2024届黑龙江省牡丹江市五县市生物高二第二学期期末检测试题含解析

2024届黑龙江省牡丹江市五县市生物高二第二学期期末检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1．下列关于特异性免疫及其相关应用的叙述，正确的是A．效应T细胞都是在胸腺中由造血干细胞分裂分化产生B．细胞免疫和体液免疫的二次免疫应答都与记忆细胞有关C．健康人的T细胞直接移植给肿瘤患者可提高患者的免疫力D．大量制备一种单克隆抗体时需要大量的B细胞和骨髓瘤细胞2．关于核糖体的叙述不正确的是A．不具有膜结构 B．无法在光学显微镜下观察C．是细胞内合成氨基酸的场所 D．是原核细胞和真核细胞都有的一种细胞器3．下列诸项均是有关显微镜操作的表述，其中错误的操作是A．标本染色较深，应选用凹面反光镜和大光圈B．将位于视野内左上方的图像移向中央，应向左上方移动装片C．若转换高倍物镜观察，需先升高镜筒，以免镜头碰坏装片D．转换高倍物镜之前，应先将所要观察的图像移到视野的正中央4．下列关于ABO血型的叙述，正确的是A．控制ABO血型的基因IA、IB和i互为共显性B．IA、IB和i基因的遗传遵循孟德尔自由组合定律C．A型血和B型血夫妇的孩子可能为O型血D．O型血和AB型血的夫妇生出A型血儿子概率为1/25．下列有关种群增长曲线的叙述中，正确的是（）A．在种群“J”型增长模型（Nt=N0•λt）中，λ表示该种群的增长速率B．环境条件不受破坏的情况下，种群的环境容纳量（即K值）是固定不变的C．在鱼类养殖中，接近K值时进行捕捞有利于该种群的可持续发展D．在“S”型曲线中，种群密度不同时也可能具有相同的种群增长速率6．下列关于生态系统的叙述，不正确的是A．有的动物属于分解者，有的动物都属于消费者，其中食草动物属于第二营养级B．生产者属于自养生物，是生态系统中最基本、最关键的生物成分C．分解者可以通过分解消费者的粪便，从而获得该消费者所摄入的能量D．食物链中的最高营养级生物所同化的能量不会再提供给其他生物二、综合题：本大题共4小题7．（9分）某种家禽的豁眼和正常眼是一对相对性状，豁眼雌禽产蛋能力强。已知这种家禽的性别决定方式与鸡相同，豁眼性状由Z染色体上的隐性基因a控制，且在W染色体上没有其等位基因。回答下列问题：（1）用纯合体正常眼雄禽与豁眼雌禽杂交，杂交亲本的基因型为______；理论上F1个体的基因型和表现型为_____，F2雌禽中豁眼禽所占的比例为______。（2）为了给饲养场提供产蛋能力强的该种家禽，请确定一个合适的杂交组合，使其子代中雌禽均为豁眼，雄禽均为正常眼,写出杂交组合和预期结果，要求标明亲本和子代的表现型、基因型：_____________________________________________________________________。（3）假设M/m基因位于常染色体上，m基因纯合时可使部分应表现为豁眼的个体表现为正常眼，而MM和Mm对个体眼的表现型无影响。以此推测，在考虑M/m基因的情况下，若两只表现型均为正常眼的亲本交配，其子代中出现豁眼雄禽，则亲本雌禽的基因型为____，子代中豁眼雄禽可能的基因型包括______。8．（10分）现有一批基因型都相同的黄色豌豆种子(黄色、绿色分别由Y和y基因控制，子粒的颜色是子叶表现的性状)。某实验中学生物兴趣小组的同学准备以这些豌豆种子和另一些黄色、绿色的豌豆种子作为实验材料，来探究这些黄色豌豆种子具体的基因组成。（1）课题名称：探究黄色豌豆种子的基因组成。（2）探究方法(最简便的方法)：___________(填“杂交法”“自交法”或“测交法”)（3）实验步骤：①取所需种子播种并进行苗期管理。②植株处于花期时，___________。③收集每株植株所结种子进行统计分析。（4）预期实验现象及结论：a．若___________，则黄色豌豆基因型为YY。b．若收获的种子有黄色和绿色，比例接近于3：1，则___________。9．（10分）图1是生态学家对某草原灰鼠跟踪调查25年，绘制种群λ值的变化曲线。图2是草原生态系统部分食物网示意图，请分析回答：图1图2（1）草原群落中物种数目的多少称为________。由于地形的变化、土壤湿度、盐碱度等的差异，草原不同地段往往分布着不同的种群，它们常呈___________分布。（2）该灰鼠在0~5年间种群数量呈现“__________”型增长，第20年的种群数量_________（填“大于”“小于”或“等于”）第15年的种群数量。（3）下表是生态学家绘制图1曲线时使用的调查方法及部分数据。捕获数/只标记数/只初捕3232重捕364（注：调查总面积为2hm2（1hm2≈10000m2），随机布设100个鼠笼，放置1夜后，统计所捕获的灰鼠数量，进行标记后放归；3日后进行重捕与调查。假定重捕取样中标记比例与总数中标记比例相等。）该草原灰鼠的种群密度为_____只/hm2，生态学家调查灰鼠种群密度的方法是________。事实上灰鼠在被捕捉过一次后更难捕捉，上述计算所得的种群密度与实际种群密度相比可能会偏______。（4）图2中有________条食物链，鹰和蛇的关系为_____。由于捕蛇者对蛇的捕杀，使蛇的数量大量减少，则短时间内鼠的数量会________。10．（10分）为了检测高原训练对运动员体内的血红蛋白含量的影响，需要对运动员训练前后的血红蛋白进行提取和分离，其步骤如下：（1）在红细胞的洗涤操作中，血液离心后结果如图所示，其中血红蛋白位于__________（填“上清液”或“沉淀物”）。洗涤红细胞时，要用相当于红细胞液体体积5倍的___________洗涤红细胞3次，然后加入蒸馏水到原血液体积，再加40%的_____________，搅拌约10min，使红细胞破裂，释放出血红蛋白。（2）在样品粗分离操作中，将收集的血红蛋白溶液放在透析袋中进行透析。透析的目的是_______________。（3）血红蛋白的纯化是通过凝胶色谱法将杂蛋白除去，最后经___________电泳进行纯度鉴定。研究小组用凝胶色谱法分离蛋白质时，相对分子质量___________（填“较大”或“较小”）的蛋白质先从层析柱中洗脱出来。在装填色谱柱时不得有气泡存在，原因是_______________________。（4）检测结果显示，经过高原训练后，运动员体内血红蛋白含量有了明显升高，试分析其可能的原因______________________。11．（15分）培养胡萝卜根组织可获得试管苗，获得试管苗的过程如图所示。回答下列问题。（1）利用胡萝卜根段进行组织培养可以形成试管苗。用分化的植物细胞可以培养成完整的植株，这是因为植物细胞具有__________。（2）步骤③切取的组织块中要带有形成层，原因是_____________________________。（3）离体的植物组织细胞经过_____________和____________两个重要的过程，最终可形成试管苗。（4）步骤⑥要进行照光培养，其作用是_______________________________________。（5）经组织培养得到的植株，一般可保持原品种的____________________，这种繁殖方式属于____________繁殖。

