2022年山东省临沂市河东区中考物理一模试卷（附答案详解）

2022年山东省临沂市河东区中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）

1.2022年3月23日下午，“天宫课堂”第二课在中国空间站

开讲。关于如图所示的讲课情景，判断正确的是（）

A.“天宫”的室内高度约2m

B.“天宫”的室内温度约36冤

C.王亚平对''天宫”地板的压力约500N

D.“天宫”的室内声速约3x108m/s

2,鉴于疫情防控形势，为保障师生员工生命安全和身体健康，从3月15日开始，临沂

市各级各类学校（含幼儿园），除能实行全封闭管理的高三年级之外，全部开始线上

教学.下列说法正确的是（）

A.教师讲课的声音是空气振动产生的

B.调节耳麦的音量改变的是声音的音调

C.关闭房间的门窗可在传播过程中减弱噪声

D.依据响度可听出是哪位同学正与老师互动

3.2022年3月20日晚，北京冬奥会闭幕式上举行会旗交接

仪式。如图所示，北京市市长陈吉宁挥动五环旗时，旗

杆相当于杠杆。下列工具，与旗杆属于同类杠杆的是（）

了安全用电的知识。下列小明所做的笔记，错误的是（）

A.洗衣机使用三孔插座能防止人触电

B.控制电灯的开关装在火线和灯之间

C.使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属体

D.不能在家庭电路中同时使用大功率用电器

5.2022年2月4日，北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华

民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的自然现象，属于凝华的是（）

6.关于热现象，下列说法正确的是（）

A.热值大的燃料含有的热量一定多B.物体吸收热量后温度不一定升高

C.对物体做功，物体内能一定增大D.热量从内能大的物体转移给内能小的

7.2021年7月24日，我国选手杨倩在女子10米气步枪中勇夺东京奥运会首金。下列光

现象，与瞄准射击原理相同的是（）

A.雨后彩虹

B.水中倒影

树下光斑

D.海上高楼

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8.为做好常态化新冠疫情防控工作，我市部分学校配备了体温检测门,

它是一种集人体温度检测和口罩探测的设备：门头装有高精度的体

温检测探头，能够测量人体额头的温度，同时装有可以检测人是否

戴口罩并能自动提示的摄像设备。当人体温度过高（Si闭合）或未戴

口罩时（S2闭合）时，报警指示灯就会亮起且电铃发出报警声。下面

的简化电路图，符合要求的是（）

9.关于信息和能源，下列说法正确的是（）

A.超导体可以用于远距离高压输电

B.“北斗”导航系统利用超声波传递信息

C.核电站利用核聚变释放的能量发电

D.石油和太阳能都属于不可再生能源

10.2022年，我市中心城区规划新建“袖珍公园”143处，有力满足了市民群众对生态

环境和就近休闲的需求。快速踩踏公园里的动感单车时，没有电源的动感单车就会

11.2022年2月6日，中国女足第9次捧起女足亚洲杯冠军奖杯

（如图）。关于足球比赛，下列判断正确的是（）

A.运动员鞋底的花纹可以减小与草地的摩擦

B.将球踢飞说明力可以改变物体的运动状态

C.在空中运动到最高点的足球受平衡力作用

D.在草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下

12.2021年12月12日，临沂市第十一届全民健身运动会“红色之旅、沂蒙骑行”自行

车赛在河东站开赛（如图）。关于比赛，下列说法正确的是（)

