四川省绵阳是南山中学2024届高一物理第二学期期末综合测试模拟试题含解析_第1页
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文档简介

四川省绵阳是南山中学2024届高一物理第二学期期末综合测试模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、如图所示,三颗人造地球卫星都是顺时针方向运动,b与c轨道半径相同,则A.周期B.线速度C.b与c的向心加速度大小相等,且大于a的向心加速度D.b加速则可追上前面的c与之对接2、一物体运动的速度-时间关系图象如图所示,根据图象可知()A.内,物体在做变速曲线运动B.内,物体的速度一直在减小C.内,物体的加速度先减小再增大D.内,物体速度的变化量为3、如图所示,将a、b两小球以不同的初速度同时水平抛出,它们均落在水平地面上的P点,a球抛出时的高度较b球的高,P点到两球起抛点的水平距离相等,不计空气阻力。与a球相比,b球A.初速度较小B.速度变化率较小C.落地时速度一定相等D.落地时速度方向与其初速度方向的夹角较小4、(本题9分)如图所示,桌面高为h,质量为m的小球从离桌面高H处自由落下,不计空气阻力,以地面为参考平面,则小球落到地面前的瞬间的机械能为()A.0B.C.D.5、(本题9分)如图所示,有一内壁光滑的闭合椭圆形管道,置于竖直平面内,MN是通过椭圆中心O的水平线已知一小球从M点出发,以初速沿管道MPN运动,到N点的速率为,所需的时间为;若该小球仍由M点以相同初速出发,而沿管道MQN运动,到N点的速率为,所需时间为则A.,B.,C.,D.,6、(本题9分)两个相同的小球处于同一高度,同时开始运动,其中球做自由落体运动、球做平抛运动,最后到达同一水半面,不计空气阻力.下列说法正确的有()A.两个小球落地时的动能相同B.从开始运动到落地,两个小球动能的增量相同C.从开始运动到落地,重力对两个小球做功的平均功率相同D.小球即将着地时重力做功的瞬时功率大7、如图所示,光滑水平面上质量相同的木块A、B,用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起.一颗子弹水平射入木块A并留在其中,在子弹打击木块A及后续各物体相互作用的过程中,对子弹、两木块和弹簧组成的系统(

)A.动量守恒,机械能守恒B.动量守恒,机械能不守恒C.当弹簧压缩到最短时,弹簧的弹性势能最大,此时B的动能也最大D.当弹簧再次恢复到原长时,B的动能最大,A的动能最小8、(本题9分)如图甲所示.长为的粗糙传送带与水平地面间的夹角为.现让传送带以某一速度逆时针转动,并在传送带顶端由静止释放一滑块.滑块从顶端滑至底端的过程中的图象如图乙所示.取,,.下列判断正确的是()A.在内,滑块的加速度大小为2B.滑块与传送带之间的动摩擦因数为C.整个过程中,滑块受到的滑动摩擦力方向不变D.滑块从传送带顶端滑至底端所需的时间为9、(本题9分)如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图像,t1时刻起汽车的功率保持不变.由图像可知()A.0~t1时间内,汽车的牵引力增大,加速度增大,功率不变B.0~t1时间内,汽车的牵引力不变,加速度不变,功率增大C.t1~t2时间内,汽车的牵引力减小,加速度减小D.t1~t2时间内,汽车的牵引力不变,加速度不变10、(本题9分)轻杆一端固定在光滑水平轴O上,杆长为l.杆另一端固定一质量为m可视为质点的小球,如图所示.给小球一初速度,使其在竖直平面内做圆周运动,且刚好能通过最高点P,下列说法正确的是()A.小球在最高点时对杆的作用力为零,只有重力提供小球的向心力B.小球恰好通过最高点的临界速度是C.若增大小球的初速度,则在最高点时球对杆的力可能减小D.若增大小球的初速度,则在最高点时球对杆的力可能增大二、实验题11、(4分)某实验小组利用如图所示的实验装置来验证机械能守恒定律.已知当地的重力加速度g=9.80m/s2,实验小组选出的一条纸带如图所示,其中O点为打点计时器打下的第一个点,A、B、C为三个计数点,在计数点A和B、B和C之间还各有一个点.(1)要验证重锤下落过程中符合机械能守恒,除了图示器材,以下实验器材必须要选取的有_________.(填写字母代号)A.秒表B.刻度尺C.天平D.交流电源(2)为减少实验误差,下落物体应选用________(选填“50g钩码”或“200g重锤”)(3)进一步测得题图中h1=13.06cm,h2=7.14cm,h3=8.71cm,若重锤的质量为0.10kg,则打点计时器打B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了______________J,此时重锤的动能比开始下落时增加了______________J(计算结果保留3位有效数字)。12、(10分)(本题9分)验证机械能守恒定律的实验装置如图1所示,回答下列问题:实验中,夹子与重物的质量m=250g,由打点计时器在纸带上打出一系列点,如图2所示为选取的一条符合实验要求的纸带,O为第一个点,A、B、C为三个连续点.已知打点计时器每隔0.02s打一个点,当地的重力加速度g=9.80m/s2.选取其中O点和B点来验证机械能守恒定律,则重物重力势能减少量△Ey=_____J.B点的瞬时速度=_____m/s(以上均要求保留3为有效数字)

