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文档简介
2022年北京市朝阳区一模高三化学考试试卷逐题解析
可能用到的相对原子质量:HlC12O16Na23Cl35.5
第一部分(选择题,共42分)
每小题只有一个选项符合题意。共14个小题,每小题3分,共42分
1.下列变化属于物理变化的是
A.液氨汽化B.火炬中的此燃烧
C.煤转化为汽油D.聚乳酸塑料袋降解为CO2和HzO
【答案】A
【解析】液氨汽化没有新物质产生,是物理变化;火炬中的氢气燃烧、煤转化为汽油、
聚乳酸塑料袋降解均有新物质产生,为化学变化。故答案为:Ao
2.下列物质的应用中,利用了氧化还原反应的是
A.用NaHCCh固体制备纯碱
B.用Naz。2作为潜水艇或呼吸面具的氧气来源
C.用A12(SC)4)3净化含少量泥土的浑浊水
D.用Na2c。3除去粗盐中的钙离子
【答案】B
【解析】过氧化钠和二氧化碳反应生成氧气,反应方程式为:
-1-20
2Na2O2+2CO2=二2Na2CO3+O2
其中O元素的化合价发生变化,是氧化还原反应,故B选项正确。故答案
为:Bo
3.下列化学用语或图示表达不正确的是
A.C「的结构不意图:
B.2-甲基丁烷的结构模型:<妙/
C.乙醇的核磁共振氢谱:
1086420
D.NaCl的电子式:Na+[?ci:]'
【答案】C
【解析】CH3cH20H的核磁共振氢谱有三组峰,C选项图中仅有两组峰,故C选项错
误。故答案为:Co
4.干冰(固态二氧化碳)在-78℃时可直接升华为气体,其晶胞结构如下图所示。下列
说法不正硬的是
A.干冰晶体是共价晶体
B.每个晶胞中含有4个CO2分子
C.每个CO2分子周围有12个紧邻的CO2分子
D.干冰升华时需克服分子间作用力
【答案】A
【解析】从题干信息“干冰在-78C时可直接升华为气体”可知干冰晶体是分子晶体,
故A选项错误。故答案为:Ao
5.下列性质的比较,不亚己的是
A.酸性:H2sC)4>H3Po4B.电负性:S<C1
C.热稳定性:H2S>H2OD.第一电离能:S<O
【答案】C
【解析】。和S位于同一主族,原子半径:o<s,吸引电子能力:o>s,非金属性:o>s,
气态氢化物热稳定性:H2S<H2O,故C选项错误。故答案为:Co
6.下列方程式与所给事实不学得的是
A.SO2通入氯水中,溶液褪色:SO2+C12+2H2O==2HC1+H2SO4
B.酚醐滴入NaHCCh溶液中变为浅红色:HCO;—CO,+H+
C.冷凝NO2气体得到N2O4液体:2NC)2(g)0N2O4⑴A//<0
D.制备Fe(OH)2时,需除去溶液中的氧气,防止发生:
4Fe(OH)2+O2+2H2O==4Fe(OH)3
【答案】B
【解析】酚酬滴入NaHCCh溶液中变为浅红色,原理为:HCO;水解显碱性,HCO:+H2O
-H2co3+OH,故B选项错误。故答案为:Bo
7.某同学进行如下实验:
实验操作和现象
I向澳水中滴加少量CC14,振荡,CC14层显橙色
II向碘水中滴加少量CC14,振荡,CC14层显紫色
向KBr、KI的混合液中加入CCI4。滴加氯水,振荡后CC14层显紫色;
III
再滴加氯水,振荡后紫色褪去;继续滴加氯水,振荡后CC14层变为橙色
下列分析不乖琥的是
A.I中CCk层显橙色,说明C04层含Br2
B.II中的现象说明12在C04中的溶解性大于在水中的溶解性
c.m中CCL层显紫色,说明cb的氧化性强于L
D.m中cci4层变为橙色时,水层中仍含有大量「
【答案】D
