题4分，共16分，每小题至少有2个选项正确，选对全部正确选项得4分，选对但不全得2分，错选或不选得0分）17．质量为2kg的物体，以1m/s的速度在光滑水平长直轨道上滑行．从某时刻起对该物体施加一个沿轨道的水平力,经过一段时间后，滑块的速度改变量的大小为2m/s，则在此过程中水平力做的功可能为（AD）（A）0（B）3J(C）4J(D）8J18．在光滑的水平地面上，有质量相同的甲、乙两物体，甲原来静止，乙以速度v做匀速直线运动，俯视图如图所示.某时刻它们同时受到与v方向垂直的相同水平恒力F的作用，经过相同时间（BCD）甲乙甲乙FFv（B）恒力F对两物体所做的功相同（C）两物体的速度变化率相同(D）两物体的动能变化量相同19．一个小铁球从竖立在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落,接触弹簧后将弹簧压缩.若压缩过程中弹簧的形变均为弹性形变，弹簧的弹力跟弹簧的形变量成正比，则当弹簧的压缩量最大时（BC）(A）球所受到的合外力最大，但不一定大于重力（B）球的加速度最大，且一定大于重力加速度(C）球所受到的弹力最大，且一定大于重力（D）球的加速度最大，且可能小于或等于重力加速度CADB20．如图所示，均匀的直角三角板ABC重为20N，在C点有固定的水平转动轴,A点用竖直的线AD拉住，当BC处于水平平衡位置时AD线上的拉力大小为F.后将一块凹槽口朝下、重为4N的木块卡在斜边AC上，木块沿斜边AC匀加速下滑,当木块经过AC的中点时细线的拉力大小变为F＋FCADB(A）F＝10N（B）F＞10N(C）F＝2N（D）F＝4N四．填空(每空2分，共20分。答案写在答题卡上相应题中的空白处。）21．质点在x轴上运动,其位置坐标x随时间t的变化关系为x＝2t2＋2t－4，则其加速度a＝___________m/s2。当t＝0时，速度为___________m/s（x的单位是m，t的单位是s).__4__m/s2，__2__m/s22．如图所示,均匀光滑直棒一端用铰链装在水平地面上，另一端搁在立方体上，棒与地面夹角为30左右,现将立方体缓慢向左推，则立方体对棒的压力力矩变化情况为（选填“逐渐增大”、“逐渐减小"、“先增大后减小”或“先减小后增大”，以下同），立方体对棒的压力变化情况为.23．一物体静止在光滑的水平面上，现将F1＝2N的水平恒力作用于物体上，经t0时间后,物体的速度大小为v，此时改施一个与F1方向相反的恒力F2作用，又经过3t0时间后，物体回到了出发时的位置，则F2的大小为_________N,回到出发点时的速度大小为。24．从倾角为的斜面顶端用弹簧枪把一个原来静止的小球以15J的初动能水平弹射出去，不计空气阻力，小球刚好能落到斜面的底端。已知小球落到斜面底端时动能为35J。小球在飞行过程中,重力对小球做的功为____________J，斜面的倾角为____________。20，tan－1EQ\R(3）/425．如图所示，三个半径均为r、质量均为m的小球紧靠着由静止起沿倾角为的光滑斜面下滑，斜面与光滑水平面间有光滑小圆弧连接,开始时第一个小球的最低点离水平面的高度为h.则第三个小球滑到水平面时的速度大小v3＝__________，在此过程中第二个小球对第一个小球所做的功W＝__________.答案:EQ\R（2gh＋4grsin），2mgrsin,五．实验（共24分，答案写在答题卡上相应题中的空白处。）26.（6分）某同学在做验证互成角度的两个力合成的平行上边形定则实验时，把橡皮条的一端用图钉固定于P点，同时用两个弹簧秤将橡皮条的另一端拉到位置O。这时两弹簧秤的示数分别为FA＝3.5N、FB＝4。0N，其位置记录如图甲所示。倘若橡皮条的活动端仅用一个弹簧秤拉着,也把它拉到O点位置，弹簧秤的示数为FC＝6.0N，其位置如C。（1）用1cm表示1N，在图乙中作出力FA、FB和FC的图示。（2）根据平行四边形定则在图乙中作出FA和FB的合力F，F的大小为___________N.（3）实验的结果是否能验证平行四边形定则：________（选填“能”或“不能"）。答案：(6分)（1)图略(1分），（2）图略（1分），5.9—6.3N(2分）（3)能（2分）,ABSH27.（6分）如图所示,在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开轻质接触式开关S，被电磁铁吸住的与轨道末端等高的小球B同时自由下落．改变整个装置的高度H和改变A球释放时的初位置做同样的实验，发现AABSH(1)该实验现象揭示了A球在离开轨道后在__________方向上分运动的规律；（2）该实验装置的设计思想所体现的物理思维方法和实验方法是：__________________和__________________．答案：竖直；等效思维法控制变量法或实验比较法（每空格2分）28.（6分）在探究影响单摆周期的因素的实验中（1）同学甲有如下操作，请判断是否恰当（填“是”或“否”）。①把单摆从平衡位置拉开约5°释放；②在摆球经过最低点时启动秒表计时；③把秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期。该同学改进测量方法后，得到的部分测量数据见表。根据表中数据可以初步判断单摆周期随_______的增大而增大。数据表没有!！！