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、A【解题分析】

人造地球卫星受到地球的引力充当向心力,即由公式可知:

A.周期,半径越大,周期越大,故Tb=Tc>Ta,故A正确;B.线速度,即半径越大,线速度越小,故vb=vc<va,故B错误;C.向心加速度,半径越大,向心加速度越小,故bc的加速度小于a的加速度,故C错误;D.b加速做离心运动,轨道半径变大,不可能追上前面的c,故D错误。2、C【解题分析】

A项:速度时间图象只能表示直线运动的规律,不能表示曲线运动,故A错误;B项:内,物体的速度先减小后反向增大,故B错误;C项:图象的斜率表示加速度,由图象可知,内,物体的加速度先减小后增大,故C正确;D项:内,物体速度的变化量,故D错误。3、D【解题分析】

A.根据竖直方向,所以a运动时间长,而水平匀速,水平位移相同,所以a的水平速度小,A错误。B.速度变化率等于加速度大小,两小球加速度均为g,相同,B错误。C.因为落地速度是竖直速度与水平速度的合速度,而a的竖直速度大,水平速度小,所以无法具体比较两物体落地速度大小,C错误。D.落地时速度方向与其初速度方向的夹角正切值,a的初速度小,而运动时间长,所以a落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大,D正确。4、C【解题分析】以地面为参考平面,小球在最高点时机械能为:,小球下落过程中机械能守恒,则小球落到地面前瞬间的机械能等于它在最高点时的机械能,即,故C正确,A、B、D错误.故选C.【题目点拨】小球自由下落过程中,只受重力作用,机械能守恒,即小球落到地面前瞬间的机械能等于它在最高点时的机械能.5、A【解题分析】试题分析:根据机械能守恒定律分析小球到达N点时速率关系,结合小球的运动情况,分析平均速率关系,即可得到结论.解:由于小球在运动过程中只有重力做功,机械能守恒,到达N点时速率相等,即有v1=v1.小球沿管道MPN运动时,根据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率v0,而小球沿管道MQN运动,小球的速率大于初速率v0,所以小球沿管道MPN运动的平均速率小于沿管道MQN运动的平均速率,而两个过程的路程相等,所以有t1>t1.故A正确.故选A【点评】解决本题关键要掌握机械能守恒定律,并能用来分析小球速率的大小,知道平均速率等于路程与时间之比.6、BC【解题分析】两球落地时,重力做功相同,由于平抛运动有初动能,则平抛物体落地的动能较大,选项A错误;从开始运动到落地,两个小球动能的增量等于重力做功,即均为mgh,选项B正确;平抛运动在竖直方向为自由落体运动,则两球落地时间相同,根据可知,重力对两个小球做功的平均功率相同,选项C正确;两球落地时竖直速度相同,根据P=mgvy可知,两球落地时重力的瞬时功率相同,选项D错误;故选BC.7、BD【解题分析】