【解析】III中“滴加氯水,振荡后C04层显紫色”,说明将I氧化成12;”再滴加氯
水,振荡后紫色褪去”时,说明02将b氧化成I元素的更高价态形式(IO3,
非I);“继续滴加氯水,振荡后CC14层变为橙色”时,说明C12将Br-氧化成
Br2,此时水层中的I元素主要以更高价态形式(10;)存在,故D选项错误。
故答案为:Do
8.2021年我国科学家实现了二氧化碳到淀粉的人工合成。有关物质的转化过程示意如
下:
下列说法不氐理的是
A.反应①中分解H2O制备H2需从外界吸收能量
B.反应②中CO2-CH3OH,碳原子的杂化方式发生了变化
C.核磁共振、X射线衍射等技术可检测合成淀粉与天然淀粉的组成结构是否一致
D.C6一淀粉的过程中只涉及O-H键的断裂和形成
【答案】D
【解析】分解H2o制备H2的反应2H2O==2H2f+O2T为吸热反应,需从外界吸收能量,
故A选项正确;CO2中C的杂化方式为sp,CH3OH中C的杂化方式为sp2,
故B选项正确;核磁共振、X射线衍射等技术都是检测物质结构的现代化学
技术,故C选项正确;C6—淀粉的过程中涉及o—H键的断裂和o—H键、
O—P键、C—O键的形成,故D选项错误,故答案为:Do
9.下列做法或实验(图中部分夹持略),不能达到目的的是
【答案】A
【解析】用电解池原理进行金属防护时,被保护的铁管道应做电解池阴极,连接电源负
极,故A选项错误。故答案为:Ao
10.测量汽车尾气中氮氧化物(NO、NO2)含量的方法如下:
i.在高温、催化剂作用下,NO2分解为NO和。2
ii.再利用。3与NO反应,产生激发态的NO2(用NO*表示),当1^。2*回到基态
NO2时一,产生荧光。通过测量荧光强度可获知NO的浓度,二者呈正比
下列说法不正理的是
A.基态NO?与NO2*具有的能量不同
B.NO?在大气中形成酸雨:4NO2+O2+2H2O==4HNO3
C.O3与NO发生反应:NO+O3==NO2*+O2
D.测得荧光强度越大,说明汽车尾气中NO含量越高
【答案】D
【解析】激发态的能量高于基态,故A选项正确;NO?在大气中发生反应4NO2+O2+
2H2O==4HNO3,形成硝酸型酸雨,故B选项正确;根据题目“利用。3与NO
反应,产生激发态的NO2(用NO2*表示)”可知。3和NO可发生反应:NO+
03==NO2*+O2,故C选项正确;反应过程中汽车尾气中的NO和N02都可
以通过过程i和ii产生荧光,故D选项错误。故答案为:Do
11.聚碳酸酯(L)是滑雪镜镜片的主要材料,透明性好、强度高、不易碎,能够给运
动员提供足够的保护,其结构简式如下图。
o()
AA备
已知:2R,()H+K"()()R"、'R'()OR'+2R"()H°L可由两种链状单体经该反应制备。
下列关于L的说法不氐姮的是
A.制备L的反应是缩聚反应
B.制备L的每个单体分子中均含两个苯环
C.L中的官能团是酯基和酸键
D.通过蒸储出苯酚可促进L的合成
【答案】C
【解析】制备L的过程还会产生苯酚小分子,属于缩聚反应,故A选项正确;根据已
知反应可以推知制备L的单体为:和两
种单体分子中都含有两个苯环,故B选项正确;L的官能团为酯基和末端的羟
基,不含有酸键,故C选项错误;已知反应为可逆反应,蒸储出苯酚可降低生
成物浓度使平衡正向移动,促进L的合成,故D选项正确。故答案为:Co
12.在TC,HQ气体通过铁管时,发生腐蚀反应(X):
反应X:Fe(s)+2HCl(g)-FeCl2(s)+H2(g)△"(K=0.33)
下列分析不无理的是
A.降低反应温度,可减缓反应X的速率
