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文档简介
2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再
选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)
1、在港珠澳大桥高速公路上乘坐汽车时,驾乘人员必须系好安全带,其目的是
A.防止汽车急刹时驾乘人员惯性消失
B.防止汽车加速时驾乘人员惯性变大
C.防止汽车减速时驾乘人员惯性变小
D.防止在紧急情况时驾乘人员由于惯性飞离座椅,从而造成伤害
2、我国《道路交通法》中规定:各种小型车辆前排乘坐的人(包括司机)必须系好安全带。下列有关说法中正确的是
()
A.系好安全带可以减小人的惯性
B.同一辆车的速度越大,停下来需要的时间越长,说明速度大的车惯性大
C.系好安全带可以减轻因人的惯性而造成的伤害
D.刹车时人会往前倾,说明人的惯性大于车的惯性
3、如图所示,质量为,〃的木块在质量为M的长木板上受到水平向右的拉力厂的作用向右滑行,但长木板保持静止不
动.已知木块与长木板之间的动摩擦因数为山,长木板与地面之间的动摩擦因数为"2,下列说法正确的是()
A.长木板受到地面的摩擦力的大小一定为ftiMg
B.长木板受到地面的摩擦力的大小一定为"2(»i+M)g
C.只要拉力尸增大到足够大,长木板一定会与地面发生相对滑动
D.无论拉力厂增加到多大,长木板都不会与地面发生相对滑动
4、如图,A、B两球用劲度系数为kl的轻弹簧相连,B球用长为L的细绳悬于O点,A球固定在O点正下方,且O、A
间的距离恰为L,此时绳子所受的拉力为Ti,弹簧的弹力为F”现把A、B间的弹簧换成劲度系数为k2(ki>k2)的
轻弹簧,仍使系统平衡,此时绳子所受的拉力为T2,弹簧的弹力为F2,则下列说法正确的是()
B
A.TI<T2
B.FI<F2
C.TI=T2
D.FI=F2
5、如图,质量为机的小球挂在电梯的天花板上.电梯在以大小为g/3的加速度向上减速运动的过程中,小球
A.处于失重状态,所受拉力为,"g/3
B.处于失重状态,所受拉力为2,”g/3
C.处于超重状态,所受拉力为,〃g/3
D.处于超重状态,所受拉力为4,”g/3
6、某质点从静止开始做匀加速直线运动,已知第3秒内通过的位移是x,则质点前两秒内通过的位移为
A.xB.0.5x
C.0.8xD.1.8x
7、某物体由静止开始运动,它所受到的合外力方向不变,大小随时间变化的规律如图所示,则在。〜to这段时间()
A.物体做匀加速直线运动
B.物体在to时刻速度为零
C.物体在to时刻速度最大,而加速度为零
D.物体作变加速运动,运动速度越来越大
8、假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶.甲车在前,乙车在后,速度均为vo=3Om/s,距离为so=lOOm.t
=0时刻甲车遇紧急情况后,甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示.取运动方向为正方向,下列说法正确的是()
22
Ma(m/s)A<z(m/s)
5---------——
0--------k—
9;~
-1()--------;
甲乙
A.f=3s时,甲车的速度为Om/sB.f=6s时,两车距离为10m
C.f=9s时,甲在乙前方20m处D.0〜9s内,两车会相撞
9、如图所示,一质量为M的圆环套在一根粗糙的水平横杆上,圆环通过轻绳和质量为m的物块相连,物块在水平向
右的风力作用下偏离竖直方向一定的角度(如图中虚线位置所示)。现风力发生变化使物块偏离到图中实线位置(缓缓
移动),但圆环仍然不动,在这一过程中,水平风力大小尸风、绳子上的张力大小Fr、横杆对圆环的摩擦力大小/、横
杆对圆环的支持力大小fN变化情况正确的是()
A.f风逐渐变大,尸r逐渐变大
B.f风逐渐变大,FT逐渐变小
CJ逐渐变大,FN保持不变
DJ保持不变,FN逐渐变小
10、如图所示,当小车水平向右加速运动时,物块M相对静止于车厢后竖直壁上.当小车的加速度增大时,()
A.M所受的静摩擦力增大B.M对车厢的作用力增大
C.M仍相对车厢静止D.M受到的合外力为零
11>质量为2kg的质点在x-j平面上做曲线运动,在x方向上的速度图象和y方向上的位移图象如图所示,下列说法正确
A.质点的初速度为5m/s
B.2s末质点速度大小为6m/s
C.质点做曲线运动的加速度大小为3m/s2
D.质点所受的合力为3N