参考答案一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1、B【解题分析】

人体免疫包括非特异性免疫和特异性免疫，非特异性免疫包括第一、二道防线，第一道防线由皮肤和粘膜组成，第二道防线由体液中的杀菌物质和吞噬细胞组成；特异性免疫是人体的第三道防线，由免疫器官、免疫细胞和免疫活性物质组成，包括细胞免疫和体液免疫两种方式。【题目详解】A.效应T细胞可以由T细胞和记忆T细胞分裂分化产生，A错误；B.细胞免疫的二次应答与记忆T细胞有关，体液免疫的二次应答与记忆B细胞有关，B正确；C.健康人的T细胞经过肿瘤免疫以后，移植给肿瘤患者可提高患者的免疫力，C错误；D.因为杂交瘤细胞具有无限增殖的能力，所以制备一种单克隆抗体时不需要大量的B细胞和骨髓瘤细胞，只要将B细胞与骨髓瘤细胞杂交产生的杂交瘤细胞经过筛选后进行培养就可以生产大量的单克隆抗体了，D错误。故选B。【题目点拨】解答本题的关键是掌握人体的免疫系统的组成和功能，尤其是细胞免疫和体液免疫的详细过程，明确二次免疫应答过程中记忆细胞的重要作用。2、C【解题分析】核糖体是无膜结构的细胞器；为亚显微结构，只有在电子显微镜下才能看到，无法在光学显微镜下观察；核糖体是细胞内合成蛋白质的场所；核糖体是原核细胞和真核细胞都有的一种细胞器。故本题选C。3、C【解题分析】