A.现场人声鼎沸是指声音的音调高B.加速冲出去的运动员的状态不变

C.宽大的车座可以减小对人体的压强D.匀速下坡的运动员的机械能保持不变

13.2022年3月23日，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在空间站进行了

第二次“太空授课”。在天宫内可以完成的实验是（）

A.探究平面镜成像的特点B.探究液体的压强特点

C.探究水的沸腾特点D.探究浮力的大小与哪些因素有关

14.2022年2月9日，作为首位征战冬奥北欧两项的中国选手，赵嘉

文顺利完赛。关于如图他比赛的情景，判断正确的是（）

A.穿滑雪板可以减小对雪地的压力

B.空中飞行的赵嘉文惯性不变

C.空中加速下落的赵嘉文动能不变

D.下落过程中没有力对赵嘉文做功

15.用光具座探究凸透镜的成像规律，将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛和光屏位

置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。下列判断正确的是（）

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A.该凸透镜的焦距可能是10.0cm

B.光屏上成像的性质与幻灯机相同

C.蜡烛左移后，应将光屏适度向左移动

D.仅将蜡烛和光屏互换，光屏上不能成像

16.将两物体分别挂在弹簧测力计下，让它们同时浸没在水中时，两弹簧测力计示数的

减小值相同，则这两物体必定有相同的（）

A.形状B.体积C.质量D.密度

17.如图所示电路的电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变

阻器的滑片向左移动的过程中（）

A.电流表示数变小

B.电压表示数不变

C.两表示数之比不变

D.电阻心的功率变小

18.甲、乙两只白炽灯泡的铭牌如图所示，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断正

确的是（）

A.乙灯的灯丝更细，正常发光时更亮

B.两灯并联时，只有一只灯可以正常发光

C.两灯串联时，电路最大总功率为56W

D.将两灯串联在440V电源上即可正常发光

19.网课期间，小明居家进行实验探究：向水平桌面上盛水的烧杯中放入鸡蛋，鸡蛋沉

至水底，如图甲所示；向水中缓慢加盐，搅拌使其溶解，鸡蛋静止时如图乙所示；

继续加盐，鸡蛋静止时如图丙所示。下列判断正确的是（）

A.图甲中的鸡蛋受力不平衡B.图乙中的鸡蛋所受浮力最大

C.图丙中的烧杯底部压强最大D.烧杯对桌面的压强始终不变

20.图甲所示电路的电源电压为6V,小灯泡的额定电压是2.5V。闭合开关S后，当滑片

从右向左移动的过程中，两电表示数关系如图乙所示。下列判断正确的是()

A.小灯泡正常发光时的电阻为6。B.小灯泡的额定功率为7W

C.滑动变阻器的最大阻值为70QD.电路的最大功率为5.6W

二、填空题(本大题共3小题，共18.0分)

21.2022年3月23日下午，“天宫课堂”第二课正式开讲，

如图为王亚平和叶光富互抛北京冬奥会吉祥物“冰墩

墩”的情景。

(1)将“冰墩墩”由地球带入“天宫”空间站，它的质

量(选填“变大”“变小”或“不变”)。

(2)“冰墩墩”被抛出，说明力可以改变物体的；被抛出的“冰墩墩”由于

会继续运动；以抛出的“冰墩墩”为参照物，王亚平是的。

(3)被抛出的“冰墩墩”在“天宫”空间站里由于几乎不受力，它做运动。

22.2022年3月23日，位于我市境内的山东最大抽水蓄能电站沂蒙电站正式投产，总装

机容量120万千瓦。抽水蓄能电站是为了解决电网高峰、低谷之间供需矛盾而产生

的，是间接储存电能的一种方式。在下半夜用电低谷时，它利用过剩的电力驱动水

泵，将水从下水库抽到上水库储存起来，次日白天和前半夜用电高峰时，再将水放

出发电，并流入下水库。其工作原理如下图。

⑴从构造上看，抽水蓄能电站(选填“是”或“不是”)连通器。

(2)储能时，水泵利用多余的电能将下水库的水抽到上水库，多余的电能转化为水

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的能；抽水机抽水是利用的作用把水“吸”上来的。

(3)发电时，发电机将水的动能转化为能，发电机的工作原理是；

发电时所利用的水能属于(选填“可再生”或“不可再生”)能源。

(4)蓄能电站某天发电量6x106kWh,这些能量至少需要燃烧热值为3.0x

107j/kg的煤炭kg,

(5)沂蒙抽水蓄能电站正式投产之日，正是满山的桃花次第开放之时，花香四溢说

明分子;桃花呈现红色是因为桃花能(选填“反射”或“吸收”)红

光。

上水庠_________

a

水

4由

JH

JI

下水

I库

二

廿

引

冰管J

尾

主

水

管

23.某品牌电热水瓶具有加热和电动出水两种功能，其简化电路如图甲所示，其中心为

电阻24.2。的电热丝，R?是阻值为107。的分压电阻，电磁泵的额定电压为6V。

甲乙

(1)电热水瓶的加热功率为W；电磁泵的额定功率为Wo

(2)电热水瓶烧水lOmin,能使图乙所示电能表铝盘转转；瓶内水温升高,

是用方式改变了水的内能。

三、作图题(本大题共2小题，共2.0分)

24.2022年2月18日，谷爱凌夺得北京冬奥会自由式滑雪女子U形场

地技巧金牌。如图为比赛中的谷爱凌，请画出她此时受到重力的

示意图(0为重心)。

25.图中光线为经凸透镜折射后的光线，请画出它对应的入射光

线。

四、实验探究题(本大题共4小题，共22.()分)

26.用玻璃板和两支完全相同的蜡烛探究平面镜成像的

特点。

(1)用玻璃板代替平面镜，既能成像又便于o

(2)点燃玻璃板前的蜡烛A,适当移动玻璃板后的蜡

烛B,蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，如图所示。这说明像与物体

(3)移走蜡烛B,将光屏放在蜡烛B的位置，光屏上(选填“能”或“不能”)

承接到蜡烛A的像。

(4)多次改变蜡烛A的位置获得多组数据，目的是(选填序号)。

A.取平均值减小误差

B.获得普遍规律

27.如图甲所示，用相同的酒精灯分别给水和煤油加热，来探究水和煤油的吸热能力。

⑴实验所用水和煤油的(选填“温度”“质量”或“体积”)应完全相同。

(2)实验过程中，某时刻煤油的温度如图甲所示，为℃,

(3)根据实验数据作出的水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图乙所示。由图

象可知，加热lOmin,水吸收的热量(选填“大于”、“小于”或“等于”)

煤油吸收的热量；水的沸点是℃;的比热容较大。

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28.为预防新冠肺炎，小明网购了浓度为75%的医用酒精，他用天平和量筒对酒精的密

