2024届西藏示范名校高一物理第二学期期末经典试题含解析_第1页
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文档简介

2024届西藏示范名校高一物理第二学期期末经典试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、(本题9分)上端固定的一根细线下面悬挂一摆球,摆球在空气中摆动,摆动的幅度越来越小,对此现象下列说法正确的是A.总能量守恒,摆球的机械能正在减少,减少的机械能转化为内能B.摆球机械能守恒C.能量正在消失D.只有动能和重力势能的相互转化2、(本题9分)质量相同的两个小球,分别用长为l和2l的细绳悬挂在天花板上,如图所示,分别拉起小球使线伸直呈水平状态,然后轻轻释放,当小球到达最低位置时()A.两球线速度之比1︰1B.两球角速度之比1︰2C.两球加速度之比1︰2D.两绳子拉力之比1︰13、如图所示,物体在不可伸长的轻绳作用下竖直向下做匀加速运动,加速度为6m/s²,空气阻力不计。下列关于物体在下降过程中的叙述正确的是()A.物体重力势能减少量与动能增加量相等B.绳的拉力对物体做正功C.物体机械能一定增大D.绳的拉力做的功等于物体机械能的变化量4、水平面上甲、乙两物体,在某时刻动能相同,它们仅在摩擦力作用下停下来.图中的a、b分别表示甲、乙两物体的动能E和位移s的图象,则①若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同,则甲的质量较大②若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同,则乙的质量较大③若甲、乙质量相同,则甲与地面间的动摩擦因数较大④若甲、乙质量相同,则乙与地面间的动摩擦因数较大以上说法正确的是()A.①③ B.②③ C.①④ D.②④5、(本题9分)如图所示,一次训练中,运动员腰部系着不可伸长的轻绳拖着质量m=llkg的轮胎从静止开始沿着笔直的跑道匀加速奔跑(轻绳与水平面存在夹角),5s内运动员跑动了25m,不计空气阻力g取10m/s²,则下列说法正确的是()A.5s末轮胎的动能为1100JB.5s内轮胎的重力做功为2750JC.5s内运动员对轮胎做的功为550JD.5s内合外力对轮胎做的功为550J6、x轴上有两点电荷Q1和Q2,Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示,从图中可看出()A.Q1一定大于Q2B.Q1和Q2一定是同种电荷,但不一定是正电荷C.电势最低处P点的电场强度为0D.Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点7、(本题9分)如图所示,长为L的轻杆一端固定一个质量为m的小球,另一端可绕固定轴O转动,已知小球通过最高点P时速度为,不计一切阻力,则()A.在最高点P轻杆受到小球对它的向下的弹力B.小球在最低点Q受到轻杆对它的弹力大小为C.小球在最低点Q和最高点P,轻杆中的弹力大小之差为5mgD.小球要到达最高点P点,最低点Q点最小的速度为8、(本题9分)选用如图所示的四种装置图“研究平抛运动规律”时,其操作合理且必须的是A.选用装置1,每次不必控制小锤打击弹性金属片的力度B.选用装置2.每次应从斜槽上同一位置由静止释放钢球C.选用装置3,竖直管上端管口A应高于瓶内水面D.选用装置4,可以不用调节斜槽轨道末端至水平9、如图所示,半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内,AB、CD是圆环相互垂直的两条直径,C、D两点与圆心O等高.一个质量为m的光滑小球套在圆环上,一根轻质弹簧一端连在小球上,另一端固定在P点,P点在圆心O的正下方处.小球从最高点A由静止开始沿逆时针方向下滑,已知弹簧的原长为R,弹簧始终处于弹性限度内,重力加速度为g.下列说法正确的有()A.弹簧长度等于R时,小球的动能最大B.小球运动到B点时的速度大小为C.小球在A、B两点时对圆环的压力差为4mgD.小球从A到C的过程中,弹簧对小球做的功等于小球机械能的增加量10、已知地球的质量为M,半径为R,表面的重力加速度为g,那么地球的第一宇宙速度的表达式有:A. B. C. D.二、实验题11、(4分)(本题9分)在“测定金属的电阻率”的实验中(1)某同学测量金属丝的直径时螺旋测微器如图甲所示,则该金属丝的直径为d=________mm.(2)金属丝的电阻Rx大约是3Ω,实验室提供的电流表A(量程2.5mA,内阻约30Ω)、电压表V(量程3V,内阻约3kΩ).则金属丝、电流表和电压表的连接方式应该采用甲乙两图中的______图.12、(10分)(本题9分)某个实验小组利用如图所示装置做“验证机械能守恒定律”实验。(1)小组内某同学按照正确的操作得到如图所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T。设重物的质量为m。从打O点到打B点的过程中,重物的重力势能变化量△Ep=___________,动能变化量△Ek=___________。(2)小组内同学发现他们的实验结果总有△Ep略大于△Ek,请你指出一个可能的原因___________。

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、A【解题分析】

根据能量守恒定律可知,能量不会消失,由题意可知,摆球的机械能由于阻力做功越来越小,故机械能不再守恒;减小的机械能转化为周围的内能A.总能量守恒,摆球的机械能正在减少,减少的机械能转化为内能符合题意,A正确B.摆球机械能守恒不符合题意,B错误C.能量正在消失不符合题意,C错误D.只有动能和重力势能的相互转化不符合题意,D错误2、D【解题分析】试题分析:在到达最低点过程中只有重力做功,由动能定理,由绳长之比为1:2,所以线速度之比为,由最低点向心加速度为,所以加速度之比为1:1,C错;在最低点合外力提供向心力F-mg=ma,F=m(g+a),所以绳子拉力之比为1:1,故选D考点:考查圆周运动与动能定理点评:本题难度中等,在求解绳子拉力时,应首先确定合力提供向心力,求得最低点速度是关键3、D【解题分析】