B.在HC1气体中加入一定量H2能起到防护铁管的作用
C.反应X的△”可通过如下反应获得:
Fe(s)+Cl2(g)-FeCl2(s)NH\
H2(g)+Cl2(g)—2HCl(g)A“2
D.T℃时,若气体混合物中c(HCl)=c(H2)=0.5mol-LT,铁管被腐蚀
【答案】D
【解析】降低温度可以减少活化分子百分数,减缓化学反应速率,故A选项正确;加
入H2可使反应X平衡逆向移动,防止铁管被HC1腐蚀,故B选项正确;根据
盖斯定律可得故C选项正确;根据反应方程式可知Qc=器^
=昔=2,QC>K,此时逆反应速率大于正反应速率,铁管被保护,故D选项
错误。故答案为:D。
13.探究Na2s溶液的性质,进行如下实验。(已知:H2s的K61.3X10-7)
实验装置气体a现象
气体a—
1尾气处理溶液立即变黄,产生乳白色沉淀
ISO2
IIO2一段时间后,溶液略显浑浊
Na2s溶液
下列分析或解释正确的是
2
A.Na2s溶液呈碱性:S-+2H2O12OFT+H2s
B.实验I、II的现象说明,SO2的氧化性强于。2
C.两个实验中,通入气体后,试管中溶液的pH均降低
D.实验I中,Na2s溶液能促进SO2气体的溶解
【答案】D
2
【解析】H2s是二元弱酸,故S2-水解过程有两步:S-+H2Ou。OH+HS>HS-+
H2OOH-+H2S,故A选项错误;I中SO2气体溶于水显酸性,使溶液的
pH减小,II中。2不改变溶液pH,二者pH不同,无法直接比较SO2和。2的
氧化性,故B选项错误;I中发生反应:SO2+2S2-+2H2O==3S1+4OH,II中
发生反应:O2+2S2-+2H2O==2S1+4OH-,两反应pH均升高,故C选项错误;
实验1中Na2s溶液S2-水解产生大量OH,OH-可以和SC>2反应,可以促进
SO2溶解,故D选项正确。故答案为:Do
14.Fe2(SO4)3溶于一定量水中,溶液呈浅棕黄色(a)。加入少量浓HC1,黄色加深(b)。
已知:Fe3++4C「一[FeCU]-(黄色);浓度较小时[Fe(H2())6产(用Fe3+表示)几
乎无色
取溶液进行如下实验,对现象的分析不正硬的是
A.测溶液a的pH~1.3,证明Fe3+发生了水解
B.加入浓HCLH+与C「对溶液颜色变化、Fe3+浓度大小的影响是一致的
C.向b中加入AgNCh后,黄色褪去,说明H+能抑制Fe3+水解
D.将溶液a滴入沸水中,加热,检测有丁达尔效应,说明加热能促进Fe3+水解
【答案】B
3+
【解析】Fe3+发生水解反应:Fe+3H2O-Fe(OH)3+3H+使溶液显酸性,故A选项
正确;加入HCLH+浓度增大使Fe3+水解平衡逆向移动,Fe3+浓度增大,溶液
颜色变浅,而C「浓度增大则使Fe3++4C「-[FeCL「平衡正向移动,Fe3+
浓度降低,溶液颜色变深,H+与C「影响不一致,故B选项错误;加入硝酸银
后,浓度降低,Fe3++4Cr[FeCL「平衡逆向移动,排除浓HC1中C「
对溶液颜色变化的干扰。“黄色褪去”说明Fe3+溶液本身的浅棕黄色也消失,
而Fe3+溶液本身的浅棕黄色是因为Fe3+发生水解反应产生少量Fe(OH)3导致,
从而可证明浓HC1中H+能抑制Fe3+水解,故C选项正确;加热促进Fe3+水解
平衡正移,产生Fe(OH)3胶体,故D选项正确。故答案为:Bo
第二部分(非选择题,共58分)
15.(9分)以NaOH、C11SO4和HCHO为主要成分的镀液可在某些材料上镀铜,原理
如下:
2+
CU+2HCHO+4OH-fCu+2HCOO+2H2O+H2?