度进行了测量。

丙

(1)将天平放在水平台上，游码归零后，指针位置如图甲所示，小明应将平衡螺母

向调节(选填“左”或“右”)，才能使天平平衡。

(2)向烧杯中倒入适量酒精，并用天平测量烧杯和酒精的总质量。通过加减祛码的

一番操作，当小明将祛码盒中最小的祛码放入右盘后，横梁指针如图乙所示，接下

来他应该(选填序号)。

A.向左调节平衡螺母

B.向右移动游码

C.取下最小的祛码后移动游码

(3)测出烧杯和酒精的总质量为91.2g后，将烧杯中的一部分酒精倒入量筒，如图丙

所示，则量筒中酒精的体积为cm3。

(4)测量烧杯和剩余酒精的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余酒

精的总质量为_____go

(5)该酒精的密度为g/cn?。

(6)实验完毕整理器材时，小明发现烧杯口附近有部分酒精液滴，他分析后认为对

实验结果没有影响，他的判断是(选填“对”或“错”)的。

29.用图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的功率，电源电压为6V,小灯泡的灯

丝阻值约100,可供选择的滑动变阻器有两只：Ri(40C0.5A)、R2(60fl0.3A),

(1)用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整。

(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最(选填“左”或“右”)端。闭

合开关后，小灯泡不亮，两电表指针均有微弱偏转，接下来应(选填序号)。

A.检查电路故障

B.换用小量程电表

C.滑动变阻器滑片，观察现象

(3)实验过程中，某时刻电流表示数如图乙所示，为Ao根据实验数据描绘

小灯泡的1-U图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率为Wo

(4)由图象可知，当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比(选

填“变大”“变小”或“不变”)；本实验所选用的滑动变阻器是o

五、计算题(本大题共2小题，共18.0分)

30.2021年11月28日，长城汽车整车及零部件生产基地落户我市，计划年产12万辆整

车。长城某型号四轮小汽车总质量为1.23每个轮胎与地面的接触面积为200cm2,

发动机的牵引力额定功率为60kW,百公里油耗10L。已知汽油的密度为0.75X

103kg/m3,g取10N/kg,求小汽车：

(1)静止在水平路面上时对路面的压强。

(2)以额定功率匀速行驶lOmin牵引力所做的功。

(3)行驶50km消耗汽油的质量。

31.油汀电暖器利用电热给封闭在电暖器内的煤油加热取暖。图甲是具有高中低三挡加

热功能的某品牌油汀电暖器，图乙为其简化的电路原理图，且发热电阻RI>R2，

部分铭牌见下表。已知油汀电暖器内电热丝加热煤油的效率为84%,煤油的比热容

为2.1x103j/(kg-oC),求：

额定电压220V

额定低温挡550W

功率高温挡1550W

煤油质量20kg

(1)低温挡的工作电流。

(2)加热电阻R2的阻值。

(3)使用中温挡加热，让煤油温度升温10冤需要的时间。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、航天员的身高在170cm左右，“天宫”室内高度略大于此数值，在

200cm=2m左右，故A正确；

B、“天宫”室内温度应该是感觉舒适的，在23笃左右，故B不正确；

C、航天员在空间站中处于失重状态，所以王亚平对“天宫”地板没有压力，故C不正

确；

D、“天宫”室内声速在340m/s左右，故D不正确。

故选：A»

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出正

确的选项。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理,

同时也能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】C

【解析】解：A、教师讲课的声音是老师的声带振动产生的，故A错误；

B、调节耳麦的音量时，耳麦的振幅发生改变，所以是为了改变声音的响度，故B错误；

C、关闭房间的门窗可是在传播过程中减弱噪声，故C正确；

D、能听出是哪位同学正与老师互动，依据的是声音的音色，故D错误。

故选：Co

(1)声音都是由物体振动产生的；

(2)响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关；音调与频率有关；音色是声音的品质与

特色，它与发声体有关，不同的发声体音色一般不同；

(3)减弱噪声的方法：在声源处，在传播过程中，在人耳处。

本题考查了声音的产生、声音的特性和减弱噪声的方法等，都属于基础知识，掌握基础

知识很重要。

3.【答案】B

【解析】解：行李车、开瓶器、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

旗杆、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力鸭，是费力杠杆。

故选：B。

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结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断