（2）同学乙实验时,为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，设计如图A所示的装置，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t变化图线如图B所示，则该单摆的振动周期为.若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径一半的另一小球进行实验，则该单摆的周期将______(填“变大”、“不变”或“变小"）。答案:27．（1)①是②是③否摆长____(2）___2t0___________变小____（每空1分）29．(6分)某实验小组设计了如图（a)所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图像.他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a－F图线，如图（b）所示。F/Na/ms-2/×10-5Pa1-202eq\o\ac(○,1)eq\o\ac(○,2F/Na/ms-2/×10-5Pa1-202eq\o\ac(○,1)eq\o\ac(○,2)4（b）（2）滑块和位移传感器发射部分的总质量m＝____________kg；滑块和轨道间的动摩擦因数＝____________.（每空2分）六、计算题（共50分，答案写在答题卡上相应题中的空白处.要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分.有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。)Ov/m•s-1t/s2460.10.20.30.40.530．（12分)一质量m＝0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30º足够长的斜面,某同学利用DIS实验系统测出了Ov/m•s-1t/s2460.10.20.30.40.5（1)滑块冲上斜面过程中的加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数;（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的动能；若不能返回，求出滑块停在什么位置。答案：31．解:（1）滑块的加速度 （4分）（2）物体在冲上斜面过程中 （2分）（） （2分）(3）滑块速度减小到零时，重力的分力小于最大静摩擦力,不能再下滑。 （2分）滑块停在距底端1.5m处。 (2分）31。（14分)图示为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将质量m＝5×103kg的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a＝0。2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做vm＝1。02m/s的匀速运动。取g＝10m/s2，不计额外功.求：（1)起重机允许输出的最大功率.(2)重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2秒末的输出功率。（3）若t＝20s前物体已经达到最大速度，求t＝20s时物体上升的高度。32(1)设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉力F0等于重力.P0＝F0vm①P0＝mg②代入数据，有：P0＝5。1×104W③（2)匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率,设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1，有:P0＝F0v1④F－mg＝ma⑤V1＝at1⑥由③④⑤⑥，代入数据,得：t1＝5s⑦T＝2s时，重物处于匀加速运动阶段,设此时速度为v2,输出功率为P，则v2＝at⑧P＝Fv2⑨由⑤⑧⑨，代入数据，得:P＝2。04×104W。32。辨析题：静止在水平地面上的木箱，质量为50kg。若用F＝400N的水平恒力推它，可以在5s内使它移动s＝50m.若用大小仍为400N、而方向与水平方向夹角为37斜向上的拉力拉木箱从静止开始运动，使木箱能够到达离出发点50m远处,则拉力的作用时间最少是多少?（cos37＝0。8）某同学是这样解的：当拉力水平时：由运动学公式，有s＝EQ\F(1,2）at2即50＝EQ\F（1，2）a152由牛顿第二定律：F－μmg＝ma1即400－μ×50×10＝50×a1得μ＝0。4当拉力斜向上时：设加速度大小为a2在水平方向由牛顿第二定律：Fcos37－μmg＝ma2a2＝EQ\F(Fcos37－μmg,m)＝EQ\F（400×0.8－0.4×50×10,50)＝2。4m/s2再由运动学公式，s＝EQ\F(1,2)at2解得拉力作用的最少时间：（1）这位同学解法是否有不合理的地方？（回答“有”还是“没有”?）(2）若有不合理的地方，请你指出这位同学的解法错误的地方？并说明理由。（3）若有不合理的地方,请用你自己的方法算出正确结果。该同学的解法不正确.一是斜拉时的摩擦力计算错误.二是拉力不是一直拉到50m处.因为欲使拉力作用时间最少，则拉力作用的位移最小，故木箱应先在拉力作用下加速再撤去拉力使木箱减速,到达50m处速度恰好减速为0。