显微镜下物与像的位置关系和移动方向相反；高倍镜视野下，细胞体积增大，但看到的细胞数目减少。【题目详解】A、标本染色较深，应选用较亮的视野，可选用凹面反光镜和大光圈，A正确；B、物与像的移动方向相反，将位于视野内左上方的图像移向中央，应向左上方移动装片，B正确；C、转换高倍镜，不需升高镜筒，在低倍镜下调好后可直接转动转换器换成高倍物镜，C错误；D、由于高倍镜下视野较小，转换高倍物镜之前，应先将所要观察的图像移到视野的正中央，D正确。故选D。4、C【解题分析】

人类ABO血型由IA、IB和i控制，IA对i显性、IB对i显性、IA与IB为共显性。IA和IB分别决定红细胞膜上A抗原、B抗原的存在。红细胞膜上只有A抗原的为A型、只有B抗原的为B型、A抗原和B抗原均有的为AB型、A抗原和B抗原均无的为O型。【题目详解】人类的ABO血型受一组复等位基因IA、IB、i的控制，IA和IB对i均为显性，IA与IB为共显性，A错误；IA、IB和i基因属于复等位基因，遵循孟德尔的分离定律，B错误；A型血的基因型为IAIA或IAi，B型血的基因型为IBIB或IBi，0型血的基因型为ii，因此A型血和B型血夫妇的孩子可能为O型血，C正确；O型血的基因型为ii，AB型血的基因型为IAIB，故O型血和AB型血的夫妇生出A型血儿子概率＝1/2×1/2=1/4，D错误；答案选C。【题目点拨】本题考查基因的分离定律实质及应用，解题关键是根据各种血型对应的基因型，分析亲本表现型对应的可能基因型，再根据基因的分离定律计算子代的表现型及概率。5、D【解题分析】

本题考查种群数量增长规律，意在考查考生分析曲线图的能力和理解能力。要求考生掌握种群数量变化曲线，尤其是S型曲线，能准确分析曲线图，判断不同时期的种群数量增长速率变化情况．【题目详解】种群“J”型增长的数学模型Nt=N0•λt中，λ表示该种群数量是一年前种群数量的倍数，A错误。K值不是固定不变的，大小取决于环境条件，改善空间和资源条件会使K值提高，B错误。在鱼类养殖中，在接近K/2值时进行捕捞有利于该种群的可持续发展，C错误．在“S”型曲线中，K/2前种群数量增长速率逐渐增大，K/2后种群数量增长速率逐渐减小，因此在K/2两侧，种群密度不同时可能具有相同的种群增长速率，D正确.【题目点拨】λ表示该种群数量是一年前种群数量的倍数，λ－1表示增长率，增长速率是单位时间种群数量的变化。在环境条件不受破坏的情况下，一定空间中所能维持的种群最大数量称为环境容纳量，又称为K值．6、D【解题分析】

生态系统的结构包括生态系统的成分和营养结构，其中成分包括生产者、消费者、分解者以及非生物的物质和能量，结构是指食物链和食物网。

生态系统的功能包括物质循环、能量流动和信息传递。【题目详解】A、多数动物属于消费者，但少数动物如蚯蚓能够分解腐败的食物，属于分解者，食草动物都处于第二营养级，A正确；