它是属于哪种类型的杠杆。

杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力

臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

4.【答案】C

【解析】解：A、三孔插座的中间孔接地线，三脚插头的中间脚接用电器金属外壳，能

防止人触电，故A正确；

B、控制电灯的开关装在火线和灯之间可以防止触电事故，故B正确；

C、测电笔使用时，手要接触笔尾金属体，才能导通测电笔使其正常工作，故C错误；

D、在家庭电路中同时使用大功率用电器，会使电路中的电流过大，根据=PRt可知，

电流过大通过导线产生的热量就越多，容易烧坏绝缘皮引起火灾，所以不能在家庭电路

中同时使用大功率用电器，故D正确。

故选：Co

(1)带金属外壳的用电器有漏电的风险，使用三孔插座时，把金属外壳接地，即使金属

外壳的用电器漏电，人体被接地的导线短路，不会对人体造成伤害；

(2)控制电灯的开关装在火线和灯之间，这样更换电灯或检查电灯线路时，在开关断开

状态下确保电灯不带电，可以防止触电；

(3)测电笔使用时，手要接触笔尾金属体，电流通过人体与大地流通，手绝不能接触笔

尖金属体；

(4)根据P=UI可知，在家庭电路中同时使用大功率用电器，会使电路中的电流过大，

根据=12Rt可知，电流通过导线产生的热量过多，容易烧坏绝缘皮引起火灾。

本题考查了一些安全用电的知识，平时学习时多了解、积累，加强安全意识。

5.【答案】D

【解析】解：A、冰雪消融，冰雪由固态变成液态，属于熔化现象，故A不符合题意：

B、雾绕山峦，雾是液态的小水滴，是空气中的水蒸气遇冷由气态变化形成的，属于液

化现象，故B不符合题意；

C、露珠晶莹，露是空气中的水蒸气液化形成的，是液化现象，故C不符合题意；

D、霜打枝头，霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故D符合题

意。

故选：D»

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫

液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

6.【答案】B

【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，所以热值大的燃料含有的

热量一定多的说法是错误的，故A错误；

B、物体吸收热量后温度不一定升高，比如晶体熔化过程中，继续吸热，但是温度不变，

故B正确；

C、对物体做功，物体的内能不一定增大；如用力提升重物时，物体的质量、温度和状

态均不变，此时物体的内能不变，而机械能增大了，故C错误；

D、热量从温度高的物体传递给温度低的物体的，故D错误。

故选：Bo

(1)热量是一个过程量，不能说含有多少热量，只能说含有多少内能；

(2)晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变；

(3)改变物体内能的方式：做功和热传递；

(4)热传递的条件是两物体间有温度差，热量总是从高温物体传递给低温物体，或从物

体的高温部分传递给物体的低温部分。

本题考查温度、热量、内能的联系与区别，是一道常考题。

7.【答案】C

【解析】解：A、雨后彩虹是光的色散现象，属于光的折射现象，故A错误；

B、在河水中的“倒影”是平面镜成像，属于光的反射现象，故B错误；

C、阳光穿过树叶缝隙在地面上形成清晰亮斑，是光沿直线传播形成的太阳的实像，故

C正确：

D、海市蜃楼是太阳光经过不均匀的大气层发生折射形成的，属于光的折射现象，故B

错误。

故选：Co

(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影

子的形成、日食和月食等；

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的

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倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的

折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形

成的。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，

在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

8.【答案】B

【解析】解：根据题意可知，当人体温度过高(Si闭合)或未戴口罩时(S2闭合)时，报警

指示灯就会亮起且仪器发出报警声，这说明任何一个开关闭合，整个电路工作，即这两

个开关互不影响，是并联在电路中的，然后与灯泡和电铃串联在电路中，故B正确。

故选：B。

当人体温度过高(Si闭合)或未戴口罩时(S2闭合)时，报警指示灯就会亮起且仪器发出报

警声，这说明任何一个开关闭合，整个电路工作，据此判定电路的连接方式。

本题考查了串并联电路的设计，明确两个开关的连接方式是解题的关键。

9.【答案】A

【解析】解：A、超导体的电阻为0,超导体通过电流时，不会产生热量，适合用于不

需要发热的地方，输电线不需要产生热量，故A正确；

B、超声波无法在大气层外传播，北斗导航系统是利用电磁波传递信息的，故B错误；

C、核电站是利用可控的核裂变来发电的，故C错误；

D、太阳能可以源源不断地得到，是可再生能源，而煤、石油、天然气属于化石能源，

是不可再生能源，故D错误。

故选：A。

(1)超导体的电阻为0,超导体通过电流时，不会产生热量。

(2)电磁波可以传递信息：声波无法在真空中传播。

(3)核电站是利用可控的核裂变实现的。

(4)能从自然界源源不断得到的是可再生能源，一旦消耗就很难在短时间内得到补充的，

是不可再生能源。

此题考查了核能的利用、电磁波的利用、超导材料等知识点，是一道综合题，但难度不

大。

10.【答案】B

【解析】解：快速踩踏公园里的动感单车时，没有电源的动感单车就会“点亮”单车上

绚丽的灯光，这说明电路中产生了电流，这是电磁感应现象：

A、该装置是探究电流的磁效应的实验，故A错误；

B、该装置是探究电磁感应现象的实验，故B正确；

C、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，利用了电流的磁效应，故C错误；

D、该装置是探究通电导体在磁场中受力运动，故D错误。

故选：B。

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁

感应现象：分析各个实验装置的原理，得出答案。

解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应现象的原理，再同相关的实

验装置相对应即可。

11.【答案】B

【解析】解：A、运动员鞋底的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度

来增大摩擦的，故A错误；

B、将球踢飞，足球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；

C、足球运动到最高点时受到重力和空气阻力的作用，它们的大小不同，方向也不在一

条直线上，此时受力不平衡，故C错误；

D、在草地上滚动的足球停下来是因为受到了摩擦力的缘故，故D错误。

故选：B»

