江苏省无锡市第一女子2022年中考三模物理试题含解析及点睛

2021-2022学年中考物理模似试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1.如图所示，。为杠杆的支点，第一次杠杆在重物G和力品的作用下处于水平位置平衡.如果第二次杠杆在重物G

和力乃的作用下仍在图中位置保持平衡，下面关系中正确的是

A.FI>F2B.FI=F2C.FI<F2<GD.F2>FI>G

2.在探究光的反射规律时，老师把一块平面镜CD竖立在讲台上，坐在B点的甲同学通过平面镜看到了坐在A点的

乙同学（如图）.在这一现象中，光线的反射角是

•N,

A.Z1B.N2C.N3D.N4

3.小杰同学在游玩“海底世界”时，观察到鱼嘴里吐出的气泡上升时的情况如图所示,对气泡上升过程中受到的浮力

和气泡内气体压强分析正确的是（）

A.浮力不变，压强不变B.浮力变小，压强变小

C.浮力变大，压强变小D.浮力变大，压强变大

4.如图所示现象中，利用做功使物体内能增加的是。

A.发烧时，用冷毛巾给头部降温

天冷时，晒太阳可以让身体暖和

锯木头时，来回拉动锯片，使锯片温度升高

用燃气灶煲汤时，火焰使汤的温度升高

5.下列对光现象描述不正确的是

A.彩虹是光的色散现象

B.人离平面镜越近，所成的像越大

C.电视遥控器是利用红外线来控制的

D.“手影”形成的原因是光的直线传播

6.济南园博园是游客喜爱的观光胜地，炎热的夏季，站在长清边倍感凉爽惬意，而在其他地方就没有这样的体验，解

释这一现象用到的主要物理概念是

A.比热容B.密度C.热值D.质量

7.如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变，闭合开关S,滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，

下列判断正确的是

A.电压表和电流表的示数都增大，电路总功率变大

B.电压表和电流表的示数都减小，电路总功率变小

C.电流表示数增大，电压表示数变大，灯泡变亮

D.电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变

二、填空题（本大题7小题，共21分）

8.海洋中有一种会放电的鱼叫电鲸，它放电时最高电压可高达200V,即为kV,游近电解的鱼会被电死或

电晕，因为海水是.

9.如图，电源电压保持不变，电阻RFRZ=R3=1（）Q.要使RZ、R3并联，应闭合开关，此时电流表的示数为L；若

把开关Si、S2都断开，此时电流表的示数为L,则L：E=

10.如图所示，OA=40cm,AB=30cm,C为OA的中点，C点所挂重物的重力为G=1000N。请在图上画出作用在B

点需要施加的最小力尸的示意图，使杠杆平衡在如图所示的位置（保留作图痕迹），

并求出该最小力F=N„

11.如果某一电动自行车电动机的额定功率为240W.正常工作时供电电流为5A,则电动机的额定工作电压为

V.若电动自行车以18km/h的速度匀速行驶了lOmin,则其通过的路程为m。

12.如图所示，我国自主研制的首艘货运飞船天舟一号，由长征七号运载火箭发射升空.地面控制中心通过向它

发出指令信号，在天舟一号随火箭加速上升过程中，机械能（选填“变大”、“变小”或“不变”，忽略燃料消

耗引起的质量减小）.

13.（2017•威海卷）如图所示，电源电压12V保持不变，小灯泡L的规格为“6V3W“，滑动变阻器的最大阻值为12。,

电流表的量程为0〜3A.当开关Si、S2都断开时，小灯泡L恰能正常发光，Ri的阻值为Q,当开关S］、S?都闭

合时，要保证电路各元件安全，整个电路电功率的变化范围是W.

14.“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”这两句歌词，前句是以___为参照物的，后句是以为参照物的.

三、作图题（共7分）

15.如图所示，小磁针静止在通电螺线管的正上方，在图中标出电源的正、负极和通电螺线管的N极和S极.