(1)基态Cu原子的价层电子排布式为。
(2)根据反应原理分析
①镀铜反应中,利用了HCHO的性。
②选择HCHO进行化学镀铜的原因之一是它易溶于水。下列分析正确的是
a.HCHO、H2O均属于极性分子
b.HCHO与H2O之间能形成氢键
c.在醛基的碳氧双键中,电子偏向碳原子
(3)镀液中的SO;、HCHO、H2O三种微粒,空间结构为三角形的是o
(4)为防止Ci?+与OFT形成沉淀,可加入EDTA使C#+形成配合物。EDTA能电
离出H+和EDTA4-O
■QGCH.CCH2coCT
-\/
4-
N—CH2—CH2—N(EDTA)
_
OOCH2CCH2coeT
EDTA,-中除部分O外,还能与CF+配位的原子是o
(5)铜一银镀层能增强材料的耐蚀性。按照核外电子排布,把元素周期表划分为5
个区。Ni位于_________区。
(6)聚酰亚胺具有高强度、耐紫外线、优良的热氧化稳定性等性质。某聚酰亚胺
具有如下结构特征:
上述方法不适合在该聚酰亚胺基材上直接镀铜。原因是:
①O
②聚合物有可能与Cu2+配位。
【答案】
(1)3dl04s'
(2)①还原
②ab
(3)HC1O
(4)N
(5)d
(6)①聚酰亚胺在碱性条件下会发生水解
【解析】
(l)Cu为29号元素,根据电子排布规则,Cu原子的价层电子排布式为3印。45|。故
答案为:3a4sL
(2)①根据题目方程式,HCHO反应后化合价升高,体现还原性。故答案为:还原。
②HCHO和H2O分子正电中心和负电中心不重合,均为极性分子,根据“相似相
溶”原理,极性分子更易溶于极性分子,故a选项正确;HCHO中O可以与
此。中的H形成氢键,故b选项正确。碳氧双键中0电负性大,电子偏向O,
故c选项错误。故答案为:ab。
(3)根据价层电子对互斥理论,SO:为正四面体,HCHO为平面三角形、比0为V
形。故答案为:HCHOo
(4)EDTA,-中,N有孤电子对,可与Cu2+配位。故答案为:No
(5)根据Ni价层电子排布可知位于d区。故答案为:d区。
(6)由题意,碱性环境下聚酰亚胺中酰胺基水解断裂。故答案为:碱性环境聚酰亚
胺易水解。
16.(12分)以次氯酸盐为有效成分的消毒剂应用广泛。电解NaCl溶液制备NaClO溶
液的装置示意如下。
资料:i.次氯酸钠不稳定:a.2NaClO==2NaCl+O2T
b.3NaClO==2NaCl+NaClO3
ii.将次氯酸盐转化为次氯酸能更好地发挥消毒功能,次氯酸具有更强的
氧化性
NaCl溶液NaQO溶液和H?