A、根据增大和减小摩擦的方法分析；

B、力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；

C、二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一

个物体上；

D、力是改变物体运动状态的原因。

本题主要考查物体运动状态变化的判断、力的作用效果、力与运动的关系、增大或减小

摩擦的方法等多个知识点，是一道综合性较强的题目。

12.【答案】C

【解析】解：A、现场人声鼎沸是指声音的响度大，故A错误；

B、加速冲出去的运动员的运动状态发生了改变，故B错误；

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C、宽大的车座是在压力一定时，增大受力面积来减小对人体的压强，故c错误；

D、匀速下坡的运动员，质量不变，速度不变，动能不变。高度不断减小，重力势能减

小，故它的机械能减小，故D错误。

故选：Co

(1)响度是指人耳感觉到的声音的大小：

(2)静止或匀速直线运动都是运动状态没有变化；

(3)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；

(4)机械能包括动能和势能，运动的物体具有动能；被举高的物体具有重力势能。

本题考查的知识点较多，是一道基础题。

13.【答案】A

【解析】解：A、探究平面镜成像的特点，与失重环境无关，可以在空间站内完成实验，

故A符合题意；

B、液体因为受重力且具有流动性，液体内部向各个方向都有压强，所以在失重状态下

无法用液体压强计探窕液体压强特点，故B不符合题意；

C、空间站是真空环境，没有气压，无法探究水的沸腾特点，故C不符合题意；

D、浮力是由于液体对浸在它里面的物体产生的向上和向下的压力存在着压力差，故该

实验需要在重力作用下产生的，而在无重力的空间站很难完成该操作，故D不符合题意。

故选：Ao

空间站在轨道上飞行时，与地面最大的不同就是“失重”，而失重是指物体失去地球的

吸引所表现出来的状态，因此这时会影响到重力的测量，而其他的测量则应具体问题、

具体分析。

解决本题的关键知道空间站里的物体处于完全失重状态，在地球上凡是测量跟重力有关

的测量在进入空间站后都不能完成。

14.【答案】B

【解析】解：A、穿滑雪板可以增大受力面积，减小对雪地的压强，但不能减小压力，

故A错误；

B、空中飞行的运动员质量不变，所以惯性大小不变，故B正确；

C、空中加速下落的运动员质量不变，速度增大，所以动能变大，故C错误；

D、下落过程中运动员受到重力，且在重力方向上通过了一定距离，因此重力对运动员

做了功，故D错误。

故选：Bo

(1)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；

(2)惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；

(3)动能大小的影响因素：质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大；

(4)做功的两个必要条件是：有力作用在物体上，且物体沿力的方向运动一段距离。

本题以运动场景为背景，考查了对减小压强方法、惯性、动能、做功等知识的掌握，有

一定综合性，但难度不大。

15.【答案】C

【解析】解：A、根据图中蜡烛位置可知，此时物距为：u=50cm—10cm=40cm,像

距为：v=74cm—50cm=24cm。此时u>2f,即40cm>2f,而f<v<2f,即f<24cm<

2f,

解得：12cm<f<20cm,故A错误：

B、因为v<u,所以成倒立缩小的实像，生活应用是照相机，故B错误；

C、蜡烛左移后，应将光屏适度向左移动，故C正确；

D、根据光路的可逆性可知，若蜡烛和光屏对调，光屏上仍能得到清晰的像，只是像的

性质变为倒立放大的实像，故D错误。

故选：Co

(1)凸透镜成像的规律：

当u>2fB寸，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；

当2f>u>田寸，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；

当u<fn寸，成正立、放大的虚像，放大镜就是根据这个原理制成的。

(2)凸透镜成实像时，物距变大，像距应减小；

(3)凸透镜成像时，遵守光路可逆原理。

理解凸透镜的成像规律、凹透镜对光的发散作用，可解答此题。

16.【答案】B

【解析】解：根据称重法可知：两弹簧测力计示数的减小值相同，说明所受浮力相同，

根据公式F浮=「液且丫排，说明排开液体体积相同，因为它们是浸没在水中，则排开液体

的体积与物体体积相同，所以这两个物体体积相同。

故选：Bo

根据称重法可知两弹簧测力计减小的数值相同，说明物体受到的浮力相同，根据阿基米

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德原理即可判断。

本题考查浮力大小的计算和阿基米德原理的理解，关键是知道物体排开液体的体积与物

体体积相同。

17.【答案】C

【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量及两端的电压，电流表测量电

路中的电流；

闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变

小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表示数变大；

根据U=IR可知，氏两端的电压变大，电压表示数变大；

根据R=^可知，电压表与电流表示数的比值为%的阻值，保持不变；

电路中的电流变大，根据P=12R可知，电阻心的功率变大；

综上所述，C正确，ABD错误。

故选：Co

由图可知，该电路为串联电路，电压表测量％两端的电压，电流表测量电路中的电流;

闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，根据滑动变阻器接入电路中电

阻的变化分析电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；

根据U=IR分析电压表示数的变化；根据R=苫分析电压表与电流表示数比值的变化；

根据P=I2R分析电阻％的功率的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，

难度不大。

18.【答案】C

【解析】解：A、从图可知，两灯的额定电压相同，乙的额定功率P乙额比甲的额定功率

P甲额大；

U2

由公式R=J可知，乙灯泡的电阻比甲灯泡的电阻小，即区甲＞区乙；灯丝都是由鸨做

成，材料相同，从影响电阻大小的因素可知，在长度和材料相同时，横截面积越小，电

阻越大；

从而可知，乙的灯丝横截面积比甲的大，则甲灯丝更细，故A错误；

B、两灯并联后接在220V的电路中，两灯两端的实际电压相等且等于额定电压，所以两

灯都可以正常发光，故B错误;

C、由P="的变形式可得两灯泡的电阻分别为:

U2_(220V)2

=1210(1,R/==48411.

由P=U1可得，两灯的额定电流分别为:

rri=-----------------A，17-----

U220V11乙U

两灯串联时，电流相等，电路中允许的最大电流为1=1甲=^A,

此时甲灯正常发光，所以甲灯实际功率为P实际甲=P甲额=40W,

乙灯实际功率为P实际乙=PR乙=eA/x484。=16W；

电路最大总功率为P最大=P实际甲+P实际乙=40W+16W=56W,故C正确；

D、将两灯串联在440V电源上，由于R甲,R乙，根据“串联电路，电阻越大，分得的电

压越多”可知，甲灯两端分得的电压大于220V,乙灯两端分得的电压小于220V,所以

两灯都不会正常发光，故D错误。

故选：Co

(1)由灯泡的铭牌可知两灯的额定电压和额定功率，可利用公式R=言来比较两灯灯丝

»!

电阻的大小关系，灯丝都是由鸨做成，若长度相同，根据影响电阻大小的因素，可知鸨

丝粗细的关系；

正常发光时，实际功率等于额定功率，实际功率越大，灯泡越亮；

(2)根据两灯并联接在220V电路中，实际电压等于额定电压判断两灯发光情况；

(3)由P=?的变形式可分别求得两灯泡的电阻，由P=U1可得两灯的额定电流，从而可

知两灯串联时电路中允许通过的最大电流为额定电流小的那个，即额定电流小的灯泡正

常发光，由P=PR可求得额定电流大的灯泡的实际功率，进而可求得两灯串联时电路

最大总功率；

(4)将两灯串联在440V电源上，根据串联电路分压原理判断甲、乙两灯泡两端的实际电

压，然后根据“实际电压等于额定电压才会正常发光”判断两灯是否正常发光。

此题主要考查电功率的计算，熟练应用电功率的变形公式、串并联电路的特点是正确解

题的关键。

19.【答案】C

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【解析】解：A、图甲中的鸡蛋静止，处于平衡状态，受力平衡，故A错误；

B、图甲中鸡蛋下沉，所受浮力小于自身重力，图乙中的鸡蛋悬浮，所受的浮力等于自

身的重力，图丙中的鸡蛋漂浮，所受的浮力等于自身的重力，故图乙、丙中的鸡蛋所受

浮力大小相同，故B错误；

C、图丙中的盐水的密度最大，根据m=pV可知盐水的质量最大，根据F=G总=m总g可

知，盐水和鸡蛋对丙图容器底部的压力最大，根据p=（可知可知烧杯底部压强最大，

故C正确；

D、加盐过程中，根据F=G总可知烧杯对桌面的压力逐渐变大，根据p=（可知烧杯对

桌面的压强逐渐变大，故D错误。

故选C。

A、物体静止或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受力平衡；

B、图甲中鸡蛋下沉，所受浮力小于自身重力，图乙中的鸡蛋悬浮，所受的浮力等于自

身的重力，图丙中的鸡蛋漂浮，所受的浮力等于自身的重力；

C、图丙中的盐水的密度最大，根据m=pV可知盐水的质量最大，根据F=G总=m总g可

知盐水和鸡蛋对丙图容器底部的压力，根据p=（可判断烧杯底部压强：

D、加盐过程中，根据F=G总可知烧杯对桌面的压力的变化情况，根据p=（可知烧杯

对桌面的压强的变化情况。

本题考查压强、浮力的有关知识，综合性强，难度适中。

20.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流

表测电路中的电流。

A、当小灯泡正常发光时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

由图乙可知，小灯泡两端的电压比=1»额=2.5丫时，通过的电流IL=0.28A,

由欧姆定律可知，此时灯泡的电阻：丸=券=”8.9。，故A错误；

U.ZoA

B、小灯泡的额定功率：P额=UJL=2.5Vx0.28A=0.7W,故B错误；

C、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡分得的电压最小,

由图乙可知，小灯泡两端的最小电压UJ=O.4V时，通过的电流IL'=0O8A,

此时滑动变阻器两端的电压：UR'=U-Uj=6V-0.4V=5.6V,

由串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流：IR'=IL'=0Q8A

则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大=*《襄=70Q,故C正确；

八1R，U.UOA

D、由A可知，电路中的最大电流：1大=1L=0・28A,

则电路的最大功率：P大=UI大=6VxO.28A=1.68W,故D错误.