S<r>N

16.如图用螺丝刀撬图钉，请画出在A点处所用最小力田的示意图，并画出阻力入的力臂.

17.在图中标出电源的正负极和磁感线的方向.

（）

四、实验题（本大题共5小题，共20分）

18.同学们在实验室里测某种小矿石的密度，选用天平、量筒、小矿石、细线、烧杯和水，进行了如下的实验操作：

A.将小矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积.

B.把游码放在标尺的零刻度线处，调节横梁上的螺母，使横梁平衡.

C.把天平放在水平桌面上.

D.将小矿石放在左盘上，在右盘中增减祛码并移动游码直至横梁平衡.

E.在量筒中倒入适量的水并记下水的体积.正确的实验操作顺序是（只填字母序号）.在调节天平时，发现指针位

置如图甲所示，此时应将平衡螺母向调（选填“左”或"右”）.

用调节好的天平称小矿石的质量.天平平衡时，放在右盘中的祛码

甲乙丙

和游码的位置如图乙所示;量筒量出小矿石的体积如图丙所示.请你设计实验表格，填写、处理实验数据，得出结果..

19.如图所示，这是小强同学设计的测牛奶密度的实验步骤及他的操作示意图：

ar，8

A.测出空杯子的质量为mi（如图A）；

B.将一袋牛奶倒一部分在空杯中，测得总质量为nu（如图B）;

C.将杯中的牛奶再倒入量筒中，测得其体积为V（如图C）;

D.计算出牛奶的密度p..小强测得牛奶的质量m5______g;请你帮小强计算出牛奶的密度P=kg/n?；请你帮小

强设计的实验步骤有明显的瑕疵，由于往量筒中倒入牛奶时不可能倒尽，因此按他设计的步骤测出的牛奶密度值将

（选填“偏大”或“偏小”）细心而聪明的你一定已经发现，只要调整一下操作顺序就可以避免这一瑕疵，说说

你调整后的顺崖___________（请重新排列ABCD的顺序）.

20.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：

（1）在没有推钩码时杠杆的平衡位置如图甲所示.为使杠杆在水平位置平衡，可只将杠杆左端螺母向一（选填“左”

或“右”）边旋一些.

（2）杠杆调好后，第一细同学按图乙进行实验，第二组同学按图丙进行实验.同学们讨论后一数认为第二组实验更合

理，理由是—.

（3）若每个钩码质量为50g,则丙图中杠杆平衡时弹簧测力计的示数为N.（g=10N/依）.

（1）让钢球从高为/?的斜面由静止释放，碰上水平面上静止的木块B,如图甲所示.实验时通过观察木块移动的距离

来判断钢球动能的大小.若斜面光滑，钢球从静止滚到斜面底端的过程中，钢球的机械能—（填“守恒”或“不守

恒“）.若不用木块B,在桌面上铺一条毛巾，（填“可以”或“不可以”）用钢球A在毛巾表面滚动的距离来

体现.

（2）实验表明，让同一钢球A从同一斜面的不同高度由静止释放，高度九越高，木块B被撞得越远，由此可以得出

结论：.

（3）让两个不同质量的钢球分别从同一斜面的同一高度由静止释放.质量_____（填“大”或“小”）的钢球把木块

撞得远.两次实验中，木块B所受的滑动摩擦力（填“相同”或“不同”）.

（拓展）若斜面光滑，钢球从斜面静止滑下碰撞木块后，木块在水平面上滑动一段距离后停下来.增大斜面的倾角，

仍让钢球从同一高度处由静止滑下，如图乙所示，则木块在水平面上移动的距离（填“变大”、“不变”或“变

小”）（不计空气阻力）.

22.在“研究影响滑动摩擦力的大小的因素”实验中，某同学将图1实验装置改进为如图2所示的装置：将弹簧测力

计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动.