AB.在子弹打击木块A及后续各物体相互作用的过程中,对子弹、两木块和弹簧组成的系统,系统所受的外力之和为零,则系统的动量守恒.在此过程中,除弹簧的弹力做功外还有阻力对系统做功,所以系统的机械能不守恒.故A错误,B正确.C.子弹射入木块后弹簧被压缩,B在弹力作用下向右加速,A向右减速,当两者的速度相等时,弹簧被压缩最短,弹簧的弹性势能最大,之后,B在弹簧弹力作用下继续向右加速,所以此时B的动能不是最大.故C错误.D.从弹簧被压缩到弹簧再次恢复到原长的过程,B一直在加速,A一直在减速,所以当弹簧再次恢复到原长时,B的动能最大,A的动能最小,故D正确.8、BD【解题分析】

在0∼1   s内,滑块的加速度大小为,选项A错误;在0∼1   s内,由牛顿第二定律可得:解得μ=0.5,选项B正确;在物块与传送带达到共速之前,物块所受的摩擦力方向向下,在1s后物块与传送带达到共速后,因物块继续加速下滑,但是加速度减小,可知此时传送带对物体的摩擦力方向变为向上,选项C错误;物块与传送带达到共速后:解得a2=2m/s2;物块在1s之前的位移:,则1s后的位移为s2=16-5=11m;根据,带入数据解得:,解得t2=1s,则滑块从传送带顶端滑至底端所需的时间为2s,选项D正确;故选BD.【题目点拨】解决本题的关键是根据v-t图像理清物块在传送带上的受力情况和运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解.9、BC【解题分析】考点:功率、平均功率和瞬时功率.分析:由图可知,汽车从静止开始做匀加速直线运动,随着速度的增加,汽车的功率也要变大,当功率达到最大值之后,功率不能在增大,汽车的牵引力就要开始减小,以后就不是匀加速运动了,当实际功率达到额定功率时,功率不能增加了,要想增加速度,就必须减小牵引力,当牵引力减小到等于阻力时,加速度等于零,速度达到最大值.解答:解:A、0~t1时间内,汽车的速度是均匀增加的,是匀加速运动,所以汽车的牵引力不变,加速度不变,功率增大,所以A错误.B、由A的分析可知,B正确.C、t1~t2时间内,汽车的功率已经达到最大值,功率不能再增加,所以汽车的牵引力在减小,加速度也要减小,所以C正确.D、由C的分析可知,D错误.故选BC.点评:这题考的知识点是汽车的两种启动方式,恒定加速度启动和恒定功率启动.本题属于恒定加速度启动方式,由于牵引力不变,根据p=Fv可知随着汽车速度的增加,汽车的实际功率在增加,此过程汽车做匀加速运动,当实际功率达到额定功率时,功率不能增加了,要想增加速度,就必须减小牵引力,当牵引力减小到等于阻力时,加速度等于零,速度达到最大值.10、CD【解题分析】杆模型中,小球刚好能通过最高点P的速度为0,设小球在最高点时对杆的作用力为F,根据牛顿第二定律:F-mg=0,得:F=mg,故AB错误;在最高点,当速度大于,杆子表现为拉力,当速度小于,杆子表现为支持力.根据牛顿第二定律知,在最高点当速度大于,速度增大,则杆子的作用力增大,当速度小于,速度增大,则杆子的作用力减小.故CD正确;故选CD.点睛:解决本题的关键知道“杆模型”与“绳模型”的区别,知道向心力的来源,运用牛顿第二定律进行分析.二、实验题11、BD200g重锤0.1980.196【解题分析】

(1)[1]在该实验中,需测量物体下降的高度和物体的速度,所以纸带处理时需要刻度尺;打

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