故选：Co

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的

电流。

(1)当小灯泡正常发光时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根

据图乙读出小灯泡两端的电压为额定电压时通过的电流，根据欧姆定律求时灯泡的电阻;

(2)根据P=UI求出灯泡的额定功率；

(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图乙读出小灯泡

两端的最小电压和通过的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电

压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值；

(4)根据P=U1求出电路的最大功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，从图象中获取有用的

信息是关键。

21.【答案】不变运动状态惯性运动匀速直线

【解析】解：(1)将“冰墩墩”由地球带入“天宫”空间站，它的位置发生了变化，但

其所含物质的多少没有变化，所以质量不变。

(2))“冰墩墩”被抛出，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；

被抛出的“冰墩墩”由于惯性，仍然会保持原来的运动状态，所以会继续运动；

以抛出的“冰墩墩”为参照物，王亚平与“冰墩墩”之间的位置发生了变化，所以王亚

平是运动的。

(3)被抛出的“冰墩墩”处于运动状态，在“天宫”空间站里由于几乎不受力，根据牛

顿第一定律可知，它做匀速直线运动。

故答案为：(1)不变；(2)运动状态；惯性；运动；(3)匀速直线。

(1)物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、

位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关。

(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；

物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；

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在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物,物体的位置相对于参照物发生变化，

则运动，不发生变化，则静止。

(3)根据牛顿第一定律分析解答。

此题以社会热点问题一一“天宫课堂”为背景考查了质量及其特性、力的作用效果、惯

性、运动和静止的相对性、牛顿第一定律等力学知识，涉及到的知识点多，综合性强,

难度适中，属于热点题型。

22.【答案】是重力势大气压电电磁感应现象可再生7.2x105不停地做无规则

运动反射

【解析】解：(1)从构造上看，抽水蓄能电站上端开口，底部相连，属于连通器；

(2)蓄能时，水被抽到上水库中，水的高度增加，所以电能转化为水的重力势能；抽水

机抽水是通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的

作用下，被压上来；

(3)发电时，发电机将水的动能转化为电能，发电机是利用电磁感应现象的原理工作的；

水能能从自然界源源不断获得，属于可再生能源；

(4)煤炭放出的热量为：Q=W=6x106kW-h=6x106x3.6x106J=2.16x1013J,

则煤炭的质量为：m=,=兼濡%=7.2x105kg；

(5)芳香四溢，我们闻到花香，是发生了扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运

动；桃花呈现红色，是因为桃花反射红光。

故答案为：(1)是；(2)重力势；大气压；(3)电；电磁感应现象；可再生；(4)7.2x105；

(5)不停地做无规则运动；反射。

(1)上端开口，下端相连的容器叫连通器；

(2)蓄能时，水被抽到上水库中，水的高度增加，所以电能转化为水的重力势能；抽水

机是利用大气压工作的：

(3)发电机工作时，机械能转化为电能；发电机的工作原理是电磁感应现象；能从自然

界源源不断地获得的能源是可再生能源；

(4)根据W=Q=mq求出煤炭的质量；

(5)分子在永不停息地做无规则的运动，会发生扩散现象；不透明物体的颜色由物体反

射的色光决定的，白色反射所有的色光，黑色吸收所有的色光，彩色物体只反射和物体

相同的色光。

本题考查了连通器、能量的转化、燃料燃烧放热公式的应用、分子动理论、物体的颜色，

考查的较全面。

23.【答案】200012400热传递

【解析】解：只闭合开关Si时，电路为右的简单电路，此时电热水瓶处于加热状态；

只闭合S2时，电路为R2和电磁泵串联的电路，此时电热水瓶处于电动出水状态。

(1)加热功率：P如热=压=鬻=2000W=2kW；

电磁泵的额定电压为6V,则电磁泵正常工作时R2两端的电压出=220V-6V=214V,

根据欧姆定律可知此时电路中的电流I=鲁=鬻=2A,

K2/it

电磁泵的额定功率：P电磁泵=U电磁泵I=6Vx2A=12WO

(2)该电热水器在lOmin内消耗的电能为：W=P加热t=2kWx10x意h=—W♦h,

根据图乙所示电能表可知：“1200r/(kW-h)”表示每消耗lkW-h的电能电能表的转盘

转1200转，

则电能表的转盘的转数为：n=|kW-hx1200r/(kW-h)=400r；

瓶内水温升高，内能增大，是通过热传递改变了水的内能。

故答案为：(1)2000；12；(2)400：热传递。

只闭合开关Si时，电路为％的简单电路，此时电热水瓶处于加热状态；

只闭合S2时，电路为R2和电磁泵串联的电路，此时电热水瓶处于电动出水状态。

(1)根据P=UI=?求出加热功率；电磁泵的额定电压为6V,根据串联电路的电压特点

得出电磁泵正常工作时R2两端的电压，根据欧姆定律可知此时电路中的电流，根据P=

UI得出电磁泵的额定功率。

(2)根据W=Pt出该电热水器在lOmin内消耗的电能；电能表所标“1200r/kW-h”表示

每消耗lkW-h的电能电能表的转盘转1200转，据此可以求出电能表铝盘的转数；

改变内能方式：做功、热传递.