;水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图3所示.根据二力平衡知识可知，木块所受的滑动摩擦力为N；

将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半.由此他得出：滑动摩擦力的大小随接触面

积的减小而减小.你认为他得出这一结论是（选填“正确”或“不正确”）的，理由是

五、计算题（本大题共2小题，共13分）

23.下表为某电热水器的铭牌（其中一项内容已模糊不清），电热水器内部简化电路如图所示，2和&均为电热丝.求:

档正常工作5分钟所产生的热量.热水器在高温挡正常工作时的额定电流（结果保留一位小数）.

24.如图所示电路，电源电压不变，R的阻值为40Q.只闭合开关与时，电流表的示数为0.2A；Si、S2都闭合时，电

流表的示数为0.6A.求：

（1）电的阻值。

（2）Si、S2都闭合时电路消耗的总功率。

Ri

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）

25.如图所示的电路中，电源电压为8V,%是阻值为20。的定值电阻，2为压敏电阻。当开关S闭合后，问:

（1）当压敏电阻凡受到的压力从0增加到3N的过程中，电流表示数的变化是（填“增大”、“减少”或“不

变,，）？

（2）当电流表示数为0.6A时，压敏电阻受到的压力为多少?

（3）当电路连续工作lOmin,电阻值产生的热量为多少?

26.某校科技小组设计了如图甲所示的汽车转向灯电路模型原理图，接通相应指示灯后，该指示灯会亮（正常发光）、

暗（微弱发光）交替闪烁.电路中电源电压12V不变，指示灯的规格均为“12V16W”，R）为定值电阻，左转或右转

指示灯单独闪烁时，电压表两端实际电压随时间的变化规律如图乙所示.设指示灯的电阻不变，电磁铁线圈及衔铁的

电阻值不计.

请解答下列问题：指示灯的电阻?当转向开关S与触点“2”和“3”刚接通时，电流从正极出发，通过定值电

阻及、电磁铁、左转指示灯L,最后回到电源负极，这时指示灯Li（选填“正常”或“微弱”）发光；

由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A与静触点3接触从而导致电阻Ro和电磁铁

短路，这时指示灯L（选填“正常”或“微弱”）发光；电磁铁被短路后没有了磁性，衔铁在弹簧的作用

下动触点与静触点再次分离，如此反复，就实现了指示灯亮暗的交替闪烁.转向开关S与触点“3”和“4”接通时，

指示灯正常发光时，通过电源的电流是多少一？转向开关S与触点“4”和“5”接通时，指示灯在Imin内消耗的

电能是多少焦耳?

27.为探究物体在水中受到的浮力大小与浸入水中的体积和深度的关系，小明和小华把装满水的溢水杯放到台秤上,

溢水杯口下方放置一空量筒。用细线系住金属块并挂在弹簧测力计上，测力计示数为G.然后将金属块缓慢浸入水中,

且始终不与杯接触，如图。

I

（1）金属块浸没前的过程中，测力计示数逐渐变小，说明浮力大小逐渐.据此，小明认为金属块受到的浮力随

浸入水中的深度增大而增大；而小华则认为浮力随浸入水中的体积增大而增大，根据以上实验你认为下列说法正确的

是。

A.只有小明的观点合理B.只有小华的观点合理

C.两人的观点都不合理D.两人的观点都合理

（2）接下来他们继续实验，增大金属块浸没在水中的深度，发现测力计的示数始终不变且为F,据此可得出____的

观点不具有普遍性。这个过程中金属块受到的浮力F浮=o

（3）为了深入研究，他们测出量筒中水的体积V排，水的密度用P水表示，其重力G拶=,通过比较数据发现F

滓=G排，换用不同的物体和液体重复上述实验，都能得出F浮=G^^,说明决定浮力大小的根本因素是G律。

（4）从金属块开始浸入直至浸没一定深度的过程中台秤的示数变化情况是。

参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1、D

【解析】

本题支点、重力和重力的力臂均无发生变化，变化的是F的力臂，故能正确找出两力的力臂，即可利用杠杆平衡条件

求解.第一次杠杆在重物G和力Fi的作用下处于水平位置平衡时，3的力臂为O到$作用点的杆长Li,重力G和

重力的力臂L2,由杠杆平衡条件可得：

F1«L1=G«L2,又由图可知：L1<L2,

，FI>G；

当第二次杠杆在重物G和力F2的作用下时，F2的力臂为O到F2作用点的杆长为L/,

由图知力臂L/VI”，为使杠杆仍在图中位置保持平衡，

因重力G和重力的力臂L2均无发生变化，又F2力臂LJ变小，故F2>F”

