高中物理模型（五）轻杆、轻绳和轻弹簧模型

方法15高中物理模型盘点（五）轻杆、轻绳和轻弹簧模型物理模型盘点——轻杆、轻绳、轻弹簧模型1．三种模型的相同点(1)“轻”——不计质量，不受重力。(2)在任何情况下，沿绳、杆和弹簧伸缩方向的弹力处处相等。2．三种模型的不同点轻杆轻绳轻弹簧形变特点只能发生微小形变，不能弯曲只能发生微小形变，各处弹力大小相等，能弯曲发生明显形变，可伸长，也可压缩，不能弯曲方向特点不一定沿杆，可以是任意方向只能沿绳，指向绳收缩的方向一定沿弹簧轴线，与形变方向相反作用效果特点可提供拉力、推力只能提供拉力可以提供拉力、推力能否突变能发生突变能发生突变一般不能发生突变如图所示，水平轻杆的一端固定在墙上，轻绳与竖直方向的夹角为37°，小球的重力为12N，轻绳的拉力为10N，水平轻弹簧的拉力为9N，则轻杆对小球的作用力的大小及其方向与竖直方向夹角θ为()A．12N53° B．6N90°C．5N37° D．1N90°解析：本题考查轻绳、轻杆、轻弹簧中力的方向及大小的特点，解题时要结合题意及小球处于平衡状态的受力特点。以小球为研究对象，受力分析如图所示，小球受四个力的作用：重力、轻绳的拉力、轻弹簧的拉力、轻杆的作用力，其中轻杆的作用力的方向和大小不能确定，重力、弹簧的弹力二者的合力的大小为F＝eq\r(G2＋F\o\al(2,1))＝15N。设F与竖直方向夹角为α，sinα＝eq\f(F1,F)＝eq\f(3,5)，则α＝37°。所以杆对小球的作用力方向与F2方向相同，大小为F1－F2＝5N。故选项C正确。答案：C如图所示，一重为10N的球固定在支杆AB的上端，用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲。已知绳的拉力为7.5N，则AB杆对球的作用力()A．大小为7.5NB．大小为10NC．方向与水平方向成53°角斜向右下方D．方向与水平方向成53°角斜向左上方解析：对小球进行受力分析可得，AB杆对球的作用力和绳子的拉力与小球的重力的合力等值反向，由平衡条件知：F＝eq\r(102＋7.52)N＝eq\r(156.25)N，故A、B均错。令AB杆对小球的作用力与水平方向夹角为α，可得tanα＝eq\f(G,F拉)＝eq\f(4,3)，α＝53°，方向斜向左上方，故C项错误，D项正确。答案：D【2021·江苏卷.修改题】如图所示，三个小球A、B、C的质量均为m，A与B、C间通过铰链用轻杆连接，杆长为L。B、C置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长。现A由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角α由60°变为120°。A、B、C在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g。则此下降过程中（）A．A从最低点无法回到初始位置B．A的动能最大时，B受到地面的支持力等于C．小球A在上升过程中两个轻杆对小球的A做的功D．弹簧的弹性势能最大值为mgL【答案】BC【详解】A．小球A能在自己平衡位置上下振动，可知A能从最低点回到初始位置，选项A错误；B．A的动能最大时，设B和C受到地面的支持力大小均为F，此时整体在竖直方向受力平衡，可得所以故选项B正确；CD．A从最低点上升的高度为小球A在上升过程中根据动能定理解得两个轻杆对小球的A做的功根据功能关系可知，弹簧的弹性势能全部转化为小球A的机械能，即弹簧的弹性势能最大值为故C正确，D错误。故选BC。【名师点睛】本题的重点是当A球的动能最大时，受合外力为零，在竖直方向整体加速度为零，选择整体为研究对象，分析AB两个选项；弹性势能最大对应A球下降至最低点，根据能量守恒定律，可求最大的弹性势能．【2021·新课标Ⅰ卷】如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N。初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为（）。现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角不变。在OM由竖直被拉到水平的过程中A．MN上的张力逐渐增大B．MN上的张力先增大后减小C．OM上的张力逐渐增大D．OM上的张力先增大后减小【答案】AD【解析】以重物为研究对象，受重力mg，OM绳上拉力F2，MN上拉力F1，由题意知，三个力合力始终为零，矢量三角形如图所示，在F2转至水平的过程中，MN上的张力F1逐渐增大，OM上的张力F2先增大后减小，所以AD正确，BC错误。【考点定位】共点力的平衡、动态平衡【名师点睛】本题考查动态平衡，注意重物受三个力中只有重力恒定不变，且要求OM、MN两力的夹角不变，两力的大小、方向都在变。三力合力为零，能构成封闭的三角形，再借助圆，同一圆弧对应圆周角不变，难度较大。反思总结解决三种模型问题时应注意的事项1轻杆、轻绳、轻弹簧都是忽略质量的理想化模型。2分析轻杆上的弹力时必须结合物体的运动状态。,3讨论轻弹簧上的弹力时应指明弹簧处于伸长还是压缩状态。环杆模型模型要点：弹力是被动力，环杆模型中弹力和杆垂直，弹力方向要根据平衡分析其大小方向。如图所示，一根固定的绝缘竖直长杆位于范围足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中，电场强度大小为E=2mgq，磁感应强度大小为B。一质量为m、电荷量为q的带正电小圆环套在杆上，环与杆间的动摩擦因数为μo现使圆环以初速度vo向下运动，经时间to，圆环回到出发点。若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动，不计空气阻力，重力加速度为A.环经过t02B.环的最大加速度为aC.环在t0时间内损失的机械能为D.环下降过程和上升过程系统因摩擦产生的内能相等【答案】BC【解析】A.环来回运动性质不相对称，从而判定即可；B.依据牛顿第二定律，结合洛伦兹力大小公式f=Bqv及左手定则，即可求解；C.根据动能定理，即可回到原点的机械能变化量；D.依据动能定理，结合初末速度，即可求解．本题考查牛顿第二定律、动能定理的内容，掌握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解环在运动中受到洛伦兹力与速率的关系，及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的不同，是解题的关键。【详解】A.由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为F=qE=2mg，方向始终竖直向上；假设竖直向下为正方向，则当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：mg−qE+μqvB=ma，解得：当环上升的过程中，根据牛顿第二定律mg+μqvB−qE=ma'，解得：a'=−g−μqvBm，环做加速度逐渐减小的减速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，a'=0，v=mgμ