12、如图所示,在倾角仇=30。的固定光滑斜面上,有两个用轻弹簧连接的物块4和出它们的质量均为m=lkg,弹簧
的劲度系数A=100N/m,C为一固定挡板,系统处于静止状态。现用一沿斜面向上的恒力F=10N拉物块A使之沿斜面
向上运动,则从系统静止到〃刚要离开C的过程中,下列说法正确的是()
A.物体A做匀加速直线运动
B.物体A的位移大小为10cm
C.当弹簧处于原长时,A的加速度为零
D.当8刚要离开C时,A达到最大速度
二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)
13、(6分)为了探究加速度与力的定量关系,某同学设计了如图所示的实验装置.其中M为小车和固定在小车上的
定滑轮的总质量,m为砂和砂桶的总质量,滑轮大小不计且光滑.力传感器可测出轻绳的拉力大小F
(1)该实验_____(填“需要”或"不需要”下同)满足m远小于M,平衡摩擦力
(2)实验中,应保证_____的大小不变、改变的大小(填"m”或"M"),此时采用的物理方法是
(3)若当地重力加速度为g,则在小车向左加速运动过程中,绳拉力Fmg(填“>”、V""或“=”)
(4)在实验中得到一条纸带,如图所示,取A、B、C、D、E五个点为计数点,其中两相邻计数点间有四个点未画出,
已知BC=9.00m,DE=17.00m,打点计时器所用电源的频率为f=50Hz,则加速度大小a=m/s?(保留两位小数)
(5)以力传感器的示数F为横坐标,小车运动的加速度a为纵坐标,画出的a-F图象是一条过原点的斜直线,如图
所示,则该图线斜率的物理意义是
14、(10分)某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验
①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度,其示数为7.73cm,图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺
刻度,此时弹簧的伸长量△/为cm;
②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力,关于此操作,下列选项中规范的做法是:(填选项
前的字母)
A.逐一增挂钩码,记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重
B.随意增减钩码,记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重
③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△/与弹力尸的关系图线,图线的A8段明显偏离直线。1,造成这种现象的主要
原因是_____________
三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)
15、(12分)如图所示,高台滑雪运动员经过一段滑行后从斜坡上的。点水平飞出,斜坡与水平面间的夹角。=37。,
运动员连同滑雪板的总质量,"=50kg,他落到了足够长的斜坡上的A点,A点与。点的距离s=12m,滑雪板与斜坡间
的动摩擦因数4=0.50,忽略空气阻力的影响,重力加速度g=10m/s2,加37。=0.6,cos37°=0.8.求:
(1)运动员在空中的运动时间;
(2)运动员在空中刚落到A点时的速度大小;
(3)运动员落到斜坡上顺势屈腿以缓冲,使他在垂直于斜坡方向的速度在很短的时间内减小为零(可忽略这一时间),
则缓冲结束后运动员沿斜坡方向在2.0s内滑行的距离
16、(12分)前一段时间,全国不少城市被雾霾笼罩,空中浮游大量有害物质,不仅影响市民的身体健康,道路交通
环境也受到一定的影响.某日雾霾天气,路上能见度(观察者与能看见的最远目标间的距离)为70m,一汽车在平直公
路上以vo=25m/s的速度行驶,该司机的反应时间/o=O.5s,汽车刹车时能产生的最大加速度大小a=5m/s2.
⑴汽车在司机反应时间力内行驶多长距离?
(2)请根据以上数据分析,一旦在能见度处出现障碍物,汽车能否避免与障碍物碰撞
17、(12分)如图所示,一足够长的固定光滑斜面倾角。=37。,两物块4、5的质量〃?=lkg、/%=4kg.两物块之间
的轻绳长L=0.5m,轻绳可承受的最大拉力为7=12N,对B施加一沿斜面向上的力月,使A、8由静止开始一起向上
运动,力尸逐渐增大,g取10m/s2(sin37°=0.6,cos37°=0.8).