对物体受力分析,由牛顿第二定律有因,方向向下,则可知绳有拉力向上。A.对物体由动能定理,有结合功能关系可得物体重力势能减少量大于动能增加量,故A错误;B.拉力与物体的运动方向相反,故拉力对物体做负功,故B错误;C.除重力以外的拉力对物体做负功,由功能关系可知物体的机械能减小,故C错误;D.由功能关系可知拉力对物体做功衡量物体机械能的变化,故D正确。故选D。4、A【解题分析】

动能定理、摩擦力的判断与计算【题目详解】甲、乙两物体的初动能和末动能都相同,都只受摩擦力作用,根据动能定理可知摩擦力对甲、乙两物体做的功相等,即:,由图可知:,则,所以:若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同,则甲的质量较大,①正确,②错误;若甲、乙质量相同,则甲与地面间的动摩擦因数较大,③正确,④错误.【题目点拨】该题主要考查了动能定理的直接应用,关键是从图象中得到信息.5、D【解题分析】A、设5s末的速度为v,则根据运动学公式得到:,则则5s末轮胎的动能为:,故选项A错误;B、由于重力与位移垂直,根据功的公式可可知,重力的功为零,故选项B错误;C、根据动能定理可知,合外力的功等于动能变化,由选项A分析可知,动能增加为,可知5s内合外力对轮胎做的功为550J,故选项C错误,D正确.点睛:本题考查运动学公式以及动能定理,注意根据动能定理可以得到合外力的功.6、AC【解题分析】

从图象看到,从Q1到Q2电势是先减小后增大,可以判断Q1和Q2为同种正电荷,若P点位于中点,两点电荷的电荷量相同,但是P点离Q2近点,说明Q1一定大于Q2;因此A正确B错误;沿着电场线的方向电势降低,因此可以判断OP之间得额场强方向向右,而PQ2之间的场强方向向左,因此D错误,图像的斜率为场强,因此P点的场强为零,因此C正确7、AC【解题分析】

A.向心力,由于向心力小于小球重力mg,所以小球在最高点P受到向上的弹力,根据牛顿第三定律:轻杆受到小球对它的向下的弹力,故A正确。B.小球从P到Q的过程,根据动能定理得:,解得:,则小球在Q点向心力为,对于Q点的小球:解得:。所以:小球在最低点Q受到轻杆对它的弹力大小为,故B错误。C.在P点:,解得:,所以小球在最低点Q和最高点P,轻杆中的弹力大小之差为5mg,故C正确。D.小球要恰好到达最高点P点速度为零,根据动能定理得:,解得:,故D错误。8、AB【解题分析】A、选用装置图1研究平抛物体竖直分运动,所以每次不必控制小锤打击弹性金属片的力度,故A正确;B、选用装置图2要获得钢球的平抛轨迹,每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球,这样才能保证初速度相同,故B正确;C、A管内与大气相通,为外界大气压强,A管在水面下保证A管上出口处的压强为大气压强,因而另一出水管的上端口处压强与A管上出口处的压强有恒定的压强差,保证另一出水管出水压强恒定,从而水速度恒定,所以竖直管上端A一定要低于瓶内水面,故C错误;D、将斜槽轨道的末端调整至水平的目的是保证小球的初速度水平,故D错误;故选AB.9、CD【解题分析】

弹簧长度等于R时,弹簧处于原长,在此后的过程中,小球的重力沿轨道的切向分力大于弹簧的弹力沿轨道切向分力,小球仍在加速,所以弹簧长度等于R时,小球的动能不是最大.故A错误.由题可知,小球在A、B两点时弹簧的形变量相等,弹簧的弹性势能相等,根据系统的机械能守恒得:2mgR=mvB2,解得小球运动到B点时的速度vB=2.故B错误.设小球在A、B两点时弹簧的弹力大小为F.在A点,圆环对小球的支持力F1=mg+F;在B点,由圆环,由牛顿第二定律得:F2-mg-F=m,解得圆环对小球的支持力F2=5mg+F;则F2-F1=4mg,由牛顿第三定律知,小球在A、B两点时对圆环的压力差为4mg,故C正确.小球从A到C的过程中,根据功能原理可知,弹簧对小球做的功等于小球机械能的增加量.故D正确.故选CD.【题目点拨】解决本题的关键要分析清楚小球的受力情况,判断能量的转化情况,要抓住小球通过A和B两点时,弹簧的形变量相等,弹簧的弹性势能相等.10、AB【解题分析】第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度,根据万有引力提供向心力得:,解得:,故A正确,根据地面附近引力等于重力得:,联立可得:,故AB正确,CD错误.二、实验题11、1.721

mm(1.721

mm~1.723

mm都正确);乙.【解题分析】

(1)由图所示螺旋测微器可知,固定刻度示数为1.5mm,可动刻度示数为22.1×0.01mm=0.221mm,螺旋测微器的示数为1.5mm+0.221mm=1.721mm.

(2)由题意可知,,,,则电流表应采用外接法,应选图乙所示电路图.【题目点拨】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数,对螺旋测微器读数时需要估读.

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