【制备】
(1)产生NaClO:
①生成NaClO的反应包括:2c「-2e-==Cbf、2H,O+2e-==H2T+2OH>
②测所得溶液pH,试纸先变蓝(pH句0)后褪色,说明溶液具有的性质是
(2)相同温度下,在不同初始pH下电解NaCl溶液,pH对NaClO浓度的影响如
下所示。
推测NaClO浓度在pH为3或13时较小的原因:
T,一
S
I.pH=13时,阳极有OH一放电E
、
股
送
II.pH=3时,CL的溶解度减小O
U
E
N
III.pH=3时,HC1O浓度增大,促使C1CT被氧化T]
373ptL
①检验电解产物,推测I成立。需要检验的物质是
②根据化学平衡移动原理,推测n合理。依据的化学平衡是o
③经检验,推测ni合理。用方程式解释:0
根据上述实验,电解法制备NaClO溶液,初始pH不宜过小或过大。
(3)同样方法电解CaC12溶液制备Ca(ClO)2,由于生成覆盖在电极表
面,电解难以持续。
【测量】
(4)取V]mL所得NaClO样液,加水稀释。依次加入KI溶液、稀H2so4。析出的
L用amol•LTNa2s2O3标准溶液滴定至浅黄色时,滴加2滴淀粉溶液,继续
滴定至终点,共消耗Na2s2O3溶液v2mLo(已知:b+2Na2s2O3==2Nal+
Na2s4)6)
-1
样液中c(NaClO)=mol,LO
【保存】
(5)低温保存、加入Na2co3,NaCICh等物质能增强NaClO溶液的稳定性。
【答案】
(1)①CL+2OH==C1+C1O+H2O
②碱性、氧化性
(2)①。2
②Cb+H,OHC1+HC1O
③2HC1O+C1O==C1O,+2C1+2H+
(3)Ca(OH)2
(4)avj/2v।
【解析】
(1)①阳极产生的Cb和阴极产生的OH-接触能够生成C1CT,故答案为:C12+2OH
==Cl+C1O+H2OO
②试纸遇到碱性溶液变蓝,遇到氧化性强的物质会被氧化而褪色,故答案为:碱
性、氧化性。
(2)①OH-在阳极放电的产物为。2,故答案为:02。
②根据Q2+H2O-HC1+HC1O,pH=3时,c(H+)较大,平衡逆向移动,Cb溶
解度减小,故答案为:C12+H2O-HCl+HClOo
③根据资料ii可知,HC10具有更强的氧化性,pH=3时,存在更多的HC1O,HCIO
可将C1CT氧化为eg,故答案为:2HC1O+C1CT=2C「+2H++C1O3。
(3)电解CaCb溶液原理与电解NaCl溶液一样,故阴极也产生OFT和H2,但溶液中
的Ca2+会与OH-结合生成微溶于水的Ca(OH)2覆盖在电极表面,故答案为:
Ca(OH)2o
(4)根据题意,NaClO与KI反应生成C「和卜,比例为:2KI+lNaClO^I2+Cro又已
知b〜2Na2s2O3,故得出比例关系式为:INaClO〜2Na2s2O3,所以2〃(NaQO)=
〃(Na2s2O3),2c(NaClO)xv尸c(Na2s2O3RV2,代入求得c(NaC10)=avJZvimol•LL
故答案为:av2/2vio
17.(10分)从印刷电路板的腐蚀废液(主要含CuCb、FeC13、FeCb等)中回收FeC13、
制备CuSO4-5H2O的流程如下。
(1)上述流程中能加快反应速率的措施有O
(2)粗品的主要成分是硫酸铜晶体,而不是硝酸铜晶体,分析有两种可能的原
因:
①相对于Cu2+,粗液中NO;浓度过小,原因是(用离子方程式表
示),不能得到硝酸铜晶体。
②粗液中NO3浓度较大,但由于,不能得到硝酸铜晶体。
(3)测量粗品CuSCU•5比0中铁(含Fe2+、Fe3+)的含量,评定纯度等级。
I.用水溶解一定质量粗品,加入稀H2s。4和H2O2溶液,加热。
II.待溶液冷却后,加入试剂X至溶液pH=ll。过滤、洗涤,得到红褐色沉
淀。
III.用稀HC1溶解红褐色沉淀,滴入KSCN溶液,稀释至一定体积。将溶液红
色的深浅与标准色阶对照,确定含量。
已知:C/+完全沉淀的pH为6.7,Fe3+完全沉淀的pH为2.8
①I中将Fe2+氧化为Fe3+的离子方程式是。
②试剂X是o
(4)电解:在不同电压、不同pH(pH<7)条件下电解0.1mol•LTFeCb溶液,