(1)若某一时刻轻绳被拉断,求此时外力歹的大小;
(2)若轻绳拉断瞬间4、8的速度为3m/s,绳断后保持外力尸不变,求当4运动到最高点时,4、5之间的距离。
参考答案
一、选择题:(卜6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)
1,D
【解析】ABC.惯性是物体本身具有的属性,惯性的大小只与物体的质量有关,故ABC错误;
D.驾乘人员和汽车一起向前运动,紧急刹车时,汽车由运动突然变成静止,而驾乘人员由于具有惯性,会向前倾倒
造成人身伤害,所以驾车时必须系好安全带,故D正确。
故选D
2、C
【解析】A.质量是物体惯性大小的唯一的量度,系好安全带不能改变人和车的惯性,故A错误;
B.惯性与物体的速度无关,只与质量有关,选项B错误;
C.安全带系在人的身上,对人有一定的作用力,可以改变人的运动状态,所以系好安全带可以防止因人的惯性而造
成的伤害,故C正确。
D.刹车时人会往前倾,说明人有惯性,不能说明人的惯性大于车的惯性,选项D错误;
故选C。
3,D
【解析】A、对M分析,在水平方向受到m对M的摩擦力和地面对M的摩擦力,两个力平衡,则地面对木板的摩擦
力/=,故AB错误;
C、无论F大小如何,m在M上滑动时对M的摩擦力大小不变,M在水平方向上仍然受到两个摩擦力处于平衡,不
可能运动,故C错误,D正确
【点睛】隔离对M分析,抓住木板处于静止状态,根据共点力平衡求出地面对木板的摩擦力大小.无论改变F的大小,
只要m在木板上滑动,则m对M的摩擦力大小不变,木板仍然保持静止
4、C
解:对小球B受力分析,由平衡条件得,弹簧的弹力N和绳子的拉力F的合力与重力mg大小相等、方向相反,即
与=mg,作出力的合成图,并由三角形相似得:^=—=—,又由题,OA=OB=L,得T="=mg,绳
OAOBAB
子的拉力T只与小球B的重力有关,与弹簧的劲度系数k无关,所以得到TI=T2,故C项正确.换成K2以后AB减
小由——---可知FI>F2B错误
OAOBAB
综上所述,本题正确答案为C
5,B
2
【解析】设绳的拉力为T,根据牛顿第二定律有,〃g-T=,〃a,解得:T=-mg<mg,所以处于失重状态,ACD错误B
正确
6、C
【解析】初速度为零的匀变速运动在连续相等时间内的位移之比等于从1开始的连续奇数比,据此回答
【详解】质点从静止开始做匀加速直线运动,根据匀变速直线运动的规律可知,第1s,第2s和第3s内的位移之比为
1:3:5;因第3秒内通过的位移是x,则质点前两秒内通过的位移为0.8x,故选C.
7、CD
【解析】AD.由图看出,合外力户减小,则由牛顿第二定律得知加速度a减小,加速度与速度同向,物体做变加速运
动,速度越来越大.故A错误,D正确;
BC.由于。与v同向,物体的速度增大,在介时刻加速度为零,速度最大,故B错误,C正确。
故选CDo
8、AB
【解析】A.甲做匀减速直线运动,r=3s时,甲车的速度为:
匕=%=30-10x3m/s=Om/s
故A正确;
B.由加速度图象可画出两车的速度图象,如图所示
由图象可知,,=6s时两车等速,此时距离最近,图中阴影部分面积为。〜6s内两车位移之差:
Ax=-x30x3+-x30x(6-3)m=90m
22
两车距离为:
s=>v0—Ax=10m
故B正确;
C./=9s时两车间的位移差为:
A/=Ax-^x30x(9-6)m=45m
r=9s时两车距离为:
s'=一Ax'=55m
故C错误;
D.由图象可知,f=6s时两车等速,此时距离最近,由于Ar<So,乙车没有追上甲车,6s后乙车的速度小于甲车的
速度,所以0〜9s内两车不会相撞,故D错误;
故选AB。
9、AC
【解析】以重物为研究对象,分析受力情况:重力G、水平风力/和绳子的拉力6、如图1所示
FT
eF凤
y
mg
图1
由平衡条件得
/=mgtan6,FT=-^―
COS。
当。增加时,耳a逐渐增加,鸟增加;再以两物体整体为研究对象,分析重力6总、水平风力很,杆的摩擦力/和支
持力£、,,如图2所示
AF
r风
G总
图2
则有
则F*保持不变。
则/逐渐增加;故AC正确,BD错误。
故选AC。
10、BC
【解析】小车向右做匀加速直线运动,物体M相对小车静止,加速度与车的加速度相同,分析物块的受力情况根据牛
顿第二定律研究摩擦力、弹力
【详解】以物块为研究对象,受力如图所示:
Mg
对物块,由牛顿第二定律得:N=Ma,a增大,N增大,由牛顿第三定律可知,M对车厢的压力:N,=N增大;M对车
厢壁的压力增大,物块受到的最大静摩擦力增大,物块不可能沿壁下滑,M仍相对于车厢静止,在竖直方向,M所受
合外力为零,由平衡条件得:f=Mg,M所受的静摩擦力不变;M受到的合外力不为零:竖直方向的力不变,水平方
向的增大,所以车厢对M的力增大,故AD错误,BC正确;故选BC
【点睛】本题运用正交分解研究物体在水平方向运动的问题,要正确分析受力情况,作出力图是基础,注意明确物体
静止在竖直面上时,重力与摩擦力平衡
11、AD
【解析】A,x轴方向初速度为以=3m/s,y轴方向初速度
△x-8...