B、生产者属于自养型生物，能够通过光合作用制造有机物，是生态系统中最基本、最关键的生物成分，B正确；

C、消费者摄入的能量=同化量+粪便量，因此分解者可以通过分解消费者的粪便，从而获得该消费者所摄入的能量，C正确；

D、食物链中的最高营养级生物所同化的能量不会再提供给其他消费者，但尸体、皮毛能提供给分解者，D错误。

故选：D。二、综合题：本大题共4小题7、ZAZA，ZaWZAW、ZAZa，雌雄均为正常眼1/2杂交组合：豁眼雄禽（ZaZa）×正常眼雌禽（ZAW）预期结果：子代雌禽为豁眼（ZaW），雄禽为正常眼（ZAZa）ZaWmmZaZaMm，ZaZamm【解题分析】【分析】理清“基因的分离定律、伴性遗传、基因的自由组合定律”等相关知识，形成清晰的知识网络。在此基础上，依据上述相关知识并围绕题意，准确定位亲本的基因型，推知子代（F1或F2）的基因型、表现型及其相应的性状分离比，进而对相关问题进行解答。【题目详解】（1）依题意可知，在家禽中，雄性的性染色体组成为ZZ，雌性的性染色体组成为ZW，豁眼性状由Z染色体上的隐性基因a控制，且在W染色体上没有其等位基因。由此推知，亲本纯合体正常眼雄禽的基因型为ZAZA，亲本豁眼雌禽的基因型为ZaW，二者杂交所得F1的基因型为ZAZa、ZAW，F1的雌雄个体均为正常眼。F1的雌雄个体交配，所得F2的基因型及其比例为ZAZA∶ZAZa∶ZAW∶ZaW＝1∶1∶1∶1，可见，F2雌禽中豁眼禽（ZaW）所占的比例为1/2。（2）雌性亲本将Z染色体遗传给子代的雄性，将W染色体遗传给子代的雌性，而子代的雌性的Z染色体则来自雄性亲本。可见，若使子代中的雌禽均为豁眼（ZaW）、雄禽均为正常眼（ZAZ_），则亲本的杂交组合为：豁眼雄禽（ZaZa）×正常眼雌禽（ZAW）；该杂交组合产生的子代的基因型为ZAZa、ZaW，表现型为：子代雌禽均为豁眼（ZaW），雄禽均为正常眼（ZAZa）。（3）依题意可知：m基因纯合时可使部分应表现为豁眼的个体表现为正常眼，而MM和Mm对个体眼的表现型无影响。两只表现型均为正常眼的亲本交配，其子代中出现豁眼雄禽，这说明子代中还存在正常眼雄禽（ZAZ_）；因子代出现的豁眼雄禽的基因型为ZaZa，所以亲本雌禽必然含有Za，进而推知该亲本雌禽的基因型为ZaWmm，亲本雄禽的基因型为ZAZaMM或ZAZaMm或ZAZamm，子代中豁眼雄禽可能的基因型包括ZaZaMm、ZaZamm。【题目点拨】鸡的性别决定方式为ZW型，公鸡的性染色体组成为ZZ，母鸡的性染色体组成为ZW；基因的分离定律研究的是一对等位基因在传宗接代中的传递规律，若该对等位基因位于性染色体上，则同时还表现为伴性遗传；基因的自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因在传宗接代中的传递规律。据此以题意“Z染色体上的隐性基因a”和“M/m基因位于常染色体上”等信息为切入点，明辨相应基因在遗传时所遵循的遗传规律，有针对性地进行分析解答。8、自交法让其在自然状态下自花授粉收获的种子全为黄色黄色豌豆基因型为Yy【解题分析】

根据题意分析可知，黄色豌豆(YY)和绿色豌豆(yy)的杂交遗传遵循基因的分离定律。F1中取一粒黄色豌豆(甲)其基因型为Y，测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，所以选择表现型为绿色的隐性个体yy与甲一起播种，根据后代表现型推测亲本基因型。而自交更加简便易行，即让豌豆在自然状态下自花受粉，通过后代表现型及其比例，推测亲本基因型。【题目详解】(1)结合实验目的拟定课题名称为：探究黄色豌豆种子的基因组成。(2)探究方法：自交法，即根据黄色豌豆自交后代的表现型及其比例来推测亲本基因型。(3)实验步骤：①取所需种子播种并进行苗期管理；②植株开花时，让其在自然状态下自花受粉；③收集每株植株所结种子进行统计分析。(4)预期实验现象及结论：①若收获的种子全为黄色，说明所播种的黄色豌豆种子的基因型组成为YY；②若收获的种子有黄色和绿色两种，比例接近3：1,说明所播种的黄色豌豆种子的基因型组成为Yy。【题目点拨】本题是一个探究性实验，要确定黄色豌豆种子具体的基因组成，题目已排除了使用单倍体育种和测交的方法，按题目已知的条件也不适合用花粉鉴定的方法，故可采用自交的方法，根据后代性状分离的比例来判断含有几对等位基因，因是探究性实验，预期实验现象及结论时要考虑全面，分析各种可能的情况，如不含等位基因、含一对等位基因(两种情况)和含2对等位基因等。9、丰富度镶嵌J小于144标志重捕法高3捕食和竞争增加【解题分析】