2、B

【解析】

由题意知，坐在B点的甲同学通过平面镜看到了坐在A点的乙同学，说明由A0入射的光线，反射后经过0B；

所以N1为入射角，N2为反射角，即B看到的是从A上发出的光线经过平面镜反射后进入B的眼中.

故选B.

【点睛】

牢记入射角和反射角的概念.入射光线与法线之间的夹角叫做入射角；反射光线与法线之间的夹角叫反射角.

3,C

【解析】

(1)气泡上升时，h变小，由P=pgh得气泡受到水的压强变小，因此气泡的体积变大，由于一定质量的气体，体积变大,

压强变小，所以气泡内的压强变小；(2)由于气泡在上升过程中体积变大，所以根据阿基米德原理F『p液gV排可知，气

泡所受的浮力在变大.故选C.

4、C

【解析】

A.发烧时，冷毛巾给头降温，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误；

B.天冷时，晒太阳可以让身体暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误；

C.锯木头时，来回拉动锯片，克服摩擦做功，是通过做功的方式改变锯片的内能，故C正确；

D.用燃气灶煲汤时，汤吸收热量，是通过热传递的方式改变汤的内能，故D错误。

5、B

【解析】

A.雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分

成各种色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故A正确；

B.平面镜成像的特点之一是像与物大小相同，与物距的大小无关，所以人逐渐向平面镜靠近的过程中，人在镜中的像

不会改变，故B错误；

C.电视机遥控器是利用红外线遥控电视机的，故C正确。

D.影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，

故D正确；

故选:Bo

6、A

【解析】

由于水的比热容较大，根据公式。可知，水和泥土相比，在同样受热的情况下，泥土的温度变化要比水的高，

由于水变化的温度低，因此站在水边会觉得凉爽。故A正确，BCD错误。

7、D

【解析】

由电路图知道，滑动变阻器与灯并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测滑动变阻两端的电压，并联电路各

支路两端电压与电源电压都相等，所以移动滑片变阻器两端电压不变，即电压表示数不变；当滑片P由中点向右移动

时，滑动变阻器连入电路的电阻R冷增大，由根据欧姆定律知道，通过它的电流减小，即电流表示数变小；两支路间

互不影响，所以灯泡亮度不变；电路的总功率滑+尸灯=〃依港+。2依灯，因为R清增大，R灯不变，且灯和滑动变阻

两端的电压都等于电源电压，所以电路的总功率尸&变小，综上所述，只有D正确，故选D。

二、填空题（本大题7小题，共21分）

8,0.2导体

【解析】

200V=0.2kV；电解放电自卫，其实利用了海水是一种导体的性质.

9、Si、S24：1

【解析】

电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联,

在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作.电阻的串并联特点：串联电路的电阻越串

越大；并联电路的电阻越并越小.如图所示，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻及、犬3并联，则电阻

火2、心中必须有电流通过，所以应闭合开关Si、S2（电阻K1处于短路状态）：

当开关Si、S2断开，&处于开路状态，电阻R1、及串联；

&、犬3并联时

R=5S1,

电流

uu

11=—=----

R5Q

R、用串联时,

R'=10Q+10Q=20C,

电流

uu

/2-^~20Q

因此

U20Q

Ii•/z=-----x-------=41.