本题考查电能表各参数的含义、电功与热量的综合计算，综合性强，难度适中。

第24页，共30页

24.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，从谷爱凌重心画一条带箭头的竖直向下的

有向线段，用G表示，如图所示：

、％

【解析】根据重力的方向是竖直向下的，从谷爱凌重心做竖直向下的力即可。

本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。

25.【答案】解：过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，如图所示:

【解析】先确定所给的折射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点(三条特殊光线)作

图。

熟记凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折

射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。

26.【答案】确定像的位置大小相等不能B

【解析】解：(1)玻璃板既能反射成像，又能透光，在A蜡烛一侧能看到A蜡烛的像，又

能看到代替A蜡烛的像的B蜡烛，当B蜡烛和A蜡烛的像完全重合时，B蜡烛就是A蜡烛像

的位置，所以实验中用透明的玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置；

(2)两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛乂和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物

大小相同；

(3)将一个光屏放在像的位置，如果光屏能接收到像，则是实像，如果不能，则证明平

面镜成的像是虚像，故由于平面镜所成的像是虚像，所以在后面的光屏上不能得到像：

(4)一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，研究像与物体到镜面距

离的普遍规律，避免实验现象的偶然性，故B正确。

故答案为：(1)确定像的位置；(2)大小相等；(3)不能;(4)8,

(1)实验中用透明的玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置；

(2)在实验中为了便于研究像的特点与位置，用了两支相同的蜡烛，将另一支蜡烛放在

像的位置与像进行比较，运用了替代法；

(3)根据虚像光屏接收不到，实像光屏能接收到来验证验证平面镜成的像是否是虚像；

(4)一次实验不具备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，

才能保证结论的正确。

本题主要考查了平面镜成像实验。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现

的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

27.【答案】质量93等于98水

【解析】解：(1)探究物质吸热能力的大小时，需要控制物质的质量相同，所以实验所

用水和煤油的质量应完全相同；

(2)由图可知，温度计的分度值为1。。示数为93汽；

(3)加热lOmin,由转换法可知，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；根据水和煤油的温

度随加热时间变化的图像(如图乙)，由图乙可知，水的沸点是98汽；

由图乙可知，质量相同的水和煤油，加热相同时间，水升高的温度要小于煤油升高的温

度，所以水的吸热能力强。

故答案为:(1)质量;(2)93；(3)等于；98；水。

(1)根据控制变量法分析解答；

(2)根据温度计的温度值和液面的位置读数；

(3)使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

比较物质吸热能力的2种方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热

量多的吸热能力强；

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度

变化小的吸热能力强；

液体在沸腾时.，吸收热量，温度不变，该温度为液体的沸点。

本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法

及水的比热容大的运用，为热学中的重要实验。

28.【答案】右C4056.40.87对

【解析】解：(1)由图甲知横梁指针偏向分度盘的左侧，应该向右调节平衡螺母使天平

平衡；

(2)当小明将祛码盒中最小的祛码放入右盘后，横梁指针仍偏向分度盘的右侧，此时应

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该将最小的祛码取下，再向右移动游码，使天平水平平衡，故C正确；

(3)由图可知，量筒的分度值为2mL,示数为40mL=40cm3；

(4)如图丙所示,游码标尺的分度值是0.2g,烧杯和剩余酒精的总质量为:m=50g+5g+

1.4g=56.4g；

(5)倒入量筒中酒精的质量为:m=91.2g-56.4g=34.8g,

酒精的密度为：

Pl""*

(6)实验中测密度用的是量筒中酒精的质量和体积求得的，这部分质量是用差值法求得

的，用倒出前烧杯和酒精的总质量减去倒出后酒精和烧杯的质量，烧杯口的酒精滴液并

未倒入量筒，故对实验没有影响，故他的判断是对的。

故答案为：(1)右;(2)C；(3)40；(4)56.4；(5)0.87；(6)对。

(1)调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，左偏右调，右偏左调；

(2)在称量过程中，应通过加减祛码或移动游码的方法来使天平平衡；

(3)量筒读数时，先确定量筒的分度值，再根据液面位置读出数值；

(4)利用天平测量物体质量时，物体质量等于祛码的质量和游码对应的刻度值之和；

(5)根据量筒的分度值读出量筒中酒精的体积，根据酒精的质量和体积求出其密度；

(6)实验中测密度用的是量筒中酒精的质量和体积求得的，这部分质量是用差值法求得

的，烧杯口的酒精滴液并未倒入量筒，据此判断出对实验的影响。

本题是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算，天平和

量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握

扎实牢固。

29.【答案】右C0.160.625变大R2

【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V,故电压表应选小量程并联在灯泡两端，如下

图所示:

(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即最右端；闭

合开关后，两电表指针均有微弱偏转，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，为了判断是

否有故障，接下来应滑动变阻器滑片，观察现象，故选C；

(3)由图甲可知，电流表选用小量程，由图乙可知，电流表分度值0.02A,其示数为0.16A；

根据1-U图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A,小灯泡额定