1、抵抗力稳定性：指生态系统抵抗外界干扰并使自身的结构与功能保持原状的能力。恢复力稳定性：指生态系统在受到外界干扰因素的破坏后恢复到原状的能力影响。2、调查动物的种群密度常用的方法是标志重捕法，计算种群数量时利用公式计算若将该地段种群个体总数记作N，其中标志数为M，重捕个体数为n，重捕中标志个体数为m，假定总数中标志个体的比例与重捕取样中标志个体的比例相同，则N=Mn/m。【题目详解】（1）草原群落中物种数目的多少称为物种丰富度。由于种种原因不同地段往往分布着不同的种群，同一地段上种群密度也有很大差别，它们常呈镶嵌分布。（2）0~5年λ大于1且恒定，种群数量呈现“J”型增长，第15~20年，λ小于1，则第20年的种群数量小于第15年的种群数量。（3）该草原灰鼠的平均密度为32×36÷4÷2=144只/hm2，调查动物种群密度常用的方法是标志重捕法，再捕的田鼠中已经被捕的比例少了，故计算所得的平均种群密度比实际的高。（4）图2种有植物→鼠→鹰，植物→鼠→蛇→鹰，植物→兔→鹰，共3条食物链，鹰和蛇的关系既有竞争又有捕食。捕蛇者对蛇的捕杀，使蛇的数量大量减少，则短时间内鼠的数量会增加。【题目点拨】本题主要考查种群密度的调查，食物链和食物网等以及群落的特征等知识点，解答本题的关键在于识记和理解群落的水平结构特点，动物种群密度的调查及计算以及食物链食物网的概念等。10、沉淀物生理盐水甲苯去除分子量较小的杂质SDS—聚丙烯酰胺凝胶较大气泡会扰乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，使得到的红色带区歪曲、散乱，降低分离效果高原环境空气稀薄，氧气含量低，血红蛋白含量会增加【解题分析】

根据蛋白质的物化理性质：形状、大小、电荷性质和多少、溶解度、吸附性质、亲和力等千差万别，由此提取和分离各种蛋白质。血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤（低速短时间离心），②血红蛋白的释放（需要加入蒸馏水和甲苯），③分离血红蛋白（中速长时间离心）。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。凝胶色谱法（分配色谱法）：①原理：分子量大的分子通过多孔凝胶颗粒的间隙，路程短，流动快；分子量小的分子穿过多孔凝胶颗粒内部，路程长，流动慢。②凝胶材料：多孔性，多糖类化合物，如葡聚糖、琼脂糖。③分离过程：混合物上柱→洗脱→大分子流动快、小分子流动慢→收集大分子→收集小分子。洗脱：从色谱柱上端不断注入缓冲液，促使蛋白质分子的差速流动。④作用：分离蛋白质，测定生物大分子分子量，蛋白质的脱盐等。【题目详解】（1）血红蛋白在红细胞内，而血液离心后的各种血细胞主要存在于沉淀物中，因此血红蛋白位于沉淀物中。洗涤红细胞时，生理盐水可以保持红细胞不破裂，而5倍体积洗涤3次可以去除杂蛋白，得到更纯的红细胞。加入蒸馏水，红细胞吸水破裂，加入40%的甲苯，溶解红细胞膜，最终使红细胞破裂，释放出血红蛋白。（2）透析袋能使小分子自由进出，而大分子则保留在袋内，因此透析可以去除相对分子质量较小的杂质。（3）血红