5QU

400

【解析】

由题意及图示可知，当力臂为。8时，力臂最长，此时最省力；连接08,力尸垂直于。5时，力臂最大，作用力最小,

如图所示;

由勾股定理可得：OB=J(OA)2+(AB)2=J(40cm)2+(30cm)\=50cm,

Gx^OAlOOONx1x40cm

由杠杆平衡条件得：GX/G=FX/F即:Gx-OA=FxOB,则

,2F=-Z—=----2---------=400N

OB50cm

11>483000

【解析】

p240W

由2=”可得，电动机的额定电压：U=—=」一二48V；

I5A

s

电动车行驶速度为y=18km/h=5m/s,时间Z=10min=600s,由u=-可得，电动车行驶的路程：s=v/=5m/sX600s=3000mo

12、电磁波变大

【解析】

电磁波可以传递信息，且电磁波可以在真空中传播，所以，反射长征七号运载火箭时，地面控制中心是通过电磁波向

它发出指令信号；机械能包括动能和势能，在天舟一号加速上升过程中，质量不变，速度增大，则动能变大；同时，

质量不变，高度增加，则重力势能变大；所以，此过程机械能变大.

13、1224W—36

【解析】

⑴当SKS2都断开时,RI与L串联,灯正常发光时的电压UL=6V,功率PL=3W,

因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，电路中的电流：

P.3V八一

I=IL=h=NI7=0・5A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,RI两端的电压：UI=U-UL=12V6V=6V,

UL6vy

由1=2可得,RI的阻值：R|=4=£2=12C；（2）当SI、S2均闭合时,L短路,R卜R2并联，电流表测量的是干

RI0.5A

路中的电流，因电流表的量程为0~3A,所以，电路中的最大电流为3A,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以,

整个电路的最大电功率：P^=UI大=12Vx3A=36W；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电

路的总功率最小，因并联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：R===

电路消耗的最小总功率：「小二仁二伽、）=24W，所以，整个电路电功率的变化范围是24W〜36W.

R26Q

14、青山竹排

【解析】

竹排相对于青山的位置不断变化，则“竹排江中游”是以青山为参照物；

两岸的青山相对于竹排的位置不断变化，则“青山两岸走”是以竹排为参照物.

三、作图题（共7分）

15、见解析所示

【解析】

小磁针静止时N极向右，则由同名磁极间相互排斥、异名磁极间相互吸引可知螺线管右侧为S极，左侧

为N极；由右手螺旋定则可知电流由左侧流入螺线管，即电源左侧为正极；如下图所示：

N

16、

【解析】

由图知道。是支点，由杠杆的平衡条件知道，力臂最长，力最小；若在A点处所用最小力则力臂应是最长，即

0A,此时Fi的方向要与OA垂直，方向向下；过O点向力F2的作用线作垂线，则为阻力出的力臂，2,如图

【点睛】

本题考查的是杠杆中的最小力的问题，由杠杆的平衡条件知道，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小.

17、

【解析】

已知螺线管N极向右，伸出右手使右手大拇指指示螺线管的左端（N极），四指弯曲所指的方向为电流的方向，由此可知

电流从螺线管的左边流入，右边流出，则电源的左边为正极、右边为负极，通电螺线管外部的磁感线方向是从N极指

向S极，即磁感线方向向左；如图所示：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）

18、CBDEA左

量筒中水的体积小矿石和量筒中水的小矿石的体积小矿石的密度

小矿石的质量根/g

-3

V；/cm3总体积％/cnfV/cm3p/(kgm)

626080203.lx1()3

【解析】

(1)经分析测量小矿石的密度的步骤为：

C.把天平放在水平桌面上。

B.把游码放在标尺的零刻度线处，调节横梁上的螺母，使横梁平衡。

D.将小矿石放在左盘中，在右盘中增减祛码并移动游码直至横梁平衡。

E.在量筒中倒入适量的水并记下水的体积。

A.将小矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积。

正确的实验操作顺序是CBDEA.