v=—=—m/s=-4m/s
)v2
质点的初速度
%=照+1=5m/s
选项A正确;
B.2s末质点速度大小为
22
v2=如+2嘘=^6+4=>/52m/s
选项B错误;
C.质点做曲线运动加速度大小为
22
a-ax--623m/s=1.5m/s
选项C错误;
D.质点所受的合力为
F=ma=3N
选项D正确;
故选AD。
12、BD
【解析】A.由于4物体向上运动过程中弹簧的弹力发生变化,A受到的的合力发生变化,故加速度变化,A不是做匀
加速直线运动,故A错误;
B.开始弹簧处于压缩状态,以A物体为研究对象,则有:
mgsin010x0.5___
x=-------=----------m=0.05m
1k100
后来弹簧处于伸长状态,以5物体为研究对象,则有:
mgsin010x0.5___
x=-------=----------m=0.05m
~9k100
所以A物体的位移
x=Xy+x2=0.1m=10cm
故B正确;
C.当弹簧处于原长时,A的加速度为
F-mgsin0
a=-------2------=5m/s2
in
故C错误;
D.当8刚要离开C时,弹簧弹力等于〃物体的重力沿斜面向下的分力,即为
T=mgsin,=5N
此时A
F-〃?gsine-T=10N-5N-5N=0N
受力平衡,此时A达到最大速度,故D正确;
故选BD。
二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)
2
13、①不需要;②.需要;③.M;④.m;⑤.控制变量法;⑥⑦.4.00;⑧.一;
M
【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理,了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项;
根据图2判断出a-F图象不过原点的原因;
小车质量不变时,加速度与拉力成正比,对a-F图来说,图象的斜率表示小车质量与滑轮质量和的倒数的2倍
【详解】(1)由于拉力可测,不必用钩码的重力代替拉力,所以不需要满足mVVM这一条件;由于将拉力当做合力,
所以摩擦力是需要平衡的;
(2)由于是探究加速与作用力的关系,所以要控制小车的质量M不变,而改变拉力(改变m)从而改变了拉力,此时
应用的物理方法为控制变量法;
(3)由于重物向下加速运动,属失重,所以拉力小于重力;
(4)由逐差相等求加速度为:='.武黑°"%=4.00%;
22
(5)小车在两段绳子的拉力作用下加速运动,由牛顿第二定律有:2F=Ma,所以a=—b,则a-F图象的斜率为一
MM
【点睛】解决本题的关键掌握纸带的处理方法,会通过纸带求解瞬时速度和加速度,关键是匀变速直线运动两个重要
推论的运用
14、①.6.93cm②.A③.钩码重力超过弹簧弹力范围
【解析】①乙的读数为14.66cm,则弹簧的伸长量△/=14.66cm-7.73cm=6.93cm
②为了更好的找出弹力与形变量之间的规律,应逐一增挂钩码,记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的
钩码总重,A正确;
③弹簧超出了弹性限度,弹簧被损坏,弹簧的伸长量△/与弹力产不成正比。
三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)
15、(1)1.2s(2)4而m/s(3)31.2m
【解析】根据平抛运动水平方向和竖直方向的运动规律求解时间和初速度,然后根据平行四边形定则求解A点的速度
大小,最后根据牛顿第二定律和位移与时间关系进行求解即可;
1,
【详解】(1)滑雪运动员空中做平抛运动,其竖直方向为自由落体运动,贝!I:s-sin0=-gr
解得:f=1.2s;
(2)滑雪运动员在水平方向上的分运动是匀速直线运动,因此s-cose=
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