研究FeCb溶液的再生条件。
序号电压pH阴极现象阳极产物
iV1a无气泡,少量金属析出无Cb,有Fe3+
iiV1b较多气泡,极少量金属析出无CI2,有Fe3+
iiiV2a少量气泡,少量金属析出有Cb,有Fe3+
(V2>Vi,a>b)
①iii中产生Fe3+的原因有Fe2+-e-==Fe3+s。
②FeCb溶液再生的合适条件是(填实验序号)。
【答案】
(1)加热、搅拌
2+
(2)①3Cu+8H++2NO3==3Cu+2NOT+4H2O
②硫酸铜的溶解度小,硝酸铜的溶解度大
3+
(3)①2Fe2++H2O2+2H+==2Fe+2H2O
②氨水
(4)①2Fe2++Cb==2Fe3++2C「
②ii
【解析】
(1)上述流程中加热,使温度升高;搅拌,增加铁粉和腐蚀废液接触面积,故能加快
反应速率的措施为:加热、搅拌。
(2)①粗铜加入混酸溶液加热,粗铜和溶液中H+和NO3反应,消耗NO”生成
Cu2+,故相对Cu2+,粗液中NO3浓度过小,故答案为:3Cu+8H++2NO3==
2+
3CU+2NOT+4H2OO
②虽然粗液中NOs浓度较大,但最后得到的粗品是硫酸铜晶体,而非硝酸铜晶体,
这可能是因为溶液中硫酸铜的溶解度小,而硝酸铜的溶解度大,故在蒸发浓缩、
冷却结晶的操作后得到的是溶解度较小的硫酸铜晶体,故答案为:硫酸铜的溶
解度小,硝酸铜的溶解度大。
(3)①在酸性条件下,H2O2氧化Fe2+生成Fe3+,根据化合价升降守恒、原子守恒及
3+
电荷守恒配平得到答案为:2Fe2++H2Ch+2H+==2Fe+2H2Oo
②加入试剂X能调节溶液pH=ll,故试剂X为碱性试剂,故答案为:氨水。
(4)①iii中产生Fe3+的原因有两个,第一个是Fe2+自身放电,第二个是阳极产生的
3+
具有氧化性的Cl2将Fe2+氧化,故答案为:2Fe2++Cb==2Fe+2Cl-o
②根据题意得,实验i〜ii均能再生得Fe3+,但是根据阴极实验现象及分析溶液中
离子放电顺序可得,阴极产生气泡为H2,析出的金属为Feo实验目的是使FeCl3
溶液的再生,故阴极析出的金属Fe越少说明Fe元素的损失越少,阳极有Cb
说明Fe2+的电解效率低。实验i阴极“无气泡,少量金属析出”说明电解反应
速率低;实验ii中阴极“较多气泡,极少量金属析出”说明电解反应速率高、
Fe元素损失少、阳极产物只有Fe3+;实验iii阳极产物有Cb说明Fe?+的电解效
率低。三组实验对比下,实验ii电解速率高且电解效率高,适合再生FeCb溶
液。故答案为:ii。
18.(14分)药物Q能阻断血栓形成,它的一种合成路线如下所示。
0
C2II5人q
CH3co011NaOHi-------1II2I-------1
"""A~"AB
Aicb一R由回
0
F
(3四。2
J
C17H17NO2
已知:
W
..RNH2
n-R'CH°“R,CH=NR"
(1)也TA的反应方程式是_________
(2)B的分子式为C11H13NO2。E的结构简式是,
(3)M—P的反应类型是0
(4)M能发生银镜反应。M分子中含有的官能团是o
(5)J的结构简式是o
(6)W是P的同分异构体,写出一种符合下列条件的W的结构简式:
i.包含2个六元环,不含甲基
ii.W可水解。W与NaOH溶液共热时,1molW最多消耗3moiNaOH
0
(7)Q的结构简式是也可经由P与Z合成。
~'C0011
已知:旦曳ANH2
合成Q的路线如下(无机试剂任选),写出X、Y、Z的结构简式:
Qt严凡见一区一卫一区焉^
CN
【答案】
(1)^2>晒+CH3COOH<QHNH-C-CH3+H2O
(2)HjN-<QH^C2H5
(3)取代反应(酯化反应)
(4)竣基、醛基(一COOH、—CHO)
(答案合理即可)
【解析】
(1)由题意条件加热及官能团性质可知,该反应为氨基和竣基脱水的取代反应。故答
案为:+CH3C00H<QHNH-C-CH3+H2O°
(2)B的分子式为CUH]3NO2,算出不饱和度Q=6,则B中除了苯环外还有两个不饱
和度。根据信息i可知A—B反应取代了苯环上的1个H,再根据物质
o
C-0CH3..................