(2)指针指向分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，此时应将平衡螺母向左调。

(3)小矿石的质量：，"=50g+10g+2g=62g,

小矿石的体积：V=V2-Vi=80mL-60mL=20mL=20cm\

33

小矿石的密度：p=-=-^T=3.1g/cm=3.1xl0kg/m\

V20cm3

设计实验表格，填写、处理实验数据如下：

量筒中水的体积小矿石和量筒中水的小矿石的体积小矿石的密度

小矿石的质量加/g

3

K/cm3总体积匕/cnfV/cm3p/(kg-m-)

626080203.1xl03

19、751.25X103偏大BCAD

【解析】

(1)由图示知，烧杯的质量为：

inff=20g+10g+4g=34g,

烧杯和牛奶的总质量：

ma=100g+5g+4g=109g,

故牛奶的质量为：

m=m6.-m林=l()9g-34g=75g；

(2)牛奶的体积：

V=60mL=60cm3；

牛奶的密度

p牛奶=，”/V-l5g/60cm3=1.25g/cm3=1.25xl03kg/m3；

(3)往量筒中倒牛奶时，烧杯壁会粘有少量牛奶，不能全部倒尽，致使测得牛奶的体积偏小，由密度公式2=，〃/v可

知，质量不变，体积偏小，因此测出牛奶的密度偏大；

(4)先将一袋牛奶倒一部分在空杯中，测量牛奶和空杯的总质量；然后将杯中的牛奶再倒入量筒中，测得其体积；再

测出空杯子的质量，最后根据密度公式计算量筒中牛奶的密度，这样就避免了在倒牛奶时烧杯壁上会有残留牛奶的问

题，减小了实验误差，故调整后的操作顺序应为BCAD.

20、右便于测量力臂3

【解析】

(1)发现杠杆左端下沉，应把杠杆左端的平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，在水平位置平衡；

(2)力臂等于支点到力的作用线的距离，杠杆在水平位置平衡，当力的方向与杠杆垂直时，力臂可以从杠杆标尺刻度上

直接读出来，因此丙实验设计的好，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，便于测量力臂；

3

⑶设。4=4乙,贝!JLt=2L,A处3个钩码的重力GA=mAg=3x50xl0-kgxl0N/kg=1.5N,由杠杆的平衡条件可知：

OAXGA=LIXF,4Lxl.5N=Fx2L,解得尸=3N.

21、守恒可以质量相同时，物体的速度越大，动能越大大相同不变

【解析】

(1)因为是光滑的斜面，没有摩擦，所以在斜面上滑下的小球没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的；若

不用木块B,在桌面上铺一条毛巾，接触面的粗糙程度相同，小球克服摩擦力做功，可以用小球在毛巾表面滚动的距

离来体现动能的大小；

(2)同一钢球从不同的高度滚下，位置高的滚到斜面底端的速度就大，把木块推得越远说明运动的木块做功多，动能

大，说明了物体的动能与物体的速度有关，由此得出结论：在质量一定时，钢球的速度越大，动能就越大；

(3)让质量不同的钢球从同一高度滚下，小球到达斜面底端时的速度就是一定的，质量大的把木块推的远，说明了动

能的大小和质量有关，在速度一定时，质量越大，动能也就越大；两次实验中，木块B对水平面的压力和接触面的粗

糙程度不变，木块B所受的滑动摩擦力不变；

【拓展】

斜面光滑，钢球从斜面静止滑下后，重力势能全部转化为动能，增大斜面的倾角，钢球从同一高度处由静止滑下，重

力势能全部转化为动能，重力势能不变，动能不变，钢球的速度不变，撞击木块后，木块在水平面上移动的距离不变.

22、不需要木板做匀速直线运动，便于操作，方便读数2.8不正确没有考虑压力也减小一半

【解析】

(1)实验中他们发现很难保持弹簧测力计示数的稳定性，很难读数，原因是：难于控制木块做匀速直线运动；为了解

决上述问题，小明同学对实验装置进行了改进，如图乙所示.利用该装置的优点是不需要控制木板做匀速直线运动，

对静止的弹簧测力计读数比较容易；

(2)测力计匀速拉着木块沿长木板匀速滑动，木块所受的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，弹簧测力计分度值为0.1N,

此时示数为2.8N,故滑动摩擦力为2.8N；

(3)在探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小的关系，他们应控制接触面的粗糙程度和压力大小不变，改变接触面积

大小；实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半，由此得出：滑动摩擦力的大

小随接触面积的减小而减小是错误的，因为接触面积减小一半的同时压力也减小一半，存在两个变量.

五、计算题(本大题共2小题，共13分)

23、(1)44c(2)1.32X105J(3)8.3A

【解析】

由电路图可知，开关Si闭合、S2接”时,R与此并联，电路的总电阻最小，

u-

由2=[//=一可知，电路的总功率最大，电热水器处于高温档；

R

同理可知，开关S1断开、S2接b时,与后串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电热水器处于低温档；

开关&闭合、S2接6时，电路为尺的简单电路，电热水器处于中温档；

开关&断开、S2接。时，电路断路。

(1)开关Si闭合、S2接力时，电路为岛的简单电路，电热水器处于中温档，

由/=°•可得，电阻Q的阻值：

R

u220V八

R1=~=--------=44Q；

/中5A

(2)低温档正常工作5分钟产生的热量：

。=W=L7低U220VX2AX5X60s=1.32义105J；

⑶由电路图知：开关与断开、S2接b时，两电阻串联.热水器电阻最大，由尸=，知，热水器处于低温档，此时/低

R

U220V

二刀7瓦'即：2A=NMM，解得：&=66C；

由电路图知：开关Si闭合、S2接。时，两电阻并联，此时热水器电阻最小，功率最大，

220V220V

热水器处于高温挡，此时人=U=+『U='一+-----弋8.3A.

R】殳44。66Q

24、(1)20。(2)4.8W

【解析】

(1)由图知，只闭合Si时只有R连入电路，根据/=：可得，电源电压：U=/IKI=0.2AX40C=8V；同时闭合Si、S2

时，&、R2并联，电流表测干路电流，因R的电压不变，根据欧姆定律可知，通过修的电流保持不变，则通过&的

uV

电流：h=I-71=O.6A-0.2A=0.4A,根据/=方可得及的阻值：/?2=石=20。；

(2)Si、S2都闭合时电路消耗的总功率：P=L7/=8Vx0.6A=4.8Wo

六、综合能力题(本大题共3小题，共18分)

25、增大2N1920J

【解析】

(1)由甲图可知，Ri与/?2并联，电流表测干路总电路。由乙图可知，当拈受到的压力从0N增加到3N的过程中，

凡的阻值在减小，则通过修的电流会增大；也是定值电阻，则通过及的电流不变。所以干路电流等于两支路电流之

和也在增大，即电流表示数增大。

U8V

(2)通过电的电流为/2===——=0.4A,当电流表示数为/=0.6A时，通过Ki的电流为/I=/-/2=0.6A-0.4A=0.2A,

与20Q

U8V

此时压敏电阻的阻值为R尸7=——=40。，对照乙图可知，此时压敏电阻拈受到的压力为2N。

/,0.2A

(3)&连续工作lOmin产生的热量为Q=/；&f=(0.4A)2x20Qxl0x6()s=1920J

26、9Q微弱正常2.66A652.8J.

【解析】

⑴指示灯的电阻：/?=£j=.(12Vj.=9C；⑵当转向开关S与触点“2”和“3”刚接通时，电流从正极出发，通过定值电

P16W

阻Ro、电磁铁、左转指示灯最后回到电源负极，这时指示灯L与定值电阻R。串联，电阻大,根据欧姆定律/=与知电

流小,根据尸知，灯泡的功率小，微弱发光；由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A

与静触点8接触从而导致电阻R。和电磁铁短路，灯泡两端的电压为电源电压，这时指示灯心正常发光；电磁铁被短路后

没有了磁性，衔铁在