-CHgN彳)WHC,H;\,虚线框部分可知,取代在对位。故B的结构为
\一OH.J
H3CC-HN-CC^Ij;B—D的反应为水解反应,故D的结构为
用NTQ^C2H5;D-E为还原反应,
故E的结构为2H5。故答
案为:
(3)由F的分子式和产物根据已知信息ii及画
oO
虚线部分:""℃等万、知P的结构为7V^一0cli3;由(4)可知M的
睨^0个a比UCHO
9
结构为◎与一。/水解时2个一OH连在同一个碳上不稳定会脱水形成一CHO),
故M—P的反应为酯化反应;故答案为:取代反应(酯化反应)。
(4)M能发生银镜反应,故M中含有一CHO,再根据M分子式C8H6。3可知,M的
0
结构为故答案为:竣基、醛基(一COOH、—CHO)o
(5)由J的分子式Ci7H17NO2可知不饱和度。=10,故除了两个苯环外还有两个不饱和
9H
度为1的结构。再由框图可知常亡一0c0^^变为J的反应是-CH=N-
I
W-CH=N^J>-CHC2H5
先和H2发生加成反应,但加成后除了2个苯环外只有,1个碳氧双键不饱和结构,
9H
不满足分子式,再结合G的结构式可知冷于一/冉与H2加成后
W-CH=N^L»户研
OH
发生分子内取代生成J和CH3OH,J的结构为
0
(6)由(3)推断知P的机构为一0cH3,根据题目要求能水解,则含有酯基;两
个六元环,则苯环还有酯基和另外两个碳原子组成另外一个六元环;再根据“W
与NaOH溶液共热时,1molW最多消耗3molNaOH”可知酯基的-O-直接与苯
环相连,且还有1个一OH直接连在苯环上。故W的结构简式为:”
为9HqM5;则可知X、Y中对位有含N的官能团一NO?或者一NH2,
~'COOH
故X的结构为2H5;则Y为02NYQH^^5。故答案为:
2H5、OiNrQHC^HC2H5、/一^^例(答案合理即可)。
'CN'COOHN~~'COOH
2+,5
19.(13分)某小组验证“2Fe3++2「-2Fe+l2(反应A)存在限度,并探究外加
试剂对该平衡的影响。
(1)从正反应方向探究
实验.取5mL0.01mol•L-】KI溶液,加入2mL0.01mol•匚1FeCh溶液(pH
=1),溶液呈棕黄色,不再发生变化。
①通过检测出________,证实反应A存在限度。
②加入C04,振荡,平衡向移动。
③除反应A外,KI还发生_________(写方程式),促进Fe3+与「的反应。
(2)从逆反应方向探究
3+
实验.向碘水(含淀粉)中加入酸性FeSCU溶液,无明显变化。未检出FeO
①甲同学认为加入Ag2s。4溶液可增大Fe2+与12的反应程度。甲同学依据的原
理是o
②验证:加入Ag2so4溶液,产生沉淀a,溶液蓝色褪去。能检出Fe3+。
(3)乙同学认为碘水中含有「,加入Ag2so4溶液也可能产
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